2023年山東省臨沂市高考物理一模試卷(含答案解析)

2023年山東省臨沂市高考物理一模試卷

一、單項(xiàng)選擇題〔本大題共8小題，共24.0分〕

1.以下說法正確的選項(xiàng)是（）

A.原子核的結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定

B.2327Tl衰變?yōu)?12班要經(jīng)過5次a衰變和3次0衰變

9083

C.222Rn的半衰期3.8天，8個(gè)222Rn原子核經(jīng)過7.6天后剩下2個(gè)222/?"原子核

868686

D.不管是輕核聚變還是重核裂變，都要滿足質(zhì)量守恒和電荷量守恒

3.8.下表列出了某種型號(hào)轎車的局部數(shù)據(jù)，表格右側(cè)圖為轎車中用于轉(zhuǎn)變車速的擋位，手推變速

桿到達(dá)不同擋位可獲得不同的運(yùn)行速度，從“1?5”逐擋速度增大，R是倒車擋。試問假設(shè)轎

車在額定功率下，要以最大動(dòng)力上坡，變速桿應(yīng)推至哪一檔？以最高速度運(yùn)行時(shí)，轎車的牽引

力約為多大?

長/nunx寬/nunx高/nun4871x1835x1460

凈重/kg

1500

傳動(dòng)系統(tǒng)前輪驅(qū)動(dòng)與擋變速

發(fā)動(dòng)機(jī)型式直列4缸

發(fā)動(dòng)機(jī)排量(L)2.2

最高時(shí)速(/OTI//1)252

10Okm/h的加速時(shí)間(s)10

額定功率(kw)140

A.“1”檔、2023/VB.“5”檔、2023N

C.“1”檔、MOOND,“5”檔、8000N

4.依據(jù)磁場(chǎng)對(duì)電流會(huì)產(chǎn)生作用力的原理，人們研制出一種型的放B

=

射炮彈的裝置-電磁炮，其原理如下圖：把待發(fā)炮彈(導(dǎo)體)放置==y=^=T=—

在強(qiáng)磁場(chǎng)中的兩平行導(dǎo)軌上，給導(dǎo)軌通以大電流，使炮彈

作為一個(gè)通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)作用下沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)，并以某一速

度放射出去.現(xiàn)要提高電磁炮的放射速度，你認(rèn)為以下方案在理論上可行的是()

A.減小電流/的值

B.增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B的值

C.減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B的值

D.轉(zhuǎn)變磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向，使之與炮彈前進(jìn)方向平行

5.以下關(guān)于三種宇宙速度的說法中正確的選項(xiàng)是()

A.第一宇宙速度4=7.9km/s,其次宇宙速度4=11.2km/s,則人造衛(wèi)星繞地球在圓軌道上

運(yùn)行時(shí)的速度大于等于%,小于嶺

B.美國放射的鳳凰號(hào)火星探測(cè)衛(wèi)星，其放射速度大于第三宇宙速度

c.其次宇宙速度是在地面四周使物體可以擺脫地球引力束縛，成為繞太陽運(yùn)行的人造小行星的

最小放射速度

D.第一宇宙速度7.9km/s是人造地球衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最小運(yùn)行速度

6.一束單色光從真空斜射向某種介質(zhì)的外表，光路如下圖。以下說法中正確

的是（）

A.此介質(zhì)的折射率等于1.5

B.此介質(zhì)的折射率等于

入射角小于45。時(shí)可能發(fā)生全反射現(xiàn)象

D.入射角大于45。時(shí)可能發(fā)生全反射現(xiàn)象

7.以下試驗(yàn)或者事實(shí)，提醒了原子不是組成物質(zhì)最小微粒的是（）

A.電子的覺察B.光電效應(yīng)試驗(yàn)

C,a粒子散射試驗(yàn)D.康普頓效應(yīng)

8.如下圖，將三個(gè)完全一樣的小球1、2、3分別從同一高度由靜止釋放（圖甲、圖丙）或平拋（圖乙）,

其中丙是一固定在地面上傾角為45。的光滑斜面，不計(jì)空氣阻力，則每個(gè)小球從開頭運(yùn)動(dòng)到落地

()

A.全程重力做功

B.落地瞬間速度%=%=%

C.落地瞬間重力的功率P1=

D.全程重力做功的平均功率Pi=P2=「3

二、多項(xiàng)選擇題〔本大題共4小題，共16.0分〕

9.如下圖，在波的轉(zhuǎn)播方向上有相距1m的6個(gè)質(zhì)點(diǎn)a、b、c、d、e、

/■均靜止在各自的平衡位置，一列橫波以Im/s的水平速度向右傳播。此波在t=0時(shí)刻到達(dá)質(zhì)點(diǎn)

a,a質(zhì)點(diǎn)開頭由平衡位置向下振動(dòng)，t=6時(shí)質(zhì)點(diǎn)a第一次到達(dá)最低點(diǎn)，則在8s<t<9s這段時(shí)

間內(nèi)，以下說法正確的選項(xiàng)是（）

A.質(zhì)點(diǎn)c的加速度漸漸增大B.質(zhì)點(diǎn)d向下運(yùn)動(dòng)

C質(zhì)點(diǎn)。的速度漸漸增大D.質(zhì)點(diǎn)，振幅漸漸變小

10.如下圖電路中，%/?2為可變電阻，場(chǎng)為定值電阻，。為抱負(fù)二極管。

在平行金屬板M、N內(nèi)部左側(cè)中心P有一質(zhì)量為m的帶電粒子（重力不計(jì)）以

水平速度％射入電場(chǎng)并打在N板的。點(diǎn)。假設(shè)保持水平速度/不變，以下說

法

正確的選項(xiàng)是（）

A.只增大勺，粒子將打在0點(diǎn)右側(cè)

B.只增大乙，粒子還將打在。點(diǎn)

C.只將M板豎直向上平移，粒子還將打在。點(diǎn)

D.只將M板豎直向下平移，粒子還將打在0點(diǎn)

11.如下圖，目前世界上最大的無軸式摩天輪是位于山東濰坊的空心摩天輪,

直徑125米，旋轉(zhuǎn)一周大約需要半個(gè)小時(shí)。摩天輪在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)

動(dòng)，乘客始終相對(duì)吊廂靜止，貝女）

A.乘客的加速度為零

B.15m譏內(nèi)乘客的位移約為1257n

C.乘客的速率約為0.22?n/s

D.乘客轉(zhuǎn)動(dòng)到最低點(diǎn)處于失重狀態(tài)

12.如下圖，在矩形4BCD的2D邊和BC邊的中點(diǎn)M和N各放一個(gè)點(diǎn)電荷，它們-3f

分別帶等量的正、負(fù)電荷.E、F分別是4B邊和CC邊的中點(diǎn)，P、Q兩點(diǎn)在L--------L--------1,

MN的連線上，MP=QN,則（）

A.E和尸場(chǎng)強(qiáng)一樣且電勢(shì)相等

B.P和Q場(chǎng)強(qiáng)一樣且電勢(shì)相等

C.一負(fù)電荷在P點(diǎn)電勢(shì)能小于在B點(diǎn)電勢(shì)能

D.P的場(chǎng)強(qiáng)小于E的場(chǎng)強(qiáng)

三、試驗(yàn)題〔本大題共3小題，共16.0分〕

13.在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律試驗(yàn)前，某同學(xué)還練習(xí)用螺旋測(cè)微器和游標(biāo)為10分度的卡尺分別測(cè)量某圓

形修如直徑和隹度,而下喉I,

14.某同學(xué)利用如下圖的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。

（1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的電源是（選填選項(xiàng)前的字母）。

A.溝通電源

B.直流電源

（2）試驗(yàn)時(shí)用小木塊將長木板右端墊高至適當(dāng)?shù)母叨?，使?xì)線對(duì)小車的拉力等于小車受到的合外力，

此操作通常稱為平衡摩擦力。某次試驗(yàn)時(shí)，把木板右端墊高后，輕推一下小車，覺察小車拖著

的紙帶上打出的點(diǎn)的間距漸漸增大，應(yīng)把小木塊（選填“向左”或“向右”）移動(dòng)。假設(shè)

小車拖著的紙帶上打出的點(diǎn)的間距相等，說明已經(jīng)平衡摩擦力。在爭(zhēng)論小車的加速度與小車質(zhì)

量的關(guān)系時(shí)，每次轉(zhuǎn)變小車的質(zhì)量后（選填“需要”或“不需要”）重平衡摩擦力。

小象打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

15.有一待測(cè)的電阻器R工，其阻值約在40?50。之間，試驗(yàn)室預(yù)備用來測(cè)量該電阻值的試驗(yàn)器材有:

電壓表U（量程0?10V,內(nèi)電阻約20k。）：

電流表41（量程0?500m4，內(nèi)電阻約50）；

滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為10。，額定電流為24）；

直流電源E（電動(dòng)勢(shì)為9V,內(nèi)電阻約為0.50）；

開關(guān)及假設(shè)干導(dǎo)線.

試驗(yàn)要求電表讀數(shù)從零開頭變化，并能多測(cè)出幾組電流、電壓值，以便畫出/-U圖

線.（1）滑動(dòng)變阻器應(yīng)接成—（選填“限流法”或“分壓法”）

（2）為了削減誤差測(cè)電阻時(shí)應(yīng)承受（選填“內(nèi)接法”或“外接法”）

（3）請(qǐng)?jiān)谌鐖D中把器材補(bǔ)連成符合要求的電路.

四、計(jì)算題〔本大題共4小題，共44.0分〕

16.如圖，甲、乙兩個(gè)容積均為V=5L的導(dǎo)熱氣缸用細(xì)管(容積可無視)相連接，閥門/位于細(xì)管中

部。甲、乙兩氣缸底部各有一個(gè)閥門K3,乙氣缸中有一可自由移動(dòng)的輕質(zhì)薄活塞。初始時(shí)，

三閥門均翻開，活塞在乙的最上端。大氣壓強(qiáng)為Po,室溫為27。5

①關(guān)閉閥門/，用打氣筒通過閥門勺給甲氣缸充氣，每次可將體積1/0="、壓強(qiáng)為Po的空氣全部打

入甲氣缸中，要使其甲氣缸內(nèi)壓強(qiáng)到達(dá)dp。，需要打氣多少次？

(ii)當(dāng)甲氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)到達(dá)4Po時(shí)，停頓打氣，閥門勺關(guān)閉，翻開閥門勺，等活塞穩(wěn)定后再緩慢加

熱氣缸內(nèi)的氣體，使其溫度上升到87。&求此時(shí)活塞上方氣體的壓強(qiáng)。

17.如下圖為一滑梯的實(shí)物圖，滑梯的斜面段長度L=5.0m,傾角。=37。，水平段與斜面段平滑連

接。某小朋友從滑梯頂端由靜止開頭滑下，經(jīng)斜面底端后水平滑行一段距離，停在滑梯軌道上。

小朋友質(zhì)量為血=20kg,小朋友與滑梯軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)4=0.3,s譏37。=0.60,

cos370=0.80,g取10m/s2,不計(jì)空氣阻力。求：

(1)小朋友沿滑梯斜面段下滑時(shí)所受摩擦力的大?。?2)

小朋友滑到斜面底端時(shí)的速度大?。?/p>

(3)假設(shè)用一拉力將小朋友拉回滑梯頂端，拉力方向與軌道始終平行，拉力做功的最小值是多少。

18.一質(zhì)量為m=1x103kg、電荷量為q=1x106C的帶正電粒子(不計(jì)重力)從4板中點(diǎn)小孔靜

止釋放，經(jīng)電壓%=2023U加速后，從B板中點(diǎn)小孔以平行于C。兩極板的速度沿中心線進(jìn)入勻

強(qiáng)電場(chǎng)，如下圖。假設(shè)CD兩極板間電壓為〃=1000V,兩極板間的距離為d=10cm,板長為

L=20cm.在極板右側(cè)距離極板b=10cm處有一個(gè)足夠大的屏，屏面與極板垂直。設(shè)粒子束不

會(huì)擊中極板，試求解以下問題:

(1)求粒子進(jìn)入CD兩極板時(shí)的初速度%的大?。?/p>

(2)粒子飛出CD極板時(shí)在垂直極板方向偏移的距離y；

(3)粒子打在屏上的位置到。點(diǎn)的距離y'?

19.2023年1月7日23時(shí)20分，我國在西昌衛(wèi)星放射中心用長征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，

成功將通信技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星五號(hào)放射升空。假設(shè)長征三號(hào)乙運(yùn)載火箭質(zhì)量460噸,

總長58.3m,放射塔高105.0m,點(diǎn)火后，經(jīng)5.0s火箭離開放射塔，火箭離開

放射塔的過程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，無視一切阻力和運(yùn)載火箭質(zhì)量的變化，

求：

(1)火箭離開放射塔瞬間的速度大小；

(2)火箭起飛時(shí)推動(dòng)力的大小(保存2位有效數(shù)字);

(3)假設(shè)火箭剛離開放射塔瞬間，一個(gè)小零件從火箭的尾部自然脫落，求該零件運(yùn)動(dòng)過程中離地面的

最大高度。

參考答案及解析

1.答案:B

解析：解：4、原子核是核子結(jié)合在一起構(gòu)成的，要把它們分開，需要能量，這就是原子核的結(jié)合能，而

平均結(jié)合能是結(jié)合能及核子數(shù)的比值，原子核的平均結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，故A錯(cuò)誤。

4A

B、依據(jù)質(zhì)量守恒定律及核電荷數(shù)守恒，有23277i-212員+5'He+3ue,故2327Tl衰變?yōu)?i2Bi要

90832—19083

經(jīng)過5次a衰變和3次口衰變，故8正確。

C、半衰期是大量放射性元素的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)于個(gè)別放射性元素沒有意義，故C錯(cuò)誤。

。、不管是輕核聚變還是重核裂變，都要滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷量守恒，由于質(zhì)量虧損，質(zhì)量并不守

恒，故。錯(cuò)誤。

應(yīng)選：B。

原子核的平均結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定；依據(jù)質(zhì)量守恒定律及核電荷數(shù)守恒推斷：半衰期是大量

放射性元素的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)于個(gè)別元素并不適應(yīng)；留意由于質(zhì)量虧損，質(zhì)量并不守恒，而質(zhì)量數(shù)是

守恒的。

此題考察了結(jié)合能、半衰期、裂變反響和聚變反響等學(xué)問點(diǎn)。易錯(cuò)點(diǎn)：確定衰變次數(shù)，由于￡衰變對(duì)

質(zhì)量數(shù)無影響，先由質(zhì)量數(shù)的轉(zhuǎn)變確定a衰變的次數(shù)，然后再依據(jù)0衰變規(guī)律確定s衰變的次數(shù)。2.

答案：B

解析：解：小球靜置于水平面上，在豎直方向上受到豎直向上的支持力和豎直向下的重力，在水平

方向上不受力的作用.

應(yīng)選：B.

當(dāng)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，受平衡力作用，對(duì)應(yīng)靜止在水平面上的物體，從水平方向和豎直方向進(jìn)展

分析.

此題考察處于平衡狀態(tài)物體的受力狀況，留意物體受到力的合力為零.

3.答案：A

解析：此題考察了功率的計(jì)算。

依據(jù)P=Fv可知，需要最大牽引力，則速度要最小，所以變速桿應(yīng)推至“1”檔；

當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)速度到達(dá)最大值，此時(shí)?=亡=-"=2000".

應(yīng)選4。

4.答案：B

解析：解：4、B、C、要提高電磁炮的放射速度，需要增加安培力做的功，在加速距離不變的狀況

下，可以考慮增加安培力，依據(jù)安培力公式F=BIL,可以增加磁感應(yīng)強(qiáng)度B、增加電流/,故A錯(cuò)誤，

8正確，C錯(cuò)誤；

。、轉(zhuǎn)變磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向，使之與炮彈前進(jìn)方向平行，安培力減小為零，故。錯(cuò)誤；

應(yīng)選：B。

炮彈加速運(yùn)動(dòng)的動(dòng)力為安培力，依據(jù)安培力公式F=B/L進(jìn)展分析即可.

此題關(guān)鍵明確電磁炮的工作原理，明確炮彈加速運(yùn)動(dòng)的動(dòng)力為安培力，然后結(jié)合安培力公式列式分

析即可.

5.答案：C

解析：解：第一宇宙速度，這是衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最小放射速度7.9/on/s,假設(shè)7.9km/s<v<

11.2km/s,物體繞地球運(yùn)行最大圍繞速度；

其次宇宙速度，這是物體擺脫地球引力束縛的最小放射速度11.2/nn/s,假如1.2/on/s<v<16.7km/s,

物體繞太陽運(yùn)行（脫離速度）；

第三宇宙速度，這是物體擺脫太陽引力束縛的最小放射速度16.7km/s,假設(shè)。216.7km/s,物體將

脫離太陽系在宇宙空間運(yùn)行（逃逸速度）.

A、依據(jù)公式"='皿，則人造衛(wèi)星繞地球在圓軌道上運(yùn)行時(shí)的速度小于或等于u,［故4錯(cuò)誤；

r

8、美國放射的“鳳凰”號(hào)火星探測(cè)衛(wèi)星，其放射速度大于其次宇宙速度，故B錯(cuò)誤；

C、其次宇宙速度是使物體可以擺脫地球引力束縛，成為繞太陽運(yùn)行的小行星的最小放射速度，故C

正確；

。、第一宇宙速度7.9/cm/s是人造地球衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大運(yùn)行速度，也是最小放射速度，

故。錯(cuò)誤；

應(yīng)選：C.

第一宇宙速度又稱為圍繞速度，是指在地球上放射的物體繞地球飛行作圓周運(yùn)動(dòng)所需的最小初始速

度，其次宇宙速度，這是物體擺脫地球引力束縛的最小放射速度，第三宇宙速度，這是物體擺脫太

陽引力束縛的最小放射速度.

理解三種宇宙速度，特別留意第一宇宙速度有三種說法：它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運(yùn)行

速度，它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行的最大速度，它是衛(wèi)星進(jìn)入近地圓形軌道的最小放射速度.

6.答案：B

解析：解：AB,入射角i=45。，折射角r=30。，則此介質(zhì)的折射率為：n=3=招小=遮，

sinrsin30。

故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.光從真空斜射向某種介質(zhì)的外表，是從光疏介質(zhì)射向光密介質(zhì)，不行能發(fā)生全反射，故8錯(cuò)

誤；

應(yīng)選：B。

入射角和折射角，依據(jù)折射率公式n=4求折射率。發(fā)生全反射的必要條件是光從光密介質(zhì)射

sinr

向光疏介質(zhì)。

解決此題的關(guān)鍵要把握折射定律和全反射的條件，要留意公式九=3-的適用條件是光從真空射入介

sinr

質(zhì)發(fā)生折射，n是大于1的常數(shù)。

7.答案:C

解析：解：4、電子的覺察提醒了原子有簡(jiǎn)單構(gòu)造，故A錯(cuò)誤；

8、光電效應(yīng)證明光具有粒子性，故B錯(cuò)誤；

C、a粒子散射試驗(yàn)中少數(shù)a粒子能發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，說明原子中絕大局部質(zhì)量和全部正電荷都集中

在原子核上，盧瑟福就此提出了原子具有核式構(gòu)造學(xué)說，故C正確；

。、康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性，故。錯(cuò)

誤.應(yīng)選：C.

a粒子散射試驗(yàn)是盧瑟福提出原子核式構(gòu)造學(xué)說的試驗(yàn)依據(jù)，電子的覺察原子可以再分；光電效應(yīng)與

康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性.

此題關(guān)鍵要把握電子覺察、a粒子散射試驗(yàn)等等幾何重要試驗(yàn)和覺察的意義，理解光電效應(yīng)與康普頓效

應(yīng)的作用.

8.答案：c

解析：解力、重力做功與路徑無關(guān)，只與始末位置的高度差無有關(guān)，全過程重力做功：%=嗎=嗎=

mgh,故A錯(cuò)誤；

B、三個(gè)物體下降的高度一樣，乙中物體有初速度，甲、丙中物體由靜止開頭運(yùn)動(dòng)，初速度為零，則

在運(yùn)動(dòng)過程中，依據(jù)動(dòng)能定理mgh=上^〃2-1可得：v=v<v,故8錯(cuò)誤；

0

22132

。、設(shè)一樣的高度為伍依據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律：甲做自由落體運(yùn)動(dòng)，由h=1g亡2得：亡=

211

包乙做平拋運(yùn)動(dòng)，由九=得：t=，三，丙沿光滑的斜面下滑，由A=1平2,a=gsin45°

g222gsin45。23

解得：t=2山依據(jù)公式P=/"os?？芍?，落地瞬間重力的功率等于重力乘以豎直方向的分速度，

§9

即P=mgv,甲落地瞬間重力的功率為：P-mg-gt=mg-g-mg2v乙落地瞬間重力

,99

的功率為：P,=mg,gt-mg2/弭丙落地瞬間重力的功率為：P產(chǎn)mg?atsin450=

故2】=22>「3,故C正確；

。、下落的高度一樣，故重力做功一樣，由于%=%<%依據(jù)知，pt=p2>pr故。錯(cuò)

誤。

應(yīng)選：C.

設(shè)出一樣的高度，利用運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律分別求解時(shí)間，利用做功公式比較做功大小，運(yùn)用公式P=FvcosB

求解瞬時(shí)功率，利用P=-求解平均功率。

t

此題考察運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律、功和功率的綜合運(yùn)用，解題關(guān)鍵要依據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)形式選擇適宜的規(guī)律解決

問題。平均功率依據(jù)P=些求解，瞬時(shí)功率用P=Fvcos火其中。為F與。的夾角）。

t

9.答案：AC

解析：解：由題知，該波的周期為T=4s,波長a==1x4m=4m

A、由于波向右傳播，在兩個(gè)周期即0.8s后，c點(diǎn)經(jīng)過平衡位置向上，則在8s<t<9s這段時(shí)間內(nèi)，c

的加速度漸漸增大。故A正確。

B、兩個(gè)周期后，d點(diǎn)在波谷，在8s<t<9s這段時(shí)間內(nèi)，向上運(yùn)動(dòng)，故8錯(cuò)誤。

C、兩個(gè)周期后，b位于波峰，則在8s<t<9s這段時(shí)間內(nèi)，b正從波峰向平衡位置運(yùn)動(dòng)，速度漸漸增

大。故C正確。

。、質(zhì)點(diǎn)/做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振幅不變。故。錯(cuò)誤。

應(yīng)選:AC.

由a點(diǎn)的起振狀況確定周期，由波速公式求出波長。依據(jù)波的傳播方向，爭(zhēng)論兩個(gè)周期后，各質(zhì)點(diǎn)的

振動(dòng)狀態(tài)，再分析8s<t<9s這段時(shí)間內(nèi)，各質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)狀況。

此題要依據(jù)由波的傳播方向，確定質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向，這是波的圖象中基此題型。爭(zhēng)論質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)狀況，往

往還要結(jié)合波長和周期來分析。

10.答案:BC

解析：解：4、增大嗎，回路中的總電阻增加，電流減小，兩端的電壓減小，則電容器兩端的電

壓減小，電荷量減小，由于二極管存在，電荷量無法減小，則電荷量不變，依據(jù)E="=知，

dCdeS

電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子還將打在。點(diǎn)，故A錯(cuò)誤。

B、電路穩(wěn)定時(shí)J?2中沒有電流，相當(dāng)于導(dǎo)線，轉(zhuǎn)變&，不轉(zhuǎn)變M、N間的電壓，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，

粒子所受的電場(chǎng)力不變，所以粒子的運(yùn)動(dòng)狀況不變，仍打在。點(diǎn)，故8正確。

C、將M板豎直向上平移，電容器電容減小，電壓不變，則電荷量減小，由于二極管的存在，電荷量

無法減小，依據(jù)E=u=4=3曲知，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，粒子還將打在。點(diǎn)，故C正確。

dCdeS

D、將M板豎直向下平移，電容器電容增大，電壓不變，則電荷量增加，依據(jù)E="=4=皿砍u,

dCdeS

電場(chǎng)強(qiáng)度增加，粒子的加速度增大，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變小，粒子將打在。點(diǎn)的左側(cè)，故。錯(cuò)誤。

應(yīng)選：BC.

依據(jù)閉合電路歐姆定律分析電容器兩端電壓的變化，從而得出電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，抓住粒子在電場(chǎng)中

做類平拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的時(shí)間推斷水平位移，從而確定落點(diǎn)的位置。

此題是類平拋運(yùn)動(dòng)與電路學(xué)問的綜合，其聯(lián)系的紐帶是電壓，要抓住電路穩(wěn)定時(shí)與電容器串聯(lián)的電

阻上沒有電壓，相當(dāng)于導(dǎo)線，電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩端的電壓。

11.答案：BC

解析：解：4、乘客的加速度大小始終恒定，方向指向圓心，故4錯(cuò)誤；

B、空心摩天輪，直徑125米，旋轉(zhuǎn)一周大約需要半個(gè)小時(shí)，15m譏內(nèi)乘客的位移為直徑125m,故B

正確；

C、依據(jù)f=工可知，乘客的速率等于摩天輪的線速度大小，即f=心里m/s?0.22m/s,故C正確；

t30x60

力、乘客到最低點(diǎn)時(shí)，有向上的加速度，故處于超重狀態(tài)，故。錯(cuò)誤。

應(yīng)選：BC。

勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小不變，方向始終在變化，向心加速度、向心力的大小不變，方向始終指

向圓心。依據(jù)線速度的定義求解乘客的速率。

此題是實(shí)際生活中的圓周運(yùn)動(dòng)問題，要抓住加速度、合外力都是矢量，留意只有勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合

外力才時(shí)刻指向圓心。

12.答案:AC

解析：解：先結(jié)合等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線與等勢(shì)面的分布如圖：

A、E和F兩點(diǎn)位于等量異種點(diǎn)電荷的連線的中垂線上對(duì)稱的位置，所以場(chǎng)強(qiáng)一樣且電勢(shì)相等.故A

正確；

B、P和Q兩點(diǎn)位于同一條電場(chǎng)線上，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，所以電勢(shì)不相等.故B錯(cuò)誤；

C、比較兩圖可知，P點(diǎn)的電勢(shì)肯定高于B點(diǎn)的電勢(shì)，所以一負(fù)電荷在P點(diǎn)電勢(shì)能小于在B點(diǎn)電勢(shì)能.故C

正確；

D、比較兩圖可知，P的場(chǎng)強(qiáng)大于EF與PQ的交點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)，而于EF與PQ的交點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)又大于E的

場(chǎng)強(qiáng)，所以P的場(chǎng)強(qiáng)大于E的場(chǎng)強(qiáng).故。錯(cuò)誤.

應(yīng)選：AC

依據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布與等勢(shì)面的分布特點(diǎn)，依次推斷即可.

此題關(guān)鍵是依據(jù)等量異種電荷電場(chǎng)線的分布狀況分析，也可以依據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式，把握幾何

學(xué)問的長度關(guān)系，理解矢量性.

13.答案：2.2501.14

解析：解：1、圖中螺旋測(cè)微器的固定刻度為2mm,可動(dòng)刻度為25.0x0.01mm=0.250mm,所以

最終讀數(shù)為2nvn+0.250mm=2.250mm（＞

2、圖中游標(biāo)卡尺的準(zhǔn)確度為O.lnun,由圖可知游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：11mm,游標(biāo)尺上第4個(gè)刻

度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為4x0.1nun=0.4mm,所以最終讀數(shù)為：11mm+

0.4mm=11.4mm=1.14cm。

故答案為：2.250,1.14

解決此題的關(guān)鍵把握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。螺旋測(cè)微器的讀數(shù)

方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀。

對(duì)于根本測(cè)量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些根本儀器進(jìn)展有關(guān)

測(cè)量。

14.答案：（1）4；（2）向右；不需要。

解析：解：（1）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是溝通電源，故B錯(cuò)誤，4正確；

應(yīng)選：A；

(2)平衡摩擦力和其他阻力的正確操作方法是把長木板右端墊高，用小車的重力沿斜面對(duì)下的分力來平

衡摩擦力和阻力；假設(shè)覺察小車拖著的紙帶上打出的點(diǎn)的間距漸漸增大，說明小車做加速運(yùn)動(dòng)，平

衡摩擦力過度，此時(shí)應(yīng)將小木塊向右移動(dòng)以減小斜面傾角；當(dāng)不懸掛重物，輕推一下小車，假設(shè)小

車拖著紙帶做勻速運(yùn)動(dòng)，說明已經(jīng)平衡摩擦力；此后轉(zhuǎn)變小車的質(zhì)量后不需要再平衡摩擦力。

故答案為：(1)4(2)向右；不需要。

(1)明確打點(diǎn)計(jì)時(shí)器原理，知道打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是溝通電源；

(2)平衡摩擦力要墊高木板的右端，不掛鉤碼，輕推小車，使小車在木板上做勻速直線運(yùn)動(dòng)就平衡了

摩擦力，平衡摩擦力后每次轉(zhuǎn)變小車的質(zhì)量后不需要重平衡摩擦力。

此題考察“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的試驗(yàn)原理，要留意本試驗(yàn)需要平衡摩擦力，要把握平

衡摩擦力的根本方法。

15.答案：分壓法；外接法

解析：解：(1)電表讀數(shù)從零開頭變化，滑動(dòng)變阻器可以選擇分壓接法；待測(cè)電阻的電阻值約400,

曲=坤心=4000仍舊屬于比較小的電阻，電流表應(yīng)承受外接法，

勺50

試驗(yàn)電路圖如下圖，依據(jù)試驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，如下圖.

故答案為：(1)分壓法；(2)外接法；(3)電路圖如下圖

(1)依據(jù)試驗(yàn)要求電表讀數(shù)從零開頭變化，選擇滑動(dòng)變阻器.

(2)依據(jù)/與喉電流表接法；

R*R/i

(3)作出試驗(yàn)電路圖，然后依據(jù)試驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖.

此題考察了試驗(yàn)器材的選擇、設(shè)計(jì)試驗(yàn)電路圖、連接實(shí)物電路圖；要把握試驗(yàn)器材的選取原則，確

定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法是正確設(shè)計(jì)試驗(yàn)電路的關(guān)鍵.

16.答案：解：⑴設(shè)打氣次數(shù)為n,以將打入的氣體和甲中已有氣體為爭(zhēng)論對(duì)象：

由玻意耳定律得：p0(V+nV0)=4p0V

代入數(shù)據(jù)解得：n=15

(茂)翻開/后，活塞向下移動(dòng)，設(shè)活塞向下移動(dòng)直到最下端時(shí)氣體壓強(qiáng)為P2,此時(shí)氣體的體積%=2K

由玻意耳定律得：4p/=p2V2

代入數(shù)據(jù)解得：p2=2pQ>p0,

假設(shè)成立，翻開K2后活塞到達(dá)氣缸的最下端，設(shè)加熱后活塞上方氣體的壓強(qiáng)為P3，

氣體初狀態(tài)的溫度為=(273+27)K=300K,氣體末狀態(tài)的溫度%=(273+87)K=360K

氣體體積不變，由查理定律得：憶=3

T2T3

代入數(shù)據(jù)解得：P3=2.4p0

答：(i)需要打氣15次。

(ii)此時(shí)活塞上方氣體的壓強(qiáng)是2.4p0。

解析：①對(duì)甲氣缸內(nèi)氣體和打入的氣體作為爭(zhēng)論對(duì)象，找出初末狀態(tài)參量，利用玻意耳定律求得；

(ii)當(dāng)翻開/，當(dāng)活塞下降到最底端時(shí)，依據(jù)玻意耳定律求得壓強(qiáng)，加熱后，依據(jù)查理定律即可求得

最終壓強(qiáng)。

題考察了玻意耳定律、查理定律等學(xué)問點(diǎn)，抓住抱負(fù)氣體不變的狀態(tài)參量，選擇相應(yīng)的氣體試驗(yàn)定

律是解題的關(guān)鍵。

17.答案：解：(1)對(duì)小孩受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，則與一血/05。=0

Ff="N

聯(lián)立解得：Ff=fimgcosO=0.3x20x10xcos37°N=48N；

(2)小孩在斜面上滑行時(shí)，由牛頓其次定律得：mgsinO-^mgcosd=ma1

解得：ax=3.6m/s2,

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式：/0=2QX可知，

小孩滑至B點(diǎn)時(shí)的速度大小為：v—42aL=6m/s

(3)小孩在水平段滑行時(shí)，由動(dòng)能定理得：-W.=0-umv2

//2

解得：W=360J

j4

下滑過程：Wfl=iimgcosO-L=2407

重力做功：WG=mgLsinO=6007

拉回小朋友回頂端至少需要抑制重力做功、兩端的摩擦力做功

則“5加=〃6+“八+”,2=1200/

答：(1)小朋友沿滑梯斜面段下滑時(shí)所受摩擦力的大小為48N；

(2)小朋友滑到斜面底端時(shí)的速度大小為6m/s；

(3)假設(shè)用一拉力將小朋友拉回滑梯頂端，拉力方向與軌道始終平行，拉力做功的最小值是1200/。

解析：(1)應(yīng)用滑動(dòng)摩擦力公式可以求出滑動(dòng)摩擦力；

(2)應(yīng)用牛頓其次定律可以求出加速度，然后應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出到達(dá)底端時(shí)的

速度；

(3)應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出摩擦力做功，假設(shè)用一拉力將小朋友拉