2023屆宜春市重點中學(xué)高考物理試題全真模擬密押卷（一）

2023屆宜春市重點中學(xué)高考物理試題全真模擬密押卷（一）

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3,請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、以下儀器能測量基本物理量的是（）

A.彈簧測力計B.電磁打點計時器

C.電壓表D.量筒

2、在離地高人處，同時自由下落和豎直向上拋出各一個小球，其中豎直上拋的小球初速度大小為當(dāng)不計空氣阻力，

重力加速度為g,兩球落地的時間差為（）

2h

3、2019年“山東艦”正式服役，標(biāo)志著我國進(jìn)入雙航母時代。如圖，“山東艦”正在沿直線航行，其質(zhì)量為機，發(fā)動機

的輸出功率恒為尸，所受阻力恒為/,某時刻速度為打、加速度為a”一段時間，后速度變?yōu)橐裕╲2>n）,在這段時間

內(nèi)位移為s。下列關(guān)系式正確的是（）

A.

mvxm

C.s="

4、質(zhì)量相等的A、B兩個物體放在同一水平面上，分別受到水平拉力，、/、的作用而從靜止開始做勻加速直線運動,

經(jīng)過時間r。和42，A、B的速度分別達(dá)到2%和％時，分別撤去月和尸2，以后物體繼續(xù)做勻減速直線運動直至停止,

兩個物體速度隨時間變化的圖象如圖所示，設(shè)K和B對A、B的沖量分別為乙和/2，耳和工，對A、B做的功分別

為叱和區(qū),則下列結(jié)論正確的是

Z,>/2,W]>W2

B./1<，2，用〉區(qū)

c.A</2,wt<w2

D./,>Z2,W,<嗎

5、用傳感器研究質(zhì)量為2kg的物體由靜止開始做直線運動的規(guī)律時，在計算機上得到0~6s內(nèi)物體的加速度隨時間變

化的關(guān)系如圖所示。下列說法正確的是（）

A.0~2s內(nèi)物體做勻加速直線運動

B.0~2s內(nèi)物體速度增加了4m/s

C.2~4s內(nèi)合外力沖量的大小為8Ns

D.4~6s內(nèi)合外力對物體做正功

6、一杯水含有大量的水分子，若杯中水的溫度升高，則（）

A.水分子的平均動能增大B.只有個別水分子動能增大

C.所有水分子的動能都增大D.每個水分子的動能改變量均相同

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示為一質(zhì)點的簡諧運動圖象。由圖可知

A.質(zhì)點的運動軌跡為正弦曲線

B.t=0時，質(zhì)點正通過平衡位置向正方向運動

C.t=0.25s時，質(zhì)點的速度方向與位移的正方向相同

D.質(zhì)點運動過程中，兩端點間的距離為0.1m

8、CD、EF是兩條水平放置的阻值可忽略的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為在水平導(dǎo)軌的左側(cè)存在磁感應(yīng)強度方向垂

直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B,磁場區(qū)域的長度為d,如圖所示導(dǎo)軌的右端接有一電阻K,左端與

一彎曲的光滑軌道平滑連接將一阻值也為R的導(dǎo)體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放，導(dǎo)體棒最終恰好停在磁場的右

邊界處。已知導(dǎo)體棒與水平導(dǎo)軌接觸良好，且動摩擦因數(shù)為〃，則下列說法中正確的是（）

A.電阻R的最大電流為吆畫

2R

B.流過電阻R的電荷量為小

2R

C.整個電路中產(chǎn)生的焦耳熱為mg〃一gd

D.電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為:mg/z

9、一定質(zhì)量的理想氣體，其狀態(tài)變化的〃-丫圖象如圖所示，其中8過程氣體既不吸熱、也不放熱，8fc過

程氣體體積不變。對此下列說法正確的是（）

A.a-〃過程中，外界對氣體做功

B.人過程中，氣體分子的平均動能不變

C.8一c過程中，單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)增多

D.c過程中，氣體溫度降低

E.。。過程中，單位體積內(nèi)的氣體分子數(shù)減少

10、如圖，相距/的兩小球4、3位于同一高度〃（/、力均為定值）.將A向B水平拋出，同時讓B自由下落.A、B與

地面碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反?不計空氣阻力及小球與地面碰撞的時間，則

A.A、5一定能相碰

B.A、8在第一次落地前能否相碰，取決于A的初速度大小

C.A、8在第一次落地前若不碰，以后就不會相碰

D.A、5要在最高點相碰，A球第一次落地的水平位移一定為,

2

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）為了測量一個未知電阻&（%約為50。）的阻值，實驗室提供了如下器材：

A.電源（電源電動勢E=4.5V,內(nèi)阻約0.5C）

B.電壓表V（量程為0—3V,內(nèi)阻約3k。）

C.電流表A（量程為D.06A,內(nèi)阻約0.3。）

D.滑動變阻器R：（0—20。）

E.開關(guān)及導(dǎo)線若干

（1）請在下面方框內(nèi)畫出實驗電路圖（）

（2）連好實物電路后發(fā)現(xiàn)電壓表損壞了，實驗室又提供了一只毫安表mA（（量程為0—30mA,內(nèi)阻5。）和一個電

阻箱（0—999.9C）,要利用這兩個儀器改裝為3V的電壓表，需要將毫安表和電阻箱R聯(lián)，并將電阻箱的阻值

調(diào)到_____

（3）請畫出改裝后的實驗電路圖（）

（4）如果某次測量時毫安表示數(shù)為20.0mA,電流表A示數(shù)為0.058A,那么所測未知電阻阻值&=。（最后一空

保留3位有效數(shù)字）。

12.（12分）從坐標(biāo)原點O產(chǎn)生的簡諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，t=0時刻波的圖像如圖所示，此時波剛

好傳播到M點，x=lm的質(zhì)點P的位移為10cm,再經(jīng)A/=（）.ls,質(zhì)點P第一次回到平衡位置，質(zhì)點N坐標(biāo)x=-81m

（圖中未畫出），則.

A.波源的振動周期為1.2s

B.波源的起振方向向下

C.波速為8m/s

D.若觀察者從M點以2m/s的速度沿x軸正方向移動，則觀察者接受到波的頻率變大

E.從t=0時刻起，當(dāng)質(zhì)點N第一次到達(dá)波峰位置時，質(zhì)點P通過的路程為5.2m

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，將某正粒子放射源置于原點。，其向各方向射出的粒子速度大小均為％,質(zhì)量均為m,電荷

量均為4.在的第一、二象限范圍內(nèi)分布著一個勻強電場，方向與)'軸正方向相同，在的第一、

二象限范圍內(nèi)分布著一個勻強磁場，方向垂直于xOy平面向里.粒子離開電場上邊緣時，能夠到達(dá)的最右側(cè)的位置為

(2d,d).最終恰沒有粒子從磁場上邊界離開磁場.若只考慮每個粒子在電場中和磁場中各運動一次，不計粒子重力以

及粒子間的相互作用.求：

..............................2f/__

XJXXX*X'x"x"-x"x

工上大XX“XXXXX

'..................4…*…*.

E

(1)電場強度E；

(2)磁感應(yīng)強度8；

(3)粒子在磁場中運動的最長時間.

14.(16分)如圖所示，對角線MP將矩形區(qū)域MNPO分成兩個相同的直角三角形區(qū)域，在直角三角形MNP區(qū)域內(nèi)

存在一勻強電場，其電場強度大小為E、向沿)'軸負(fù)方向，在直角三角形MOP區(qū)域內(nèi)存在一勻強磁場，磁場方向垂

直于紙面向外(圖中未畫出一帶正電的粒子從M點以速度％沿X軸正方向射入，一段時間后，該粒子從對角線MP

的中點進(jìn)入勻強磁場，并恰好未從x軸射出。已知。點為坐標(biāo)原點，M點在>軸上，P點在x軸上，邊長為2L，

MO邊長為6L,不計粒子重力。求:

⑴帶電粒子的比荷；

(2)勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小。

15.(12分)如圖所示,C是放在光滑的水平面上的一塊木板，木板的質(zhì)量為3叫在木板的上面有兩塊質(zhì)量均為m的小木

塊A和以它們與木板間的動摩擦因數(shù)均為"，最初木板靜止4、〃兩木塊同時以方向水平向右的初速度vo和2Vo在木

板上滑動,木板足夠長,A、8始終未滑離木板,重力加速度為g,求：

Vnr迎

IA][B1

(1)木塊B從剛開始運動到與木板C速度剛好相等的過程中，木塊B所發(fā)生的位移;

(2)木塊A在整個過程中的最小速度；

(3)整個過程中4、3兩木塊相對于木板滑動的總路程是多少？

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

A.彈簧測力計測量的是力，不是基本物理量，故A錯誤；

B.電磁打點計時器測量的是時間，是基本物理量，故B正確；

C.電壓表測量的是電壓，不是基本物理量，故C錯誤；

D.量筒測量的是體積，不是基本物理量，故D錯誤。

故選B。

2、D

【解析】

自由下落的小球，有

,1

h=2gt2'

得

對于豎直上拋的小球，由機械能守恒得：

mgn,+1—mv~，=—1mv,2

則得落地時速度大小為

M=Ju?+2gh

對于豎直上拋的小球，將其運動看成一種勻減速直線運動，取豎直向上為正方向，加速度為-g,則運動時間為:

u+MvIv22〃

L一—一+\]2+

~ggg\gg

故時間之差為

vlv22h\lh

==-+—+----——

gNgg\g

A.與結(jié)論不相符，選項A錯誤；

V

2h

B.—,與結(jié)論不相符，選項B錯誤；

V

2v

c.—,與結(jié)論不相符，選項C錯誤；

g

vIv22h\2h--u,xEE3y

D.1--z-H----------------,與結(jié)論相符，選項D正確；

gKgNg

故選D.

點睛：本題關(guān)鍵要明確小球運動中機械能守恒，要理清過程中的速度關(guān)系,寫出相應(yīng)的公式，分析運動時間的關(guān)系.

3、A

【解析】

A.由牛頓第二定律，則有

mmmvxm

故A正確:

B.當(dāng)航母達(dá)到最大速度時，F(xiàn)=f,此時

,PP

f=一工一

V,n匕

故B錯誤;

C.航母的運動不是勻加速運動，則時間，內(nèi)的位移

2

故C錯誤;

D.由動能定理可得

Pt-fs--mvj

故D錯誤。

故選A。

4、B

【解析】

從圖象可知，兩物塊勻減速運動的加速度大小之都為F，根據(jù)牛頓第二定律，勻減速運動中有f=ma，，則摩擦力大小

都為m—.根據(jù)圖象知，勻加速運動的加速度分別為：學(xué)，含，根據(jù)牛頓第二定律，勻加速運動中有F-f=ma,

3機外5I.F%12x13一

則F產(chǎn)T，F(xiàn)1=—Fl和Fl的大小之比為11：5；所以：L=TW=「T=￡<1，則LVL；圖線與時

t04fo126405x45

0+2%a

間軸所圍成的面積表示運動的位移，則位移之比為-------=-；兩個物體的初速度、末速度都是0,所以

5

52°±^.5r0

20

Wfss6

拉力做的功與摩擦力做的功大小相等，所以：房=合=」=￡>1，則Wi>Wi.故選B.

W2js2.馬5

點睛：解決本題的關(guān)鍵通過圖象得出勻加速運動和勻減速運動的加速度，根據(jù)牛頓第二定律，得出兩個力的大小之比,

以及知道速度-時間圖線與時間軸所圍成的面積表示位移.

5、C

【解析】

A.0~2s內(nèi)物體的加速度變大，做變加速直線運動，故A錯誤；

B.圖像下面的面積表示速度的變化量，0~2s內(nèi)物體速度增加了工x2x2=2m/s,故B錯誤；

2

C.2~4s內(nèi)合外力沖量的大小

/=〃3=2x2x2N-s=8N?s

故C正確；

D.由圖可知，4~6s內(nèi)速度變化量為零，即速度不變，由動能定理可知，合外力對物體做功為零，故D錯誤。

故選C。

6、A

【解析】

水的溫度升高，即其內(nèi)部的水分子運動越劇烈，即水分子的平均動能變大，即其內(nèi)能增加，這是統(tǒng)計規(guī)律，個別分子

不適用.故A正確，BCD錯誤；

故選A.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、CD

【解析】

試題分析：簡諧運動圖象反映質(zhì)點的位移隨時間變化的情況，不是質(zhì)點的運動軌跡，故A錯誤.t=0時，質(zhì)點離開平

衡位置的位移最大，速度為零，故B錯誤.根據(jù)圖象的斜率表示速度，則t=0.25s時，質(zhì)點的速度為正值，則速度方

向與位移的正方向相同.故C正確.質(zhì)點運動過程中，兩端點間的距離等于2倍的振幅，為S=2A=2x5cm=10cm=0.1m,

故D正確.故選CD。

考點：振動圖線

【名師點睛】由振動圖象可以讀出周期、振幅、位移、速度和加速度及其變化情況，是比較常見的讀圖題，要注意振

動圖象不是質(zhì)點的運動軌跡；根據(jù)圖象的斜率表示速度分析振動的運動方向.質(zhì)點運動過程中，兩端點間的距離等于

2倍的振幅。

8、ABC

【解析】

金屬棒在彎曲軌道下滑時，只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律或動能定理可以求出金屬棒到達(dá)水平面時

的速度，由E=3"求出感應(yīng)電動勢，然后求出感應(yīng)電流；由

A①

q------

r+F

可以求出流過電阻R的電荷量；克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，由動能定理(或能量守恒定律)可以求出克服安培力

做功，得到導(dǎo)體棒產(chǎn)生的焦耳熱。

【詳解】

A.金屬棒下滑過程中，由機械能守恒定律得

mgh,1=-mv~2

所以金屬棒到達(dá)水平面時的速度

v=y/2gh

金屬棒到達(dá)水平面后進(jìn)入磁場受到向左的安培力做減速運動，則導(dǎo)體棒剛到達(dá)水平面時的速度最大，所以最大感應(yīng)電

動勢為E=最大的感應(yīng)電流為

._EBL42gh

~2R~2R-

故A正確；

B.流過電阻R的電荷量為

A0BLd

q------=-----

r+R2R

故B正確；

C.金屬棒在整個運動過程中，由動能定理得

mgh-WB-Rtngd=0-0

則克服安培力做功

=mgh-/jmgd

所以整個電路中產(chǎn)生的焦耳熱為

Q=%=mgh-pmgd

故C正確；

D.克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，電阻與導(dǎo)體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為

0R=5Q=g(mgh-〃加gd)

故D錯誤。

故選ABC,

【點睛】

解決該題需要明確知道導(dǎo)體棒的運動過程，能根據(jù)運動過程分析出最大感應(yīng)電動勢的位置，熟記電磁感應(yīng)現(xiàn)象中電荷

量的求解公式。

9、ACE

【解析】

A.。-匕過程，氣體體積減小，則外界對氣體做功。所以A正確；

B.af6過程，由題意知該過程氣體既不吸熱、也不放熱，由熱力學(xué)第一定律知氣體內(nèi)能一定增加，則理想氣體分

子的平均動能一定增大。所以B錯誤；

C.匕一c過程，氣體體積不變而壓強增大，體積不變則單位體積的氣體分子數(shù)不變，壓強增大則氣體的溫度一定升

高，氣體分子的熱運動更加劇烈，分子在單位時間內(nèi)與器壁單位面積的碰撞次數(shù)增多。所以c正確；

D.fc過程，由

叱=。（常數(shù)）

T

知氣體溫度升高。所以D錯誤；

E.c->a過程中，氣體體積增大，則單位體積內(nèi)的氣體分子數(shù)減少。所以E正確。

故選ACE.

10、AB

【解析】

A、B兩物體在豎直方向上的運動是相同的，若A、B在第一次落地前不碰，由于反彈后水平分速度不變，豎直分速度

大小不變、方向相反，則以后一定能碰，故A正確，C錯誤.若A球經(jīng)過水平位移為/時，還未落地，則在B球正下

方相碰.可知當(dāng)A的初速度較大時，A、B在第一次落地前能發(fā)生相碰，故B正確.若A、B在最高點相碰，A球第一

次落地的水平位移x=〃n,n=2>4、6、8...,故D錯誤.故選AB.

【點睛】

此題關(guān)鍵是知道平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)該規(guī)律抓住地面碰撞前

后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反來判斷兩球能否相碰.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

R.

八/dYA

11、L，一！7J串聯(lián)95.0---------11--------52.6

R

L-i|———?.?

【解析】

(1)[1]由于電流表的內(nèi)阻遠(yuǎn)小于待測電阻的阻值，故采用安培表內(nèi)接法，滑動變阻器采用限流式接法即可，如圖所

(2)[2][3]改裝成大量程的電壓表，需要將電阻與表頭串聯(lián)，其阻值為:

U3

R、=J—R=—^―Q—5c=95.0Q

g

Iv0.030

(3)[4]改裝之后的電壓表內(nèi)阻為100Q,則此時采用安培表外接法，如圖所示:

(4)⑸根據(jù)歐姆定律可知，此時待測電阻的阻值為:

0.020x(95+5)

Q=52.6Q

R,0.058-0.020

12、ABE

【解析】

AC、由函數(shù)關(guān)系可得本題說對應(yīng)的數(shù)學(xué)函數(shù)為：y=20sin?,由題條件可知當(dāng)x=l時，y=10cm,代入解得

A

2=12m,P點在經(jīng)過&=().Is第一次回到平衡位置，所以在波的傳播方向0.1s前進(jìn)了1m,所以波速為

1a12

v=——=10m/5周期T=—=—=1.2s,故A正確；C錯誤；

0.1v10

B、t=0時刻波剛好傳播到M點，則M點的振動方向即為波源的起振方向，結(jié)合波振動方向的判斷方法知波源的起振

方向向下，故B正確；

D、若觀察者從M點以2m/s的速度沿x軸正方向移動，由多普勒效應(yīng)知觀察者接受到波的頻率變小，故D錯誤；

v81—1233

E、波傳播到N需要八=±=三上=69s，剛傳到N點時N的振動方向向下，那么再經(jīng)過I,==T==x1.2=0.9s,

v1044

78

所以質(zhì)點P一共振動了，=7.8s=仁7=6.5T

1.2

所以，在此過程中質(zhì)點P運動的路程為：s=6.5x4x20cm=5.2根故E正確；

綜上所述本題答案是:ABE

點睛：根據(jù)波的傳播方向得到質(zhì)點P的振動方向，進(jìn)而得到振動方程，從而根據(jù)振動時間得到周期；由P的坐標(biāo)得到波的

波長，進(jìn)而得到波速;根據(jù)N點位置得到波峰傳播距離，從而求得波的運動時間，即可根據(jù)時間求得質(zhì)點P的運動路程.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、⑴誓⑵(3&T.

2qdqd2Vo

【解析】

(1)粒子離開電場上邊緣時，能夠到達(dá)最右側(cè)位置的粒子是沿％軸正方向發(fā)射的粒子，對此粒子，有x=2d,y=d,

由類平拋運動基本規(guī)律得

x=vot,

2m

聯(lián)立可得E二磐

2qd

v

(2)沿x軸正方向發(fā)射的粒子射入磁場時，有2d』，d=」

2

聯(lián)立可得口v=%,

v=&*=血％，方向與水平方向成45°斜向右上方，

根據(jù)題意知該粒子的運動軌跡恰與磁場上邊界相切,其余粒子均不能達(dá)到y(tǒng)=2"邊界,

由幾何關(guān)系可知R+注R=

2

由“二〃噌得R啜，聯(lián)立可得人等E

(3)粒子運動的最長時間對應(yīng)最大的圓心角,運動軌跡經(jīng)過(2d,d)且恰與磁場上邊界相切的粒子,其軌跡對應(yīng)的圓心角

最大，由幾何關(guān)系可知圓心角。=270。,

粒子運動的周期7=

3(3夜-3)那

t=-T=---------------?

42%

14、(1)^丙S？L；(2)2——E

EL%

【解