2021年河南省九師聯(lián)盟高考物理摸底試卷（6月份）（附答案詳解）

2021年河南省九師聯(lián)盟高考物理摸底試卷（6月份）

1.（2021?河南省?模擬題）足夠長(zhǎng)的光滑斜面固定在地面上,一物塊在沿斜面向上的拉力

作用下從底端由靜止開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)。若拉力的功率恒定，在物塊向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,

下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.速度一直增大B.速度先增大后不變

C.機(jī)械能一直增大D.重力的功率先增大后不變

2.（202卜河南省?模擬題）甲、乙兩人在同一直線上運(yùn)動(dòng)，其速度-

時(shí)間圖象如圖所示。已知兩人在ti時(shí)刻并排行走。下列說(shuō)法正l/y；

確的是（）」J

A.兩人在t2時(shí)刻也并排運(yùn)動(dòng)

B.在t2時(shí)刻甲在前，乙在后

C.甲的加速度大小先增大后減小

D.乙的加速度大小先增大后減小

3.（202L河南省?模擬題）天文研究發(fā)現(xiàn)在2020年9月11日出現(xiàn)了海王星沖日現(xiàn)象屆時(shí)

地球位于太陽(yáng)和海王星之間，海王星被太陽(yáng)照射的一面完全朝向地球，便于地面觀

測(cè)。已知地球和海王星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的方向相同，軌道均可近似視為圓軌道，地球一

年繞太陽(yáng)一周，海王星約164.8年繞太陽(yáng)一周，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.海王星繞太陽(yáng)運(yùn)行的線速度比地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的線速度大

B.海王星繞太陽(yáng)運(yùn)行的加速度比地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的加速度大

C.2021年還會(huì)出現(xiàn)海王星沖日現(xiàn)象

D.根據(jù)題中信息可求出海王星的公轉(zhuǎn)軌道半徑

4.（2021?河南省?模擬題）兩個(gè)完全相同的閉合線圈甲和乙電阻均為R=40a,匝數(shù)均為

10o將它們分別放在變化的磁場(chǎng)中，穿過(guò)線圈的磁通量隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖甲、

乙所示，其中圖甲按正弦規(guī)律變化，圖乙線性變化，則下列說(shuō)法正確的是（）

?中Wb?0Wb

4…寅”

甲乙

A.甲線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=20兀sin"

B.乙線圈中感應(yīng)電流的有效值為10A

2

C.0?4s內(nèi)甲、乙兩線圈中產(chǎn)生的熱量之比為上

14

D.一個(gè)周期內(nèi)甲線圈中的電流方向改變?nèi)?/p>

5.（2021?河南省?模擬題）如圖所示，理想變壓器原線圈

接有電流表4副線圈電路接有電壓表丫以及定值

電阻％、/?2與滑動(dòng)變阻器區(qū)3。電表均為理想電表,

%

閉合開(kāi)關(guān)S,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.只將滑片R下移時(shí)，電流表A的示數(shù)變大

B.只將滑片「2下移時(shí)，電壓表丫的示數(shù)變大

C.滑片"下移、P?上移時(shí)，電阻％的功率增大

D.只斷開(kāi)開(kāi)關(guān)5,電壓表V的示數(shù)變大，電流表A的示數(shù)變小

（2021?河南省?模擬題）如圖所示為霍爾元件的工作原

理示意圖，導(dǎo)體的寬度為力，厚度為d,磁感應(yīng)強(qiáng)度8

垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流

I,CD兩側(cè)面會(huì)形成電勢(shì)差U,其大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度

B和電流/的關(guān)系為U=吟,式中比例常數(shù)k為霍爾系數(shù)設(shè)載流子的電荷量的數(shù)值

a

為4。下列說(shuō)法正確的是（）

A..霍爾元件是一種重要的電傳感器

B..C端的電勢(shì)一定比。端的電勢(shì)高

C.載流子所受靜電力的大小F=q￡

D..霍爾系數(shù)k=R,其中機(jī)為導(dǎo)體單位體積內(nèi)的電荷數(shù)

7.（2021?河南省?模擬題）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中放置著兩根[

相互平行的通電直導(dǎo)線，其中一根直導(dǎo)線與y軸重合，另一根直導(dǎo)線|/1/

在x=a處，兩直導(dǎo)線中電流大小相等，方向均沿y軸負(fù)方向。已知一丁卜

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直線電流周圍空間某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=kr-,其中/為直線電流強(qiáng)度的大小,

r為空間某點(diǎn)到直線電流的距離。若規(guī)定垂直紙面向外的方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度的正方

向，則兩通電直導(dǎo)線在0<x<a之間產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨x變化的圖象正確的是

8.（2021?河南省?模擬題）某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，光電子的最大初動(dòng)Ik/

能％與入射光頻率v的關(guān)系圖象如圖所示。氏%均為已知量，由圖0

線信息可知（）

A.普朗克常量、該金屬的逸出功和極限頻率

B.光電子的最大初動(dòng)能跟入射光的強(qiáng)度成正比

C.當(dāng)入射光的頻率增大為原來(lái)的2倍時(shí)，電子的最大初動(dòng)能增大為原來(lái)的2倍

D.圖中人與%的值與入射光的強(qiáng)度、頻率均無(wú)關(guān)

9.（2021?河南省?模擬題）如圖所示，水平傳送帶在電動(dòng)機(jī)II

的帶動(dòng)下沿順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在其左端無(wú)初速度地放（）

上A貨箱，A貨箱到達(dá)傳送帶右端前已經(jīng)相對(duì)于傳送帶靜止，A貨箱與傳送帶之間

的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃…現(xiàn)有一個(gè)與A貨箱質(zhì)量相同的B貨箱，仍從左端無(wú)初速度地

放到傳送帶上，B貨箱與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為“8,己知而>以，則A、8兩

貨箱分別從傳送帶左端運(yùn)送到右端的過(guò)程中（）

A.A、8兩貨箱經(jīng)歷的時(shí)間相同

B.B貨箱與傳送帶間相對(duì)滑動(dòng)的距離較小

C.A、8兩貨箱與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量相同

D.運(yùn)送B貨箱電動(dòng)機(jī)提供的能量較多

10.（2019?山西省忻州市?月考試卷）如圖所示，在等邊三,OA

角形的三個(gè)頂點(diǎn)A、B、C處各有一個(gè)電荷量為+Q的..?「\

/?

點(diǎn)電荷，M點(diǎn)為三角形的中心，N點(diǎn)和M點(diǎn)關(guān)于AC8d二二-----?——：---一

、、、、M：N

連線對(duì)稱。已知M點(diǎn)的電勢(shì)為（PM，N點(diǎn)的電勢(shì)為8N，''、、

'、i

若將8點(diǎn)的點(diǎn)電荷換成電荷量為-Q的點(diǎn)電荷，則例、''OC

N兩點(diǎn)的電勢(shì)分別變?yōu)樽庖?、?則下列關(guān)系正確的是（）

A.<pM'=1<PMB.（PM'=-（PN

（

c.（PN=SPND.（pN=-（PM-（PN

11.（2021?河南省?模擬題）如圖甲所示,在固定在天花板上的定滑輪兩邊分別掛上用輕繩

連接的質(zhì)量為機(jī)、M的A、8兩物體，用該實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。在物

體B從高處由靜止開(kāi)始下落時(shí)物體月下方拖著紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)

跡進(jìn)行測(cè)量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.如圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶，0

是在這條紙帶上打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出，計(jì)數(shù)點(diǎn)間

的距離已在圖中標(biāo)出已知m=40g,M=100g,打點(diǎn)頻率為50Hz,重力加速度g

取l（hn/s2。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

（1）兩個(gè)物體運(yùn)動(dòng)的加速度為a=m/s2.

（2）在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度%=m/So

（3）在打點(diǎn)1?5過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量△Ek=J,系統(tǒng)勢(shì)能的減少量AEp=

J,由此得出的結(jié)論是。

12.（2021?河南省?模擬題）某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)電路，用以測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻，實(shí)

物連接圖如圖所示。E為待測(cè)電源，電流表4（量程為0.64內(nèi)阻小于1。）、電流表

%（量程為0.64內(nèi)阻小于10）、電阻箱R（最大量程為99.990）,單刀單擲開(kāi)關(guān)S,

單刀雙擲開(kāi)關(guān)S2,單刀單擲開(kāi)關(guān)S3,導(dǎo)線若干?？紤]到電源的內(nèi)阻較小，電流表的

內(nèi)阻不能忽略。

（1）先測(cè)電流表4的內(nèi)阻：閉合開(kāi)關(guān)品，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S3,將開(kāi)關(guān)$2切換到a,調(diào)節(jié)電阻

箱讀出其示數(shù)為&和對(duì)應(yīng)的電流表4的示數(shù)為/：再將開(kāi)關(guān)S2切換到從調(diào)節(jié)電阻

箱，使電流表&的示數(shù)仍為/,讀出此時(shí)電阻箱的示數(shù)為7?2,則待測(cè)電流表占內(nèi)阻

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的表達(dá)式為&=o

(2)現(xiàn)利用連接好的電路測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，請(qǐng)完成以下操作。

①閉合開(kāi)關(guān)S1，開(kāi)關(guān)S3,將開(kāi)關(guān)S2接，調(diào)節(jié)電阻箱R，記錄電阻箱

的阻值和電流表的示數(shù)；

②重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟①進(jìn)行多次測(cè)量。

(3)根據(jù)記錄的艮I,作出//?-/圖象，則圖象可能是(填正確答案標(biāo)號(hào))。

(4)若圖象在縱軸的截距為0,圖象斜率的絕對(duì)值為人則電源的電動(dòng)勢(shì)后=

,電源的內(nèi)阻r=

13.(2021.河南省?模擬題)如圖所示，半徑為R的光滑圓軌道，豎直固定在地面上，一

質(zhì)量為"，的小球放在圓軌道的最低點(diǎn)，右端地面與小球的動(dòng)摩擦因數(shù)〃＜翳，離軌

道底部水平距離d處有一豎直擋板P。現(xiàn)給小球一個(gè)水平向右的初速度，小球能夠

繞圓軌道運(yùn)動(dòng)，之后小球能從底部離開(kāi)圓軌道運(yùn)動(dòng)到水平軌道上，已知重力加速度

為g。為了讓小球能夠沿軌道運(yùn)動(dòng)并且能夠與擋板相撞，則小球的初速度應(yīng)滿足什

么條件？

P

7〃力￥2〃〃〃〃〃，＞〃“〃”九

14.（2021?河南省?模擬題）如圖甲所示,水平放置的平行板電容器極板長(zhǎng)為L(zhǎng)間距為4,

其右側(cè)是豎直放置的足夠長(zhǎng)的熒光屏熒光屏右側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。從

A處連續(xù)發(fā)射的電子（初速度不計(jì)），通過(guò)M、N板上的小孔、平行板電容器后全部

進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，并最終全部打在熒光屏上發(fā)出熒光已知電子質(zhì)量為m（重力不計(jì)）,

電量為-e,MN之間的電壓為名（N板電勢(shì)比M板電勢(shì)高），水平放置的電容器所加

電壓如圖乙所示，”為已知量，電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間小于也求:

（1）電子經(jīng)過(guò)N板上小孔時(shí)的速率;

（2）電子射入磁場(chǎng)時(shí)，入射點(diǎn)之間的最大距離;

（3）熒光屏上亮線的長(zhǎng)度。

熒光屏

XXXXXX

XXXXXX

XXXXXX

XXXXXX

_____4.*.*.*X.?.*

I"xx-xx*xX

XXXXXX

XXXXXX

1XXXXXX

M

力XXXXXX

甲

15.（2021?河南省?模擬題）下列說(shuō)法正確的是（）

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A.圖1為氧氣分子在不同溫度下的速率分布圖象，由圖可知狀態(tài)③時(shí)的溫度比狀

態(tài)①、②時(shí)的溫度都高

B.圖2為分子間作用力/和分子勢(shì)能Ep隨分子間距離r變化的關(guān)系圖線，其中①表

示分子力，②表示分子勢(shì)能

C.圖3是布朗運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)得到的觀測(cè)記錄，圖中是按等時(shí)間間隔依次記錄的某個(gè)分

子位置的連線

D.由氣體的摩爾體積、摩爾質(zhì)量和阿伏加德羅常數(shù)可以估算出氣體分子的體積和

分子的質(zhì)量

E.液體表面層分子間的距離比液體內(nèi)部分子間的距離大，而附著層內(nèi)液體分子間

的距離可能小于液體內(nèi)部分子間的距離

16.（2021?河南省?模擬題）如圖所示，A、B兩個(gè)相同且內(nèi)壁光滑

的導(dǎo)熱氣缸固定在水平地面上，氣缸內(nèi)的兩活塞（重力忽略不|||

計(jì)）用輕桿連接，一個(gè)移動(dòng)時(shí)另一個(gè)也會(huì)同時(shí)移動(dòng)，總保持兩II|P

氣缸內(nèi)封閉的氣體體積相同。當(dāng)環(huán)境溫度為70時(shí)，兩氣缸內(nèi)

封閉氣體的體積均為V,壓強(qiáng)均為P?！，F(xiàn)對(duì)4氣缸緩慢加熱，使其溫度升高至T,

而B氣缸仍保持原來(lái)的溫度則：

①兩氣缸中的壓強(qiáng)將分別為多少？

②若此過(guò)程中A氣缸內(nèi)氣體的內(nèi)能增加了/E,則兩氣缸需從外界吸收多少熱量？

17.（2021?河南省?模擬題）如圖所示，一個(gè)截面為等邊三角形的

棱柱形玻璃磚置于水平面上，一條光線在此截面內(nèi)從A8

邊以入射角0射入，在玻璃磚內(nèi)折射后從4c邊以折射角i2射出，當(dāng)G=i2時(shí)，出射

光線偏折角度為30。，則光線從AC邊射出時(shí)的出射角大小為,該玻璃磚的

折射率大小為o

18.（2021?河南省?模擬題）一列簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中沿龍軸正向傳播，t=0時(shí)刻的波

動(dòng)圖象如圖甲所示，質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)圖象如圖乙所示。已知t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M恰好完

成一次全振動(dòng)，兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置均在x軸上，兩者相距s=16m。求：

①此簡(jiǎn)諧橫波的傳播速度的大小;

②t=10s時(shí)質(zhì)點(diǎn)N運(yùn)動(dòng)的路程。

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答案和解析

1.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】功率

【解析】解：A3、設(shè)斜面求解為仇根據(jù)牛頓第二定律可知，F(xiàn)-mgsine=ma,根據(jù)

功率公式可知，P=Fv,物塊先做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，故A

錯(cuò)誤，B正確；

C、拉力一直做正功，機(jī)械能一直增大，故C正確；

D、重力方向與速度的方向的夾角不變，重力的功率大小為P=7ngvsin。，速度先增大

后不變，故重力的功率先增大后不變，故力正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選：A。

根據(jù)牛頓第二定律和功率公式分析物塊的運(yùn)動(dòng)。

根據(jù)功能關(guān)系分析機(jī)械能的變化。

根據(jù)功率公式分析重力功率的變化。

該題考查了功率的計(jì)算，解題的關(guān)鍵是牛頓第二定律和功率公式的靈活運(yùn)用。

2.【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的圖像

【解析】解：AB、根據(jù)速度一時(shí)間圖像與時(shí)間軸圍成的面積大小表示位移，可知，在0?

t2時(shí)間內(nèi)，甲的位移大于乙的位移，而兩人在ti時(shí)刻并排行走，則在，2時(shí)刻甲在前，乙

在后，故A錯(cuò)誤，8正確；

CD,根據(jù)U-t圖像的斜率表示加速度，可知，甲的加速度大小一直減小，乙的加速度

大小一直增大，故CQ錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)速度-時(shí)間圖像與時(shí)間軸圍成的面積大小表示位移，判斷兩人位置關(guān)系。通過(guò)圖線

的斜率判斷加速度的關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵要明確速度-時(shí)間圖像的物理意義，知道圖像與時(shí)間軸圍成的面積表示

位移，圖像的切線斜率表示加速度。

3.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用、向心力

【解析】解：AB、地球和海王星均繞太陽(yáng)運(yùn)轉(zhuǎn)，萬(wàn)有引力提供其圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，

則：=—ma,因海王星在高軌上，因此它繞太陽(yáng)運(yùn)行的線速度小，加速度小，

故A,3項(xiàng)錯(cuò)誤；

C、由公轉(zhuǎn)周期知地球和海王星繞太陽(yáng)運(yùn)行的角速度分別為31=言,32=卷，故海王星

相鄰兩次沖日的時(shí)間間隔為4t=1片=1.01年，因此2021年還會(huì)出現(xiàn)海王星沖日現(xiàn)

象，故C項(xiàng)正確：

。、由于不知地球的公轉(zhuǎn)半徑，無(wú)法用開(kāi)普勒第三定律求出海王星的公轉(zhuǎn)軌道半徑，故

。項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得出線速度、周期與軌道半徑的關(guān)系，結(jié)合周期的大小得出軌

道半徑的大小，從而得出線速度的大小。抓住地球轉(zhuǎn)動(dòng)的角度比海王星轉(zhuǎn)動(dòng)的角度多2兀,

得出兩次沖日現(xiàn)象的時(shí)間間隔。

解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向心力這一重要理論，知道線速度、周期與軌道半徑

的關(guān)系，知道相鄰的兩次行星沖日的時(shí)間中地球多轉(zhuǎn)動(dòng)一周。

4.【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】交變電流的有效值、法拉第電磁感應(yīng)定律

【解析】解：（1）4。、圖甲按正弦規(guī)律變化，由圖甲可知，7=4s

甲線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)按余弦變化，由e=nBS3cos3t知甲線圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：e=

10x4x^cos^t=20ncos^t,一個(gè)周期內(nèi)電流方向改變兩次，故均錯(cuò)誤；

B、乙線圈中的磁通量線性變化，則0*時(shí)間內(nèi)和系?T時(shí)間內(nèi)電動(dòng)勢(shì)為：E1=n^=

4

iox-v=4oy

i

I?爭(zhēng)時(shí)間內(nèi)電動(dòng)勢(shì)為：E2=80V

因此電流的有效值滿足：煨）2RX^+（1）2X|=I2RT

代入數(shù)據(jù)得：/=10&4故B錯(cuò)誤；

C、甲線圈中電流的有效值為：了=（筌）*專=翟4=竽力

0?4s內(nèi)甲線圈產(chǎn)生的熱量為：Qi=I'2Rt=（哼曠x4x4/=200*/

乙線圈中產(chǎn)生的熱量為：＜?2=12RT+盤）2RXg=（10V2）2x4x3/+（竽）2X4X1/=

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2800/1故,=>'故C正確。

故選：Co

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與速度的關(guān)系進(jìn)行分析；線圈按丙圖情況運(yùn)動(dòng)

時(shí)，求出電動(dòng)勢(shì)有效值，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解燈泡兩端的電壓。

本題主要是考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象和交流電的綜合，關(guān)鍵是弄清楚線圈的有效切割長(zhǎng)度、產(chǎn)

生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小與速度的關(guān)系、有效值的計(jì)算方法以及電路的連接情況。知道電壓

表的示數(shù)是兩端電壓且為電壓的有效值。

5.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】電功和電功率定義、表達(dá)式及應(yīng)用、閉合電路歐姆定律、變壓器的構(gòu)造和原

理

【解析】解：A、只將滑片&下移時(shí)，輸出電壓減小，輸出功率減小，輸入功率也減小，

電流表A的示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤；

B、只將滑片P2下移時(shí)，接入的阻值減小，/?3接入的阻值與R2的并聯(lián)電阻減小，電壓

表V的示數(shù)變小，故8錯(cuò)誤；

C、滑片B下移，副圈電路電壓減小，滑片尸2上移，副線圈電路總電阻增大，總電流減

小，電阻￡的功率減小，故C錯(cuò)誤；

。、只斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S,副線圈電路總電阻增大，消耗功率減小，原線圈輸入功率也減小，

電流表A的示數(shù)變小，電壓表V測(cè)的是電阻&兩端的電壓，示數(shù)變大，故。正確。

故選：Do

只將滑片Pi下移，副線圈匝數(shù)減小，根據(jù)電壓之比等于電阻之比進(jìn)行分析；根據(jù)氏3的變

化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電

壓不變，來(lái)分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況。

變壓器動(dòng)態(tài)分析與電路的動(dòng)態(tài)類似，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化

的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法。

6.【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】霍爾效應(yīng)

【解析】解：A、霍爾元件是磁傳感器，故A錯(cuò)誤；

8、根據(jù)左手定則可知，若載流子帶正電，則C端電勢(shì)高，若載流子帶負(fù)電，則。端電

勢(shì)高，因題中未說(shuō)明載流子所帶何種電荷，故不能判定CD兩端的電勢(shì)高低，故8錯(cuò)誤；

C、電荷聚焦在CO兩端，計(jì)算電場(chǎng)強(qiáng)度時(shí)所用距離應(yīng)該為CD間距離/i不是上下兩端

距離“，則載流子所受靜電力大小F=q￡,故C錯(cuò)誤；

。、載流子穩(wěn)定流動(dòng)時(shí)滿足所受洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡即收8=q￡,根據(jù)電流微觀表達(dá)

式/=nqSu（n為導(dǎo)體單位體積內(nèi)的電荷數(shù)），可得U=又1/=吟,則霍爾系數(shù)

T，故。正確。

故選：Do

霍爾元件是磁傳感器，在霍爾元件中，移動(dòng)的是自由電子，根據(jù)左手定則判斷出電子所

受洛倫茲力方向，從而知道兩側(cè)面所帶電荷的電性，即可知道C、。兩側(cè)面會(huì)形成電勢(shì)

差的正負(fù)；CC間存在電勢(shì)差，之間就存在電場(chǎng)，電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下

處于平衡，根據(jù)平衡推導(dǎo)出電勢(shì)差&D與什么因素有關(guān)，根據(jù)載流子穩(wěn)定流動(dòng)時(shí)，洛倫

茲力與電場(chǎng)力平衡，根據(jù)電流的微觀表達(dá)式求得霍爾系數(shù)的表達(dá)式。

解決本題的關(guān)鍵是理解霍爾元件的工作原理，知道載流子所受電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡時(shí),

C。極板間有穩(wěn)定的電勢(shì)差，同時(shí)掌握電流的微觀表達(dá)式/=nqSv,并知道其符號(hào)含義。

7.【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】電流周圍的磁場(chǎng)及安培定則

【解析】解：根據(jù)右手螺旋定則可得左邊通電直導(dǎo)線在兩根直導(dǎo)線之間的磁感應(yīng)強(qiáng)度方

向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲?，右邊通電直?dǎo)線在兩根直導(dǎo)線之間的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)榇怪奔埫嫦?/p>

里，離直導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度越弱，根據(jù)磁場(chǎng)的疊加原理，在兩根直導(dǎo)線中間位置的磁

感應(yīng)強(qiáng)度為零，在左邊直導(dǎo)線附近合磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，圖像中對(duì)應(yīng)第一象限，在

右邊直導(dǎo)線附近合磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，圖像中對(duì)應(yīng)第四象限。故A正確；BC。錯(cuò)

誤。

故選：Ao

（1）據(jù)右手螺旋定則判斷出兩根通電直導(dǎo)線在兩根直導(dǎo)線之間的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向；（2）根

據(jù)磁場(chǎng)疊加原理，來(lái)判斷兩直導(dǎo)線附近和中間位置的磁感應(yīng)

強(qiáng)度。然后結(jié)合題目中“規(guī)定垂直紙面向外的方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度的正方向”來(lái)判斷A選

項(xiàng)正確。

本題考查右手螺旋定則的應(yīng)用和磁場(chǎng)的疊加問(wèn)題。尤其需要注意的是題目中對(duì)圖像的要

求“規(guī)定垂直紙面向外的方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度的正方向”。

8.【答案】AD

第12頁(yè)，共20頁(yè)

【知識(shí)點(diǎn)】愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程

【解析】解：A、根據(jù)光電效應(yīng)方程得反=/iv-%=hv-"0，可知Ek與"成一次函

數(shù)關(guān)系，圖線的斜率等于普朗克常量，縱軸截距的絕對(duì)值為該金屬的逸出功，橫軸截距

為該金屬的極限頻率，故A正確；

B、由&=成-明知最大初動(dòng)能由人射光頻率及逸出功決定，與入射光強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故

B錯(cuò)誤；

C、由光電效應(yīng)方程知最大初動(dòng)能與頻率成一次函數(shù)關(guān)系，不成正比，所以當(dāng)入射光的

頻率增大為原來(lái)的2倍時(shí)，電子的最大初動(dòng)能不為原來(lái)的2倍，故C錯(cuò)誤；

。、逸出功與極限頻率均由材料決定，與人射光的強(qiáng)度、頻率均無(wú)關(guān)，故。正確。

故選：AQ。

根據(jù)光電效應(yīng)方程得a=hi=Ziv-/iVo，可知a與v成一次函數(shù)關(guān)系，可知圖線

的斜率、縱軸截距、橫軸截距含義；由垃=/iv-明知最大初動(dòng)能由人射光頻率及逸出

功決定，與入射光強(qiáng)度無(wú)關(guān)；逸出功與極限頻率均由材料決定。

本題考查光電效應(yīng)，考查知識(shí)點(diǎn)針對(duì)性強(qiáng)，難度適中，考查了學(xué)生掌握知識(shí)與應(yīng)用知識(shí)

的能力。

9.【答案】BC

【知識(shí)點(diǎn)】功能關(guān)系的應(yīng)用、勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系、牛頓第二定律

【解析】解：AB、以地面為參考系。設(shè)傳送帶的運(yùn)動(dòng)速度為北,傳送帶全長(zhǎng)L,貨箱與

傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為“，貨箱先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)勻加速

運(yùn)動(dòng)的位移為s,所用時(shí)間為加速度為。=臂=〃9,則有%=at,s=^t,在這

段時(shí)間內(nèi)，傳送帶的位移為So=%3可知So=2s,貨箱與傳送帶間相對(duì)滑動(dòng)的距離為

△s=So-s=存貨箱的整個(gè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為5=生+與=上+旦，因則

"9點(diǎn)“9%%211g

知A、B兩貨箱從傳送帶左端運(yùn)送到右端經(jīng)歷的時(shí)間不同，8貨箱與傳送帶間相對(duì)滑動(dòng)

的距離較小，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、因摩擦產(chǎn)生的熱量Q=f?△s="mg?薨詔，因兩貨箱的質(zhì)量相等，所以，

兩貨箱與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量相同，故C正確；

以電動(dòng)機(jī)提供的能量E等于貨箱增加的動(dòng)能和產(chǎn)生的熱量之和，則E=:巾詔+Q=

m詔,則電動(dòng)機(jī)提供的能量相同，故。錯(cuò)誤。

故選：BCo

分別對(duì)4、B兩貨箱由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式相結(jié)合可求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間；只有加速階

段貨箱與傳送帶間才有相對(duì)運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得兩者的相對(duì)位移，由摩擦力與相

對(duì)位移的乘積求因摩擦產(chǎn)生的熱量；根據(jù)能量守恒定律分析電動(dòng)機(jī)提供的能量關(guān)系。

本題中，貨箱在傳送帶上先受滑動(dòng)摩擦力作用做勻加速運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)后不受摩擦力作

用，要能根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式相結(jié)合求出貨箱與傳送帶間相對(duì)滑動(dòng)的距離，

因摩擦產(chǎn)生的熱量與貨箱與傳送帶間相對(duì)滑動(dòng)的距離有關(guān)。

10.【答案】AD

【知識(shí)點(diǎn)】非勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系

【解析】解：設(shè)A點(diǎn)的正點(diǎn)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為0,B點(diǎn)的正點(diǎn)電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的

電勢(shì)為WB，

則M點(diǎn)的電勢(shì)0M=30N點(diǎn)的電勢(shì)為%,=2<p+(pB,

將8點(diǎn)的點(diǎn)電荷換成電荷量為-Q的點(diǎn)電荷之后，

M點(diǎn)的電勢(shì)欠M'=2<p-<p=(p=3<PM，

N點(diǎn)的電勢(shì)為w/=2卬-SB=2"-((pN-2<p)=4<p-<pN=^<pM-<pN,A、。項(xiàng)正確。

故選：AO。

根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量合成進(jìn)行分析，當(dāng)電荷電性改變后，電場(chǎng)方向也改變。

此題考查電場(chǎng)的疊加，空間每一點(diǎn)的電場(chǎng)是由兩個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)疊加，電場(chǎng)強(qiáng)度為

矢量，合成與分解滿足平行四邊形定則，是考查基礎(chǔ)的好題。

11.【答案】4.02.40.360.38在誤差允許的范圍內(nèi)，A、B兩物體組成的系統(tǒng)機(jī)械能

守恒

【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律

【解析】解：(1)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T=5x0.02s=0.1s。

根據(jù)逐差公式可得加速度a=(孫+孫+唱甘+X2+X3)=(96.。。U0黑3。.。。X10-2m/s2=

4.07n/sZo

(2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間的平均速度，求打下5點(diǎn)的

瞬時(shí)速度：

%=忘6=第="6：社"。)X10-2m/s=2.4m/So

16ms

打下1點(diǎn)時(shí)的速度：%=vQ2=^xoi/=S8m/s，

第14頁(yè)，共20頁(yè)

3

(3)系統(tǒng)動(dòng)能的增量=Eks-Ekl=^m+M)(詔-vf)=i(100+40)x10-x

(2.42-0.82)/=0.367,

系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量/Ep=(M-m)gh[5=(100-40)xIO-3x10x(0.70-

0.06)；=0.38/。

由此得到結(jié)論是：在誤差允許的范圍內(nèi)，A、8兩物體組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。

故答案為：(1)4.0；(2)2.4；(3)0.36、0.38、在誤差允許的范圍內(nèi)，4、B兩物體組成的

系統(tǒng)機(jī)械能守恒

由逐差公式求加速度；根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的順?biāo)艿那蟪鲇?jì)數(shù)點(diǎn)

5的瞬時(shí)速度；從而得出動(dòng)能的增加量，根據(jù)下降的高度求出重力勢(shì)能的減小量，并分

析誤差產(chǎn)生的原因。

本題全面的考查了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律中的數(shù)據(jù)處理問(wèn)題，要注意掌握實(shí)驗(yàn)原理，并且

要熟練掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律以及功能關(guān)系，增強(qiáng)數(shù)據(jù)處理能力.

12.【答案】Rr-R2閉合方。ab-%+R2

【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻

【解析】解：(1)根據(jù)等效替代可知電流表4的內(nèi)阻I—9^—[-

為R-2；------/辛

(2)閉合開(kāi)關(guān)S1，閉合開(kāi)關(guān)S2,將開(kāi)關(guān)S2接〃，電流,，?卜

表4、電阻箱與電源組成閉合電路，調(diào)節(jié)電阻箱R,

記錄電阻箱的阻值和電流表4的示數(shù)。

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=I(R+RA+r)得到：/R=E-/(r+RA),故/R-/圖

象應(yīng)為一條向下傾斜的直線，故。正確，ABC錯(cuò)誤，故選：D

(4)由圖線表達(dá)式的函數(shù)關(guān)系/R=E-/(r+RQ可知，圖線在縱軸的截距a=E,圖象的

斜率的絕對(duì)值b=r+/M,故r=b-Ri+/?2。

故答案為:(1)/?1一/?2；(2)閉合、b；(3)0；(4)a、b-R1+R2

(1)電路電流相等，電路總電阻相等，根據(jù)題意求出待測(cè)電阻阻值；

(2)將開(kāi)關(guān)接4即將電阻箱接入電路，改變電阻箱的值，記錄電流表41的示數(shù)；

(3)根據(jù)題意應(yīng)用閉合電路歐姆定律可以求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。

本題為伏阻法測(cè)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻,但由于過(guò)程較為復(fù)雜，原理較為陌生；故應(yīng)認(rèn)真審題，

明確題中的實(shí)驗(yàn)原理；注意根據(jù)閉合電路歐姆定律列式解題。

13.【答案】解：設(shè)小球恰好通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為v,

在最高點(diǎn)，重力提供向心力，由牛頓第二定律得：mg=m^

設(shè)小球在最低點(diǎn)對(duì)于的速度大小為孫，小球從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)過(guò)程，

由動(dòng)能定理得：—mgx2R=gm/—詔

解得：v0=JSgR

設(shè)小球恰好到達(dá)擋板處時(shí)的初速度為孫'，小球從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到到達(dá)擋板處過(guò)程，

由動(dòng)能定理得：-fimgd=0-^mv'l

解得：v0'=

由題意可知：〃(奈則圖下>

小球能夠沿軌道運(yùn)動(dòng)并且能夠與擋板相撞，小球的初速度應(yīng)滿足的條件是：見(jiàn)〉J前

答：小球能夠沿軌道運(yùn)動(dòng)并且能夠與擋板相撞，小球的初速度應(yīng)滿足的條件是%>

j5gR。

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能和動(dòng)能定理

【解析】小球恰好通過(guò)圓軌道的最高點(diǎn)時(shí)重力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律求出恰好

通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的速度大小，應(yīng)用動(dòng)能定理求出小球在圓軌道最低點(diǎn)時(shí)的速度大??；應(yīng)用

動(dòng)能定理求出小球恰好到達(dá)擋板處的初速度大小，然后確定小球初速度應(yīng)滿足的條件.

小球能夠沿軌道運(yùn)動(dòng)的臨界條件是小球到達(dá)圓軌道最高點(diǎn)時(shí)重力提供向心力；分析清楚

小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)能定理與牛頓第二定律即可解題。

14.【答案】解：(1)電子在加速電場(chǎng)加速，設(shè)電子加速后的速度為孫，由動(dòng)能定理得

1

叫=-mv^7

v0

(2)電子在(n+ar時(shí)刻射入并射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，偏轉(zhuǎn)距離最小，即加=0

電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中全過(guò)程受電場(chǎng)力作用，偏轉(zhuǎn)距離最大，即丫2=［砒2

其中。=吟

ma

L

t=—

U217

砌

(3)電子沿中線射出時(shí)，設(shè)電子在熒光屏所在的豎直線上得到的長(zhǎng)度為Si，軌跡圓弧的

半徑為先

第16頁(yè)，共20頁(yè)

則有Si=2R1=2鬻（％=v）

CD0

電子沿最大偏轉(zhuǎn)距離射出時(shí)，設(shè)在熒光屏所在的豎直線上得到的長(zhǎng)度為S2,軌跡圓弧的

半徑為/?2，出射方向與水平方

向的夾角為仇由幾何關(guān)系得S2=2&COS。

mv

/?2=---2

eB

2mv2cos92mv1

eB

因?yàn)镾]=S2,所以亮線長(zhǎng)度應(yīng)與電子射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)最大偏移距離相等，即為丫=鬻

答：(1)電子經(jīng)過(guò)N板上小孔時(shí)的速率為J鬻;

(2)電子射入磁場(chǎng)時(shí)，入射點(diǎn)之間的最大距離為篝;

(3)熒光屏上亮線的長(zhǎng)度為流。

【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律、牛頓第二定律、帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)

動(dòng)

【解析】(1)電子在加速電場(chǎng)加速，由動(dòng)能定理解得；

(2)電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中全過(guò)程受電場(chǎng)力作用，偏轉(zhuǎn)距離最大，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)可解得；

(3)根據(jù)幾何關(guān)系確定最大偏移距離。

本題結(jié)合粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，注意分清運(yùn)動(dòng)過(guò)程，運(yùn)用相應(yīng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

即可求解。

15.【答案】ABE

【知識(shí)點(diǎn)】布朗運(yùn)動(dòng)、阿伏加德羅常數(shù)、分子作用力、分子動(dòng)能、分子勢(shì)能及Ep-r圖

像

【解析】解：A、分子速率的分布呈現(xiàn)“中間多，兩頭多”的規(guī)律，溫度越高分子的熱

運(yùn)動(dòng)越劇烈，速率大的分子占比增大，由圖線可知狀態(tài)③時(shí)的溫度比狀態(tài)①、②時(shí)的

溫度都高，故4正確；

B、當(dāng)r=r()時(shí)，分子間的作用力/'=0，r>r()時(shí)分子間的作用力表現(xiàn)為引力，r<2時(shí)

分子間的作用力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)兩個(gè)分子從無(wú)窮遠(yuǎn)處相互靠近的過(guò)程中，分子力先做正

功后做負(fù)功，分子勢(shì)能先減小后增大，r=r0時(shí)分子勢(shì)能如最小，故B正確；

C、圖3得到的觀測(cè)記錄，是按等時(shí)間間隔依次記錄的某顆粒位置的連線，而不是分子

位置的連線，故C錯(cuò)誤;

。、用氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)可以估算出氣體分子占據(jù)的空間體積，而不是

分子的體積，故。錯(cuò)誤；

E、液體表面層分子間的距離比液體內(nèi)部分子間的距離大,分子間的作用力表現(xiàn)為引力，

表現(xiàn)出液體表面張力，液體和固體接觸時(shí)，接觸的位置出現(xiàn)附著層，附著層內(nèi)分子間的

距離可能小于也可能大于液體內(nèi)部分子間的距離，從而表現(xiàn)出浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)現(xiàn)象，故E

正確；

故選：ABE.

圖象峰值對(duì)應(yīng)分子速率越大，對(duì)應(yīng)的溫度越高；抓住「=小時(shí)，分子力為零這個(gè)關(guān)鍵點(diǎn)

進(jìn)行分析；圖中記錄的是做布朗運(yùn)動(dòng)的微粒按等時(shí)間間隔依次記錄的某個(gè)運(yùn)動(dòng)微粒位置

的連線，并非運(yùn)動(dòng)軌跡；用氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)可以估算出氣體分子占據(jù)

的空間體積，而不是分子的體積；根據(jù)浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)現(xiàn)象來(lái)判定。

本題考查了熱學(xué)中幾種典型圖象。對(duì)于這部分知識(shí)，我們一定要回歸課本，認(rèn)真研究課

本的每一個(gè)圖，這也是高考的一個(gè)考點(diǎn)。

16.【答案】解：(1)4中氣體初始狀態(tài)參量：Po、％、To,末態(tài)

加5

狀態(tài)參量：PA、匕T,4由理想氣體方程得：華=崇,型［劈］

B中氣