安徽省滁州市定遠縣第一初級中學2022-2023學年九年級上學期物理期中試卷(含答案)

安徽省滁州市定遠縣第一初級中學2022-2023學年九年級上學期

期中物理試卷

一、填空題：（每空2分，共24分；將答案直接填寫在橫線上，不必寫出解題過程）

1.（2分）一段導體兩端的電壓是5.0V時導體中的電流是L0A,如果將電壓減少2.0V時導

體中的電流為Ao

2.（2分）有一段粗細均勻的電阻絲將它接在6V的電源上時通過它的電流是0.5A.如果把

它們對折起來并擰成一股再接在這個電源上那么通過它的電流將。（選“變大”、

“變小”或“不變”）

3.（2分）甲、乙兩個定值電阻，甲標有“10Q1.0A”,乙標有“5C0.3A”,把它們串聯(lián)后

接入電路里，電路兩端允許加的最高電壓是V。

4.（2分）如圖所示，電源電壓為3V.閉合開關后，小燈泡Li、L2都不亮。小峰同學用電

壓表檢測后，得出Li斷路的結論。其測量結果應該是：Ubc=V,Uac=3V。

t,k

~H^■-

5.（4分）如圖所示，是某液體的凝固圖象，當該液體凝固后，第15min的內能（填

“大于”、“小于”或“等于"）第lOmin的內能，其原因是o

t溫度用

20:A

\B,C

°Bio1’5區(qū)時間島

6.（4分）用兩個相同的加熱器給初溫相同，質量同為2kg的物質甲和水加熱，它們的溫度

隨時間的變化關系如圖所示，據(jù)此判斷甲物質lOmin吸收的熱量為J,甲物質的

比熱容是J/（kg?℃）。［水的比熱容C=4.2X1（）3J/（kg.℃）］

7.（2分）如圖所示的電路中，當Si閉合、S2斷開時，電壓表的示數(shù)為2.5V；當Si斷開、

S2閉合時，電壓表示數(shù)為6V,則燈Li兩端電壓為。

8.（2分）如圖甲電路，當開關S閉合后，電流表的指針偏轉如圖乙所示，則燈Li和L2的

電阻之比為。

9.（2分）如圖所示，滑動變阻器Ri的最大阻值為100。，電流表Ai的量程是0?0.6A,

A2的量程為0?3A,電阻R2=7.2C,電源電壓恒定為18V。閉合電路后，為了保證兩個

電流表都能正常工作，滑動變阻器接入電路的電阻范圍為

10.（2分）三個定值電阻的阻值之比為Ri：R2：R3=l：2：3,將它們并聯(lián)后接入電路，

則通過各電阻的電流之比為o

二、選擇題：（每小題2分，共14分；每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合愿

意的。）

11.（2分）一支蠟燭在燃燒過程中，它的（)

A.質量變小，比熱容變小，熱值變小

B.質量不變，比熱容變小，熱值不變

C.質量不變，比熱容不變，熱值變小

D.質量變小，比熱容不變，熱值不變

12.（2分）用毛皮摩擦過的橡膠棒接觸驗電器的金屬球（如圖所示），發(fā)現(xiàn)驗電器的兩個金

屬箔片張開。以下說法正確的是（）

金屬球

A.毛皮和橡膠棒摩擦的過程中橡膠棒失去了電子

B.驗電器的金屬箔片張開是因為金屬箔失去電子

C.此過程中，瞬間產(chǎn)生的電流方向是從箔片流向橡膠棒

D.此過程中，瞬間產(chǎn)生的電流方向是從橡膠棒流向箔片

13.（2分）如圖所示，滑動變阻器的滑片P處于中間位置，閉合開關S,兩個燈泡均能發(fā)

光（假設燈絲電阻不變），此時，將滑動變阻器的滑片P向右移動，則（）

A.Li變暗，L2變亮B.Li變亮，L2變暗

C.Li變暗，L2不變D.Li、L2亮度不變

14.（2分）“伏安法”測電阻R的部分電路如圖所示，關于測得的電阻值大小和誤差原因分

析正確的是（）

圖5

A.R偏小，因為電流表測量值比通過電阻R的實際電流大一點

B.R偏大，因為電流表測量值比通過電阻R的實際電流小一點

C.R偏大，因為電壓表測量值比電阻兩端的實際電壓大一點

D.R偏小，因為電壓表測量值比電阻兩端的實際電壓小一點

15.（2分）如圖所示，滑動變阻器的滑片在某兩點間移動時，電流表的示數(shù)范圍為1A到

2A之間，電壓表的示數(shù)范圍為6V到9V之間，則定值電阻Ri的阻值及電源電壓分別為

（）

A.3Q,15VB.6Q,15VC.3C,12VD.6Q,12V

16.（2分）如圖所示電路，當開關閉合，兩燈正常發(fā)光，使用中發(fā)現(xiàn)兩燈突然熄滅，電流

表無示數(shù)，電壓表示數(shù)增大，則故障可能是（）

A.燈Li被短路B.燈L2被短路C.燈Li斷路D.燈L2斷路

17.（2分）如圖所示電路，電源兩端電壓保持不變，閉合開關S,當滑動變阻器的滑片向

右滑動時，下列判斷正確的是（）

A.電壓表Vi示數(shù)與電流表A的比值變大

B.電壓表V2示數(shù)與電流表A的比值不變

C.電壓表Vi示數(shù)的變化量大于電壓表V2示數(shù)的變化量

D.電壓表Vi示數(shù)的變化量小于電壓表V2示數(shù)的變化量

三、作圖與實驗探究題：（每空2分，共16分）

18.（6分）在探究“燃料熱值與燃料種類關系”的實驗中，組裝了甲、乙兩套實驗裝置,

如圖所示，每隔1分鐘記錄一次燒杯中的水溫度。

（1）為了保證實驗結論的可靠性，實驗時應控制兩燈具內所盛酒精和煤油的質量相同,

兩個相同的燒杯內盛有初溫和相同的水。

（2）通過觀察水溫的高低，由此判斷兩種燃料的熱值大小。當兩燈的燃料完全燃燒后，

甲裝置中水溫度為80℃,乙裝置中水溫度為90℃,由此可以初步判斷（選填“酒

精”或“煤油”）的熱值更大一些。

（3）根據(jù)Q,s=cm△t計算出水吸收的熱量，再根據(jù)Q=mq計算出煤油的熱值，發(fā)現(xiàn)結

果與資料中給出的煤油熱值相比（選填“偏大”或“偏小

19.（6分）小剛和小麗用圖所示的器材探究串聯(lián)電路的電壓關系，用三節(jié)干電池串聯(lián)做電

源，兩只小燈泡的規(guī)格不同。

（1）請用筆畫線代替導線連接實驗電路，要求：Li和L2串聯(lián)，電壓表測量兩燈串聯(lián)后

的總電壓。

（2）小剛在連接電路時開關應處于狀態(tài)。

（3）他們排除故障后繼續(xù)實驗，得出了表所示的一組數(shù)據(jù)，為了得出串聯(lián)電路電壓關系

的普遍規(guī)律，他們還應當。

Li兩端電壓/VL2兩端電壓/V串聯(lián)后的總電壓/V

1.43.14.5

20.（4分）小軍想利用兩塊已調零的電流表和阻值已知的電阻Ro等符合實驗要求的器材,

測量電阻Rx的阻值。他連接的部分電路如圖所示。

（1）請你只添加一根導線，完成實驗電路連接。

（2）開關S閉合時，電流表Ai的示數(shù)為5電流表A2的示數(shù)為12.請你利用h、12和

Ro表示Rx.Rx=。

四、計算題：（第23題4分，24題6分，第25小題6分，共16分；解答和論證要有必要

的公式、步驟、解答過程，包括必要的文字說明。只有最后答案的不能得分）

21.（4分）阻值為10歐的用電器，正常工作時的電流為0.3安，現(xiàn)要把它接入到電流為0.8

安的電路中，應怎樣連接一個多大的電阻？

22.（6分）如圖所示，電阻Ri為10C,電源兩端電壓為12V。開關S閉合后，求：當滑動

變阻器R接入電路的電阻R2為50。時，通過電阻Ri的電流I）和Ri兩端的電壓5。

R1

R1

［一」

23.（6分）有一個量程為0?1mA的小量程電流表G,內阻Rg=30Q,選擇一定值電阻Ro

與它并聯(lián)起來，如圖所示。將A、B兩端接入電路（圖中I表示電流表G與電阻Ro并聯(lián)

后的總電流）。

（1）調節(jié)電路，使電流表的指針指在最大刻度處（即1mA）,這時電流I為0.6A,求電

阻Ro的值（計算結果保留兩位小數(shù)）；

（2）繼續(xù)調節(jié)電路，使電流表的指針指在刻度盤中央（即0.5mA）,此時電流I變?yōu)槎?/p>

少？

0

■o

B

安徽省滁州市定遠縣第一初級中學2022-2023學年九年級上學期

期中物理試卷

參考答案與試題解析

一、填空題：（每空2分，共24分；將答案直接填寫在橫線上，不必寫出解題過程）

1.（2分）一段導體兩端的電壓是5.0V時導體中的電流是1.0A,如果將電壓減少2.0V時導

體中的電流為0.6Ao

【分析】（1）知道導體兩端的電壓和通過的電流，根據(jù)歐姆定律求出導體的電阻；

（2）電阻是導體本身的一種性質，只與導體的材料、長度、橫截面積和溫度有關，與兩

端的電壓和通過的電流無關，再根據(jù)歐姆定律求出將電壓減少2.0V時通過的電流。

【解答】解：由1=旦可得，導體的電阻：

R

R=u=L0V=5n,

I1.0A

因電阻是導體本身的一種性質，與導體兩端的電壓和通過的電流無關，

所以，將電壓減少2.0V時，即電壓為：U'=U-AU=5V-2V=3V,導體的電阻仍為

5Q不變，

此時通過導體的電流：

故答案為：0.6o

【點評】本題考查了歐姆定律的簡單應用，關鍵是知道導體的電阻與兩端的電壓和通過

的電流無關，是一道基礎題目。

2.（2分）有一段粗細均勻的電阻絲將它接在6V的電源上時通過它的電流是0.5A.如果把

它們對折起來并擰成一股再接在這個電源上那么通過它的電流將變大。（選“變大”、

“變小”或“不變”）

【分析】導體的電阻決定于導體的長度、橫截面積和材料；同種材料長度越長、橫截面

積越小，電阻越大；長度越小、橫截面積越大，電阻越小，據(jù)此得出對折后電阻的變化,

最后利用歐姆定律比較通過電流的變化。

【解答】解：將電阻絲對折后，導體的材料和溫度都沒有變化，但導體的長度減半，在

長度減半的同時，橫截面積變?yōu)樵瓉淼亩叮?/p>

根據(jù)導體電阻與長度、橫截面積的關系可知，電阻絲的電阻減小,

根據(jù)1=旦可知，電源的電壓不變時，通過電阻的電流變大。

R

故答案為：變大。

【點評】理解導體對折后，導體的長度和橫截面積都發(fā)生變化是解本題的關鍵。

3.（2分）甲、乙兩個定值電阻，甲標有“10。1.0A”，乙標有“5Q0.3A”，把它們串聯(lián)后

接入電路里，電路兩端允許加的最高電壓是4.5Vo

【分析】知道兩定值電阻允許通過的最大電流，兩定值電阻串聯(lián)時通過它們的電流相等,

電路中的最大電流為兩定值電阻允許通過最大電流中較小的，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定

律求出該串聯(lián)電路兩端允許加的最高電壓。

【解答】解：因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且兩定值電阻允許通過的最大電流分別為I

甲=1.0A、I乙=0.3A,

所以，兩定值電阻串聯(lián)時，電路中的最大電流1=1乙=0.3A,

因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，

所以由I=U得該串聯(lián)電路兩端允許加的最高電壓：

R

U=I（Rw+R乙）=0.3AX（10Q+5C）=4.5V。

故答案為：4.5o

【點評】本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是知道串聯(lián)時允許通過的

最大電流為兩個電阻允許通過最大電流中最小的一個。

4.（2分）如圖所示，電源電壓為3V.閉合開關后，小燈泡Li、L2都不亮。小峰同學用電

壓表檢測后，得出Li斷路的結論。其測量結果應該是：Ubc=0V,Uac=3V。

Lik

-H~-

【分析】根據(jù)兩燈不亮可判斷為斷路，再根據(jù)電壓表可測出Li斷路的結論，由此判斷電

壓表連接的位置與讀數(shù)。

【解答】解：由題意可知，閉合開關后，小燈泡Li、L2都不亮，說明電路為斷路，又因

為電壓表可測出L斷路的結論，所以當電壓表并聯(lián)在斷路的部分時，此時測的是電源電

壓，即Uab=3V,當并聯(lián)在L2兩端時，電路斷路，Ubc=0V,當并聯(lián)在ac兩點間時，測

的仍為電源電壓，Uac=3V。

故答案為：Oo

【點評】本題考查了電壓表在電路故障判斷中的作用，要知道電壓表的使用特點，才能

做出正確的判斷。

5.（4分）如圖所示，是某液體的凝固圖象，當該液體凝固后，第15min的內能小于（填

“大于”、“小于”或“等于“）第lOmin的內能，其原因是晶體在凝固過程中不斷放

熱，內能減小。

t溫度上

20（A

\B,,C

；牛R時間/《in

【分析】晶體的液體在凝固時，放出熱量、內能減小，溫度不變。

【解答】解：由液體的凝固圖象可知，該物質的固體為晶體，第5?20分鐘內為凝固過

程，放出熱量、內能變小，溫度不變，所以第15分鐘的內能小于第10分鐘的內能。

故答案為：小于；晶體在凝固過程中不斷放熱，內能減小。

【點評】本題主要考查了晶體凝固圖象的分析，掌握晶體凝固的特點是關鍵。晶體凝固

雖然溫度保持不變，但需不斷放熱，所以內能減小。

6.（4分）用兩個相同的加熱器給初溫相同，質量同為2kg的物質甲和水加熱，它們的溫度

隨時間的變化關系如圖所示，據(jù)此判斷甲物質lOmin吸收的熱量為2.52X105j,甲物

質的比熱容是2.121（）3〃（kg?℃）。［水的比熱容C=4.2X1（）3J/（kg.℃）|

【分析】由題知物質甲和水質量相同，升高的溫度相同時水吸收的熱量是物質甲吸收熱

量的2倍。根據(jù)吸熱公式Q^=cm4t判斷兩物質的比熱容之間的關系，從而得出物質甲

的比熱容。

由圖象確定甲lOmin升高的溫度，然后根據(jù)Q^=cm4t求出甲物質吸收的熱量。

【解答】解：由圖象可知：用兩個相同的電熱器給質量相同的物質甲和水加熱，水溫度

升高60℃需要20min,物質甲溫度升高60℃需要lOmin。

所以質量相同的物質甲和水升高相同的溫度需要吸收的熱量關系為：Q概=2Q中吸。

由熱量計算公式Q=cmZ\t得：c=,故c水=2c甲，水的比熱容為c水=4.2X1()3〃

mAt

(kg?℃),則甲的比熱容為c甲=2.1X1()3J/(kg?℃),

甲物質lOmin升高了60℃,吸收的熱量為：

Q甲吸=cq>m甲At甲=2.1X1()3J/(kg?℃)X2kgX60℃=2.52X105J?

故答案為：2.52X105；2.1X1O3,

【點評】比較兩個量的大小一定要根據(jù)公式來分析，這樣思維嚴謹些：有圖象的要合理

利用圖象。解決此題的關鍵就是能得出質量相同的物質甲和水升高相同的溫度水需要吸

收的熱量是甲的2倍。

7.(2分)如圖所示的電路中，當Si閉合、S2斷開時，電壓表的示數(shù)為2.5V；當Si斷開、

S2閉合時，電壓表示數(shù)為6V,則燈Li兩端電壓為2.5V。

【分析】分析電路，判斷出哪個電表測量Li兩端的電壓，根據(jù)題意串聯(lián)電路的電壓特點

可得出結論。

【解答】解：由圖知，兩燈泡并聯(lián)，當Si閉合、S2斷開時，電壓表測量Li兩端的電壓,

電壓表的示數(shù)為2.5V,可知Li兩端的電壓為2.5V?

故答案為：2.5V。

【點評】本題主要考查了動態(tài)電路的分析，關鍵能夠正確分析電壓表所測的電路。

8.(2分)如圖甲電路，當開關S閉合后，電流表的指針偏轉如圖乙所示，則燈Li和L2的

電阻之比為4：1o

【分析】由電路圖可知，兩燈泡并聯(lián)，電流表a測燈泡Li支路的電流，電流表b測干路

電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點和電流表指針的位置確定a、b電流表的量程，再根據(jù)分

度值讀出示數(shù)。根據(jù)并聯(lián)電路的電壓規(guī)律和歐姆定律求Li和L2電阻之比。

【解答】解：由電路圖可知，兩燈泡并聯(lián)，電流表a測燈泡Li支路的電流，電流表b測

干路電流；

并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，且b電流表指針的偏轉角等于a電流表指針

的偏轉角，

所以a電流表的量程為。?0.6A,分度值為0.02A,示數(shù)為0.3A,

b電流表的量程為0?3A,分度值為0.1A,示數(shù)為1.5A；

通過L2的電流應為：

l2=I-L=1.5A-0.3A=1.2A。

根據(jù)并聯(lián)電路中各支路電壓相等和歐姆定律可得：

Ri：R2=-y-：旦-=匕：Ii=l.2A：0.3A=4：I。

IlI2

故答案為：4：lo

【點評】本題考查了電流表的正確使用和讀數(shù)以及并聯(lián)電路的電流、電壓特點和歐姆定

律的應用，關鍵是兩電流表量程的選擇。

9.（2分）如圖所示，滑動變阻器Ri的最大阻值為100Q,電流表Ai的量程是0?0.6A,

A2的量程為0?3A,電阻R2=7.2Q,電源電壓恒定為18V。閉合電路后，為了保證兩個

電流表都能正常工作，滑動變阻器接入電路的電阻范圍為36。?100

【分析】由電路圖知，兩電阻并聯(lián)，電流表Ai測量通過滑動變阻器的電流，電流表A2

測量干路的電流；

根據(jù)并聯(lián)電路的特點知滑動變阻器在移動的過程中通過定值電阻R2的電流不變，由12

=」L算出通過定值電阻R2的電流，根據(jù)電流表A2的量程為0?3A算出通過滑動變阻

R2

器的最大電流并與電流表AI的量程比較，得出電流表Ai的最大值。由歐姆定律算出此

時滑動變阻器接入電路的最小值，進而判斷出滑動變阻器接入電路電阻的范圍。

【解答】解：由電路圖知，兩電阻并聯(lián)，電流表Ai測量通過滑動變阻器的電流，電流表

A2測量干路的電流；

所以滑動變阻器在移動的過程中通過定值電阻R2的電流不變，為：l2=‘L=3L=

R27.2Q

2.5A；

因為電流表A?的量程為0?3A,

所以通過滑動變阻器的最大電流為：

11大=1-I2=3A-2.5A=0.5A<0.6A,

所以電流表Ai的最大值為0.5A,

此時滑動變阻器接入電路的最小值為：

R"、=JL=ML=36O,

110.5A

所以為了保證兩個電流表都能正常工作，滑動變阻器接入電路的電阻范圍為36。?1OOQ。

故答案為：36。?100。

【點評】本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的靈活應用，關鍵是知道電流表Ai的示

數(shù)最大時滑動變阻器接入電路中的電阻最小。

10.（2分）三個定值電阻的阻值之比為Ri：R2：R3=l：2：3,將它們并聯(lián)后接入電路，

則通過各電阻的電流之比為6：3：2。

【分析】三個并聯(lián)支路的電壓相等，根據(jù)歐姆定律U=IR得，電流I與電阻R成反比，

根據(jù)數(shù)學知識求出電流之比。

【解答】解：三個電阻并聯(lián)，各個支路的電壓相等，根據(jù)歐姆定律可知，電流I與電阻R

成反比。

據(jù)題電阻之比Ri：R2：R3=l：2：3,則得電流之比Ii：I2：b=」-：—：—

%R2R312

A=6：3：2。

3

故答案為：6：3：2。

【點評】本題考查并聯(lián)電路特點和歐姆定律的應用，應用數(shù)學知識求解反比比例的問題,

易錯成Ri：R2：R3=l3：12：11=3：2：lo

二、選擇題：（每小題2分，共14分；每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合愿

意的。）

11.（2分）一支蠟燭在燃燒過程中，它的（）

A.質量變小,比熱容變小，熱值變小

B.質量不變，比熱容變小，熱值不變

C.質量不變，比熱容不變，熱值變小

D.質量變小，比熱容不變，熱值不變

【分析】（1）質量是物體中所含物質的多少，物質質量的大小與外界條件無關，只取決

于物體本身所含物質的多少。

（2）比熱是物質的一種特性，各種物質都有自己的比熱，它既不隨物質質量的改變而變

化。

（3）某種確定的燃料而言，它的熱值是一個確定的值，跟燃料的質量及燃料燃燒放出的

熱量無關。

【解答】解：蠟燭在燃燒過程中，所含物質的多少在改變，所以質量變小，但是比熱容

和熱值只與物質的種類有關，與所含物質的多少無關，因此一支蠟燭在燃燒過程中，比

熱容和熱值不變。

故選：D。

【點評】本題考查了學生對質量和密度的定義，以及它們的性質的理解和掌握，是一道

基礎題，相對比較簡單。

12.（2分）用毛皮摩擦過的橡膠棒接觸驗電器的金屬球（如圖所示），發(fā)現(xiàn)驗電器的兩個金

屬箔片張開。以下說法正確的是（）

金屬球

A.毛皮和橡膠棒摩擦的過程中橡膠棒失去了電子

B.驗電器的金屬箔片張開是因為金屬箔失去電子

C.此過程中，瞬間產(chǎn)生的電流方向是從箔片流向橡膠棒

D.此過程中，瞬間產(chǎn)生的電流方向是從橡膠棒流向箔片

【分析】（1）摩擦起電的實質是電荷的轉移，原子核束縛電子的能力強，得到電子帶負

電，原子核束縛電子的能力弱，失去電子帶正電：

（2）驗電器是檢驗物體是否帶電的儀器，其制作原理是：同種電荷相互排斥；

（3）用毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電荷，當接觸驗電器上端的金屬球時，橡膠棒上的電子

會轉移到驗電器上；人們規(guī)定：正電荷定向移動的方向為電流的方向。

【解答】解：A、毛皮和橡膠棒摩擦的過程中，橡膠棒原子核束縛電子的能力強，得到電

子而帶負電。故A錯誤；

B、驗電器的金屬箔片張開是因為橡膠棒上的部分電子轉移到驗電器，使驗電器的金屬箔

片帶了同種電荷，而同種電荷相互排斥，所以箔片張開。故B錯誤；

CD、橡膠棒接觸驗電器的金屬球時，橡膠棒上帶負電的電子從橡膠棒轉移到驗電器上，

故電流的方向是從驗電器的箔片到橡膠棒。故C正確、D錯誤。

故選：C。

【點評】知道實驗室中如何取得正電荷和負電荷，且明白驗電器的工作原理是解決該題

的關鍵。

13.（2分）如圖所示，滑動變阻器的滑片P處于中間位置，閉合開關S,兩個燈泡均能發(fā)

光（假設燈絲電阻不變），此時，將滑動變阻器的滑片P向右移動，則（）

A.Li變暗，L2變亮B.Li變亮，L2變暗

C.Li變暗，L2不變D.Li、L2亮度不變

【分析】由電路圖可知，燈泡L2與滑動變阻器R并聯(lián)后再與燈泡Li串聯(lián)，根據(jù)滑片的

移動可知接入電路中電阻的變化和并聯(lián)部分電阻的變化以及總電阻的變化，根據(jù)歐姆定

律可知電路中電流的變化和Li兩端的電壓變化，根據(jù)P=UI可知Li實際功率的變化，

進一步判斷其亮暗的變化；根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可知并聯(lián)部分電壓的變化，根據(jù)并

聯(lián)電路的電壓特點和P=UI=UT_T2-可知L2實際功率的變化，進一步判斷其亮暗的變化。

R

【解答】解：由電路圖可知，燈泡L2與滑動變阻器R并聯(lián)后再與燈泡L|串聯(lián)，

將滑動變阻器的滑片P向右移動，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，并聯(lián)部分的電阻

變大，電路的總電阻變大，電源電壓不變，由I=U可知，干路中的電流變小，

R

由U=IR可知，Li兩端的電壓變小，

因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，

所以，由P=UI可知，燈泡Li的實際功率變小，Li的亮度變暗；

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，

所以，并聯(lián)部分的電壓變大，

因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，

所以，燈泡L2兩端的電壓變大，

由P=U：可知，L2的實際功率變大，亮度變亮，故A正確，BCD錯誤。

R

故選：A?

【點評】本題考查了混聯(lián)電路的動態(tài)分析，涉及到串并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功

率公式的應用，分析好滑片移動時電路中總電阻的變化是關鍵。

14.（2分）“伏安法”測電阻R的部分電路如圖所示，關于測得的電阻值大小和誤差原因分

析正確的是（）

r-?

圖5

A.R偏小，因為電流表測量值比通過電阻R的實際電流大一點

B.R偏大，因為電流表測量值比通過電阻R的實際電流小一點

C.R偏大，因為電壓表測量值比電阻兩端的實際電壓大一點

D.R偏小，因為電壓表測量值比電阻兩端的實際電壓小一點

【分析】分析電路連接，根據(jù)并聯(lián)電路電流的規(guī)律判斷電流表示數(shù)與通過燈的實際電流

大小，根據(jù)歐姆定律分析。

【解答】解：圖中電壓表與電阻并聯(lián)，電壓表測的電壓是準確的；

通過電壓表也有一定的電流，根據(jù)并聯(lián)電路電流的規(guī)律，電流表示數(shù)大于通過燈的實際

電流，根據(jù)歐姆定律，R=旦，故R偏小，只有A正確，BCD錯誤。

I

故選：Ao

【點評】本題考查并聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律和誤差分析。

15.（2分）如圖所示，滑動變阻器的滑片在某兩點間移動時，電流表的示數(shù)范圍為1A到

2A之間，電壓表的示數(shù)范圍為6V到9V之間，則定值電阻RI的阻值及電源電壓分別為

（）

A.3Q,15VB.6（1,15VC.3Q,12VD.6C,12V

【分析】由圖可知，Ri與滑動變阻器R2串聯(lián)，電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓，電流

表測電路中的電流；當滑動變阻器接入電路的電阻變大時，總電阻變大，電路中的電流

減小，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點可知電壓表的示數(shù)變大，據(jù)此判斷兩電表對應的示數(shù)；

分別根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路的電壓特點表示出電源的電壓，再根據(jù)電源的電壓不變得

出等式即可得出答案。

【解答】解：由圖可知，Ri與滑動變阻器R2串聯(lián)，電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓，

電流表測電路中的電流；

當滑動變阻器接入電路的電阻變大時，總電阻變大，電路中的電流減小，根據(jù)串聯(lián)電路

的分壓特點可知電壓表的示數(shù)變大，則當I=1A時，U2=9V,

電源的電壓：U=IRI+U2=1AXR,+9V----------------①

當I'=2A時，U2'=6V,

電源的電壓：U=I'R1+U2'=2AXR,+6V-----------------②

因為電源的電壓不變，

所以由①②可得：Ri=3Q,U=12V。

故選：Co

【點評】本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是兩電表示數(shù)對應的判斷

和電源電壓不變條件的應用。

16.（2分）如圖所示電路，當開關閉合，兩燈正常發(fā)光，使用中發(fā)現(xiàn)兩燈突然熄滅，電流

表無示數(shù)，電壓表示數(shù)增大，則故障可能是（)

A.燈Li被短路B.燈L2被短路C.燈Li斷路D.燈L2斷路

【分析】由電路圖可知，兩燈泡串聯(lián)，電壓表測L2兩端的電壓，電流表測電路中的電流,

電壓表示數(shù)增大說明電壓表兩接線柱與電源之間是通路，突然兩電燈熄滅、電流表沒有

示數(shù)說明電路斷路，即電壓表并聯(lián)部分斷路。

【解答】解：A、燈L1被短路時，電路中有電流，電壓表有示數(shù)，燈L2亮，與題意不符,

故A錯誤；

B.燈L2被短路時，電路中有電流，電壓表有示數(shù)，燈Li亮，與題意不符，故B錯誤；

C.燈Li斷路，電路中無電流，電壓表示數(shù)為零，電流表示數(shù)為零，兩燈泡不亮，與題

意不符，故C錯誤；

D.燈L2斷路，電路中無電流，燈不亮，電壓表有示數(shù)且等于電源電壓，電流表無示數(shù),

與題意相符，故D正確。

故選：D。

【點評】用電壓表判斷故障時，若電壓表有示數(shù)，可能是所并聯(lián)的地方開路或其他地方

短路了，若電壓表沒有示數(shù)，則可能是所并聯(lián)的地方短路或其他地方開路了。

17.（2分）如圖所示電路，電源兩端電壓保持不變，閉合開關S,當滑動變阻器的滑片向

右滑動時，下列判斷正確的是（）

A.電壓表Vi示數(shù)與電流表A的比值變大

B.電壓表V2示數(shù)與電流表A的比值不變

C.電壓表Vi示數(shù)的變化量大于電壓表V2示數(shù)的變化量

D.電壓表V,示數(shù)的變化量小于電壓表V2示數(shù)的變化量

【分析】由電路圖可知，Ro與Ri、滑動變阻器R2串聯(lián)，電壓表Vi測Ri兩端的電壓,

電壓表V2測變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流。

(1)根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化

和Ro與Ri兩端的電壓變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可知滑動變阻器兩端的電壓變化,

然后判斷電壓表Vi與電流表A的比值變化以及電壓表V2示數(shù)與電流表示數(shù)的比值的變

化；

(2)根據(jù)串聯(lián)電路的特點和歐姆定律分別表示出兩電壓表示數(shù)的變化量，然后比較兩者

的絕對值得出答案。

【解答】解：由電路圖可知，Ro與Ri、滑動變阻器R2串聯(lián)，電壓表V]測Ri兩端的電

壓，電壓表V2測變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流。

(1)當滑動變阻器的滑片P向右滑動時，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大,

由1=旦可知，電路中的電流變小，即電流表的示數(shù)變小，

R

因為R1為定值電阻，電壓表Vi與電流表A的比值為Ri，

所以電壓表V]與電流表A的比值不變，故A錯誤；

由Ro與Ri的電阻不變和U=IR可知，Ro和R1兩端的電壓變小，即電壓表Vi的示數(shù)變

小，

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，

所以，滑動變阻器兩端的電壓變大，即電壓表V2的示數(shù)變大；

因電壓表V2的示數(shù)變大，電流表的示數(shù)變小，

所以，電壓表V2示數(shù)與電流表示數(shù)的比值變大，故B錯誤；

(2)設滑片移動前后電路中的電流為I、I',

電壓表Vi示數(shù)的變化量：

△Uvi=U「-Ui=I'Ri-IR尸(f-I)RI-AIRI,

電壓表V2示數(shù)的變化量：

△Uv2=U潸'-1；滑=[1；-1'(R1+R2)]-[U-I(R1+R2)]=(I-r)(R1+R2)=-

△I(R1+R2)

E|AIRI|<|AI(R1+R2)I

所以，電壓表Vi示數(shù)變化量的絕對值小于電壓表V2示數(shù)變化量的絕對值，故C錯誤，

D正確。

故選：D。

【點評】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，會正

確的表示兩電壓表示數(shù)的變化量是關鍵。

三、作圖與實驗探究題：（每空2分，共16分）

18.（6分）在探究“燃料熱值與燃料種類關系”的實驗中，組裝了甲、乙兩套實驗裝置，

如圖所示，每隔1分鐘記錄一次燒杯中的水溫度。

（1）為了保證實驗結論的可靠性，實驗時應控制兩燈具內所盛酒精和煤油的質量相同，

兩個相同的燒杯內盛有初溫和質量相同的水。

（2）通過觀察水溫的高低，由此判斷兩種燃料的熱值大小。當兩燈的燃料完全燃燒后，

甲裝置中水溫度為80℃,乙裝置中水溫度為90℃,由此可以初步判斷煤油（選填

“酒精”或“煤油”）的熱值更大一些。

（3）根據(jù)Q，^=cmAt計算出水吸收的熱量，再根據(jù)Q=mq計算出煤油的熱值，發(fā)現(xiàn)結

果與資料中給出的煤油熱值相比偏?。ㄟx填“偏大”或“偏小”）。

【分析】（1）根據(jù)控制變量法分析解答；

（2）根據(jù)水溫的變化情況結合Q“,%=cmAt比較酒精和煤油放出熱量的多少，然后根據(jù)

Q6t=mq判斷熱值的大??；

（3）在此實驗中，酒精和煤油燃燒放出的熱量有部分未被水吸收。

【解答】解：（1）為了保證實驗結論的可靠性，由控制變量法，實驗時應控制兩燈具內

所盛酒精和煤油的質量相同、用兩個相同的燒杯內盛有水的質量和初溫相同。

（2）當兩燈的燃料完全燃燒完后，甲裝置中溫度計讀數(shù)是80℃,而乙裝置的讀數(shù)是90℃,

由Q^=cmAt知道，煤油燈加熱的那杯水吸熱多，說明在質量相同時煤油放出的熱量較

多，由Qjtumq知道，煤油的熱值大于酒精的熱值；

（3）由于熱量的直接散失、燒杯未加蓋等，所以煤油燃燒放出的熱量大部分未被水吸收

或煤油燃燒不充分等，則由Q啖=cmAt知道，計算出水吸收的熱量偏小，由Q放=mq

知道，計算出的煤油的熱值偏小。

故答案為：（1）質量；（2）煤油；（3）偏小。

【點評】此題探究“燃料熱值與燃料種類關系”，考查了熱量公式、燃料燃燒放熱公式的

應用，并能夠對實驗做出合理的評析。

19.（6分）小剛和小麗用圖所示的器材探究串聯(lián)電路的電壓關系，用三節(jié)干電池串聯(lián)做電

源，兩只小燈泡的規(guī)格不同。

（1）請用筆畫線代替導線連接實驗電路，要求：Li和L2串聯(lián)，電壓表測量兩燈串聯(lián)后

的總電壓。

（2）小剛在連接電路時開關應處于斷開狀態(tài)。

（3）他們排除故障后繼續(xù)實驗，得出了表所示的一組數(shù)據(jù)，為了得出串聯(lián)電路電壓關系

的普遍規(guī)律，他們還應當換用不同規(guī)格的器材（燈泡、電源）多次測量。

Li兩端電壓/VL2兩端電壓/V串聯(lián)后的總電壓/V

1.43.14.5

【分析】（1）兩燈串聯(lián)，根據(jù)電源電壓確定電壓表選用的量程與兩燈并聯(lián)；

（2）為了保護電路，連接電路時開關應處于斷開狀態(tài)；

（3）實驗中，為得出普遍規(guī)律，應換用不同規(guī)格器材進行多次測量。

【解答】解：（1）Li和L2串聯(lián)，因電源電壓為4.5V,故電壓表選用大量程（0?15V）

并聯(lián)在兩燈的兩端，如下圖所示：

（2）在連接電路時，為了保護電路，開關應處于斷開狀態(tài);

（3）為了得出串聯(lián)電路電壓關系的普遍規(guī)律，需換用不同規(guī)格的器材（燈泡、電源）多

次測量。

故答案為：（1）如上圖；（2）斷開；（3）換用不同規(guī)格的器材（燈泡、電源）多次測量。

【點評】本題探究串聯(lián)電路的電壓關系，考查電路的連接、注意事項以及實驗操作等知

識，難度不大。

20.（4分）小軍想利用兩塊已調零的電流表和阻值已知的電阻Ro等符合實驗要求的器材,

測量電阻Rx的阻值。他連接的部分電路如圖所示。

（1）請你只添加一根導線，完成實驗電路連接。

（2）開關S閉合時，電流表Ai的示數(shù)為Ii；電流表A2的示數(shù)為I2.請你利用11、12和

【分析】要測電阻，在沒有電壓表的情況下，電流表與定值電阻Ro應起到電壓表的測量

作用，故可將Rx與電流表A2串聯(lián)后再與Ro并聯(lián)，電流表Ai測并聯(lián)電路的總電流，根

據(jù)并聯(lián)電路電流的規(guī)律可得出通過定值電阻的電流，由歐姆定律求出定值電阻的電壓，

根據(jù)并聯(lián)電路電壓的規(guī)律和歐姆定律求出待測電阻。

【解答】解：（1）將定值電阻的右接線柱與電流表負接線柱連接起來，如下所示：

（2）開關S閉合時，電流表Ai的示數(shù)為h，即為總電流，電流表A2的示數(shù)為12,為通

過待測電阻的電流，根據(jù)并聯(lián)電路電流的規(guī)律，通過定值電阻的電流為：

Io=Il-12.由歐姆定律，電源電壓：

U=（Ii-I2）Ro，由歐姆定律，待測電阻的大?。?/p>

12

（［-1）

故答案為：（1）如上；（2）―iR00

【點評】本題考查在沒有電壓表情況下設計測電阻的實驗方案，有一定難度。

四、計算題：（第23題4分，24題6分，第25小題6分，共16分；解答和論證要有必要

的公式、步驟、解答過程，包括必要的文字說明。只有最后答案的不能得分）

21.（4分）阻值為10歐的用電器，正常工作時的電流為0.3安，現(xiàn)要把它接入到電流為0.8

安的電路中，應怎樣連接一個多大的電阻？

【分析】由題意可知，電路中的電流大于用電器工作的電流，則需要并聯(lián)一個電阻分流,

根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出電阻分得的電流，根據(jù)歐姆定律分別表示出兩支路兩端的

電壓，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點得出等式求出電阻的阻值。

【解答】解：電路中的電流I=0.8A大于用電器正常工作時的電流I