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文檔簡(jiǎn)介
湖北省黃岡市2021年中考數(shù)學(xué)試卷
一、單選題
1.(2021?黃岡)-3的相反數(shù)是()
C.3D.-3
2.(2021?黃岡)2021年5月15日07時(shí)18分,我國(guó)首個(gè)火星探測(cè)器"天間一號(hào)"經(jīng)過470000000公里旅程
成功著陸在火星上,從此,火星上留下中國(guó)的腳印,同時(shí)也為我國(guó)的宇宙探測(cè)之路邁出重要一步.將
470000000用科學(xué)記數(shù)法表示為()
A.47x107B.4.7x107C.4.7x108D.0.47x109
3.(2017?宜興模擬)下列圖形中,是軸對(duì)稱圖形但不是中心對(duì)稱圖形的是()
A.等邊三角形B.正六邊形C.正方形D.圓
4.(2021?黃岡)下列計(jì)算正確的是()
A.a3+a2=a5B.a3-r-a2=aC.3a3-2a2=6a6D.(a—2)2=a2—4
5.(2021?黃岡)如圖是由四個(gè)相同的正方體組成的幾何體,其俯視圖是()
6.(2021?黃岡)高爾基說:"書,是人類進(jìn)步的階梯”.閱讀可以豐富知識(shí),拓展視野,充實(shí)生活,給我們帶
來愉快.英才中學(xué)計(jì)劃在各班設(shè)立圖書角,為合理搭配各類書籍,學(xué)校團(tuán)委以"我最喜愛的書籍”為主題,
對(duì)全校學(xué)生進(jìn)行抽樣調(diào)查,收集整理喜愛的書籍類型(A.科普,B.文學(xué),C.體育,D.其他)數(shù)據(jù)后,繪制出
兩幅不完整的統(tǒng)計(jì)圖,則下列說法褶鎮(zhèn)的是()
A.樣本谷量為400
B.類型D所對(duì)應(yīng)的扇形的圓心角為36°
C.類型C所占百分比為30%
D.類型B的人數(shù)為120人
7.(2021?黃岡)如圖,。。是RtZiABC的外接圓,0EL4B交。。于點(diǎn)E,垂足為點(diǎn)D,AE,
CB的延長(zhǎng)線交于點(diǎn)F.若。D=3,AB=8,則FC的長(zhǎng)是()
A.10B.8C.6D.4
8.(2021?黃岡)如圖,AC為矩形ABCD的對(duì)角線,已知AD=3,CD=4.點(diǎn)P沿折線C-A-D以
每秒1個(gè)單位長(zhǎng)度的速度運(yùn)動(dòng)(運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)停止),過點(diǎn)P作PELBC于點(diǎn)E,則&CPE的面積y與
點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程x間的函數(shù)圖象大致是()
9.(2021?黃岡)式子V^+2在實(shí)數(shù)范圍內(nèi)有意義,則a的取值范圍是.
10.正五邊形的一個(gè)內(nèi)角是度。
11.(2021?黃岡)東方紅學(xué)校舉行“學(xué)黨史,聽黨話,跟黨走"講故事比賽,七位評(píng)委對(duì)其中一位選手的評(píng)分
分別為:85,87,89,91,85,92,90.則這組數(shù)據(jù)的中位數(shù)為.
12.(2021?黃岡)若關(guān)于x的一元二次方程x2-2x+m=0有兩個(gè)不相等的實(shí)數(shù)根,則m的值可以是
.(寫出一個(gè)即可)
13.(2021?黃岡)在RtA/lBC中,4=90°,=30°,以頂點(diǎn)A為圓心,適當(dāng)長(zhǎng)為半徑畫弧,
分別交AC,AB于點(diǎn)E,F;再分別以點(diǎn)E,F為圈心,大于\EF的長(zhǎng)為半徑畫弧,兩弧交于點(diǎn)P,作
射線AP交BC于點(diǎn)D.則CD與BD的數(shù)量關(guān)系是.
A
14.(2021?黃岡)如圖,建筑物BC上有一高為8m的旗桿AB,從D處觀測(cè)旗桿頂部A的仰角為
53°,觀測(cè)旗桿底部B的仰角為45°,則建筑物BC的高約為皿(結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后一位1
(參考數(shù)據(jù)sin53°?0.80,cos53°?0.60,tan53°?1.33)
15.(2。21?黃岡)人們把與這個(gè)數(shù)叫做黃金分割數(shù),著名數(shù)學(xué)家華羅庚優(yōu)選法中的0.618法就應(yīng)用了
黃金分割數(shù).設(shè)a=三二6=空‘則ab=l記Si=\+而,$2=言+痂
Sio=^7?+7^??則Si+$2+…+Sio=---------
16.(2021?黃岡)如圖,正方形ABCD中,AB=1,連接AC,ZACD的平分線交AD于點(diǎn)E,在
AB上截取AF=DE,連接DF,分別交CE,AC于點(diǎn)G,H,點(diǎn)P是線段GC上的動(dòng)點(diǎn),PQ1
AC于點(diǎn)Q,連接PH.下列結(jié)論:①CE1DF;(2)DE+DC=AC;③E4=V3AH;④PH+
PQ的最小值是日.其中所有正確結(jié)論的序號(hào)是.
B
三、解答題
17.(2021?黃岡)計(jì)算:|l-V3|-2sin600+(7T-1)°.
18.(2021?黃岡)如圖,在△ABC和△DEC中,4=ND,/BCE=/ACD.
(2)若S^ABC:ShDEC=4:9,BC=6,求EC的長(zhǎng).
19.(2021?黃岡)2021年,黃岡、咸寧、孝感三市實(shí)行中考聯(lián)合命題,為確保聯(lián)合命題的公平性,決定采
取三輪抽簽的方式來確定各市選派命題組長(zhǎng)的學(xué)科.第一輪,各市從語文、數(shù)學(xué)、英語三個(gè)學(xué)科中隨機(jī)抽
取一科;第二輪,各市從物理、化學(xué)、歷史三個(gè)學(xué)科中隨機(jī)抽取一科;第三輪,各市從道德與法治、地
理、生物三個(gè)學(xué)科中隨機(jī)抽取一科.
(1)黃岡在第一輪抽到語文學(xué)科的概率是;
(2)用畫樹狀圖或列表法求黃岡在第二輪和第三輪抽簽中,抽到的學(xué)科恰好是歷史和地理的概率.
20.(2021?黃岡)如圖,反比例函數(shù)y=£上的圖象與一次函數(shù)y=mx+n的圖象相交于A(a,-1),
(1)求反比例函數(shù)和一次函數(shù)的解析式;
(2)設(shè)直線AB交y軸于點(diǎn)C,點(diǎn)N(t,0)是正半軸上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)N作NM1x軸交反比例函數(shù)
y=;的圖象于點(diǎn)M,連接CN,OM.若S四邊形COMN>3,求t的取值范圍.
21.(2021?黃岡)如圖,在RtA?lBC中,ZACB=90°,。。與BC,AC分別相切于點(diǎn)E,F,
BO平分ZABC,連接。4.
(1)求證:AB是。。的切線;
(2)若BE=AC=3,。。的半徑是1,求圖中陰影部分的面積.
22.(2021?黃岡)2021年是中國(guó)共產(chǎn)黨建黨100周年,紅旗中學(xué)以此為契機(jī),組織本校師生參加紅色研學(xué)
實(shí)踐活動(dòng),現(xiàn)租用甲、乙兩種型號(hào)的大客車(每種型號(hào)至少一輛)送549名學(xué)生和11名教師參加此次實(shí)
踐活動(dòng),每輛汽車上至少要有一名教師.
甲、乙兩種型號(hào)的大客車的載客量和租金如下表所示:
甲種客車乙種客車
載客量/(人/輛)4055
租金(元/輛)500600
(1)共需租輛大客車;
(2)最多可以租用多少輛甲種型號(hào)大客車?
(3)有幾種租車方案?哪種租車方案最節(jié)省錢?
23.(2021?黃岡)紅星公司銷售一種成本為40元/件的產(chǎn)品,若月銷售單價(jià)不高于50元/件.一個(gè)月可售出5
萬件:月銷售單價(jià)每漲價(jià)1元,月銷售量就減少0.1萬件.其中月銷售單價(jià)不低于成本.設(shè)月銷售單價(jià)為x
(單位:元/件),月銷售量為y(單位:萬件).
(1)直接寫出y與x之間的函數(shù)關(guān)系式,并寫出自變量x的取值范圍;
(2)當(dāng)月銷售單價(jià)是多少元/件時(shí),月銷售利潤(rùn)最大,最大利潤(rùn)是多少萬元?
(3)為響應(yīng)國(guó)家"鄉(xiāng)村振興"政策,該公司決定在某月每銷售1件產(chǎn)品便向大別山區(qū)捐款a元.已知該公司
捐款當(dāng)月的月銷售單價(jià)不高于70元/件,月銷售最大利潤(rùn)是78萬元,求a的值.
24.(2021?黃岡)已知拋物線y=ax2+bx-3與x軸相交于4(—1,0),B(3,0)兩點(diǎn),與y軸交于點(diǎn)C,
點(diǎn)W(n,0)是x軸上的動(dòng)點(diǎn).
(1)求拋物線的解析式;
(2)如圖1,若n<3,過點(diǎn)N作x軸的垂線交拋物線于點(diǎn)P,交直線BC于點(diǎn)G.過點(diǎn)P作PD1BC于
點(diǎn)D,當(dāng)n為何值時(shí),4PDGZ4BNG;
(3)如圖2,將直線BC繞點(diǎn)B順時(shí)針旋轉(zhuǎn),使它恰好經(jīng)過線段OC的中點(diǎn),然后將它向上平移|個(gè)單
位長(zhǎng)度,得到直線。名.
①tan/BOBi=▲;
②當(dāng)點(diǎn)N關(guān)于直線OB】的對(duì)稱點(diǎn)M落在拋物線上時(shí),求點(diǎn)N的坐標(biāo).
答案解析部分
一、單選題
I.【答案】c
【考點(diǎn)】相反數(shù)及有理數(shù)的相反數(shù)
【解析】【解答】解:-3的相反數(shù)是3.
故答案為:C.
【分析】根據(jù)相反數(shù)的定義"只有符號(hào)不同的兩個(gè)數(shù)互為相反數(shù)"可求解.
2.【答案】C
【考點(diǎn)】科學(xué)記數(shù)法一表示絕對(duì)值較大的數(shù)
【解析】【解答】解:470000000=4.7X108,
故答案為:C.
【分析】根據(jù)科學(xué)記數(shù)法的表示形式為:axis,其中14|a|V10,此題是絕對(duì)值較大的
數(shù),因此廿整數(shù)數(shù)位-1.
3.【答案】A
【考點(diǎn)】軸對(duì)稱圖形
【解析】【解答】解:等邊三角形是軸對(duì)稱圖形但不是中心對(duì)稱圖形,A正確:
正六邊形是軸對(duì)稱圖形,也是中心對(duì)稱圖形,B錯(cuò)誤;
正方形是軸對(duì)稱圖形,也是中心對(duì)稱圖形,C錯(cuò)誤:
圓是軸對(duì)稱圖形,也是中心對(duì)稱圖形,D錯(cuò)誤;
故選:A.
【分析】根據(jù)中心對(duì)稱圖形與軸對(duì)稱圖形的概念判斷即可.
4.【答案】B
【考點(diǎn)】同底數(shù)幕的除法,單項(xiàng)式乘單項(xiàng)式,完全平方公式及運(yùn)用,合并同類項(xiàng)法則及應(yīng)用
【解析】【解答】A、a3與a2不是同類項(xiàng),不可合并,此項(xiàng)錯(cuò)誤;
B、a3rra2=a,此項(xiàng)正確;
C3a③-2a2=6a5,此項(xiàng)錯(cuò)誤;
D>(a-2)2=a2-4a+4,此項(xiàng)錯(cuò)誤;
故答案為:B.
【分析】只有同類項(xiàng)才能合并,可對(duì)A作出判斷;根據(jù)同底數(shù)基相除,底數(shù)不變,指數(shù)相減,可對(duì)B作
出判斷;利用單項(xiàng)式乘以單項(xiàng)式的法則,可對(duì)C作出判斷;利用完全平方公式(a-b)2=aJ2ab+b2,可
對(duì)D作出判斷.
5.【答案】C
【考點(diǎn)】簡(jiǎn)單組合體的三視圖
【解析】【解答】解:俯視圖是指從上往下看幾何體得到的視圖.這個(gè)幾何體的俯視圖是由排在一行的三個(gè)
小正方形組成,
觀察四個(gè)選項(xiàng)可知,只有選項(xiàng)C符合,
故答案為:c.
【分析】根據(jù)俯視圖是指從上往下看所得到的圖形,由此可得答案.
6.【答案】C
【考點(diǎn)】總體、個(gè)體、樣本、樣本容量,扇形統(tǒng)計(jì)圖,條形統(tǒng)計(jì)圖
【解析】【解答】解:100+25%=400,則樣本容量為400,選項(xiàng)A說法正確;
360°x10%=36°,則選項(xiàng)B說法正確;
/X100%=35%,則選項(xiàng)C說法錯(cuò)誤;
400
(1-25%-35%-10%)x400=120(人),則選項(xiàng)D說法正確;
故答案為:C.
【分析】利用樣本容量=A的人數(shù)+A的人數(shù)所占的百分比,可求出樣本容量,可對(duì)A作出判斷;根據(jù)D
的圓心角的度數(shù)=36(TxD的人數(shù)所占的百分比,列式計(jì)算可求得類型D所對(duì)應(yīng)的扇形的圓心角,可對(duì)B作
出判斷;再求出C類的人數(shù)所占的百分比,可對(duì)C作出判斷;然后求出B類的人數(shù),可對(duì)D作出判斷.
7.【答案】A
【考點(diǎn)】勾股定理,垂徑定理,三角形的中位線定理
【解析】【解答】解:VOE1AB.AB=8,
???AD=-AB=4,
2
v。0=3,
???OA=+力。2=5,
???OE=5,
vOE1AB,
???ZADO=90°=NABC,
???OE“FC,
又?.?OA=OC,
???OE是△4CF的中位線,
???FC=2OE=10,
故答案為:A.
【分析】由垂徑定理可得AD^AB,在直角三角形AOD中,用勾股定理可求得OA的值,由已知易得OE
是三角形ACF的中位線,然后根據(jù)三角形的中位線等于第三邊的一半得FC=2OE=2OA求解.
8.【答案】D
【考點(diǎn)】一次函數(shù)-動(dòng)態(tài)幾何問題,二次函數(shù)的實(shí)際應(yīng)用-幾何問題
【解析】【解答】解:?.?四邊形4BCD是矩形,AD=3,CD=4,
AB=4,BC=3,AC=y/AD2+CD2=5,=90°,
:.AC+AD=8,
由題意,分以下兩種情況:
(1)當(dāng)點(diǎn)P在C4上,即04x45時(shí),
在RCZ14BC中,sin^ACB=—=-,cos^ACB=-=-,
AC5AC5
v在Rt△CPE中,CP=x,PE1BC,
???CE=CP,cos^PCE=PE=CP?sin/CE=|x,
2;
,y2=-CE-PE=—25x
(2)如圖,當(dāng)點(diǎn)P在力。上,即5<%W8時(shí),
,:四邊形ABCD是矩形,PEA.BC,
???四邊形CEPD是矩形,
??.pE=CD=4,CE=DP=AC+AD-(AC4-71P)=8-%,
1
?-y=-CE-PE=-2x+16,
25
綜上,y與x間的函數(shù)關(guān)系式為y={HX(°-X-),
—2x+16(5<x<8)
觀察四個(gè)選項(xiàng)可知,只有選項(xiàng)D的圖象符合,
故答案為:D.
【分析】利用勾股定理求出AC的長(zhǎng),即可求出AC+AD的長(zhǎng);再分情況討論:設(shè)CP=x,當(dāng)點(diǎn)P在C4
上,即0WXW5時(shí),利用銳角三角函數(shù)的定義求出sin/ACB和cosNACB的值,再利用解直角三角形表
示出CE,PE的長(zhǎng);然后利用三角形的面積公式可得到y(tǒng)與x之間的函數(shù)解析式;當(dāng)點(diǎn)P在4D上,即
5<x48時(shí),易證四邊形CEPD是矩形,利用矩形的性質(zhì)可得到PE,CE的長(zhǎng),再利用三角形的面積公式
可得到y(tǒng)與x之間的函數(shù)解析式,根據(jù)兩函數(shù)解析式及取值范圍,可得答案.
二、填空題
9.【答案】a>-2
【考點(diǎn)】二次根式有意義的條件
【解析】【解答】解:由二次根式的被開方數(shù)為非負(fù)數(shù)得:a+2N0,
解得a>-2,
故答案為:a>-2.
【分析】利用二次根式有意義的條件:被開方數(shù)是非負(fù)數(shù),可建立關(guān)于a的不等式,然后求出不等式的
解集.
10.【答案】108°
【考點(diǎn)】多邊形內(nèi)角與外角,正多邊形的性質(zhì)
【解析】【解答】五邊形的內(nèi)角和為540。,所以正五邊形一個(gè)內(nèi)角為108。
【分析】根據(jù)多邊形的內(nèi)角和=(n-2)180"可得五邊形的內(nèi)角和為540。,所以根據(jù)正五邊形的定義可得正
五邊形一個(gè)內(nèi)角三竺1=108,。
5
11.【答案】89
【考點(diǎn)】中位數(shù)
【解析】【解答】解:將這組數(shù)據(jù)按從小到大進(jìn)行排序?yàn)?5,85,87,89,90,91,92,
則中位數(shù)為89,
故答案為:89.
【分析】把數(shù)據(jù)先按從小到大的順序排列,位于最中間的一個(gè)數(shù)(或兩個(gè)數(shù)的平均數(shù))為中位數(shù);據(jù)此
可求出這組數(shù)據(jù)的中位數(shù).
12.【答案】0(答案不唯一)
【考點(diǎn)】一元二次方程根的判別式及應(yīng)用
【解析】【解答】解:由題意得:此一元二次方程根的判別式4=(—2下一4m>0,
解得m<1,
則m的值可以是0,
故答案為:0(答案不唯一).
【分析】先計(jì)算bJ4ac,再根據(jù)一元二次方程的根的判別式"①當(dāng)b2-4ac>0時(shí),方程有兩個(gè)不相等的實(shí)
數(shù)根;②當(dāng)b2-4ac=0時(shí),方程有兩個(gè)相等的實(shí)數(shù)根;③當(dāng)b2-4ac<0時(shí),方程沒有實(shí)數(shù)根"可得關(guān)于m的
不等式,解不等式可求得m的范圍,寫出范圍內(nèi)的一個(gè)m的值即可.
13.【答案】CD/BD
【考點(diǎn)】等腰三角形的性質(zhì),含30。角的直角三角形,作圖-角的平分線
【解析】【解答】解:???在RtZiABC中,4=90°,NB=30°,
???ZBAC=90°-夕=60°,
由角平分線的尺規(guī)作圖可知,AD平分/BAC,
???ZCAD=ZBAD=-ZBAC=30°,
2
???/B=ZBAD,
:.AD=BD,
V在Rt△ACD中,/C=90°,ZCAD=30°,
CD=-AD,
2
???CD=-BD,
2
故答案為:CD=\BD.
【分析】由作圖可知AD平分NBAC,即NCAD=ZBAD=|zBAC=ZB,根據(jù)等角對(duì)等邊可得AD=BD,再根
據(jù)30度角所對(duì)的直角邊等于斜邊的一半CD=|AD=iBD可求解.
14.【答案】24.2
【考點(diǎn)】解直角三角形的應(yīng)用-仰角俯角問題
【解析】【解答】解:由題意得:AC1CD,AB=8m,ZADC=53°,ZBDC=45°,
Rt△BCD是等腰直角三角形,
???BC=CD,
設(shè)BC=CD=,貝I4c=(8+x)m,
在Rt^ACD中,tanXADC=,即?=tan53°?1.33,
解得x?24.2(m),經(jīng)檢驗(yàn),是所列分式方程的解,且符合題意,
即建筑物BC的高約為24.2m,
故答案為:24.2.
【分析】利用已知條件可知△BCD是等腰直角三角形,可得到BC=CD=x,可表示出AC的長(zhǎng);再在RSACD
中,利用解直角三角形,可建立關(guān)于x的方程,解方程求出x的值,即可得到BC的長(zhǎng).
15.【答案】10
【考點(diǎn)】二次根式的乘除法,探索數(shù)與式的規(guī)律
【解析】【解答】解:vab=1,
??.5"=春+備=焉+證言而(n為正整數(shù)),
_1an
-l+an+an+(ab)n'
1,an
=H---,
l+anan+l
=1,
:?S]=S?=???=S】o—1,
則S[+S?+…+Si。=10,
故答案為:10.
【分析】由二次根式的乘法法則可得ab=l,計(jì)算Sn=l,于是可知Sn與n的值無關(guān),再計(jì)算Si+Sz+./Sio
即可求解.
16.【答案】①②④
【考點(diǎn)】四邊形的綜合
【解析】【解答】解:v四邊形ABCD是正方形,AB=1,
.??CD=AD=lfAC=?NADC=ZDAF=90°,ZACD=45。,AB〃CD,
AD=DC
在bADF和△DCE中,{44~=4DE=90。,
AF=DE
???△4DFMZkDCE(S/S),
???ZADF=/DCE,
,.?/DCE+/DEG=1800-NCDE=90°,
???ZADF+/DEG=90°,
ZDGE=90",HPCELDF,結(jié)論①正確;
vCE平分ZACD,CEIDF,
:.CH=DC=1,
???NCDH=/CHD=NAHF,
,**AB,CD,
???NCDH=ZAFH,
???ZAFH=ZAHF,
???AF=AH,
???AF=DE
:.DE+DC=AF+CH=AH+CH=AC,結(jié)論②正確;
vCH=1,AC=V2>
:.DE=AF=AH=AC-CH=V2-1,
:.EA=AD-DE=1-(>/2-1)=2-y[2,
EA2-V2廿
AHV2-1
即EA=>/2AH,結(jié)論③錯(cuò)誤;
如圖,過點(diǎn)P作PM1CD于點(diǎn)M,連接HM,
vCE平分ZACD,PMLCD,PQ工AC,
???PM=PQ,
PH+PQ=PH+PM,
由兩點(diǎn)之間線段最短得:當(dāng)點(diǎn)H,P.M共線時(shí),PH+PM取得最小值HM,
由垂線段最短得:當(dāng)HM1CD時(shí),HM取得最小值,
此時(shí)在Rt△CHM中,HM=CH-sin^ACD=sin450=—,
2
即PH+PQ的最小值是弓,結(jié)論④正確;
綜上,所有正確結(jié)論的序號(hào)是①②④,
故答案為:①②④.
【分析】利用正方形的性質(zhì)可證得CD=AD,NADC=NCDE=90。,利用SAS可證得△AD0△DCE,利用全
等三角形的性質(zhì)可證得/ADF=ZDCE,再證明NADF+ZDEG=90。,由此可求出NDGE=90。,利用垂直的定
義,可對(duì)①作出判斷;利用CE平分NACD,CE±DF,可證得CH=DC=1,利用等邊對(duì)等角可證得
ZCDH=ZDHC=ZAHF,利用平行線的性質(zhì)可證得NHAF=ZCDH=ZAHF,利用等角對(duì)等邊,可得到
AH=AF,由此可推出DE=AH,可對(duì)②作出判斷;利用勾股定理求出AC的長(zhǎng),從而可求出DE,AH及EA的
長(zhǎng);然后求出EA與AH的比值,可對(duì)③作出判斷;過點(diǎn)P作PM_LCD于點(diǎn)M,連接HM,利用角平分線
的性質(zhì)可證得PM=PQ,可推出PH+PQ=PH+PM,利用兩點(diǎn)之間線段最短,可知當(dāng)H,P,M三點(diǎn)在同一條直
線上時(shí),PM+PH的最小值就是HM的長(zhǎng),利用垂線段最短可知當(dāng)HM_LCD時(shí),HM最??;然后利用解直角
三角形求出HM的長(zhǎng)即可.
三、解答題
17.【答案】解:原式=遮—1-2X立+1,
2
=V3—V3,
=0
【考點(diǎn)】實(shí)數(shù)的運(yùn)算,0指數(shù)幕的運(yùn)算性質(zhì),特殊角的三角函數(shù)值
【解析】【分析】先算乘方運(yùn)算,同時(shí)化簡(jiǎn)絕對(duì)值,代入特殊角的三角函數(shù)值,再算乘法運(yùn)算,挺好合并
即可.
18.【答案】(1)證明:??,ZBCE=NACD,
:.ZBCE+ZACE=ZACD+ZACE,即ZACB=ZDCE,
?1q々C8=ZDCE
在△ABC和ADEC中,{,
NA=ND
ABC—△DEC
(2)解:由(1)已證:AABC?二DEC,
.S&ABC—(££)2
?,SADEC-"J'
,:S?ABC:S〉DEC=4:9,BC=6,
Y)2=g,
解得EC=9或EC=-9(不符題意,舍去),
則EC的長(zhǎng)為9
【考點(diǎn)】相似三角形的判定與性質(zhì)
【解析】【分析】(1)利用已知條件可證得NACB=NDCE,利用有兩組對(duì)應(yīng)角分別相等的兩三角形相似,
可證得△ABC-△DEC.
(2)利用相似三角形的面積比等于相似比的平方,可求出EC的長(zhǎng).
19.【答案】⑴|
(2)解:將物理、化學(xué)、歷史三個(gè)學(xué)科分別記為42M3,將道德與法治、地理、生物三個(gè)學(xué)科分別
記為81,82,83,
畫樹狀圖如下:
開始
第三輪%B,B3%B2B3%B2B3
由此可知,黃岡在第二輪和第三輪抽簽中的所有可能結(jié)果共有9種,它們每一種出現(xiàn)的可能性都相等;其
中,抽到的學(xué)科恰好是歷史和地理的結(jié)果只有1種,
則所求的概率為P=g,
答:黃岡在第二輪和第三輪抽簽中,抽到的學(xué)科恰好是歷史和地理的概率是i
【考點(diǎn)】列表法與樹狀圖法
【解析】【解答]解:(1)黃岡在第一輪隨機(jī)抽取一科共有3種等可能性的結(jié)果,
則黃岡在第一輪抽到語文學(xué)科的概率是P=l,
故答案為:|;
【分析】(1)根據(jù)已知條件可得到黃岡在第一輪隨機(jī)抽取一科共有3種等可能性的結(jié)果.
(2)利用已知條件列樹狀圖,根據(jù)樹狀圖可求出所有的可能的結(jié)果數(shù)及抽到的學(xué)科恰好是歷史和地理的
情況數(shù),然后利用概率公式可求解.
20.【答案】(1)解:將點(diǎn)代入y=:得:fc=-lx3=-3,
則反比例函數(shù)的解析式為y=—三;
X
當(dāng)y=-l時(shí),-|=-1,解得x=3,即4(3,—1),
ni
將點(diǎn)4(3,—代入y=m+n得:即+1M,解得嚴(yán)二?,
則一次函數(shù)的解析式為y=-x+2
(2)解:對(duì)于一次函數(shù)y=-x+2,
當(dāng)x=0時(shí),y=2,即C(0,2),
:.OC—2,
vNMA.X軸,且N(t,0)(t>0),
???,ON=t,
3
??.MN=-
..S四邊形COMN=SACON+S^MON=2℃,ON+yON,MN>3,
1I3
**?—x2tH—t?—>3,
22t
解得t>I
【考點(diǎn)】待定系數(shù)法求反比例函數(shù)解析式,反比例函數(shù)與一次函數(shù)的交點(diǎn)問題,三角形的面積
【解析】【分析】(1)將點(diǎn)B的坐標(biāo)代入反比例函數(shù)解析式,可求出k的值,即可得到反比例函數(shù)解析
式;由此可求出點(diǎn)A的坐標(biāo);再將點(diǎn)A,B的坐標(biāo)分別代入一次函數(shù)解析式,建立關(guān)于m,n的方程組,
解方程組求出m,n的值,由此可求出一次函數(shù)解析式.
(2)利用一次函數(shù)解析式可求出點(diǎn)C的坐標(biāo),利用MNLx軸及點(diǎn)N的坐標(biāo)可求出點(diǎn)M的坐標(biāo),可得到
ON,MN的長(zhǎng);然后根據(jù)S四邊彩COMN=SACON+SAMON>3,利用三角形的面積公式可得到關(guān)于t的不等式,然
后求出不等式的解集.
21.【答案】(1)證明:如圖,過點(diǎn)。作OOJ.AB于點(diǎn)。,連接。E,
???BC與。。相切于點(diǎn)E,
???0E1BC,
1?'B0平分ZABC,
???NOBD=NOBE=-NABC,
2
NODB=/OEB=90°
在△08。和△OBE中,{N0BD=BE,
OB=OB
??.△OBD=△0BE(44S),
.??OD=OE,
.??。。是。。的半徑,
又???OD1AB,
???48是O。的切線
(2)解:如圖,設(shè)。4。8分別交。。于點(diǎn)MN,連接OF,
???O0的半徑是1,
???OD=OF=1,
-AC與。。相切于點(diǎn)F,
???OF1AC,
???NOFC=NOEC=90°=ZACB,
???四邊形OECF是矩形,
???CE=OF=1,
?:BE=AC=3,
???BC=BE+CE=4-,
???AB=yjAC2+BC2=5,
在Rt△OAD和Rt△OAF中,=,
OD—OF
???Rt△OAD=/?t△04F(HL),
???ZOAD=ZOAF=-ZBAC,
2
???NOBD+ZOAD=^ZABC^-^ZBAC=^ZABC+ZBAQ=45",
???ZAOB=180°-1NOBD+NOAD)=135°,
則圖中陰影部分的面積為S“A°B—S扇形OMDN=\AB-0D~蘭鬻=|-^
【考點(diǎn)】圓的綜合題
【解析】【分析】(1)過點(diǎn)。作ODLAB于點(diǎn)D,連接。E,利用切線的性質(zhì)可證得OELBC,利用角平分
線的定義可證得NOBD=NOBE,利用AAS證明△OBD"△OBE,利用全等三角形的性質(zhì)可證得OD=OE,然
后利用切線的判定定理可證得結(jié)論.
(2)利用已知條件易證四邊形OECF是矩形,利用矩形的性質(zhì)可求出CE的長(zhǎng),從而可求出BC的長(zhǎng),利
用勾股定理求出AB的長(zhǎng);再利用HL證明△OAD2AOAF,由此證得NOAD=ZOAF,再求出NAOB的度
數(shù);然后根據(jù)陰影部分的面積=△AON的面積-扇形MDON的面積,然后利用三角形和扇形的面積公式,可
求出陰影部分的面積.
22.【答案】(1)11
(2)解:設(shè)租用x輛甲種型號(hào)大客車,則租用(11-x)輛乙種型號(hào)大客車,
由題意得:40x+55(11-x)>549+11,
解得%43,
因?yàn)閄21且為正整數(shù),
所以最多可以租用3輛甲種型號(hào)大客車
(3)解:由(2)可知,租用甲種型號(hào)大客車的輛數(shù)可以為1,2,3輛,
則有三種租車方案:①租用1輛甲種型號(hào)大客車,10輛乙種型號(hào)大客車;②租用2輛甲種型號(hào)大客車,
9輛乙種型號(hào)大客車;③租用3輛甲種型號(hào)大客車,8輛乙種型號(hào)大客車;
方案①的費(fèi)用為1x500+10x600=6500(元),
方案②的費(fèi)用為2x500+9x600=6400(元),
方案③的費(fèi)用為3X500+8x600=6300(元),
所以租用3輛甲種型號(hào)大客車,8輛乙種型號(hào)大客車最節(jié)省錢
【考點(diǎn)】一元一次不等式的應(yīng)用
【解析】【解答】解:(1)???(549+11)4-55=10(輛)...10(人),11+1=11(輛),
二共需租11輛大客車,
故答案為:11;
【分析】(1)由題意用總?cè)藬?shù)除以每輛車的載客量并結(jié)合每輛汽車上至少要有一名教師即可判斷求解;
(2)設(shè)租用x輛甲種型號(hào)大客車,根據(jù)x輛甲種型號(hào)大客車載人總數(shù)+(11-x)輛乙種型號(hào)大客車載人
總數(shù)大于或等于學(xué)生和教師總?cè)藬?shù)可得關(guān)于x的不等式,解不等式即可求解;
(3)結(jié)合(2)的結(jié)論可知有3種租車方案,并計(jì)算每一種方案的費(fèi)用,比較大小即可判斷求解.
23.【答案】(1)解:由題意,當(dāng)404尤450時(shí),y=5,
當(dāng)尤>50時(shí),y=5—0.1(x-50)=-O.lx+10,
y>0,
-O.lx+10N0,
解得X<100,
綜上,y={5(40<x<50)
冰yl-0.1x+10(50<x<100)
(2)解:設(shè)該產(chǎn)品的月銷售利潤(rùn)為w萬元,
①當(dāng)40<x<50時(shí),w=5(x-40)=5%-200,
由一次函數(shù)的性質(zhì)可知,在40WXW50內(nèi),w隨x的增大而增大,
則當(dāng)%=50時(shí),w取得最大值,最大值為5x50-200=50;
②當(dāng)50cxW100時(shí),w=(x-40)(-0.1x+10)=-0.1(%-70)2+90,
由二次函數(shù)的性質(zhì)可知,當(dāng)x=70時(shí),w取得最大值,最大值為90,
因?yàn)?0>50,
所以當(dāng)月銷售單價(jià)是70元/件時(shí),月銷售利潤(rùn)最大,最大利潤(rùn)是90萬元
(3)解:???捐款當(dāng)月的月銷售單價(jià)不高于70元/件,月銷售最大利潤(rùn)是78萬元(大于50萬元),
:.50<%<70,
設(shè)該產(chǎn)品捐款當(dāng)月的月銷售利潤(rùn)為Q萬元,
由題意得:Q=(%—40-Q)(-0.1%+10),
整理得:Q=-0.1(%-11^)2+《―30+90,
2
.?.在50<xW70內(nèi),Q隨x的增大而增大,
則當(dāng)x=70時(shí),Q取得最大值,最大值為(70-40-a)(-0.1x70+10)=90-3a,
因此有90-3a=78,
解得a=4
【考點(diǎn)】二次函數(shù)的實(shí)際應(yīng)用-銷售問題
【解析】【分析】(1)根據(jù)題意寫出銷售量和銷售單價(jià)之間的關(guān)系式即可;
(2)根據(jù)銷售量和銷售單價(jià)之間的關(guān)系列出銷售利潤(rùn)和單價(jià)之間的關(guān)系式求最值即可;
(3)根據(jù)(2)中的函數(shù)和月銷售單價(jià)不高于70元/件的取值范圍,確定a值即可.
24.【答案】⑴解:將點(diǎn)做-1,。),8(3,。)代入廣加+小3得:端;慕上^。
解得〈I
則拋物線的解析式為y=%2-2%-3
(2)解:由
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