2024北京朝陽高二（上）期末物理（教師版）

第1頁/共1頁2024北京朝陽高二（上）期末物理（考試時間90分鐘滿分100分）第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1.下列屬于磁感應(yīng)強度單位的是（）A.Wb B.Wb/s C.N/（A?m） D.N?m/A2.下面四幅圖中標出了勻強磁場中通電直導(dǎo)線所受安培力的方向，其中正確的是（）A. B.C. D.3.一個負電荷僅在靜電力作用下沿直線運動，其運動的圖像如圖所示。、時刻粒子分別經(jīng)過A、B兩點，A、B兩點的場強大小分別為、，電勢分別為、，則可以準確判斷出（）A. B. C. D.4.如圖所示，在豎直向下的勻強磁場中，將一根水平放置的金屬棒ab以某一水平速度v0拋出，金屬棒在運動過程中始終保持水平，不計空氣阻力。下圖能正確反映金屬棒在運動過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小E隨時間t變化情況的是（）A. B.C. D.5.在固定長直導(dǎo)線中通有圖示方向電流I，導(dǎo)線右側(cè)有一固定的矩形金屬線框abcd，ad邊與導(dǎo)線平行。調(diào)節(jié)電流I使得空間各點的磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加。下列說法正確的是（）A.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為a→b→c→d→aB.線框中磁通量的變化率逐漸增加C.線框整體受到的安培力方向水平向左D.線框ab邊受到的安培力大小隨時間均勻增加6.北京地鐵已全線裝備心臟除顫儀（AED），如圖所示。其工作原理是通過一個充電的電容器對心顫患者皮膚上的兩個電極板放電，刺激心顫患者的心臟恢復(fù)正常跳動。某心臟除顫儀的電容為10μF。充電至5kV電壓，如果電容器在10ms時間內(nèi)放電至兩極板之間的電壓為0，則（）A.這次放電的電量為50CB.這次放電的電量為0.5CC.該過程通過人體的平均電流為5AD.該過程通過人體的平均電流為7.電飯鍋工作時有兩種狀態(tài)：一種是鍋內(nèi)水燒干以前的加熱狀態(tài)，另一種是水燒干以后的保溫狀態(tài)。圖是電飯鍋的電路圖，R1是分壓電阻，R2是加熱用的電阻絲。已知電源輸出電壓恒為U=220V，R1=792Ω，保溫狀態(tài)時電路電流I=0.25A。下列說法正確的是（）A.自動開關(guān)S接通時，電飯鍋處于保溫狀態(tài)B.電熱絲的電阻R2=880ΩC.R2在保溫狀態(tài)下的功率是加熱狀態(tài)下的D.若僅換用阻值更大的加熱電阻絲，保溫狀態(tài)時電阻絲的功率一定增大8.某學習小組利用如圖所示電路研究某手持小風扇的電動機性能。調(diào)節(jié)滑動變阻器R，測得風扇運轉(zhuǎn)時電壓表示數(shù)為2.0V，電流表示數(shù)為0.20A；扇葉被卡住停止轉(zhuǎn)動時，電壓表示數(shù)為1.25V，電流表的示數(shù)為0.50A。下列說法正確的是（）A.電動機線圈的電阻為10ΩB.風扇運轉(zhuǎn)時輸出的機械功率為0.3WC.風扇運轉(zhuǎn)時線圈的發(fā)熱功率為0.4WD.與扇葉被卡住時相比，風扇運轉(zhuǎn)時電源的總功率更大9.圖甲是洛倫茲力演示儀的示意圖。電子槍可以發(fā)射電子束，玻璃泡內(nèi)充有稀薄的氣體，在電子束通過時能夠顯示電子的徑跡。圖乙是勵磁線圈的原理圖，兩線圈之間產(chǎn)生勻強磁場，磁場的方向與兩個線圈中心的連線平行，線圈中電流越大磁場越強。電子速度的大小和磁感應(yīng)強度可以分別通過電子槍的加速電壓U和勵磁線圈的電流I來調(diào)節(jié)。若電子槍垂直磁場方向發(fā)射電子，給勵磁線圈通電后，能看到電子束的徑跡是圓形。下列操作一定能使電子束徑跡半徑變大的是（）A.增大U同時減小I B.增大U同時增大IC.減小U同時減小I D.減小U同時增大I10.如圖所示，寬為l光滑金屬導(dǎo)軌與水平面成θ角，質(zhì)量為m、長為l的金屬桿ab水平放置在導(dǎo)軌上，空間存在著勻強磁場。當金屬桿中通過的電流為I時，金屬桿保持靜止，重力加速度為g。該磁場的磁感應(yīng)強度（）A.可能方向豎直向上，大小為B.可能方向豎直向下，大小為C.存在最小值且大小為，方向垂直于導(dǎo)軌平面向上D.存在最小值且大小為，方向沿導(dǎo)軌平面向上11.如圖所示，正六棱柱上下底面的中心為O和O′，A、D兩點分別固定等量異號的點電荷，下列說法正確的是（）A.F′點與D′點的電場強度大小相等B.B′點與E′點的電場強度方向相同C.A′點與F′點的電勢差大于O′點與D′點的電勢差D.將試探電荷+q由F點沿直線移動到O點，其電勢能先增大后減小12.如圖所示，光滑水平面上的正方形導(dǎo)線框，以某一初速度進入豎直向下的勻強磁場并最終完全穿出。已知線框的邊長小于磁場寬度。下列說法正確的是（）A.線框在進和出磁場的兩過程中電流方向相同B.線框在進和出磁場的兩過程中所用時間相等C.線框在進和出磁場的兩過程中通過導(dǎo)線橫截面的電荷量相等D.線框在進磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱小于出磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱13.某種負離子空氣凈化原理如圖所示。收集器矩形通道的上下表面是一對平行金屬板，金屬板長度為L，間距為d、均勻分布的帶負電的灰塵顆粒質(zhì)量為m、電荷量為q、以水平速度v0進入通道，單位時間內(nèi)進入通道的帶電灰塵顆粒數(shù)目為n。已知兩金屬極板之間的電壓恒為，帶電灰塵顆粒打到金屬板上即被收集，不計灰塵顆粒重力影響及灰塵顆粒間相互作用。下列說法不正確的是（）A.凈化裝置對帶電灰塵顆粒的收集率為75%B.單位時間內(nèi)通過導(dǎo)線的電荷量為C.單位時間內(nèi)帶電灰塵顆粒減少的電勢能為D.若電壓增大到2U，則帶電灰塵顆粒恰好全部被收集14.在高能物理研究中，回旋加速器起著重要作用，其原理如圖所示。D1和D2是兩中空、半徑為R的半圓金屬盒，它們處于與盒面垂直的、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中且與頻率為f的交流電源連接。位于D1盒圓心處的粒子源O能產(chǎn)生質(zhì)子，質(zhì)子在兩盒狹縫間運動時被電場加速。（忽略質(zhì)子的初速度和在電場中的加速時間）。根據(jù)相對論理論，粒子的質(zhì)量m與速率v有的關(guān)系，其中c為光速，m0為粒子靜止時（）的質(zhì)量，這一關(guān)系當時近似回到牛頓力學“m與v無關(guān)”的結(jié)論。已知質(zhì)子的靜止質(zhì)量為m0，電荷量為q。下列說法正確的是（）A.在時，兩盒間電壓越大，質(zhì)子離開加速器時的動能就越大B.在時，若只將質(zhì)子源換成α粒子（質(zhì)量為，電荷量為2q）源，則α粒子也能一直被加速離開加速器C.考慮相對論效應(yīng)時，為使質(zhì)子一直被電場加速，可以僅讓交流電源的頻率隨粒子加速而適當減小D.考慮相對論效應(yīng)時，為使質(zhì)子一直被電場加速，可以僅讓軌道處的磁場隨半徑變大而逐漸減小第二部分本部分共6題，共58分。15.某同學用傳感器做“觀察電容器的充放電”實驗，按圖所示連接電路。電源電動勢為4.5V，內(nèi)阻可以忽略。（1）將開關(guān)S與1端相連，穩(wěn)定后電容器的上極板帶___________（填“正”或“負”）電；把開關(guān)S擲向2端，通過電流傳感器的電流方向為___________（填“由A到B”或“由B到A”）。（2）開關(guān)S擲向2后，傳感器采集到電流隨時間變化的圖像如圖所示。根據(jù)圖像可估算出電容器存儲的電荷量為___________C（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（3）本實驗中所使用的電容器的電容約為___________F（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（4）在上述過程中電容器兩極板間的電壓隨時間變化的圖像為___________。16.某研究小組通過實驗測量一段金屬絲的電阻。（1）甲同學先用歐姆表“×1”擋粗測該金屬絲的電阻，指針位置如圖所示，則該金屬絲的阻值約為___________Ω。（2）乙同學采用伏安法更準確地測量這段金屬絲的電阻。除電源（電動勢為3.0V）、電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）、開關(guān)、導(dǎo)線若干外，他還找到如下器材：A．電流表（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω）B．電流表（量程0~3.0A，內(nèi)阻約0.02Ω）C．滑動變阻器（最大阻值10Ω，額定電流1A）D．滑動變阻器（最大阻值1kΩ，額定電流0.5A）①為了調(diào)節(jié)方便、測量準確，實驗中電流表應(yīng)選用___________，滑動變阻器應(yīng)選用___________。（選填實驗器材前對應(yīng)的字母）②為減小實驗誤差，圖中電壓表的右端應(yīng)接在___________點（選填“M”或“N”），采用這種方式測量的結(jié)果與真實值相比偏___________（選填“大”或“小”）。（3）該同學測量金屬絲兩端的電壓U和通過金屬絲的電流I，得到多組數(shù)據(jù)，并在坐標圖上標出，如圖所示。請作出該金屬絲的U-I圖線_____，根據(jù)圖線得出該金屬絲電阻R=___________Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（4）丙同學利用圖所示的電路進行實驗時想到：向左移動滑片，滑動變阻器兩端的電壓U和流過它的電流I分別變化了和，他認為該過程中的值將逐漸減小。他的觀點是否正確，請你判斷并說明理由。___________17.如圖所示，長l=1m的輕質(zhì)絕緣細繩上端固定，下端連接一個可視為質(zhì)點的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中時，繩與豎直方向的夾角θ=37°。已知小球所帶電荷量，勻強電場的場強，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）小球所受靜電力的大小F；（2）小球的質(zhì)量m；（3）若小球在外力作用下從B點移動到細繩豎直位置的A點，求該過程中靜電力對小球做的功W。18.某質(zhì)譜儀原理如圖所示，I為粒子加速器，加速電壓為U1；II為速度選擇器，磁場與電場正交，磁感應(yīng)強度為B1，兩板間距離為d；III為偏轉(zhuǎn)分離器，磁感應(yīng)強度為B2。現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子（不計重力），初速度為0，經(jīng)加速后，該粒子恰能通過速度選擇器，粒子進入分離器后做勻速圓周運動。求：（1）粒子進入速度選擇器的速度大小v；（2）速度選擇器的兩板間的電壓U2；（3）粒子在分離器中做勻速圓周運動的半徑R。19.地球是個巨大的天然磁體，某小組學習相關(guān)內(nèi)容后，對地磁場做了深入的研究。（1）a、如圖1所示，兩同學把一根長約10m的電線兩端用其他導(dǎo)線連接一個電壓表，形成閉合回路。迅速搖動這根電線，若電線中間位置的速度約10m/s，電壓表的最大示數(shù)約2mV。粗略估算該處地磁場磁感應(yīng)強度B大小的數(shù)量級。b、某同學在研學途中利用智能手機中的磁傳感器測量某地地磁場的磁感應(yīng)強度。如圖2建立直角坐標系，手機顯示屏所在平面為xOy面。該同學在當?shù)貙Φ卮艌鲞M行了測量，測量時z軸正向保持豎直向上，測量結(jié)果如下圖。請你根據(jù)測量結(jié)果判斷該同學是在“南半球”還是“北半球”進行此實驗，并估測當?shù)氐牡卮艌龃鸥袘?yīng)強度B2的大小（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（2）地磁場能使宇宙射線中的帶電粒子流偏轉(zhuǎn)，成為地球生命的“保護傘”。赤道剖面外的地磁場可簡化為包圍著地球的厚度為d的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直于剖面，如圖3所示。設(shè)宇宙射線中β粒子的質(zhì)量為m，帶負電且電荷量為q，最大速率為v，不計大氣對β粒子運動的影響，不考慮粒子間的相互作用及重力。要使從各方向射向地球的β粒子都不能到達地面，求地磁場厚度d應(yīng)滿足的條件。20.我國電磁推進技術(shù)研發(fā)遙遙領(lǐng)先，創(chuàng)造了大質(zhì)量電磁推進技術(shù)的世界最高速度紀錄。某興趣小組設(shè)計了一種火箭電磁彈射裝置，簡化原理如圖所示，它由兩根豎直金屬導(dǎo)軌、承載火箭裝置（簡化為與火箭絕緣的金屬桿PQ）和電源組成閉合回路。電源能自動調(diào)節(jié)其輸出電壓確?；芈冯娏骱愣ǎ较蛉鐖D中所示。彈射裝置處于垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小與電流成正比，比例系數(shù)為k（k為常量）?；鸺€(wěn)定靜止在絕緣停靠平臺后，接通電源，當火箭上升到導(dǎo)軌頂端時與金屬桿分離，完成彈射。已知火箭與金屬桿的總質(zhì)量為M，分離時速度為v0，金屬桿電阻為R，回路電流為I，導(dǎo)軌間距為，重力加速度為g。金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好，不計空氣阻力和摩擦，不計導(dǎo)軌電阻和電源的內(nèi)阻。在火箭彈射過程中，求：（1）金屬桿所受的安培力F。（2）金屬桿PQ產(chǎn)生的電動勢E與運動時間t的關(guān)系。（3）電源輸出電壓U與運動時間t的關(guān)系及整個彈射過程電源輸出的能量W。

參考答案第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。1.【答案】C【詳解】根據(jù)磁感應(yīng)強度定義式可知，磁感應(yīng)強度的單位是。磁通量單位為，則是磁通量變化率的單位，也是電動勢的單位。由公式知磁感應(yīng)強度單位還可以表示為。故選C。2.【答案】B【詳解】A．根據(jù)左手定則可知，該圖所受安培力方向為垂直于導(dǎo)線向上，故A錯誤；B．根據(jù)左手定則可知，該圖所受安培力方向為垂直于導(dǎo)線向下，故B正確；C．根據(jù)左手定則可知，該圖所受安培力方向為垂直于磁場向下，故C錯誤；D．根據(jù)左手定則可知，該圖所受安培力方向為垂直于導(dǎo)線向外，故D錯誤；故選B。3.【答案】B【詳解】AB．根據(jù)圖像的斜率表示加速度，所以從圖像中可以看出，從A點到B點，帶電粒子的加速度越來越小，由牛頓第二定律所以電場強度越來越小，即A錯誤，B正確；CD．從圖像中可以看出，從A點到B點，帶電粒子速度越來越大，由動能定理電場力做正功，由由于為負電荷，可得CD錯誤。故選B。4.【答案】A【詳解】金屬棒做平拋運動，水平速度大小和方向均不變，即在磁場中切割磁感線的速度不變，則在運動過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小和方向均不變。故選A。5.【答案】D【詳解】A．根據(jù)安培定則可知，通電直導(dǎo)線右側(cè)的磁場方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，根據(jù)楞次定律可知線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為a→d→c→b→a，故A錯誤；B．空間各點的磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，線框中磁通量的變化率為可知線框中磁通量變化率不變，故B錯誤；C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知線框中的感應(yīng)電動勢不變，則線框產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變，線框所處空間的磁場方向垂直紙面向里，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為a→d→c→b→a，根據(jù)左手定則可知，線框ad邊所受的安培力水平向右，線框bc邊所受的安培力水平向左。通電直導(dǎo)線的磁場分部特點可知邊所處的磁場較大，根據(jù)安培力表達式F=BIL，可知，線框整體受到的安培力方向水平向右，故C錯誤；D．線框邊感應(yīng)電流保持不變，磁感應(yīng)強度隨時間均勻增加，根據(jù)安培力表達式F=BIL，可知ab邊受到的安培力大小隨時間均勻增加，故D正確；故選D。6.【答案】C【詳解】AB．根據(jù)電容的定義式可得，電容器上的電荷量為由于放電結(jié)束后電壓為零，則這次放電的電量等于原來電容器上的總電荷量為0.05C，故AB錯誤；CD．根據(jù)電流的定義式可得，該過程通過人體的平均電流為故C正確，D錯誤。故選C。7.【答案】C【詳解】A．由電路圖可知，開關(guān)S閉合時，R1被短路，只有R2接入電路；而開關(guān)斷開時，兩電阻串聯(lián)，根據(jù)可知開關(guān)接通時為加熱狀態(tài)，開關(guān)S斷開時為保溫狀態(tài)，故A錯誤；B．根據(jù)代入數(shù)據(jù)得R2=88Ω故B錯誤；C．R2在保溫狀態(tài)下的功率加熱狀態(tài)下的功率代入數(shù)據(jù)得故C正確；D．R2在保溫狀態(tài)下的功率可知，當時，保溫狀態(tài)時電阻絲的功率最大，時，隨著的增大，保溫狀態(tài)時電阻絲的功率減小，故D錯誤。故選C。8.【答案】B【詳解】A．扇葉被卡住時A錯誤；B．風扇運轉(zhuǎn)時輸出的機械功率為B正確；C．風扇運轉(zhuǎn)時線圈的發(fā)熱功率C錯誤；D．扇葉被卡住時，電源的總功率風扇運轉(zhuǎn)時電源的總功率扇葉被卡住時電源的總功率更大，D錯誤。故選B。9.【答案】A詳解】電子被加速電場加速，由動能定理電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力充當向心力解得電子束徑跡半經(jīng)為增大同時減小可讓半徑變大，而減小勵磁線圈的電流可減小磁感應(yīng)強度。故讓半徑變大的方式是增大同時減小。故選A。10.【答案】C【詳解】A．若磁感應(yīng)強度方向豎直向上，對金屬桿受力分析由金屬桿靜止可得解得磁感應(yīng)強度A錯誤；B．若磁感應(yīng)強度方向豎直向下，根據(jù)左手定則，安培力方向水平向左，金屬桿不可能靜止，B錯誤；CD．對金屬桿受力分析可知當安培力垂直于支持力時，安培力有最小值，由此時磁感應(yīng)強度有最小值，如圖則解得磁感應(yīng)強度最小值由左手定則，方向為垂直軌道平面向上，C正確，D錯誤。故選C。11.【答案】D【詳解】A．根據(jù)等量異種點電荷形成的電場的對稱性可知，F(xiàn)′點與E′點的電場強度大小相等，大致做出F′點與D′點的電場強度如圖所示可知由正負點電荷在F′點與D′點處的場強按照點電荷之間的距離關(guān)系所延伸出的平行四邊形的對角線長度不同，則可知F′點與D′點的電場強度大小不相等，故A錯誤；B．大致做出兩個點電荷在B′點與E′點的電場強度如圖所示可知B′點的合場強在所在平面，E′點的合場強在所在平面，而這兩個平面存在夾角，即B′點與E′點的電場強度方向之間存在夾角，因此B′點與E′點的電場強度方向不相同，故B錯誤；C．設(shè)A′點的電勢為，則根據(jù)對稱性可知，D′點的電勢為，而根據(jù)等量異種電荷所形成的電場的特性可知，O′點的電勢為0，則F′點的電勢大于0，而根據(jù)對稱性有根據(jù)、、三點的電勢之間的關(guān)系可得因此即故C錯誤；D．如圖所示為六棱柱的上表面由幾何關(guān)系可知，正電荷在OF中點K的場強方向垂直于OF，則K點的合場強與OF的夾角為銳角，而在F點的合場強與OF的夾角為鈍角，因此將正電荷從F點沿直線移到O點的過程中，電場力先做負功，后做正功，則其電勢能先增大后減小，故D正確。故選D。12.【答案】C【詳解】A．根據(jù)右手定則線框在進磁場的過程中電流方向為逆時針，線框在出磁場的過程中電流方向為順時針，故A錯誤；B．線框在進和出磁場的兩過程中，安培力做負功，線框做減速運動，則線框在進磁場的過程中的平均速度大于線框在出磁場的過程中的平均速度，線框在進和出磁場的兩過程中所用時間不相等，故B錯誤；C．線框在進和出磁場的兩過程中通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為線框在進和出磁場的兩過程中磁通量變化量相同，線框在進和出磁場的兩過程中通過導(dǎo)線橫截面的電荷量相等，故C正確；D．線框進和出磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱大小等于線框克服安培力所做的功，即線框中的感應(yīng)電流為線框在進磁場的過程中的平均速度大于線框在出磁場的過程中的平均速度，則線框在進磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱大于出磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱，故D錯誤。故選C。13.【答案】D【詳解】AB．帶電塵埃在極板間最大偏轉(zhuǎn)距離y，最長運動時間為t，根據(jù)牛頓第二定律可知，塵埃的加速度為水平方向和豎直方向分別有L=v0t解得根據(jù)題意可知，收集效率為則單位時間內(nèi)通過導(dǎo)線的電荷量為Q=故AB正確；C．單位時間內(nèi)帶電塵埃減少的電勢能為故C正確；D．若電壓增大到2U，帶電塵埃在極板間最大偏轉(zhuǎn)距離，最長運動時間為，根據(jù)牛頓第二定律可知，塵埃的加速度為水平方向和豎直方向分別有=v0解得則帶電灰塵顆粒并非恰好全部被收集，故D錯誤；故選D。14.【答案】C【詳解】A．在時，質(zhì)量與速度無關(guān)，質(zhì)子離開加速器時，由洛倫茲力提供向心力質(zhì)子動能與加速電壓無關(guān)，A錯誤；B．在時，質(zhì)量與速度無關(guān)，將質(zhì)子源換成粒子源，則粒子在磁場中的運動周期質(zhì)子的運動周期兩周期并不相等，所以粒子不能一直被加速，B錯誤；CD．考慮相對論效應(yīng)時，由質(zhì)子被電場加速后，速度增大，質(zhì)量增大，質(zhì)子的運動周期增大，為讓質(zhì)子一直加速，交流電的周期應(yīng)與質(zhì)子的運動周期始終相等，由所以可以僅讓交流電源的頻率隨粒子加速而適當減小，又可以僅讓軌道處的磁場隨半徑變大而增大，C正確，D錯誤。故選C。第二部分本部分共6題，共58分。15.【答案】①.正②.由B到A③.④.⑤.C【詳解】（1）[1]將開關(guān)S與1端相連，電容器的上極板與電源的正極連接，穩(wěn)定后電容器的上極板帶正電。[2]把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻放電，負電荷由A向B運動形成電流，所以通過電流傳感器的電流方向為由B到A。（2）[3]電容器儲存的電荷量（3）[4]本實驗中所使用的電容器的電容約為（4）[5]充電過程中，電壓先迅速增大，然后穩(wěn)定在某一數(shù)值，放電過程中，電壓逐漸減小到為零。故選C。16.【答案】①.②.A③.C④.M⑤.?、?⑦.⑧.錯誤，由可知，所以U-I圖像的斜率為，所以的值不變。【詳解】（1）[1]測電阻時多用電表刻度盤示數(shù)為5，擋位為“×1”，因此讀數(shù)為（2）[2]電源的電動勢為3V，電阻約為，因此電流約為0.6A，故電流表選用A。[3]待測電阻阻值較小，為了減小實驗誤差，方便調(diào)節(jié)電路，滑動變阻器應(yīng)選阻值較小的電阻，故選C