上海市北中學(xué)2022年度高二物理月考試卷含解析

上海市北中學(xué)2022年度高二物理月考試卷含解析

一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分.每小題只有一個選項符合

題意

1.如圖，磁場垂直于紙面，磁感應(yīng)強(qiáng)度在豎直方向均勻分布，水平方向非均勻分

布。一銅制圓環(huán)用絲線懸掛于O點，將圓環(huán)拉至位置。后無初速釋放，在圓環(huán)從a

擺向b的過程中（）

XX乂

XXX

XX[X

XxAcx

X

xa

XXXX

A.感應(yīng)電流方向先逆時針后順時針再逆時針

B.感應(yīng)電流方向一直是逆時針

C.安培力方向始終與速度方向相反

D.安培力方向始終沿水平方向

參考答案：

AD

2.（單選）關(guān)于"電荷在電路中定向移動形成電流"有如下說法，其中正確的是（）

A.電流的速度就是自由電荷在電路中定向移動的速度

B.電流的速度就是電場在電路中傳播的速度，等于光速

C.電流的方向就是自由電荷定向移動的方向

D.在普通電路中，自由電荷定向移動的速度和普通子彈的速度數(shù)量級相當(dāng)

參考答案：

3.關(guān)于作用力與反作用力的說法下列正確的是

A.作用力和反作用力作用在同一物體上

B.地球?qū)χ匚锏淖饔昧Υ笥谥匚飳Φ厍虻淖饔昧?/p>

C.作用力和反作用力有時相等有時不相等

D.作用力和反作用力同時產(chǎn)生、同時消失

參考答案：

D

【分析】

由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作

用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失。

【詳解】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直

線上，但不在同一物體上，故AC錯誤；作用力與反作用力總是同時產(chǎn)生、同時變化、同

時消失，故D正確；地球?qū)χ匚镒饔昧Υ笥谥匚飳Φ厍虻淖饔昧κ且粚ψ饔昧头醋饔昧?/p>

關(guān)系，故大小相等，故B錯誤。所以D正確，ABC錯誤。

【點睛】考查牛頓第三定律及其理解.理解牛頓第三定律與平衡力的區(qū)。

4.如圖所示，一個質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子，從兩平行板左側(cè)中點沿垂直場

強(qiáng)方向射入，當(dāng)入射速度為v時，恰好穿過電場而不碰金屬板.要使粒子的入射速

度變?yōu)椋阅芮『么┻^電場，則必須再使h----------------H

A.粒子的電荷量變?yōu)樵瓉淼?/p>

B.兩板間電壓減為原來的

C.兩板間距離增為原來的4倍

D.兩板間距離增為原來的2倍

參考答案：

AD

5.（多選題）在如圖所示的實驗裝置中，一帶電平板電容器的極板A與一靈敏靜電計相

接，極板B接地.若極板A稍向右移動一點，則下列說法中正確的是（）

A.靈敏靜電計指針張角變小

B.靈敏靜電計指針張角變大

C.極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間的電壓變大

D.極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間的電壓變小

參考答案：

BC

考點：電容器的動態(tài)分析.

專題：電容器專題.

分析：由平行板電容器的決定式可求得電容的變化；由電容器的定義式可求得電容器兩端

的電壓變化，則可得出靜電計的指針偏角的變化.

￡S

解答：解：極板A稍向右移動一點，電容器間的距離增大，則由C=4兀kd可知,電容器

的電容減?。?/p>

因電容器和電源斷開，故電容器極板上的電荷量不變，則由Q=UC可知，電容器兩端的電

壓增大，則靜電計的偏角增大，AD錯誤BC正確；

故選：BC.

點評：本題考查電容器的動態(tài)分析，要注意明確靜電計的張角反映電容器兩端的電壓大

小.

二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分

6.如圖所示，正方形ABCD處在一個勻強(qiáng)電場中，電場線與正方形所在平面平

行。已知A、B、C三點的電勢依次為％=6.0V,(pB=4.0V,(pc=

-2.0V.貝1J：

Al|D

8IC

(1)D點的電勢必=o

(2)在圖中畫出過A點的電場線(要把作圖過程畫在圖上。)

參考答案：

(1)外=0，(2)如圖所示。

7.如圖所示，有一方向水平向右的勻強(qiáng)電場，一個質(zhì)量為m,帶電量為+q的小球

以初速度vO從a點豎直向上射入電場中.小球通過電場中b點時速度大小為2Vo.方

向與電場方向一致，則勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為

-------&?二-

-------------------------------------------?

-------------------------------------------?

參考答案：

8.甲、乙兩個作簡諧振動的單擺擺長之比為9：4,則它們的振動周期之比T單：T乙

=：,在甲擺完成次全振動的時間內(nèi)，乙完

成次全振動。

參考答案：

3:2；15

9.電.量q=2.0xl0-3C＞質(zhì)量m=1.0xl0-4kg的帶正電粒子從電場中的A點沿直線運

動到B點的速度圖象如圖27所示，該粒子運動的加速度為m/s2,A、B連

線上各點的場強(qiáng)(填“相等”或“不相等”)，A點的場強(qiáng)為N/CfU131

參考答案：

2.0x105；相等；1.0x104

10.電磁波譜有無線電波、、可見光、紫外線、X射線、v射線。

參考答案：

KOI紅外戰(zhàn)

【解析】

試題分析，電被液修液長從大到小集列為無蛀電波、電卜戰(zhàn)、可見光、紫外線、彳射維，?射蛀.

考點本前芍查電直通修.

11.鋁的逸出功為W0=6.72xl0-19J,用波長入=200nm的光照射不帶電的鋁箔，發(fā)生光電效

應(yīng)，此時鋁箔表面帶---（選填"正"或"負(fù)"）電.若用鋁箔制作光電管，普朗

克常量h=6.63xlO-34J?s,則它的遏止電壓為V（結(jié)果保留二位有效數(shù)字）.

參考答案：

正2.0

12?.在電磁感應(yīng)現(xiàn)象實驗中，研究磁通量變化與感應(yīng)電流方向的關(guān)系時，所需的實

驗器材如圖所示.現(xiàn)已用導(dǎo)線連接了部分實驗電路.

+'

2

(1)請畫實線作為導(dǎo)線從箭頭1和2處連接其余部分電路;

(2)實驗時，將L1插入線圈L2中，合上開關(guān)瞬間，觀察到電流計的指針發(fā)生偏

轉(zhuǎn)，這個現(xiàn)象揭示的規(guī)律是;

(3)(多選)某同學(xué)設(shè)想使一線圈中電流逆時針流動，另一線圈中感應(yīng)電流順時

針流動，可行的實驗操作是

(A)抽出線圈LI(B)插入軟鐵棒

(C)使變阻器滑片P左移(D)斷開開關(guān)

參考答案：

(1)(2)、電磁感應(yīng)現(xiàn)象(3)BC

13.物體從光滑斜面頂端由靜止開始沿直線勻加速滑下，經(jīng)過1s到達(dá)斜面中心，那么物體

滑下斜面的的總時間為s.

參考答案：

42

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分

14.(6分)(1)開普勒第三定律告訴我們：行星繞太陽一周所需時間的平方跟

橢圓軌道半長徑的立方之比是一個常量。如果我們將行星繞太陽的運動簡化為勻

速圓周運動，請你運用萬有引力定律，推出這一規(guī)律。

(2)太陽系只是銀河系中一個非常渺小的角落，銀河系中至少還有3000多億

顆恒星，銀河系中心的質(zhì)量相當(dāng)于40()萬顆太陽的質(zhì)量。通過觀察發(fā)現(xiàn)，恒星繞

銀河系中心運動的規(guī)律與開普勒第三定律存在明顯的差異，且周期的平方跟圓軌

道半徑的立方之比隨半徑的增大而減小。請你對上述現(xiàn)象發(fā)表看法。

參考答案：

2

nMm(2"丫T4/

G-—r=---

(1)尸O/GM(4分)

/_4/

（2）由關(guān)系式廣一而可知：周期的平方跟圓軌道半徑的立方之比的大小與

圓心處的等效質(zhì)量有關(guān)，因此半徑越大，等效質(zhì)量越大。（1分）

觀點一：

銀河系中心的等效質(zhì)量，應(yīng)該把圓形軌道以內(nèi)的所有恒星的質(zhì)量均計算在

內(nèi)，因此半徑越大，等效質(zhì)量越大。

觀點二：

銀河系中心的等效質(zhì)量，應(yīng)該把圓形軌道以內(nèi)的所有質(zhì)量均計算在內(nèi)，在圓

軌道以內(nèi)，可能存在一些看不見的、質(zhì)量很大的暗物質(zhì)，因此半徑越大，等效質(zhì)

量越大。

說出任一觀點，均給分。（1分）

15.如圖9所示是雙縫干涉實驗裝置，使用波長為6.0x10-7m的橙色光源照射單

縫S,

在光屏中央P處（到雙縫的距離相等）觀察到亮條紋，在位于P點上方的P1點出現(xiàn)

第一條

亮條紋中心（即P1到SI、S2的路程差為一個波長），現(xiàn)換用波長為4.0x10—7m的

紫色光

照射單縫時，問：

⑴屏上P處將出現(xiàn)什么條紋？

⑵屏上P1處將出現(xiàn)什么條紋？

參考答案：

（1）亮條紋（2）暗條紋

四、計算題：本題共3小題，共計47分

16.一質(zhì)點從A點靜止開始運動，沿直線運動到B點停止，在運動過程中，質(zhì)點能

以al=6.4m/s2的加速度加速，也能以a2=1.6m/s2的加速度減速，也可做勻速運

動，若A、B間的距離為1.6km,質(zhì)點應(yīng)如何運動，才能使時間最短，最短時間為

多少？

參考答案：

解：質(zhì)點運動不受最大速度限制，所以質(zhì)點先勻加速，后勻減速運動，完成全程的

時間最短。設(shè)勻加速、勻減速運動的時間分別為tl、t2,勻加速的位移為S1,勻

減速運動的位移S2,則

CD《二分）

②（二分）

Si-Sx-1600③C分）

④（2分》

由①（2X3X3）解得，t.-lOs,：-40s

則西點運動的眼短時間為t-t.-\-50s（2分）

17.如圖，在傾角為。=37。的足夠長的固定斜面底端，一小物塊以某一初速度沿斜面上滑，

一段時間后返回到出發(fā)點.若物塊上滑所用時間t（和下滑所用時間t2的大小關(guān)系滿足t1：

t2=l：V2,取g=10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8,試求：

（1）上滑加速度由與下滑加速度a2的大小之比；

（2）物塊和斜面之間的動摩擦因數(shù)；

（3）若斜面傾角變?yōu)?0。，并改變斜面粗糙程度，小物塊上滑的同時用水平向右的推力F

作用在物塊上，發(fā)現(xiàn)物塊勻減速上滑過程中加速度與推力大小無關(guān)，求此時加速度大小.

參考答案:

1_1

解：（1）上滑過程和下滑過程位移大小相等：~2a由2=2a2t2?

一.2

得&2=幻=2

(2)上滑時：mgsin37°+|imgcos370=mai

下滑時：mgsin37°-|imgcos37°=ma2

得(i=0.25

(3)mgsin60°+pN-Fcos60°=ma,N=Fsin60°+mgcos60°

得：mgsin60°4-|iFsin60°4-|imgcos60o-Fcos60°=ma

因為a與F無關(guān),所以pFsin600-Fcos60°=0

返

此時n=cot60°=3

20M

則，a=gsin60°+(igcos600=3m/s2-l1.55m/s2

答：(1)上滑加速度a,與下滑加速度a2的大小之比為2；

(2)物塊和斜面之間的動摩擦因數(shù)為0.25；

(3)若斜面傾角變?yōu)?0°,并改變斜面粗糙程度，小物塊上滑的同時用水平向右的推力F

作用在物塊上，發(fā)現(xiàn)物塊勻減速上滑過程中加速度與推力大小無關(guān)，此時加速度大小為

11.55m/s2.

【考點】牛頓運動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系.

【分析】(1)根據(jù)上滑過程和下滑過程位移大小相等列方程求解.

(2、3)分別對上滑和下滑過程根據(jù)牛頓第二定律求出加速度表達(dá)式，利用加速度之比求

解口.

18.如圖所示，長度均為L的兩平行金屬板相距為d,0、O'為兩金屬板中心處正對的兩個

小孔，兩平行金屬板接有電壓恒為U的電源.緊靠右金屬板右側(cè)的邊長為L的正方形

MQPN的左下半空間有勻強(qiáng)磁場，MN與右金屬板重合.一質(zhì)量為m、帶電量為-q的帶負(fù)

電粒子(重力不計)從。點以可忽略的初速度進(jìn)入金屬板間的電場，經(jīng)加速后再進(jìn)入磁場

區(qū)，恰好垂直MP而離