2024屆安徽省毫州市利辛縣第一中學(xué)物理高二下期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題含解析

2024屆安徽省毫州市利辛縣第一中學(xué)物理高二下期末學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電場中等勢面如圖所示，下列關(guān)于該電場的描述正確的是()A．A點的電場強度比C點的小B．負電荷在A點的電勢能比在C點的電勢能大C．電荷沿等勢面AB移動的過程中，電場力始終不做功D．正電荷由A移動到C，電場力做負功2、如圖甲所示，一根電阻R＝4Ω的導(dǎo)線繞成半徑d＝2m的圓，在圓內(nèi)部分區(qū)域存在變化的勻強磁場，中間S形虛線是兩個直徑均為d的半圓，磁感應(yīng)強度隨時間變化如圖乙所示(磁場垂直于紙面向外為正，電流逆時針方向為正)，關(guān)于圓環(huán)中的感應(yīng)電流—時間圖象，下列選項中正確的是()A． B． C． D．3、關(guān)于速度和加速度的關(guān)系，下列說法正確的是：A．物體速度變化量越大，加速度就越大B．物體速度變化得越快，加速度就越大C．當(dāng)物體的加速度不變時，其速度也一定不變D．當(dāng)物體的加速度為零時，其速度也一定為零4、下列電磁波中頻率最高的是A．紅外線 B．γ射線 C．紫外線 D．無線電波5、中子n、質(zhì)子p、氘核D的質(zhì)量分別為mn、mp、mD。現(xiàn)用光子能量為E的γ射線照射靜止氘核使之分解，反應(yīng)方程為γA．1B．1C．1D．16、相向運動的A、B兩輛小車相撞后,一同沿A原來的方向前進,則碰撞前的瞬間（）A．A車的動量一定大于B車的動量 B．A車的速度一定大于B車的速度C．A車的質(zhì)量一定大于B車的質(zhì)量 D．A車的動能一定大于B車的動能二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示是a，b，c，d四種元素線狀譜，圖乙是某礦物的線狀譜，通過光譜分析可以了解該礦物中缺乏的是A．a(chǎn)元素B．b元素C．c元素D．d元素8、用一段橫截面半徑為r、電阻率為ρ、密度為d的均勻?qū)w材料做成一個半徑為R(r<<R)的圓環(huán)。圓環(huán)豎直向下落入如圖所示的徑向磁場中，圓環(huán)的圓心始終在N極的軸線上，圓環(huán)所在位置的磁感應(yīng)強度大小均為B。圓環(huán)在加速下落過程中某一時刻的速度為v，忽略電感的影響，則A．此時在圓環(huán)中產(chǎn)生了(俯視)順時針的感應(yīng)電流B．此時圓環(huán)受到豎直向下的安培力作用C．此時圓環(huán)的加速度D．如果徑向磁場足夠深，則圓環(huán)的最大速度9、將兩個小球A、B用質(zhì)量不計的輕繩連接，置于一內(nèi)壁光滑的半球殼上，如圖所示，其中兩球的質(zhì)量分別為m1、m2，當(dāng)整個裝置靜止時小球A剛好位于半球殼的最低點，而小球B靜止在地面上．輕繩對小球A的拉力用T表示、地面對小球B的支持力用N表示，下列關(guān)系式正確的是（）A．N＝（m2－m1）g B．N＝m2gC．T＝0 D．T=（m2－m1）g10、某人站在靜浮于水面的船上，從某時刻開始人從船頭走向船尾，若不計水的阻力，那么在這段時間內(nèi)人和船的運動情況是：（）A．人勻速行走，船勻速后退，兩者速度大小與它們的質(zhì)量成反比B．人加速行走，船加速后退，而且加速度大小與它們的質(zhì)量成反比C．人走走停停，船退退停停，兩者動量總和總是為零D．當(dāng)人在船尾停止運動后，船由于慣性還會繼續(xù)后退一段距離三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“驗證動量守恒定律”的實驗中：（1）在確定小球落地點的平均位置時通常采用的做法是用圓規(guī)畫一個盡可能小的圓把所有的落點圈在里面,圓心即平均位置，其目的是減小實驗中的______________．（2）入射小球每次必須從斜槽上_______滾下，這是為了保證入射小球每一次到達斜槽末端時速度相同．（3）入射小球的質(zhì)量為，被碰小球的質(zhì)量為m2，在m1m2時，實驗中記下了O、M、P、N四個位置(如圖所示)，若滿足_____________(用m1、m2、OM、OP、ON表示)，則說明碰撞中動量守恒；若還滿足_________________(只能用OM、OP、ON表示)，則說明碰撞前后動能也相等．12．（12分）如圖甲所示，上表面光滑的楔形木塊固定在水平放置的壓力傳感器上．某同學(xué)將質(zhì)量不同的小鋼球從斜面頂端由靜止釋放（每次只有一個小球），記錄小鋼球在斜面上運動時壓力傳感器的示數(shù)，并根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出圖線，如圖乙．重力加速度大小取，完成下列填空（1）不同質(zhì)量的小鋼球在斜面上運動的時間__________（填“相同”或“不相同”）；（2）由圖象知，木塊的質(zhì)量__________（保留兩位有效數(shù)字）；（3）若斜面傾角為，由圖象可知，__________（保留兩位有效數(shù)字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個有界的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B=0.50T，磁場方向垂直于紙面向里，MN是磁場的左邊界．在距磁場左邊界MN的1．0m處有一個放射源A，內(nèi)裝放射物質(zhì)（鐳），發(fā)生α衰變生成新核Rn（氡）．放在MN左側(cè)的粒子接收器接收到垂直于邊界．MN方向射出的質(zhì)量較小的粒子，此時接收器位置距直線OA的距離為1.0m．

①試寫出Ra的衰變方程；

②求衰變后α粒子的速率；

③求一個靜止鐳核衰變釋放的能量．（設(shè)核能全部轉(zhuǎn)化為動能，取1u=1.6×10-27kg，電子電量e=1.6×10-19C）14．（16分）如圖所示，在光滑的水平面上固定有左、右兩豎直擋板，擋板間距離足夠長，有一質(zhì)量為3m、長為L的木板靠在右擋板處，另有一質(zhì)量為m的小物塊（可視為質(zhì)點），放置在木板的右端?，F(xiàn)使小物塊和木板以共同的速度v0向左運動，設(shè)木板與左、右擋板的碰撞中無機械能損失，重力加速度大小為g.則：（1）木板與擋板發(fā)生第二次碰撞之前的速度多大？（2）木板與擋板發(fā)生第四次碰撞之前，系統(tǒng)共損失了多少機械能？15．（12分）當(dāng)交叉路口的綠燈亮?xí)r，一輛汽車以4m/s2的加速度及2m/s的速度開出，同一時刻有一輛貨車以10m/s的速度從旁邊駛過，求：(1)汽車追上貨車時距路口多遠？(2)汽車追上貨車前，兩車相距最遠是多遠？(3)汽車追上貨車時，汽車的速度是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】試題分析：A點的等勢面比C點的等勢面密，則A點的場強比C點的大，故A錯誤；負電荷在高電勢點電勢能小，在低電勢點電勢能高，故B錯誤；沿著等勢面移動點電荷，電勢能不變，電場力不做功，故C正確；正電荷由A到C，為沿電場力方向運動，則電場力做正功，故D錯誤。考點：電勢能；等勢面2、C【解題分析】0～1s，感應(yīng)電動勢為：E1=SΔBΔt=感應(yīng)電流大小為：I1=E1/R=4π/4=πA由楞次定律知，感應(yīng)電流為順時針方向，為負方向，故C正確，ABD錯誤故選C點睛：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出各個時間段的感應(yīng)電動勢大小，再求出感應(yīng)電流大小，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向．3、B【解題分析】

加速度描述得是物體速度變化快慢得物理量，因此加速度大速度變化快，而速度變化量大有可能時間很長導(dǎo)致加速度很小，A錯誤B正確；物體有加速度速度一定發(fā)生變化，因此C錯誤；加速度為零速度不一定為零，入勻速直線運動得物體，D錯誤4、B【解題分析】

根據(jù)電磁波譜可知，γ射線的波長最短，所以γ射線的頻率最高，而紅外線的頻率最低，故選項B正確，A、C、D錯誤。5、C【解題分析】

氘核分解成中子、質(zhì)子時，質(zhì)量增加Δm=m2E中子動能為EkA.12mDB.12mpC.12mDD.12mp6、A【解題分析】

兩車相撞過程，系統(tǒng)的動量守恒，相撞后，總動量沿A原來的方向，根據(jù)動量守恒定律得知，碰撞前的總動量的方向與A原來的速度方向，由于A.B是相向運動，動量又是矢量，則得，A車的動量一定大于B車的動量．由于兩車的質(zhì)量關(guān)系未知，無法判斷速度大小、動能大小的關(guān)系．故A正確．故選A點睛：兩車相撞過程，系統(tǒng)的動量守恒，相撞后，總動量沿A原來的速度方向，根據(jù)動量守恒定律分析可知，碰撞前的總動量的方向，即可得到兩車動量大小的關(guān)系．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】各種原子的發(fā)射光譜都是線狀譜，都有一定的特征，也稱特征譜線，是因原子結(jié)構(gòu)不同，導(dǎo)致原子光譜也不相同，因而可以通過原子發(fā)光譜線來確定和鑒別物質(zhì)，對此稱為光譜分析．由乙圖可知，此光譜是由a與c元素線狀譜疊加而成的，因此通過光譜分析可以了解該礦物中缺乏的是b、d元素，故BD正確，AC錯誤；故選BD．8、AD【解題分析】

A．由題意可知，根據(jù)右手定則，右圖中，環(huán)左端面電流方向垂直紙面向里，右端面電流方向向外，則有(俯視)順時針的感應(yīng)電流，故A項符合題意；B．根據(jù)楞次定律可知，環(huán)受到的安培力向上，阻礙環(huán)的運動，故B項不符合題意；C．圓環(huán)落入磁感應(yīng)強度B的徑向磁場中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢圓環(huán)的電阻電流圓環(huán)所受的安培力大小由牛頓第二定律得其中質(zhì)量聯(lián)立解得故C項不符合題意；D．當(dāng)圓環(huán)做勻速運動時，安培力與重力相等，速度最大，即有可得解得故D項符合題意。9、BC【解題分析】

以A為研究對象，受力如圖所示：A速度重力和支持力平衡，繩子拉力T=0；以B為研究對象，B受到重力和地面的支持力，由于B處于平衡狀態(tài)，所以支持力等于B的重力，即：N=m2g，故BC正確，AD錯誤。故選BC10、ABC【解題分析】本題考查動量守恒定律船組成的系統(tǒng)動量守恒，總動量為0，所以不管人如何走動，在任意時刻兩者的動量大小相等、方向相反.若人停止運動而船也停止運動，并且速度大小兩者速度大小與它們的質(zhì)量成反比，即三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、用圓規(guī)畫一個盡可能小的圓把所有的落點圈在里面,圓心即平均位置偶然誤差同一位置由靜止開始m1·OP＝m1·OM＋m2·ONOP＝ON－OM【解題分析】（1）由于落點比較密集，又較多，每次測量距離很難，確定落點平均位置的方法是最小圓法，用圓規(guī)畫一個盡可能小的圓把所有的落點圈在里面，圓心即平均位置，這樣可以減小偶然誤差；

（2）為了保證小球每次到達斜面末端時速度相同，應(yīng)讓小球每次從同一位置由靜止滑下；

（3）設(shè)落地時間為t，則有：v1=，v′1=，v′2=

而動量守恒的表達式是：m1v1=m1v1′+m2v2′

所以若兩球相碰前后的動量守恒，則有：m1?OM+m2?ON=m1?OP

成立；

若碰撞是彈性碰撞，動能是守恒的，則有：m1v12=m1v1′2+m2v2′2

即m1?OM2+m2?ON2=m1?OP2成立

聯(lián)立可得：OP=ON-OM；點睛：驗證動量守恒定律實驗中，質(zhì)量可測，而瞬時速度較難．因此采用了落地高度不變的情況下，水平射程來反映平拋的初速度大小，所以僅測量小球拋出的水平射程來間接測出速度．過程中小球釋放高度不需要，小球拋出高度也不要求．最后可通過質(zhì)量與水平射程乘積來驗證動量是否守恒；根據(jù)機械能守恒定律可明確機械能是否守恒．12、（1）相同（2）（3）（均可）【解題分析】

（1）根據(jù)牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：，則不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運動情況完全相同，所以運動的時間也相同．（2）當(dāng)m=0時，傳感器的示數(shù)即為木塊A的重力，則有：Mg=1.97N，解得：（3）對小球受力分析，根據(jù)平衡條件可知，A對小球的支持力N=mgcosθ，根據(jù)牛頓第三定律可知，小球?qū)的壓力為mgcosθ，對A受力分析可知，傳感器對A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ，則傳感器的示數(shù)為F=Mg+mgcos2θ則F-m圖象的斜率k=gcos2θ，則有：gcos2θ==3.3解得：cos2θ=0.34；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)E=2.04×10-12J【解題分析】

（1）根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得Ra的衰變方程為：（2）對α粒子，洛倫茲力提供向心力，有：則代入數(shù)據(jù)解得：（3）對于衰變過程遵守動量守恒，則得：衰變后Rn（氡）的速率為：v=4.5×105m/s核衰變釋放的能量代入數(shù)據(jù)解得：E=2.04×10-12J