江西省豐城市東煌外語實驗學校2024屆高二物理第二學期期末檢測模擬試題含解析

江西省豐城市東煌外語實驗學校2024屆高二物理第二學期期末檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、由電場強度的定義式E=F/q可知，關于某靜電場中同一位置的說法，正確的是A．電場強度E與電場力F成正比，與電荷量q成反比B．電場強度E的方向一定與電場力F的方向相同C．無論q如何變化，電場強度E保存不變D．上式中的電場強度E是由電荷q產生的2、如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間．設墻面對球的壓力大小為N1，球對木板的壓力大小為N2.以木板與墻連接點所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉到水平位置．不計摩擦，在此過程中A．N1始終減小，N2始終增大B．N1始終減小，N2始終減小C．N1先增大后減小，N2始終減小D．N1先增大后減小，N2先減小后增大3、如圖所示，一細線的一端固定于傾角為45°的光滑楔形滑塊A的頂端P處，細線的另一端拴一質量為m的小球。當滑塊以a＝2g的加速度向左勻加速運動時線中的拉力FT是A． B． C． D．4、如圖，傾角為θ的粗糙絕緣體斜面固定于水平向左的勻強磁場B中，將通電直導線垂直于斜面水平放置，導線中電流方向垂直于紙面向里如果導線能靜置于斜面上，則下列說法正確的是：（

）A．導線一定受到斜面彈力，但不一定受斜面摩擦力B．導線一定受到斜面摩擦力，但不一定受斜面彈力C．如果導線受彈力作用，那么也一定會受摩擦力的作用，且彈力和摩擦力合力一定垂直向上D．如果導線受彈力作用，那么也一定會受摩擦力的作用，且彈力和摩擦力合力不一定垂直向上5、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則下列說法正確的是（）A．帶電油滴將沿豎直方向向上運動B．P點的電勢將升高C．油滴帶正電D．電容器的電容減小，極板帶電量將減小6、下列哪位物理學家（科學家）沒有獲得過諾貝爾物理學獎（）A．普朗克 B．密立根 C．盧瑟福 D．康普頓二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、目前，在居室裝修中經常用到花崗巖、大理石等裝飾材料，這些裝飾材料都不同程度地含有放射性元素，下列有關放射性知識的說法中正確的是()A．β射線與γ射線一樣是電磁波，但穿透本領遠比γ射線弱B．衰變成要經過4次α衰變和2次β衰變C．氡的半衰期為3.8天，4個氡原子核經過7.6天后就一定只剩下1個氡原子核D．放射性元素發(fā)生β衰變時所釋放的電子是原子核內的中子轉變?yōu)橘|子時產生的8、如圖所示，理想變壓器原線圈輸入電壓，副線圈電路中R0為定值電阻，R是滑動變阻器，V1和V2是理想交流電壓表，示數分別用U1和U2表示；A1和A2是理想交流電流表，示數分別用I1和I2表示，下列說法正確的是A．滑片P不動，滑片Q向上滑動過程中，U2變小，I1變小B．滑片P不動，滑片Q向上滑動過程中，U2不變，I1變小C．滑片Q不動，滑片P向下滑動過程中，U2變大，I1變大D．滑片Q不動，滑片P向下滑動過程中，U2變大，I1變小9、如圖所示是一個由電池、電阻R、開關S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，開關S閉合.一帶電液滴懸浮在兩板間P點不動，下列說法正確的是()A．帶電液滴一定帶負電B．增大兩極板間距離，液滴將加速下降C．斷開S，減小兩極板正對面積的過程中，液滴將加速下降D．斷開S，減小兩極板距離的過程中，液滴靜止不動10、一個質點做簡諧運動的圖象如下圖所示，下述正確的是A．質點振動頻率為4HzB．在10s內質點經過的路程是20cmC．在5s末，質點速度為零，加速度最大D．在t=1.5s和t=4.5s兩時刻質點位移大小相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某小組的同學擬探究小燈泡L的伏安特性曲線，可供選用的器材如下：小燈泡L，規(guī)格“4.0V，0.7A”；電流表A1，量程3A，內阻約為0.1Ω；電流表A2，量程0.6A，內阻R2＝0.2Ω；電壓表V，量程3V，內阻RV＝9kΩ；標準電阻R1，阻值1Ω；標準電阻R2，阻值3kΩ；滑動變阻器R，阻值范圍0～10Ω；學生電源E，電動勢6V，內阻不計；開關S及導線若干。（1）甲同學設計了如圖1所示的電路來進行測量，當通過L的電流為0.46A時，電壓表的示數如圖2所示，此時L的電阻為______Ω。（2）乙同學又設計了如圖3所示的電路來進行測量，電壓表指針指在最大刻度時，加在L上的電壓值是______V。（3）小組認為要想更準確地描繪出L完整的伏安特性曲線，需要重新設計電路。請你在乙同學的基礎上利用所提供器材，在圖4所示的虛線框內補畫出實驗電路圖，并在圖上標明所選器材代號。12．（12分）在用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中，①某同學由于沒有量角器，在完成了光路以后，他以O點為圓心、10.00cm長為半徑畫圓，分別交線段OA于A點，交OO′連線延長線于C點，過A點作法線NN′的垂線AB交NN′于點B，過C點作法線NN′的垂線CD交NN′于D點，如圖所示.用刻度尺量得OB=8.00cm，CD=4.00cm．由此可得出玻璃的折射率n=_____________________．②某同學在紙上畫出的界面aa′、bb′與玻璃磚位置的關系如圖2所示，則該同學測得的折射率與真實值相比______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，導熱的圓柱形氣缸固定在水平桌面上，橫截面積為S、質量為m1的活塞封閉著一定質量的氣體（可視為理想氣體），活塞與氣缸間無摩擦且不漏氣，總質量為m2的砝碼盤（含砝碼）通過左側豎直的細繩與活塞相連，細繩與兩定滑輪間的摩擦不計．當環(huán)境溫度為T時，活塞離缸底的高度為h．現環(huán)境溫度發(fā)生變化，當活塞再次平衡時活塞離缸底的高度為．①現環(huán)境溫度變?yōu)槎嗌?？②保持①中的環(huán)境溫度不變，在砝碼盤中添加質量為m的砝碼時，活塞返回到高度為h處，求大氣壓強．14．（16分）如圖所示，一玻璃球體的半徑為R，O為球心，AB為直徑，在球的左側有一豎直接收屏在A點與玻璃球相切．自B點發(fā)出的光線BM在M點射出，出射光線平行于AB，照射在接收屏上的Q點．另一光線BN恰好在N點發(fā)生全反射．已知∠ABM=30°，求：(ⅰ)玻璃的折射率；(ⅱ)光由B傳到M點與再由M傳到Q點所需時間比；(ⅲ)N點到直徑AB的距離．15．（12分）如圖所示，長為傾角為的光滑斜面與光滑水平面平滑連接，在斜面底端有一物體，在恒力作用下由靜止開始向左做勻加速直線運動．與此同時，在斜面頂端有一物體由靜止開始自由下滑．重力加速度為．試求：(1)物體到達斜面底端時的連度；(2)為使不能追上，物體的加速度的取值范圍．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

A．E=F/q是電場強度的定義式，采用比值法定義，則知E與F、q無關，不能說E與電場力F成正比，與電荷量q成反比．故A錯誤．B．電場強度E的方向一定與正電荷所受的電場力F方向相同，而與負電荷所受的電場力方向相反，故B錯誤．C．電場強度反映本身的性質，與試探電荷無關，則無論q如何變化，電場強度E保持不變，故C正確．D．公式E=F/q中q是放入電場中的試探電荷，E不是由電荷q產生的，故D錯誤．故選C．點睛：解決本題根據比值法定義的共性來場強的物理意義，知道公式中各個量的含義，能區(qū)分試探電荷與場源電荷的區(qū)別．2、B【解題分析】試題分析：對小球進行受力分析如圖所示，設：板與豎直方向夾角為，則：，，隨著板順時針方向轉動，越來越大，因此N2越來越小，同樣也越來越小，答案B正確．考點：共點力作用下物體的平衡，力的合力與分解3、D【解題分析】

根據牛頓第二定律求出支持力為零時滑塊的加速度，先判斷小球是否脫離斜面飄起，再根據求解第二定律列式求解拉力的大小?！绢}目詳解】當滑塊向左運動的加速度為某一臨界值時，斜面對小球的支持力恰好為零(小球將要離開斜面而“飄”起來)。此時小球受兩個力：重力mg，繩的拉力FT，根據牛頓第二定律有：FTcosθ＝ma①FTsinθ－mg＝0②聯(lián)立①②兩式并將θ＝45°代入，得a＝g，即當滑塊向左運動的加速度為a＝g時，小球恰好對斜面無壓力。當a>g時，小球將“飄”起來，當a＝2g時，小球已“飄”起來了，此時小球的受力情況如圖所示，故根據①②兩式并將a＝2g代入，解得FT＝mg。此即為所求線中的拉力。A．，與分析結果不符，故A錯誤；B．，與分析結果不符，故B錯誤；C．，與分析結果不符，故C錯誤；D．，與分析結果相符，故D正確?！绢}目點撥】本題主要考查牛頓第二定律的應用，較為簡單。4、C【解題分析】

導線保持靜止，受力平衡；地球表面的一切物體都受重力，故導線受重力；根據左手定則，安培力向上；對于彈力和摩擦力，討論如下：1、如果安培力與重力平衡，則不受支持力和摩擦力；2、如果安培力小于重力，根據平衡條件，則受支持力和摩擦力，且支持力與摩擦力的合力豎直向上，否則不能平衡，故ABD錯誤，C正確。故選C。5、D【解題分析】

A．將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據E=Ud得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動。故B．場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低。故B錯誤；C．由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，受電場力向上，而上極板帶正電，故說明油滴帶負電，故C錯誤；D．由C=εS4πkd可知電容C減小，根據Q=CU，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故6、C【解題分析】

A.普朗克獲得了1918年諾貝爾物理學獎。故A錯誤。B.密立根獲得了1923年諾貝爾物理學獎。故B錯誤。C.盧瑟福沒有獲得過諾貝爾物理學獎，故C正確。D.康普頓獲得了1927年諾貝爾物理學獎。故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

A．β射線是電子流，不是電磁波，穿透本領遠比γ射線弱。γ射線是電磁波。故A錯誤；B．設需經過x次α衰變和y次β衰變，則由質量數守恒以及電荷數守恒，有解得，，故B正確；C．半衰期是大量原子核衰變時所表現出的統(tǒng)計規(guī)律，對少量原子核沒有意義。故C錯誤；D．β衰變是原子核內的中子轉變?yōu)橘|子和電子，質子留在核內，電子釋放出去。故D正確。故選BD。8、BC【解題分析】滑片P不動，則變壓器次級電壓不變，即U2不變，滑片Q向上滑動過程中，R變大，則次級電流較小，則根據可知，初級電流I1變小，選項A錯誤，B正確；滑片Q不動，滑片P向下滑動過程中，初級匝數減小，根據則次級電壓變大，即U2變大，次級電流I2變大，則初級電流I1變大，選項C正確，D錯誤；故選BC.9、ABD【解題分析】微粒靜止不動，所受的電場力與重力平衡，則知電場力向上，而場強向下，所以微粒帶的是負電．故A正確．增大電容器兩極板間距離，U不變，根據E=U/d可知，E減小，電場力小于重力，則液滴將加速下降，選項B正確；斷開S，極板上是電量不變；減小兩極板正對面積的過程中，根據電容的決定式可知電容減小，由C=Q/U分析可知U增大，由公式E=U/d分析可知E增大，電場力大于重力，所以液滴將加速向上運動．故C錯誤；斷開S，極板上是電量不變；減小兩極板兩極板距離過程中，根據電容的決定式、電容的定義式C=Q/U，以及E=U/d分析可知E=與d無關，即E保持不變，所以液滴靜止仍然不動，故D正確．故選ABD.

點睛：本題是電容器動態(tài)變化分析問題，關鍵要抓住不變量．當電容器保持與電源相連時，其電壓不變，同時掌握電容的定義式與決定式的內容，及其區(qū)別，并理解E=公式的推導過程．10、BCD【解題分析】

A：由振動圖象，可得質點振動的周期，則質點振動頻率．故A項錯誤．B：一個周期內，簡諧運動的質點經過的路程，10s為2.5個周期，質點經過的路程為．故B項正確．C：由圖知，在5s末，質點位移最大，加速度最大，速度為零．故C項正確．D：由圖知，在t=1.5s和t=4.5s兩時刻質點位移相等．故D項正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①5（2分）②4（3分）③答圖1（5分）答圖2（3分）【解題分析】試題分析：①由圖知，電壓表的讀數為2.30V，根據歐姆定律，L的電阻RL＝UI＝2.300.46Ω＝5Ω；②電壓表與電阻R2串聯(lián)，電壓表兩端的電壓3V，根據串聯(lián)電路電阻與電壓的關系，電阻R2兩端的電壓為1V，燈泡L兩端的電壓為電壓表和電阻R2兩端的電壓之和，即為4V；③為了使電流表讀數準確，電流表應用A2，因其量程為0.6A，不能測量0.7A，所以應與A2并聯(lián)一個定值電阻R考點：歐姆定律，串聯(lián)電路的關系，并聯(lián)電路的關系，電路圖畫法點評：學生能熟練運用歐姆定律，串聯(lián)電路的關系，并聯(lián)電路的關系去分析問題。12、1.5偏小【解題分析】（1）圖中P1P2作為入射光線，OO′是折射光線，設光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r，則由幾何知識得到：sini=，sinr=，又AO=OC，由幾何關系可得AB=6.00cm則折射率．

（2）如圖，實線是真實的光路圖，虛線是玻璃磚寬度畫大后的光路