高中物理靜電場經典復習題及答案

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篇一：高中物理靜電場經典復習題及

高中物理靜電場經典復習題

1.〔2021安徽無為四校聯考〕如以下列圖為一只“極距變化型電容式傳感器〞的局部構件示意圖．當動極板和定極板之間的間隔d變化時，電容C便發(fā)生變化，通過丈量電容C的變化就可明白兩極板之間間隔d的變化的情況．在以以下列圖中能正確反映C與d之間變化規(guī)律的圖象是(A

)

2．〔2021江蘇二校聯考〕真空中有一半徑為r0的帶電金屬球殼，通過其球心的不時線上各點的電勢φ分布如圖，r表示該直線上某點到球心的間隔，r1、r2分別是該直

線上A、B兩點離球心的間隔。以下說法中正確的選項〔BC〕

A．A點的電勢低于B點的電勢

B．A點的電場強度方向由A指向B

C．A點的電場強度大于B點的電場強度

D．正電荷沿直線從A移到B的過程中，電場力做負功

3.〔2021遼寧鐵嶺市期中檢測〕如以下列圖的同心圓是電場中的一簇等勢線，一個電子只在電場力作用下沿著直線由A→C運動時的速度越來越小，B為線段AC的中點，那么以下說法正確的選項(B)

A．電子沿AC方向運動時遭到的電場力越來越小

B．電子沿AC方向運動時它具有的電勢能越來越大

C.電勢差UAB=UBC

D．電勢φAlt;φBlt;φC

4．〔2021年5月南京、鹽城三模〕兩個等量正點電荷位于x軸上，關于原點O呈對稱分布，

以下能正確描繪電場強度E隨位置x變化規(guī)律的圖是(A)

ABCD

5.

〔2021年5月6日河南六市聯考理綜物理〕如以下列圖，四個點電荷A、B、C、D分別位于正方形的四個頂點上，A、B所帶電荷量均為+q，C、D所帶電荷量均為-q。e、f、g、h分別位

于正方形的四個邊的中點。用Ee、Ef分別表示e、g這兩點的電場強度，用φf、φh分別表示f、h這兩點的電勢，那么以下關系正確的選項(D)

A．Ee≠Ef，φh=φfB．Ee=Ef，φh≠φfC．Ee≠Ef，φh≠φfD．Ee=Ef，φh=φf

6.〔2021·江蘇物理〕真空中，A、B兩點與點電荷Q的間隔分別為r和3r，那么A、B兩點的電場強度大小之比為(C)

A．3∶1B．1∶3C．9∶1D．1∶9

7.〔2021·海南物理〕如圖，直線上有o、a、b、c四點，ab間的間隔與bc間的間隔相等。在o點處有固定點電荷，已經明白b點電勢高于c點電勢。假設一帶負電電荷的粒子僅在電場力作用下先從c點運動到b點，再從b點運動到a點，那么(C)

A．兩過程中電場力做的功相等

B．前一過程中電場力做的功大于后一過程中電場力做的功

C．前一過程中，粒子電勢能不時減小

D．后一過程中，粒子動能不時減小

8.(2021·天津理綜)兩個固定的等量異號點電荷所產生電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶負電的粒子以某一速度從圖中A點沿圖示方向進入電場在紙面內飛行，最后分開電場，粒子只受靜電力作用，那么粒子在電場中(C)

A．做直線運動，電勢能先變小后變大

B．做直線運動，電勢能先變大后變小

C．做曲線運動，電勢能先變小后變大

D．做曲線運動，電勢能先變大后變小

篇二：高中物理靜電場經典復習題及答案

靜電場穩(wěn)定復習

1．M和N是兩個不帶電的物體，它們互相摩擦后M帶正電1.6×10

A．在摩擦前M和N的內部沒有任何電荷

B．摩擦的過程中電子從M轉移到N

C．N在摩擦后一定帶負電1.6×10

D．M在摩擦過程中失去1.6×10－10－10C，以下推斷正確的有()C－10個電子

答案：BC解析：M和N都不帶電，是指這兩個物體都呈電中性，沒有“凈電荷〞(沒有中和完的電荷)，也確實是沒有得失電子，但內部仍有相等數量的正電荷(質子數)和負電荷(電子數)，因此選項A錯誤；M和N摩擦后M帶正電荷，說明M失去電子，電子從M轉移到N，選項B正確；依照電荷守恒定律，M和N這個與外界沒有電荷交換的系統原來電荷的代數和為0，摩擦后電荷量仍應為0，選項C正確；電子帶電荷量為1.6×10

倍，因此M失去109個電子，選項D錯誤．

2．(2020·宜昌模擬)一個帶負電的小球，受電場力和重力的作用，由靜止開始運動，已經明白電場為程度方向的勻強電場，不計空氣阻力，設坐標軸如以下列圖，x軸的正方向與電場方向一致，y軸的正方向豎直向下，原點為小球的起始位置，以下哪個圖可能表－19C，摩擦后M帶正電荷1.6×10－10C，由于M帶電荷量應是電子電荷量的整數示此小球的運動軌跡()

答案：D解析：受力和初速度決定了運動方式．小球受的重力和電場力都是恒力，那么其合力也是恒力，小球由靜止開始沿合力方向做勻加速直線運動，又因小球帶負電，答案D正確．

3．兩個半徑一樣的金屬小球，帶電荷量之比為1∶7，相距為r，兩者互相接觸后再放回原來的位置上，那么互相作用力可能為原來的()

4A.739B.C.77D.167

q·7q7q2

答案：CD解析：設兩小球的電荷量分別為q和7q，那么原來相距r時的互相作用力F＝k＝k由于兩球的電性未知，rr接觸后互相作用力的計算可分為兩種情況：(1)兩球電性一樣：互相接觸時兩球電荷量平均分配，每球帶電量為7q＋q＝4q.，放回2

7q－q4q·4q16q2F16原處后的互相作用力為：F1＝k，故＝。(2)兩球電性不同：互相接觸時電荷先中和再平分，rrF72

3q·3q9q2F93q.，放回原處后的互相作用力為：F2＝kk，故.rrF7

4．(2020·煙臺模擬)兩個質量分別是m1、m2的小球，各用絲線懸掛在同一點，當兩球分別帶同種電荷，

且電荷量分別為q1、q2時，兩絲線張開一定的角度θ1、θ2，兩球位于同一程度線上，如以下列圖，那么以下說

法正確的選項()

A．假設m1m2，那么θ1θ2B．假設m1＝m2，那么θ1＝θ2C．假設m1lt;m2，那么θ1θ2D．假設q1＝q2，那么θ1＝θ2

答案：BC。解析：m1、m2受力如以下列圖，由平衡條件可知，m1g＝Fcotθ1，m2g＝F′cotθ2

mcotθ因F＝F′，那么＝因此B、C兩項正確．m2cotθ2

5．如以下列圖，A為帶正電Q的金屬板，沿金屬板的垂直平分線，在距板r處放一質量為m、電荷量為

q的小球，小球受程度向右的電場力偏轉θ角而靜止，小球用絕緣絲懸掛于O點，試求小球所在處的電場強度．

mgtanθ方向程度向右。解析：分析小球受力如以下列圖．由平衡條件得F電＝mgtanθ，因此小球所q

在處的電場強度E＝F電mgtanθ，小球帶正電，因此電場強度方向程度向右．

6．如以下列圖，在豎直放置的光滑半圓弧形絕緣細管的圓心處放一點電荷，將質量為m、帶電荷量為q的

小球從圓弧管程度直徑的端點A由靜止釋放，當小球沿細管下滑到最低點時，對細管的上壁的壓力恰好與球

重一樣，求圓心處的電荷在圓弧管內產生的電場的場強大?。?/p>

答案：4mg/q解析：小球從A到最低點的過程中，只要重力做功，電場力不做功，由動能定理：mgR

mv212＝mv.。在最低點，由牛頓第二定律：F－mg－FN′＝.，又F＝qE，FN′＝FN＝mg，可解得E＝4mg/q.2R

7．如以下列圖，一均勻細金屬圓環(huán)是由四個互相絕緣的四分之一圓弧A、B、C、D組成，已經明白當只要A

弧帶正電q時，在圓心O處產生的電場強度大小為E0，那么當A、B弧各帶正電q，C、D弧各帶負電q時，

在圓心O處的場強大小為()

A．2E0B．02E0D．2E0

答案：D解析：只要A弧帶正電時，在O點的場強大小為E0，由于電荷均勻分布，可知E0應與豎直

方向成45°角，因此B弧帶正電為q時，在O點的場強大小也為E0，且與A弧產生的場強垂直．由于C、

D弧帶負電，因此D弧在O點產生的場強大小為E0，方向與B弧產生的場強方向一樣；C弧在O點產生

的場強大小為E0，方向與A弧產生的場強一樣．由場強疊加可知，在O點的合場強大小為22E0.

8．如以下列圖，在真空中一條豎直向下的電場拋物線上有a、b兩點．一帶電質點在a處由靜止釋放后

沿電場線向上運動，到達b點時速度恰好為零．那么下面說法正確的選項()

A．該帶電質點一定帶正電荷

B．該帶電質點一定帶負電荷

C．a點的電場強度大于b點的電場強度

D．質點在b點所遭到的合力一定為零

答案：BC解析：帶電質點由a點釋放后向上運動，可知合力方向向上，而質點所受重力豎直向下，故電場力一定豎直向上，與電場線方向相反，可知該質點一定帶負電，B項正確，A項錯；帶電質點到b點時速度又減為零，可知向上運動過程中，合力先向上再向下，即重力不變，電場力減小，可知a處電場強度大于b處電場強度，C項正確，D項錯．

9．兩帶電量分別為q和－q的點電荷放在x軸上，相距為L，能正確反映兩電荷連線上場強大小E與x關系的是圖(

)

ABCD

答案：A解析：依照兩等量異種點電荷四周的電場線可直觀地看出，連線的中點場強最小，但不為零，關于中點

對稱的兩點場強大小相等，方向一樣，因此兩點電荷的連線上的場強先減小后增大，A正確．

10．質量為m的小球A在絕緣細桿上，桿的傾角為α，小球A帶正電，電量為q.在桿上B點處固定一

個電量為Q的正電荷，將小球A由距B點豎直高度為H處無初速釋放，小球A下滑過程中電量不變，不計

A與細桿間的摩擦，整個安裝處在真空中，已經明白靜電力常量k和重力加速度g.

(1)A球剛釋放時的加速度是多大？(2)當A球的動能最大時，求如今A球與B點的間隔．

ksin2α答案：(1)gsinα－mH解析：(1)依照牛頓第二定律mgsinα－F＝ma，又據庫侖定律Fmgsinα

ksin2α＝k，r＝H/sinα，解得α＝gsinα－當A球遭到合力為零、加速度為零時，動能最大．設如今ArmH球與B點間的間隔為R，那么mgsinα＝kR＝Rk.mgsinα

11．如以下列圖，傾角為θ的斜面AB是粗糙且絕緣的，AB長為L，C為AB的中點，在A、C之間加一方向垂直斜面向上的勻強電場，與斜面垂直的虛線CD為電場的邊境．現有一質量為m、電荷量為q的帶正電的小物塊(可視為質點)，從B點開始在B、C間以速度v0沿斜面向下做勻速運動，通過C后沿斜面勻加速下滑，到達斜面底端A時的速度大小為

v.試求：

(1)小物塊與斜面間的動摩擦因數μ.(2)勻強電場場強E的大?。?/p>

m?v2－v2?答案：(1)tanθ(2)qLtanθ

解析：(1)小物塊在BC上勻速運動，由受力平衡得FN＝mgcosθ，Ff＝mgsinθ而Ff＝μFN，由以上幾式解得

μ＝tanθ.(2)小物塊在CA上做勻加速直線運動，受力情況如以下列圖，那么FN′＝mgcosθ－qE，Ff′＝μFN′。根

m?v2－v2?L據牛頓第二定律得mgsinθ－Ff′＝ma，v－v0＝2a由以上幾式解得E＝.

2qL

tan

θ

22

12．(2020·課標全國)靜電除塵器是目前普遍采用的一種高效除塵器．某除塵器模型的收塵板是特別長的條形

金屬板，圖中直線ab為該收塵板的橫截面，工作時收塵板帶正電，其正側的電場線分布如以下列圖；粉塵帶負

電，在電場力作用下向收塵板運動，最后落在收塵板上．假設用粗黑曲線表示原來靜止于P點的帶電粉塵顆粒

的運動軌跡，以下4幅圖中可能正確的選項(忽略重力和空氣阻力)()

答案：A解析：因粉塵帶負電，故帶電粉塵所受電場力的方向與電場拋物線的切線方向相反，軌跡上任何

一點的切線方向為運動方向，假設粒子做曲線運動，軌跡應出如今速度方向和力的方向所夾的區(qū)域內．從軌跡找?guī)讉€點推斷一下，只要A項符合，故A項正確．

13．(2020·全國卷Ⅱ)在雷雨云下沿豎直方向的電場強度為104V/m.已經明白一半徑為1mm的雨滴在此電場中不會下落，取重力加速度大小為10m/s2，水的密度為103kg/m3，這雨滴攜帶的電荷量的最小值約為()

A．2×109C－B．4×109CC．6×109C－－D．8×109C－

4ρ×πr3g3mgρVg－答：B析：帶電雨滴在電場力和重力作用下堅持靜止，那么mg＝qE，得：q＝＝＝4×109C，B正確．

EEE

1．如以下列圖，在等量正點電荷連線的中垂線上取A、B、C、D四點，A、D兩點與B、C兩點均關于O點對稱，令各點電勢分別為φA、φB、φC、φD，那么以下說法正確的選項()

A．φA＝φB＝φC＝φDB．φAlt;φB、φDφCC．φA＝φD、φB＝φCD．φAφC、φBφD

答案：BC解析：等量正點電荷連線的中點O處合場強為0，中垂線上O點上方合場強沿中垂線向上，

下方合場強沿中垂線向下．由“沿場強方向電勢降低〞可斷定A錯誤，B正確；電勢是標量，由對稱性知

C正確，D錯誤．此題還可以依照等量正電荷等勢面的分布情況，結合等勢面與電場線的關系推斷．

2．如以下列圖，在沿x軸正方向的勻強電場E中，有一質點A以O為圓心、以r為半徑逆時針轉動，當質點A轉動至其與O點的連線與x軸正方向間夾角為θ時，那么O、A兩點間的電勢差為()

A．UOA＝ErB．UOA＝ErsinθC．UOA＝ErcosθD．UOA＝Ercosθ

答案：C解析：在勻強電場中，兩點間的電勢差與場強的關系為U＝Ed，其中d為沿電場方向的兩點間的距

離，因此UOA＝Ercosθ，故C正確．

23．(2020·南通模擬)一質量為m的帶電小球，在豎直方向的勻強電場中以程度速度拋出，小球的加速度大小為g，阻力不計，3

關于小球在下落h的過程中能量的變化，以下說法中正確的選項()

1112A．動能增加了mghB．電勢能增加了mghC．機械能減少了D．重力勢能減少了mgh3333

11答案：BC解析：由加速度可求出電場力大小為mg，方向豎直向上，小球在下落h的過程中，電場力做功W電＝－mgh，電33

1122；機械能減少；合外力做功W合＝mghmgh；重力勢能減少mgh.3333

4．將一正電荷從無限遠處移入電場中M點，靜電力做功W1＝6×109J，假設將一個等量的負電荷從電場中N點移向無限遠處，－

靜電力做功W2＝7×109J，那么M、N兩點的電勢φM、φN，有如下關系()－

A．φMlt;φNlt;0B．φNφM0C．φNlt;φMlt;0D．φMφN0

答案：C解析：對正電荷φ∞－φM＝WWWWW對負電荷φN－φ∞＝，即φ∞－φN＝而W2W1，φ∞＝0，且均大于0，那么φNlt;φMlt;0－q

5．如以下列圖，小球的質量為m，帶電荷量為q，懸掛小球的絲線與豎直方向成θ角時，小球恰好在

勻強電場中靜止不動，絲線長為L，現將小球拉到懸線豎直的方向上來，那么靜電力做功多少？拉力至少要

做多少功？

答案：－qELsinθqELsinθ－mg(1－cosθ

)

解析：小球受力如圖，將小球拉到豎直位置時，靜電力做功：W電＝－qEd＝－qElsinθ①

1又由動能定理得：W＋W電＋WG＝mv2－0②，要使W最小，只要讓v＝0③，即緩慢拉到豎直位2

置，該過程，重力做功，WG＝mgL(1－cosθ)④，由①②③④得W＝qELsinθ－mg(1－cosθ)．

16．如以下列圖，A、B是位于豎直平面內、半徑R＝0.5m的圓弧形的光滑絕緣軌道，其下端點B4

與程度絕緣軌道平滑連接，整個軌道處在程度向左的勻強電場中，電場強度E＝5×103N/C.今有一質量

為m＝0.1kg、帶電荷量＋q＝8×105C的小滑塊(可視為質點)從A點由靜止釋放．假設已經明白滑塊與程度軌－

道間的動摩擦因數μ＝0.05，取g＝10m/s2，求：

(1)小滑塊第一次通過圓弧形軌道最低點B時B點的壓力．(2)小滑塊在程度軌道上通過的總路程．

答案：(1)2.2N(2)6m解析：(1)設小滑塊第一次到達B點時的速度為vB，對圓弧軌道最低點B的壓力為F，那么：

v2112mgR－qER＝vBF－mg＝m，故F＝3mg－2qE＝2.2N。(2)由題意知小滑塊最終將停在B點由動能定理得－Ff·S＝0－2R2

mvB2結合Ff＝μmg可得小滑塊在程度軌道上通過的總路程S＝

6m.

7．(2020·江門測試)x軸上有兩點電荷Q1和Q2，Q1和Q2之間線上各點電勢上下如圖曲線所示(APPB)，選無窮遠處電勢為0，從圖中可以看出()

A．Q1電荷量一定小于Q2電荷量B．P點電場強度是0

C．Q1和Q2之間線上各點電場方向都指向Q2

D．Q1、Q2可能是同種電荷

答案：C解析：Q1附近電勢大于零，而Q2附近電勢小于零，可知Q1帶正電、Q2帶負電，D項錯；Q1、Q2之間電場線由Q1

指向Q2，C項正確；兩電荷連線上P點場強一定不為零，B項錯；由φ＝k知，Q1在P點電勢為φ＝k.Q2在P點電勢為φ2＝rr1

Q－kP點電勢為0，那么有，r1r2，故Q1Q2，A項錯．rr1r2

8．光滑程度面上有一邊長為l的正方形區(qū)域處在場強為E的勻強電場中，電場方向與正方形一邊平行，一質量為m、帶電荷量為q的小球由某一邊的中點，以垂直于該邊的程度初速v0進入該正方形區(qū)域．當小球再次運動到該正方形區(qū)域的邊緣時，具有的動能可能為

A．0111B.v02＋C.mv0222212D.v02＋qEl23

答案：ABC解析：如以下列圖，假設電場方向是AB方向那么電場力可以做正功，也可以做負功，做負功時有可能使其動能變?yōu)榱?，應選項A正確；假設電場的方向是AC方向，帶電小球到達AB或CD時，電場力做功為qEl/2，應選項B可能是正確的；假設帶電小球回到同一個邊境上，即回到等勢面上，電場力不做功，應選項C可能是正確的；D是不論如何也是不可能的．

9．(2020·金華模擬)如以下列圖，在絕緣的斜面上方，存在著勻強電場，電場方向平行于斜面向上，斜面上的帶電金屬塊在平行于斜面的力F作用下沿斜面挪動．已經明白金屬塊在挪動的過程中，力F做功32J，金屬塊克制電場力做功8J，金屬塊克制摩擦力做功16J，重力勢能增加18J，那么在此過程中金屬塊的()

A．動能減少10J

C．機械能減少24JB．電勢能增加24JD．內能增加16J

答案：AD。解析：由動能定理可知ΔEk＝32J－8J－16J－18J＝－10J，A正確；克制電場力做功為8J，那么電勢能增加8J，B錯誤；機械能的改變量等于除重力以外的其他力所做的總功，故應為ΔE＝32J－8J－16J＝8J，C錯誤；物體內能的增加量等于克制摩擦力所做的功，D正確．

10．一長為L的細線，上端固定，下端拴一質量為m、帶電荷量為q的小球，處于如以下列圖的程度向右的勻強電場中，開始時，將線與小球拉成程度，然后釋放，小球由靜止開始向下擺動，當細線轉過60°角時，小球到達B點速度恰好為零．試求：

(1)AB兩點的電勢差UAB；(2)勻強電場的場強大??；

(3)小球到達B點時，細線對小球的拉力大?。?/p>

答案：(1)－3mgL3mg(2)(3)3mg2

3

mgL

2

q

解析：取向下為正：(1)小球由A到B過程中，由動能定理得mgLsin60°＋qUAB＝0，因此UAB＝－

|U|3mg(2)E＝＝。(3)小球在AB間擺動，由對稱性知，B處繩拉力與A處繩拉力相等，而在A處，由程度方向平衡qL－Lcos60°有：TA＝qE3mg因此TB＝TA＝3mg，或在B處，沿繩方向合力為零，有TB＝qEcos60°＋mgcos30°＝3mg.

11．如以下列圖，在豎直向下的勻強電場中有一絕緣的光滑離心軌道，一個帶負電的小球從斜軌道上的A點由靜止釋放，沿軌道滑下，已經明白小球的質量為m，電量為－q，勻強電場的場強大小為E，斜軌道的傾角為α(小球的重力大于所受的電場力)．

(1)求小球沿斜軌道下滑的加速度的大?。?/p>

(2)假設使小球通過圓軌道頂端的B點，求A點距程度地面的高度h至少應為多大？

(3)假設小球從斜軌道h＝5R處由靜止釋放．假設其可以通過B點，求在此過程中小球機械能的改變量．

?mg－qE?sinα5答案：(1)(2)(3)減少3EqRm2

解析：(1)依照牛頓第二定律：(mg－qE)sinα＝ma①，a＝?mg－qE?sinα②m

mv2

(2)假設小球剛好通過B點，據牛頓第二定律：mg－qE＝③，小球由A到B，據動能定理：R

mv25(mg－qE)(h－2R)＝h＝R.⑤。(3)小球從靜止開始沿軌道運動到B點的過程中，機械能的變化量為：ΔE機由22

ΔE機＝W電⑥，W電＝－3REq⑦，得ΔE機＝－3

REq.⑧

12．(2020·全國Ⅰ)關于靜電場，以下結論普遍成立的是()

A．電場強度大的地點電勢高，電場強度小的地點電勢低

B．電場中任意兩點之間的電勢差只與這兩點的場強有關

C．在正電荷或負電荷產生的靜電場中，場強方向都指向電勢降低最快的方向

D．將正點電荷從場強為零的一點挪動到場強為零的另一點，電場力做功為零

答案：C解析：在靜電場中，電勢沿著電場線逐漸降低，場強方向是電勢降低最快的方向，場強的大小與電場線分布疏密有關，故A項錯誤，C項正確；電場中兩點間的電勢差既與場強有關又與間隔有關，B項錯誤；場強為零的一點到場強為零的另一點間的電勢差不一定為零，故電場力做功不一定為零，D項錯誤．

13．(2020·安徽理綜)如以下列圖，在xOy平面內有一個以O為圓心、半徑R＝0.1m的圓，P為圓周上的一點，O、P兩點連線與x軸正方向的夾角為θ.假設空間存在沿y軸負方向的勻強電場，電場強度大小E＝100V/m，那么O、P兩點的電勢差可表示為()

A．UOP＝－10sinθ(V)

C．UOP＝－10cosθ(V)B．UOP＝10sinθ(V)D．UOP＝10cosθ(V)

答案：A解析：在勻強電場中，UOP＝－E·Rsinθ＝－10sinθ(V)，故A對．

14．(2020·江蘇單科)空間有一沿x軸對稱分布的電場，其電場強度E隨x變化的圖象如圖

所示．以下說法中正確的選項()

A．O點的電勢最低

B．x2點的電勢最高

C．x1和－x1兩點的電勢相等

D．x1和x3兩點的電勢相等

答案：C。解析：電勢上下與場強大小無必定聯絡．O點場強為0，電勢不一定最低，A錯；x2點是場強正向最大的位置，電勢不是最高，B錯；將電荷從x1移到－x1可由題圖知電場力做功為零，故兩點電勢相等，而把電荷從x1移到x3電場力做功不為零，C對，D錯．

篇三：高中物理靜電場經典復習題及答案

高中物理靜電場經典復習題及答案

一．電場能的性質

〔1〕電場強度的定義：放入電場中某點的電荷所受的電場力F跟它的電荷量q的比值，叫做該點的電場強度。用E表示電場強度，那么有E=F/q。

〔2〕正負點電荷Q在真空中構成的電場是非勻強電場，場強的計算公式為E=k

Qr

2

3.電場疊加：電場中某點的電場強度等于各個點電荷在該點產生的電場強度的矢量和。4.電場力：F=qE。二．電場能的性質

1.電勢差：電荷從電場中某點A挪動到另一點B電場力所做功W與該電荷電量的比值。即：

U=W/q。

2.電勢：試探電荷在電場中某點具有的電勢能Ep與電荷量q的比值，叫做該點的電勢。即

φ=Ep/q。電勢差UAB=φA-φB。

3.電場中電勢相等的點組成的面叫做等勢面。

等勢面的性質：①等勢面上任意兩點之間的電勢差為零；②等勢面和電場線垂直，在等勢面上挪動電荷電場力不做功。③等勢面的疏密表示電場的強弱。等差等勢面越密，電場強度越大。④任意兩個電勢不等的等勢面不會相交。

4.勻強電場中電勢差與電場強度的關系是E=U/d，公式中d是沿電場線方向兩點之間的間隔。勻強電場中電勢上下變化特點：在勻強電場中，任意一組平行線上等間隔的兩點之間的電勢差相等。

5.電勢隨空間分布圖象

所謂φ-x圖象是指靜電場中電勢φ隨x變化情況圖象。φ-x圖象斜率大小表示電場強度沿

x軸方向分量的大小。依照φ-x圖象斜率大小表示電場強度沿x軸方向分量的大小推斷電場強度〔或電場強度分量〕的大小。假設圖象某段平行x軸，說明電勢φ在該段不隨x變化，電場強度沿x軸方向分量為零，空間各點場強與x軸垂直。

【命題動態(tài)】

靜電場是高中物理研究的比較深的物質形態(tài)，靜電場也是高考重點之一。高考對靜電場的調查重點是：庫侖定律、電場力的性質、電場能的性質、電容器和電容、帶電粒子在電場中的運動等。

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1.〔2021安徽無為四校聯考〕如以下列圖為一只“極距變化型電容式傳感器〞的局部構件示意圖．當動極板和定極板之間的間隔d變化時，電容C便發(fā)生變化，通過丈量電容C的變化就可明白兩極板之間間隔d的變化的情況．在以以下列圖中能正確反映C與d之間變化規(guī)律的圖象是(

)

答案：A

解析：由電容器的電容決定式，C=圖象是A。

?rS

4?kd

，C與d成反比，能正確反映C與d之間變化規(guī)律的

能減小，故D對。

3、〔2021安徽淮北測試〕如以下列圖，豎直放置的兩個平行金屬板間有勻強電場，在兩板之間等高處有兩個質量一樣的帶電小球〔不計兩帶電小球之間的電場阻礙〕，