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2023-2024學(xué)年江西省吉安市永豐中學(xué)高考考前模擬物理試題注意事項(xiàng):1.答題前,考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚,將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出,確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔,不要折暴、不要弄破、弄皺,不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、“太空涂鴉”技術(shù)就是使低軌運(yùn)行的攻擊衛(wèi)星通過變軌接近高軌偵查衛(wèi)星,準(zhǔn)確計(jì)算軌道并向其發(fā)射“漆霧”彈,“漆霧”彈在臨近偵查衛(wèi)星時(shí),壓爆彈囊,讓“漆霧”散開并噴向偵查衛(wèi)星,噴散后強(qiáng)力吸附在偵查衛(wèi)星的偵察鏡頭、太陽能板、電子偵察傳感器等關(guān)鍵設(shè)備上,使之暫時(shí)失效。下列關(guān)于攻擊衛(wèi)星說法正確的是()A.攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前需要加速才能進(jìn)入偵察衛(wèi)星軌道B.攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的向心加速度小于攻擊時(shí)的向心加速度C.攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的機(jī)械能大于攻擊時(shí)的機(jī)械能D.攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻時(shí)的線速度大于7.9km/s2、如圖所示,曲線I是一顆繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星P軌道的示意圖,其半徑為R;曲線Ⅱ是一顆繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星Q軌道的示意圖,O點(diǎn)為地球球心,AB為橢圓的長(zhǎng)軸,兩軌道和地心都在同一平面內(nèi),已知在兩軌道上運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的周期相等,萬有引力常量為G,地球質(zhì)量為M,下列說法正確的是()A.橢圓軌道的長(zhǎng)軸長(zhǎng)度為RB.衛(wèi)星P在I軌道的速率為,衛(wèi)星Q在Ⅱ軌道B點(diǎn)的速率為,則C.衛(wèi)星P在I軌道的加速度大小為,衛(wèi)星Q在Ⅱ軌道A點(diǎn)加速度大小為,則D.衛(wèi)星P在I軌道上受到的地球引力與衛(wèi)星Q在Ⅱ軌道上經(jīng)過兩軌道交點(diǎn)時(shí)受到的地球引力大小相等3、如圖所示,磁性白板放置在水平地面上,在白板上用一小磁鐵壓住一張白紙?,F(xiàn)向右輕拉白紙,但未拉動(dòng),在該過程中A.小磁鐵受到向右的摩擦力B.小磁鐵只受兩個(gè)力的作用C.白紙下表面受到向左的摩擦力D.白板下表面與地面間無摩擦力4、將一物體從地面以速度v0豎直上拋,物體上拋運(yùn)動(dòng)過程中所受的空氣阻力大小恒定,設(shè)物體在地面時(shí)的重力勢(shì)能為零,則物體從拋出到落回原地過程中,如圖所示的四個(gè)圖中不正確的()A. B. C. D.5、幾位同學(xué)利用課余時(shí)間測(cè)一干涸的半球形蓄水池的直徑。身高為1.80m的小張同學(xué)站在池邊從頭頂高處水平向池中投擲小石子,石子剛好落到池底的正中央,小李同學(xué)用手機(jī)的秒表記錄的小石子運(yùn)動(dòng)時(shí)間為1.6s。不計(jì)空氣阻力,重力加速度取10m/s2??芍氐闹睆綖椋ǎ〢.3.6m B.11m C.12.8m D.22m6、一定質(zhì)量的乙醚液體全部蒸發(fā),變?yōu)橥瑴囟鹊囊颐褮怏w,在這一過程中()A.分子引力減小,分子斥力減小 B.分子勢(shì)能減小C.乙醚的內(nèi)能不變 D.分子間作用力增大二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、以下說法正確的是()A.已知阿伏加德羅常數(shù)、氣體摩爾質(zhì)量和密度,可算出該氣體分子的直徑B.物質(zhì)是晶體還是非晶體,比較可靠的辦法是從各向異性或各向同性來判斷C.隨著分子間距離的增大,分子間的引力和斥力都減小,斥力減小得快,但合力表現(xiàn)仍可能為斥力D.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性8、如圖所示,以O(shè)為圓心、半徑為R的虛線圓位于足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,圓所在平面與電場(chǎng)方向平行,M、N為圓周上的兩點(diǎn).帶正電粒子只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng),在M點(diǎn)速度方向如圖所示,經(jīng)過M、N兩點(diǎn)時(shí)速度大小相等.已知M點(diǎn)電勢(shì)高于O點(diǎn)電勢(shì),且電勢(shì)差為U,下列說法正確的是()A.M,N兩點(diǎn)電勢(shì)相等B.粒子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn),電勢(shì)能先增大后減小C.該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D.粒子在電場(chǎng)中可能從M點(diǎn)沿圓弧運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)9、下列說法不正確的是()A.物體的溫度為0℃時(shí),物體的分子平均動(dòng)能為零B.兩個(gè)分子在相互靠近的過程中其分子力逐漸增大,而分子勢(shì)能一定先減小后增大C.多數(shù)分子直徑的數(shù)量級(jí)是10-10mD.第二類永動(dòng)機(jī)是不能制造出來的,盡管它不違反熱力學(xué)第一定律,但它違反熱力學(xué)第二定律E.一定質(zhì)量的理想氣體,如果在某個(gè)過程中溫度保持不變而吸收熱量,則在該過程中氣體的壓強(qiáng)一定增大10、如圖所示,a、b兩束不同頻率的單色光從半圓形玻璃磚底邊平行射入,入射點(diǎn)均在玻璃磚底邊圓心O的左側(cè),兩束光進(jìn)入玻璃磚后都射到O'點(diǎn),OO'垂直于底邊,下列說法確的是()A.從點(diǎn)O'射出的光一定是復(fù)色光B.增大兩束平行光的入射角度,則b光先從O'點(diǎn)消失C.用同一裝置進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn),b光的相鄰條紋間距較大D.若a、b光分別照射同一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng),則a光的截止電壓低三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某實(shí)驗(yàn)小組同學(xué),用鐵架臺(tái)、彈簧和多個(gè)質(zhì)量均為的鉤碼,探究在彈性限度內(nèi)彈簧彈力與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系如圖(甲)所示。(1)該組同學(xué)在做該實(shí)驗(yàn)時(shí),依次在彈簧下端掛上鉤碼,并在表格內(nèi)分別記下鉤碼靜止時(shí)彈簧下端指針?biāo)鶎?duì)應(yīng)的刻度,記錄數(shù)據(jù)如下:鉤碼個(gè)數(shù)12345彈力0.51.01.52.02.5指針對(duì)應(yīng)刻度12.51_15.3916.1117.30當(dāng)掛2個(gè)鉤碼時(shí),指針對(duì)應(yīng)刻度如圖(甲)所示,將指針示數(shù)填入表格;在以彈簧彈力為縱軸、指針對(duì)應(yīng)刻度L為橫軸的坐標(biāo)系中,如圖(乙)所示。描點(diǎn)畫出第2組對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)點(diǎn),并連線得到圖像_____。請(qǐng)根據(jù)圖像分析并得出以下結(jié)論①?gòu)椈稍L(zhǎng)為__________cm。②彈簧的勁度系數(shù)__________(保留兩位有效數(shù)字)。(2)彈簧與繩有一點(diǎn)相似之處,都可以認(rèn)為是一個(gè)傳遞力的媒介。某位同學(xué)根據(jù)這個(gè)觀點(diǎn)推廣認(rèn)為:將兩個(gè)同樣的彈簧串接在一起后,彈簧的勁度系數(shù)k與原來一樣。你認(rèn)為他的想法正確么_____?并解釋一下你的理由_____。12.(12分)某小組利用圖甲所示的電路進(jìn)行“測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn),實(shí)驗(yàn)的操作過程為:閉合開關(guān),讀出電流表的示數(shù)I和電阻箱的阻值R;改變電阻箱的阻值,記錄多組R、I的值,并求出的值,填寫在如下表格中。(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描出坐標(biāo)點(diǎn),如圖乙所示,請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)系中作出圖象____________;(2)由圖象求得電池的電動(dòng)勢(shì)______V,內(nèi)阻_____Ω;(結(jié)果均保留兩位小數(shù))(3)上述方案中,若考慮電流表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量的影響,則電動(dòng)勢(shì)E的測(cè)量值_____真實(shí)值,內(nèi)阻r的測(cè)量值____________真實(shí)值。(均選填“大于”、“等于”或“小于”)四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)光滑水平面上有一質(zhì)量m車=1.0kg的平板小車,車上靜置A、B兩物塊。物塊由輕質(zhì)彈簧無栓接相連(物塊可看作質(zhì)點(diǎn)),質(zhì)量分別為mA=1.0kg,mB=1.0kg。A距車右端x1(x1>1.5m),B距車左端x2=1.5m,兩物塊與小車上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.1.車離地面的高度h=0.8m,如圖所示。某時(shí)刻,將儲(chǔ)有彈性勢(shì)能Ep=4.0J的輕彈簧釋放,使A、B瞬間分離,A、B兩物塊在平板車上水平運(yùn)動(dòng)。重力加速度g取10m/s2,求:(1)彈簧釋放瞬間后A、B速度的大?。唬?)B物塊從彈簧釋放后至落到地面上所需時(shí)間;(3)若物塊A最終并未落地,則平板車的長(zhǎng)度至少多長(zhǎng)?滑塊在平板車上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量多少?14.(16分)如圖所示,水平地面上方MN邊界左側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和沿豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T,邊界右側(cè)離地面高h(yuǎn)=0.45m處由光滑絕緣平臺(tái),右邊有一帶正電的a球,質(zhì)量ma=0.1kg、電量q=0.1C,以初速度=0.9m/s水平向左運(yùn)動(dòng),與大小相同但質(zhì)量為=0.05kg靜止于平臺(tái)左邊緣的不帶電的絕緣球b發(fā)生彈性正碰,碰后a球恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng),兩球均視為質(zhì)點(diǎn),,求:(1)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向;(2)碰后兩球分別在電磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間;(3)碰后兩球落地點(diǎn)相距多遠(yuǎn);15.(12分)如圖所示,一長(zhǎng)木板以的速度沿水平桌面向右勻速運(yùn)動(dòng),時(shí)刻將一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊緩慢地放到長(zhǎng)木板上,同時(shí)啟動(dòng)長(zhǎng)木板上的制動(dòng)系統(tǒng),使長(zhǎng)木板以的加速度做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至靜止,已知物塊的釋放點(diǎn)距離長(zhǎng)木板左端,物塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù),重力加速度g取。求:(1)從時(shí)刻開始,經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間物塊與長(zhǎng)木板具有共同的速度;(2)通過計(jì)算分析物塊能否從長(zhǎng)木板上滑下,若不能,求出物塊到長(zhǎng)木板左端的距離。
參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】
A.攻擊衛(wèi)星的軌道半徑小,進(jìn)攻前需要加速做離心運(yùn)動(dòng),才能進(jìn)入偵查衛(wèi)星軌道,故A正確;B.根據(jù)得可知,攻擊前,攻擊衛(wèi)星的軌道半徑小,故攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的向心加速度大于攻擊時(shí)的向心加速度,故B錯(cuò)誤;C.攻擊衛(wèi)星在攻擊過程中,做加速運(yùn)動(dòng),除引力以外的其他力做正功,機(jī)械能增加,故攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的機(jī)械能小于攻擊時(shí)的機(jī)械能,故C錯(cuò)誤;D.根據(jù)萬有引力提供向心力得軌道半徑越小,速度越大,當(dāng)軌道半徑最小等于地球半徑時(shí),速度最大,等于第一宇宙速度7.9km/s,故攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻時(shí)在軌運(yùn)行速率小于7.9km/s,故D錯(cuò)誤。故選A。2、B【解析】
A.開普勒第三定律可得:因?yàn)橹芷谙嗟?,所以半長(zhǎng)軸相等,圓軌道可以看成長(zhǎng)半軸、短半軸都為R橢圓,故a=R,即橢圓軌道的長(zhǎng)軸的長(zhǎng)度為2R。故A錯(cuò)誤。B.根據(jù)萬有引力提供向心力可得:故,由此可知軌道半徑越大,線速度越?。辉O(shè)衛(wèi)星以O(shè)B為半徑做圓周運(yùn)動(dòng)的速度為,則;又衛(wèi)星在Ⅱ的B點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng),所以有,綜上有。故B正確。C.衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)過程中只受到萬有引力的作用,故有:所以加速度為,又有OA<R,所以,故C錯(cuò)誤。D.由于不知道兩衛(wèi)星質(zhì)量關(guān)系,故萬有引力關(guān)系不確定,故D錯(cuò)誤。故選B。3、C【解析】
AB.小磁鐵受到豎直向下的重力、白板對(duì)小磁鐵吸引力和豎直向上的支持力,三力平衡,靜止不動(dòng),所以小磁鐵不受摩擦力,AB錯(cuò)誤;C.對(duì)小磁鐵和白紙作為整體受力分析可知,水平方向上受到向右的拉力和向左的摩擦力平衡,C正確;D.對(duì)小磁針、白紙和磁性白板整體受力分析可知,水平方向上受到向右的拉力和地面對(duì)磁性白板向左的摩擦力平衡,D錯(cuò)誤。故選C。4、B【解析】
A.物體在運(yùn)動(dòng)過程中受到重力和空氣阻力,則上升過程中由牛頓第二定律得下降過程中由牛頓第二定律得可判斷上升過程中速度方向向上,下降過程中速度方向向下,根據(jù)動(dòng)量定義可知上升過程中動(dòng)量方向向上,下降過程中動(dòng)量方向向下,故A正確;B.根據(jù)公式可知合外力的沖量方向始終向下,故B錯(cuò)誤;CD.克服空氣阻力做的功為物體運(yùn)動(dòng)的路程,上升過程,下落過程總路程,根據(jù)功能關(guān)系可知,機(jī)械能逐漸減小,則有故C、D正確;不正確的故選B。5、D【解析】
設(shè)水池的半徑為R,人身高為h,根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律,在豎直方向,有代入數(shù)據(jù)解得R=11m,則直徑為22m,故ABC錯(cuò)誤,D正確。故選D。6、A【解析】
A.乙醚液體蒸發(fā)過程,分子間的距離變大,分子間的引力和斥力都會(huì)減小,故A正確;B.蒸發(fā)過程中乙醚分子要克服分子間的引力做功,分子勢(shì)能增加,故B錯(cuò)誤;C.一定質(zhì)量的乙醚液體全部蒸發(fā),變?yōu)橥瑴囟鹊囊颐褮怏w過程中,要從外界吸收熱量,由于溫度不變,故分子平均動(dòng)能不變,而蒸發(fā)過程中乙醚分子要克服分子間的引力做功,分子勢(shì)能增加,故內(nèi)能增加,故C錯(cuò)誤;D.由于乙醚液體蒸發(fā)過程,分子間的距離變大,分子之間的作用力從0開始,先增大后減小,故D錯(cuò)誤。故選:A。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】
A.摩爾體積,氣體分子所占空間,所以可以求得分子間的平均距離,故A錯(cuò)誤;B.因多晶體也具有各向同性,故晶體和非晶體一般從熔點(diǎn)來判斷,故B錯(cuò)誤;C.當(dāng)分子間距離小于r0時(shí),隨著分子間距離的增大,分子間的引力和斥力都減小,斥力減小得快,合力表現(xiàn)為斥力,故C正確;D.根據(jù)熱力學(xué)定律可知,宏觀自然過程自發(fā)進(jìn)行是有其方向性,能量耗散就是從能量的角度反映了這種方向性,故D正確。故選CD。8、AB【解析】
帶正電粒子僅在電場(chǎng)力作用下,從M運(yùn)動(dòng)到N,由速度大小,得出粒子的動(dòng)能,從而確定粒子的電勢(shì)能大與小。由于勻強(qiáng)電場(chǎng),則等勢(shì)面是平行且等間距。根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)條件可從而確定電場(chǎng)力的方向,從而得出勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線方向?!驹斀狻繋щ娏W觾H在電場(chǎng)力作用下,由于粒子在M、N兩點(diǎn)動(dòng)能相等,則電勢(shì)能也相等,則M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相等。因?yàn)閯驈?qiáng)電場(chǎng),所以兩點(diǎn)的連線MN即為等勢(shì)面。根據(jù)等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直特性,從而畫出電場(chǎng)線CO.由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知,正電粒子所受的電場(chǎng)力沿著CO方向;
可知,速度方向與電場(chǎng)力方向夾角先大于90°后小于90°,電場(chǎng)力對(duì)粒子先做負(fù)功后做正功,所以電勢(shì)能先增大后減小。故AB正確;勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度Ed=U式中的d是沿著電場(chǎng)強(qiáng)度方向的距離,則,故C錯(cuò)誤;粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)受到的是恒定的電場(chǎng)力,不可能做圓周運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)D錯(cuò)誤;故選AB.【點(diǎn)睛】緊扣動(dòng)能相等作為解題突破口,由于僅在電場(chǎng)力作用下,所以得出兩點(diǎn)的電勢(shì)能大小關(guān)系。并利用等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直的特性,從而推出電場(chǎng)線位置。再由曲線運(yùn)動(dòng)來確定電場(chǎng)力的方向。同時(shí)考查U=Ed中d的含義重要性,注意公式中的d為沿電場(chǎng)線方向上的距離。9、ABE【解析】
A.因?yàn)槲矬w分子在做永不停息的無規(guī)則運(yùn)動(dòng),所以當(dāng)物體的溫度為0℃時(shí),物體的分子平均動(dòng)能也不可能為零,故A錯(cuò)誤;B.兩個(gè)分子在相互靠近的過程中其分子力先增大后減小再增大,而分子勢(shì)能一定先減小后增大,故B錯(cuò)誤;C.多數(shù)分子直徑的數(shù)量級(jí)是10-10m,故C正確;D.第二類永動(dòng)機(jī)是不能制造出來的,盡管它不違反熱力學(xué)第一定律,但它違反熱力學(xué)第二定律,故D正確;E.根據(jù)熱力學(xué)第一定律知,溫度不變則內(nèi)能不變,吸熱則必膨脹對(duì)外做功,又由理想氣體狀態(tài)方程知,壓強(qiáng)一定減小,故E錯(cuò)誤;本題選擇不正確的,故選擇ABE。10、AD【解析】
A.兩光束射到O′點(diǎn)時(shí)的入射角都等于在玻璃磚底邊的折射角,根據(jù)光路可逆性可知,從O′點(diǎn)射出時(shí)折射角都等于射入玻璃磚底邊時(shí)的入射角,而在玻璃磚底邊兩光束平行射入,入射角相等,所以從O′點(diǎn)射出時(shí)折射角相同,兩光束重合,則從O′點(diǎn)射出的一定是一束復(fù)色光,故A正確;B.令光在底邊的入射角為i,折射角為r,根據(jù)折射定律有所以根據(jù)幾何知識(shí)可知,光在O′點(diǎn)的入射角為r,無論怎樣增大入射角度,光在O′點(diǎn)的入射角都小于光發(fā)生全反射的臨界角,所以a、b光不會(huì)在O′點(diǎn)發(fā)生全反射,故B錯(cuò)誤;C.根據(jù)光路圖可知,玻璃磚對(duì)a光的折射率小于b光的折射率,則a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng),由于條紋間距為所以a光的條紋間距大于b光的條紋間距,故C錯(cuò)誤;D.由于a光的頻率小于b光的頻率,根據(jù)光電效應(yīng)方程可知a、b光分別照射同一光電管發(fā)生光電效應(yīng)時(shí),a光的截止電壓比b光的截止電壓低,故D正確。故選:AD。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、()()不正確兩個(gè)勁度系數(shù)相同的彈簧串聯(lián)后,施加外力后,與單獨(dú)一個(gè)彈簧相比彈簧的等效伸長(zhǎng)量變?yōu)樵瓉淼?倍,所以勁度系數(shù)發(fā)生改變【解析】
(1)[1]刻度尺的讀數(shù)為。[2]描點(diǎn)并作圖:①[3]彈力為0時(shí),彈簧原長(zhǎng)為。②[4]根據(jù)胡克定律可知,圖像斜率的物理意義為彈簧的勁度系數(shù)(2)[5]不正確。[6]兩個(gè)勁度系數(shù)相同的彈簧串聯(lián)后,施加外力后,與單獨(dú)一個(gè)彈簧相比彈簧的等效伸長(zhǎng)量變?yōu)樵瓉淼?倍,所以勁度系數(shù)發(fā)生改變。12、3.85±0.055.85±0.20等于大于【解析】
(1)[1]圖象如圖所示。(2)[2][3]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得變形為由圖象可得(3)[4][5]若考慮電流表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量的影響,則表達(dá)式變?yōu)橐虼耍妱?dòng)勢(shì)的測(cè)量無誤差,即電動(dòng)勢(shì)E的測(cè)量值等于真實(shí)值,但是內(nèi)阻測(cè)量偏大,即內(nèi)阻r的測(cè)量值大于真實(shí)值。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)2m/s、2m/s;(2)1.4s;(3)3.25m;3.25J?!窘馕觥?/p>
(1)釋放彈簧過程A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒,以向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律得:mAvA﹣mBvB=0由機(jī)械能守恒定律得:代入數(shù)據(jù)解得:vA=2m/svB=2m/s;(2)由于A、B質(zhì)量相等與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)相等,在B在平板車上運(yùn)動(dòng)到左端過程小車所受合力為零,小車靜止,B運(yùn)動(dòng)到小車左端過程,對(duì)B,由動(dòng)能定理得:由動(dòng)量定理得:﹣μmBgt1=mBvB﹣m
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