2022屆新高考物理考前沖刺卷 河北專版 附答案

2022屆新高考物理考前沖刺卷河北專版

一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題

目要求。

1.北極光是出現(xiàn)于地球北極的高緯地區(qū)上空的一種絢麗多彩的發(fā)光現(xiàn)象，由來(lái)自地球磁層或太陽(yáng)的

高能帶電粒子流（太陽(yáng)風(fēng)）使高層大氣分子或原子激發(fā)（或電離）而產(chǎn)生.下列關(guān)于氫原子光譜的

說(shuō)法正確的是（）

n￡/eV

3---------------------------1.51

2------------------------------3.40

1------------------------------13.6

A.氫原子光譜是連續(xù)譜

B.大量氫原子從〃=5激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)最多能發(fā)出6種不同頻率的光

C.用能量為12eV的光子照射處于基態(tài)的氫原子，可使氫原子躍遷到〃=3能級(jí)

D.已知可見(jiàn)光的光子能量為1.63eV~3.10eV,要使處于基態(tài)（〃=1）的氫原子被激發(fā)后可輻射出

可見(jiàn)光，最少應(yīng)給氫原子提供的能量為12.09eV

2.2021年10月15日，伴隨著“三、二、一''的倒計(jì)時(shí)，“神舟十三號(hào)”在“長(zhǎng)征二號(hào)''運(yùn)載火箭的推動(dòng)

下順利進(jìn)入太空，“神舟十三號(hào)''航天員翟志剛、王亞平和葉光富也將開(kāi)始為期6個(gè)月的“太空旅行

如圖所示為“長(zhǎng)征二號(hào)”運(yùn)載火箭，下列關(guān)于它在豎直方向加速起飛過(guò)程的說(shuō)法，正確的是（）

A.火箭加速上升時(shí)，航天員對(duì)座椅的壓力小于自身重力

B.燃料燃燒推動(dòng)空氣，空氣反作用力推動(dòng)火箭升空

C.保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后處于失重狀態(tài)

D.火箭噴出的熱氣流對(duì)火箭的作用力大于火箭對(duì)熱氣流的作用力

3.第24屆冬奧會(huì)在我國(guó)北京市和河北省張家口市聯(lián)合舉行，激發(fā)了廣大冰雪運(yùn)動(dòng)愛(ài)好者的興趣.其

中，跳臺(tái)滑雪比賽中的跳臺(tái)由助滑坡、著陸坡、停止區(qū)組成，若著陸坡為傾角37。的斜面，運(yùn)動(dòng)員

在坡頂以10m/s的初速度水平飛出，最后落回著陸坡.若忽略一切阻力影響，則下列說(shuō)法正確的是

（sin37=0.6,cos37=0.8,tan56取lOm/s?）（）

A.運(yùn)動(dòng)員在空中的飛行時(shí)間為1.5s

B.運(yùn)動(dòng)員落到著陸坡時(shí)的速率與下落高度成正比

C.運(yùn)動(dòng)員落在著陸坡上時(shí)速度方向與水平方向的夾角為74°

D.從飛出開(kāi)始計(jì)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員與著陸坡相距最遠(yuǎn)時(shí)所需時(shí)間與初速度無(wú)關(guān)

4.某研究性學(xué)習(xí)小組用如圖甲所示裝置研究平行板電容器的放電現(xiàn)象，開(kāi)關(guān)先置于1位置對(duì)電容器

充電，穩(wěn)定后，開(kāi)關(guān)置于2位置，利用電流傳感器記錄電容器放電過(guò)程，作出/T圖線如圖乙所

示，已知電源電動(dòng)勢(shì)為E,/T圖線與坐標(biāo)軸圍成面積為S下列說(shuō)法正確的是（）

A.電容器放電時(shí)通過(guò)電流傳感器的電流減小得越來(lái)越快

B.電容器放電持續(xù)時(shí)間與電阻R的阻值沒(méi)有關(guān)系

C.電容C的大小等于U

E

D.電阻R的阻值會(huì)影響電容C的測(cè)量結(jié)果

5.如圖所示，豎直放置的PQ板左側(cè)為垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，右側(cè)為垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為8=0.332T,一質(zhì)量s=6.64xl0”7kg,帶電荷量q=3.2x1。汽9c的粒子

（不計(jì)重力）從小孔1位置以垂直板方向，大小為丫=3.2x106m/s的速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，依次通過(guò)小

孔2、3、4,已知相鄰兩孔間的距離相等.則（）

P

XXI.

I——

XXI?

2

xI?

3i

x8x?8

4.

XX?

Q

A.粒子帶負(fù)電

B.相鄰兩孔間的距圖為0.2m

C.帶電粒子從小孔1運(yùn)動(dòng)到小孔4所需時(shí)間約為5.89x10-7s

D.帶電粒子在PQ板右側(cè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間約為1.95x1CT?s

6.如圖所示，一絕緣細(xì)線豎直懸掛一小球A,在水平地面上固定一根勁度系數(shù)為廿的絕緣輕質(zhì)彈

簧，彈簧上端與小球C相連，在小球A和C之間懸停一小球8,當(dāng)系統(tǒng)處于靜止時(shí)，小球B處在

AC兩小球的中間位置.已知三小球質(zhì)量均為加，電荷量均為“，電性未知.則下列判斷正確的是（）

Jd

8

o

cfo

le

/z

B.彈簧的形變量為工等

A.相鄰兩小球之間的間距為q

C.細(xì)線對(duì)小球A的拉力大小為當(dāng)翌D.小球C受到的庫(kù)侖力大小為萼

OO

7.汽車(chē)通過(guò)拱形橋面和凹形橋面是生活中常見(jiàn)的兩種現(xiàn)象.如圖所示，若在汽車(chē)中固定一力傳感

器，力傳感器下端掛有一小球.當(dāng)汽車(chē)通過(guò)拱形橋面的最高點(diǎn)和通過(guò)凹形橋面最低點(diǎn)時(shí)速度大小均

為也已知汽車(chē)的質(zhì)量為小球的質(zhì)量為〃?，橋面的圓弧半徑均為廠，重力加速度取g.下列說(shuō)法正

確的是（）

甲乙

A.甲圖中汽車(chē)對(duì)橋面的壓力大于汽車(chē)所受的重力

B.乙圖中汽車(chē)對(duì)橋面的壓力大于汽車(chē)所受的重力

2

C.甲圖中力傳感器的示數(shù)大小為0=,ng-—

r

D.乙圖中力傳感器的示數(shù)大小為，=〃氏+

二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，每

題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0

分。

8.一探測(cè)器從某天體表面開(kāi)始豎直向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，上升的距離是此天體半徑

的;，在此過(guò)程的起點(diǎn)、終點(diǎn)處探測(cè)器發(fā)動(dòng)機(jī)提供的推力差值為甌。已知該天體表面的重力加速

度為g。，引力常量為G,忽略天體的自轉(zhuǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）

25AF

A.探測(cè)器的質(zhì)量為

9go

B.若探測(cè)器的質(zhì)量為〃?，探測(cè)器勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為e-

m

C.若此天體的質(zhì)量為M,則天體的第一宇宙速度為師盛

25RaAF

D.若天體的半徑為R,探測(cè)器勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為m則在終點(diǎn)探測(cè)器的動(dòng)能為

36go

9.帶電粒子在電場(chǎng)中會(huì)受到電場(chǎng)力的作用而進(jìn)行加速或偏轉(zhuǎn)，從而可以檢驗(yàn)帶電粒子的性質(zhì)，某平

行板兩極間存在一勻強(qiáng)電場(chǎng)，其電壓與時(shí)間關(guān)系如圖所示，當(dāng)f=0時(shí)，在平行板中間由靜止釋放

一個(gè)帶負(fù)電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場(chǎng)力的作用，粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程不會(huì)碰撞極板，則下列說(shuō)法中

正確的是（）

A.帶電粒子做單向的勻變速直線運(yùn)動(dòng)B.4s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)

C.0~3s內(nèi)，電場(chǎng)力的沖量為零D.0~3s內(nèi)，電場(chǎng)力做的總功為零

10.如圖所示，在傾角為6=30。的光滑絕緣斜面上以歐為界，其下方存在垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，上方存在沿斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B.斜面上還有兩個(gè)垂直于斜面方向固

定的光滑立柱.用細(xì)線（圖中虛線）拴住質(zhì)量為加、寬為L(zhǎng)的足夠長(zhǎng)U形光滑金屬導(dǎo)軌必M固定于

斜面上的G、“兩點(diǎn)上，A段導(dǎo)軌電阻為R,其余段電阻不計(jì).一電阻為R、質(zhì)量為，小長(zhǎng)度為L(zhǎng)

的導(dǎo)體棒PQ始終被立柱擋住而靜止放置在U形導(dǎo)軌上，P兒。構(gòu)成矩形.燒斷細(xì)線后，導(dǎo)軌向下運(yùn)

動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)體棒PQ始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，已知從燒斷細(xì)線到導(dǎo)體棒尸。與導(dǎo)軌間剛達(dá)到

最小作用力的這一過(guò)程中，金屬導(dǎo)軌而cd在斜面上下滑的距離為x,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.金屬導(dǎo)軌做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

B.金屬導(dǎo)軌而cd最終的速度為黑

C.導(dǎo)體棒PQ上產(chǎn)生的焦耳熱為mgxsin。

D.導(dǎo)體棒PQ與導(dǎo)軌而M間的最小作用力Fnin<0.5/g

三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答，第15~16

題為選考題，考生根據(jù)要求做答。

（-）必考題：共42分。

11.（6分）某實(shí)驗(yàn)小組要描繪小燈泡（2.5V0.5W）的伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)室提供以下器材可供選

擇:

A.直流電源3V（內(nèi)阻不計(jì)）

B.直流電壓表（量程為0~3V,內(nèi)阻約為3kC）

C.直流電壓表V?（量程為0~15V,內(nèi)阻約為25kC）

D.直流電流表A?（量程為0~300mA,內(nèi)阻約為5C）

E.直流電流表Az（量程為0~60。0^,內(nèi)阻約為1C）

F.滑動(dòng)變阻器飛（最大阻值100C,允許通過(guò)的最大電流為0.5A）

G.滑動(dòng)變阻器&（最大阻值10C,允許通過(guò)的最大電流為2A）

H.導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)

實(shí)驗(yàn)要求小燈泡兩端的電壓從零開(kāi)始變化并能進(jìn)行多次測(cè)量.

（1）實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用,電流表應(yīng)選用滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用.（均填

器材前的字母標(biāo)號(hào)）

（2）請(qǐng)?jiān)诜娇蛑挟?huà)出實(shí)驗(yàn)使用的電路圖，儀器用題目中的符號(hào)表示.

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，作出的小燈泡/-。圖線如圖所示.由此可知，當(dāng)電壓為1.5V時(shí)，小燈泡的

燈絲電阻為（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）.由圖可知，隨著電壓的增大，小燈泡的電阻

（填"增大”或"減小”）.

12.（8分）某實(shí)驗(yàn)小組想利用實(shí)驗(yàn)室里的彈簧彈射器（內(nèi)壁光滑）等器材來(lái)測(cè)量彈簧的彈性勢(shì)能,

將質(zhì)量為，”的彈丸（可看作質(zhì)點(diǎn)）壓縮彈簧到位置P,由靜止彈射出去，忽略一切阻力，通過(guò)彈

丸的初動(dòng)能從而求得彈簧的彈性勢(shì)能:

（1）甲小組的同學(xué)設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)裝置方案如圖甲所示，用鐵架臺(tái)固定住彈射器，實(shí)驗(yàn)中測(cè)量了彈丸

的水平位移X和彈丸下落的高度上則在安裝彈射器時(shí)應(yīng)注意:彈簧的彈性勢(shì)能表達(dá)式為

Ep=.

（2）乙小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖乙所示裝置，水平臺(tái)面左側(cè)固定彈射器，右側(cè)的A、B位置各安裝

一個(gè)光電門(mén)，計(jì)時(shí)器（圖中未畫(huà)出）與兩個(gè)光電門(mén)相連，并用刻度尺測(cè)得48兩點(diǎn)間的水平距離

x.計(jì)時(shí)器記錄下彈丸從A到B所用的時(shí)間t.

①?gòu)椡璞粡椛涑龅乃俣却笮〉谋磉_(dá)式是;靜止釋放彈丸時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能綜=.

（均用題中字母符號(hào)表示）

②彈丸被彈射出去后，由于重力作用其運(yùn)動(dòng)軌跡會(huì)向下有所偏轉(zhuǎn)，這對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果（填“有”

或“沒(méi)有”）影響.

（3）請(qǐng)任選一組實(shí)驗(yàn)，給出一條能減小實(shí)驗(yàn)誤差的建議：.

13.（12分）如圖所示，一條軌道固定在豎直平面內(nèi)，軌道4?水平且粗糙，88段光滑，其中

CD段是以點(diǎn)O'為圓心，半徑R=0.3m的一小段圓弧.可視為質(zhì)點(diǎn)的物體a和人分別靜止在A和

B,質(zhì)量均為根=0.8kg.現(xiàn)用與豎直方向成6=37°的斜向上尸=10N的拉力拉動(dòng)物體小經(jīng)位移

s=0.6m后撤去拉力尸，緊接著物體。與物體匕發(fā)生碰撞，碰撞過(guò)程中無(wú)能量損失，碰后，物體力

沿著軌道8。運(yùn)動(dòng).已知”與段軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.5,重力加速度為

g=10in/s2,cos37=0.8,sin37=0.6.求：

(1)碰撞前物體。的速度大小；

(2)試通過(guò)計(jì)算說(shuō)明在COD軌道上物體b在。點(diǎn)之后將做什么運(yùn)動(dòng)？

14.(16分)空間中存在上、下兩個(gè)不同的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，已知上、下場(chǎng)區(qū)的水平長(zhǎng)度為心上、

下場(chǎng)區(qū)的寬度均為d,如圖所示.電荷量為+4、質(zhì)量為，〃的帶電小球從上邊界距離0點(diǎn)距離為4的

點(diǎn)以初速度%垂直電場(chǎng)入射，小球第一次經(jīng)過(guò)對(duì)稱軸。。'時(shí)離。點(diǎn)的距離為2d,小球進(jìn)入下半

區(qū)域的同時(shí)加上一恒定的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B,發(fā)現(xiàn)小球做圓周運(yùn)動(dòng)且恰好不越過(guò)下邊界，

并最終運(yùn)動(dòng)至上半?yún)^(qū)域水平射出，重力加速度為g,求：

(1)上半?yún)^(qū)域中勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小;

(2)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?/p>

(3)求小球在場(chǎng)區(qū)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間.

(-)選考題：共12分。請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答

15.【選修3—3](12分)

(1)如圖所示，一定量的理想氣體由狀態(tài)。經(jīng)等壓過(guò)程到達(dá)狀態(tài)b,再經(jīng)。fc過(guò)程到達(dá)狀

態(tài)c.已知a的坐標(biāo)為(2T,p)力的坐標(biāo)為(T,p),c的坐標(biāo)為(2T,4p),由此可知，c,整個(gè)過(guò)程為

(填”等容過(guò)程”“非等容過(guò)程''或“無(wú)法確定”)，。至c整個(gè)過(guò)程中，氣體(填“吸

收’'或"放出”)熱量.

(2)如圖所示，一豎直放置的導(dǎo)熱氣缸被輕活塞/W和固定隔板CD分成兩個(gè)裝有同種氣體的氣室.

已知外界大氣壓強(qiáng)為A),氣室1內(nèi)氣體壓強(qiáng)為2為，兩氣室氣柱長(zhǎng)均為心活塞面積為S,重力

加速度為g，活塞與氣缸間無(wú)摩擦，且外界溫度始終不變.現(xiàn)在活塞上方緩慢釋放質(zhì)量為加的細(xì)砂.

(i)求氣室2的氣柱長(zhǎng)；

(ii)再將隔板緩慢抽去，兩氣室的氣體均未漏氣、進(jìn)氣，求穩(wěn)定后氣體的氣柱長(zhǎng).

16.【選修3—4](12分)

(1)如圖所示為一列向左傳播的橫波，當(dāng)波傳到x=2cm的A質(zhì)點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)2秒觀察到

A質(zhì)點(diǎn)第2次到達(dá)波谷位置，則A質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期為s；該波的波速為m/s,經(jīng)3.2

秒，A質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為cm.

(2)如圖所示，一截面是夾角為NPOQ=120。扇形的透明圓柱體，放置在水平桌面上.現(xiàn)有一束光

平行于桌面從尸。的中點(diǎn)4射到圓柱體表面上，折射進(jìn)入后恰好從°。中點(diǎn)B處垂直截面射

出；若將這束光平行于桌面從AP中點(diǎn)C處射到圓柱體表面上，則折射后從°。截面的。點(diǎn)射出,

測(cè)得。距圓心0的距離為d求：

(i)透明圓柱體的折射率；

(ii)光束從C到。經(jīng)歷的時(shí)間.

答案以及解析

1.答案：D

解析：氫原子發(fā)射的光子的能量是不連續(xù)的，只能形成一些特殊頻率的譜線，故A錯(cuò)誤；大量氫

原子從〃=5激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)最多能發(fā)出不同頻率的光的種類(lèi)為C；=10,故B錯(cuò)誤；光子的能量

為12eV,大于氫原子第1能級(jí)和第2能級(jí)的能量差，小于第1能級(jí)和第3能級(jí)的能量差，故處于

基態(tài)的氫原子無(wú)法吸收12eV的光子的能量而躍遷到〃=3能級(jí)，C錯(cuò)誤；基態(tài)(〃=1)氫原子被

激發(fā)后，從〃=3能級(jí)到〃=2能級(jí)躍遷產(chǎn)生的能量為Ag=-1.51eV-(-3.4)eV=1.89eV,故至少

被激發(fā)到〃=3能級(jí)后，躍遷才可能產(chǎn)生能量在1.63(eV)~3.10eV的可見(jiàn)光，則最少應(yīng)給氫原子

提供的能量為短=-1.51eV-(-13.6)eV=12.09eV,故D正確.

2.答案：C

解析：火箭加速上升時(shí)，加速度方向向上，根據(jù)牛頓第二定律可知航天員受到的支持力大于自身

的重力，由牛頓第三定律知航天員對(duì)座椅的壓力大于自身重力，A錯(cuò)誤；火箭受到重力、空氣阻力

以及內(nèi)部燃料噴出時(shí)的作用力，燃料燃燒向下噴氣，噴出的氣體的反作用力推動(dòng)火箭升空，B錯(cuò)

誤；保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，由于具有豎直向上的速度，所受重力和空氣阻力均豎直

向下，合外力方向豎直向下，故加速度方向豎直向下，處于失重狀態(tài)，C正確；火箭噴出的熱氣流

對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)熱氣流的作用力是作用力和反作用力，二者等大反向，D錯(cuò)誤.

3.答案：A

解析：由題意得，運(yùn)動(dòng)員起跳點(diǎn)后的騰空飛行可簡(jiǎn)化為平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有，水平方向

x=vot,豎直方向〃=:g/由題意可知tan37=-,解得t=2空=i$s,故A正確；運(yùn)動(dòng)員

2xg

從水平飛出至落到著陸坡時(shí)，由動(dòng)能定理得mg/?=1叱：-1由片，解得運(yùn)動(dòng)員落到著陸坡時(shí)的速率

匕同2gh+寸,與下落高度不成正比，故B錯(cuò)誤；設(shè)運(yùn)動(dòng)員落在著陸坡上時(shí)速度與水平方向的夾

角為仇則有tan，=2tan37,解得6=56.C錯(cuò)誤；當(dāng)運(yùn)動(dòng)員做平拋運(yùn)動(dòng)的速度方向與著陸坡平行

時(shí)，運(yùn)動(dòng)員與著陸坡相距最遠(yuǎn)，有tan37=乜=更，所需時(shí)間為/=九@巫，即其與初速度成正

%%g

比，故D錯(cuò)誤.

4.答案：C

解析：由題圖乙可知，/T圖線的斜率的絕對(duì)值越來(lái)越小，說(shuō)明流過(guò)電流傳感器的電流減小得越

來(lái)越慢，A錯(cuò)誤；電阻R越大，電路中的電流越小，而電容器儲(chǔ)存的電荷量一定，所以電容器放

電持續(xù)時(shí)間與電阻R的阻值有關(guān)，B錯(cuò)誤；/T圖線與時(shí)間軸所圍的面積表示電荷量，所以電容器

nq

儲(chǔ)存的電荷量為s,根據(jù)電容的定義式。==，可得電容C的大小為C=jC正確；電阻R的阻

UE

值的大小會(huì)影響放電時(shí)間，但不會(huì)影響放電量的多少，也就不會(huì)影響電容C的大小的測(cè)量結(jié)果，D

錯(cuò)誤.

5.答案：C

解析：由左手定則可判斷出粒子帶正電，A錯(cuò)誤；畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由洛倫茲力提供

向心力得/8=加上，可得R=r=0.2m,則"=2R=0.4m,B錯(cuò)誤；T=——?3.93x10^s,

RqBqB

帶電粒子從小孔1運(yùn)動(dòng)到小孔4所需時(shí)間等于1.5T,即約為5.89x107S,c正確;如圖所示，帶

電粒子在PQ板右側(cè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間等于7,約為3.93x10‘S,D錯(cuò)誤.

xxI..

xk

X任,

X，X可）B.

41

XXI.?

Q

6.答案：B

解析：如圖甲所示，以小球B為研究對(duì)象，小球A和小球C分別對(duì)小球8的庫(kù)侖力大小相等，且

小球A和小球C對(duì)小球8的合力與小球B的重力等大反向，所以小球A和小球8帶異種電荷，小

球B和小球C帶同種電荷，即小球A和小球C對(duì)小球B的庫(kù)侖力大小均為弓=兄=等，由庫(kù)侖

定律可得”=1,四，解得小球A和小球B之間距離為r=qj至，A錯(cuò)誤；如圖乙所示，以小球

r22

4為研究對(duì)象，受到小球8向下的庫(kù)侖力為反=等，受到小球C向下的庫(kù)侖力是受到小球B的

二,即為工=等，所以小球A受到的拉力為+七+工=竽，C錯(cuò)誤；如圖丙所示，

488

以小球C為研究對(duì)象，小球C受到小球8向下的庫(kù)侖力為工=等，受到A向上的庫(kù)侖力為

"=等，則小球C對(duì)彈簧的壓力為F&=F'K-F'A+mg=竽，小球C受到向上的彈力為

88

4*=/=衛(wèi)磐，由胡克定律得。=A'x，解得彈簧的形變量為粵，B正確，D錯(cuò)誤?

ook

a(

DJl?八〃

(

BYFCO

'后、典

\mg(mgVmg

甲乙丙

7.答案：A

解析：當(dāng)汽車(chē)通過(guò)凹形橋面最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)可知，汽車(chē)處于超重狀態(tài)，凹形橋面對(duì)

汽車(chē)的支持力大于汽車(chē)所受到的重力，當(dāng)汽車(chē)通過(guò)拱形橋面的最高點(diǎn)時(shí)，汽車(chē)處于失重狀態(tài)，橋

面對(duì)汽車(chē)的支持力小于汽車(chē)所受到的重力，故A正確，B錯(cuò)誤：對(duì)題圖甲中的小球受力分析如圖1

所示，根據(jù)牛頓第二定律得耳「叫=生匚，則力傳感器的示數(shù)0=，咫+生匕，故C錯(cuò)誤；對(duì)題

rr

2

圖乙中的小球受力分析如圖2所示，根據(jù)牛頓第二定律得mg-耳2=竺:，則力傳感器的示數(shù)

耳，=〃密—"，故D錯(cuò)誤.

r

“FTI

八尸!2

)|

?mgVmg

圖1圖2

8.答案：AD

解析：本題考查萬(wàn)有引力與航天。設(shè)在勻加速運(yùn)動(dòng)的起點(diǎn)、終點(diǎn)處發(fā)動(dòng)機(jī)的推力分別為小尼，由

題意可得石-5=公尸，設(shè)天體的半徑為R,質(zhì)量為M,探測(cè)器的質(zhì)量為，”，探測(cè)器勻加速上升的

?GMm

GMmF、------=ma

加速度為d由萬(wàn)有引力定律與牛頓第二定律可得4-一/=〃"，(5R]2,又

GMm25AF

聯(lián)立解得機(jī)=飛一A正確；由已知條件無(wú)法求出探測(cè)器做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速

-^■='咫。9go

度，B錯(cuò)誤；由竿=沖。，可得R=絲，與絲絲=相且聯(lián)立解得該天體的第一宇宙速度

R-VgnR-R

------R25AF

丫=何或，C錯(cuò)誤；探測(cè)器受到的合力七=，加，由動(dòng)能定理得心??=紇，結(jié)合加=《一,

4,go

25RaAF

解得在此過(guò)程的終點(diǎn)處,探測(cè)器的動(dòng)能線D正確。

36go

9.答案：CD

解析：作出帶電粒子在交變電場(chǎng)中的—圖像如圖所示，不難發(fā)現(xiàn)，3s末粒子回到了出發(fā)點(diǎn)，3s

后重復(fù)這樣運(yùn)動(dòng)，一直做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，并非單向的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，AB錯(cuò)誤；0~3s內(nèi)，對(duì)粒子由動(dòng)

量定理得/電場(chǎng)力=0-0,故0~3s內(nèi)電場(chǎng)力的沖量為零，C正確：0~3s內(nèi)，對(duì)粒子由動(dòng)能定理得

叱U場(chǎng)力=°一°，故。~3s內(nèi)電場(chǎng)力做的總功為零，D正確.

10.答案：BD

D2r2

解析：燒斷細(xì)線后，對(duì)導(dǎo)軌必〃，由牛領(lǐng)第二定律知=隨著v增大，加速度

a減小，a=0時(shí)，mgsin，='""=夕，可最大,即嗑=鬻，,則導(dǎo)軌。仇先做加速度減小的

2R匕

加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，B正確，A錯(cuò)誤；設(shè)從燒斷細(xì)線到導(dǎo)體棒尸。與導(dǎo)軌間剛達(dá)到最小作用

力的過(guò)程中，導(dǎo)體棒PQ上產(chǎn)生的焦耳熱為Q。，則回路總焦耳熱為20,由能量守恒知

mgxsine=2Q,+之機(jī)次，又%=嚅,則gvmgxsine,C錯(cuò)誤；對(duì)導(dǎo)體棒尸。受力分析知，正垂

2RL

直斜面方向mgcosd=蟾+5m,導(dǎo)體棒PQ受到的安培力始終等于導(dǎo)軌兒邊受到的安培力，即

Fl=Fa=gmg,得噎“=更?mg<0.5mg,D正確?

11.答案：(1)B；D；G

(2)如圖所示

"-----0--------(J)-

A-----.

公

—ii—/-------

E

(3)8.6Q；增大

解析：(1)小燈泡的額定電壓為2.5V,電壓表的量程為0~3V便可，故選B；小燈泡的額定功率

p

為0.5W,可知小燈泡的額定電流/=5=0.2A,為了保證電流表讀數(shù)的準(zhǔn)確性，電流表選擇D；

實(shí)驗(yàn)要求小燈泡兩端的電壓從零開(kāi)始變化，并能進(jìn)行多次測(cè)量，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，滑

動(dòng)變阻器最大阻值較小時(shí)，采用分壓式接法能使小燈泡兩端電壓變化更加均勻，作出的圖像更加

準(zhǔn)確，所以選擇G.

(2)滑動(dòng)變阻器用分壓式接法，由于小燈泡的電阻比較小，電流表用外接法.故實(shí)驗(yàn)電路圖如答圖

所示.

(3)根據(jù)題/-U圖線可知，當(dāng)電壓為1.5V時(shí)，電流為0.175A,根據(jù)歐姆定律可知小燈泡的內(nèi)

阻為R=?a8.6n；根據(jù)歐姆定律可知，在圖像中點(diǎn)某與原點(diǎn)連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，

故隨著電壓的增大，小燈泡電阻增大.

2

12.答案：(1)彈射器必須水平；鱉1

4/1

⑵①，”

t2?

②沒(méi)有

(3)甲組實(shí)驗(yàn)中，在不改變高度/7的情況下，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，測(cè)量多組水平射程X,得出水平射

程X的平均值，以減小誤差(或：乙組實(shí)驗(yàn)中，X的距離要多次測(cè)量取平均值)

解析：(1)在安裝彈射器時(shí)應(yīng)注意彈射器必須保持水平，以保證彈丸初速度沿水平方向；彈丸被

拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，彈丸出射的動(dòng)能由彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化而來(lái)，由平

拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有水平方向X=豎直方向/7=；g/，聯(lián)立解得彈丸水平拋出的速度%=x后，由

機(jī)械能守恒定律有彈簧的彈性勢(shì)能為綜=■.

(2)①?gòu)椡璞粡椛涑鋈ズ笞銎綊佭\(yùn)動(dòng)，所以彈丸被彈射出的速度大小的表達(dá)式為域=：；彈簧的

彈性勢(shì)能等于彈丸被彈射后的動(dòng)能，由機(jī)械能守恒定律得靜止釋放物塊時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能

Ep=["q=咚2;②由力作用的獨(dú)立性可知，重力不影響水平方向的速度，則彈丸的水平速度始

終保持不變，故重力對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒(méi)有影響.

13.答案:(1)3m/s

(2)見(jiàn)解析

解析：解：(1)對(duì)物體。受力分析可知/cos37①

Fsin37=nia?

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式可得片=2as③

解得碰前物體a的速度大小%=3m/s④

(2)物體。與〃碰撞瞬間，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得〃%=加匕十加以⑤

根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得I麗=;〃球+;，欣⑥

聯(lián)立④(§)⑥可得匕,=0,%=3m/s⑦

物體力由8至O,根據(jù)動(dòng)能定理可得-，〃gH=g機(jī)F-g加可⑧

2

在。點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律可得〃?g-0="匕⑨

R

聯(lián)立⑦⑧⑨，代入數(shù)據(jù)可得軌道對(duì)物體b的支持力然=0⑩

綜合以上分析可知，在軌道COD上物體〃在。點(diǎn)之后做平拋運(yùn)動(dòng)?

14.答案：⑴駕-整

2dqq

⑵H哈

qd

(3-a)442?(立+1)兀"'

'14d〔7一2%一,

解析：解：(1)小球第一次在上半?yún)^(qū)域電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)如圖所示，又由題意知，

x=2d,y=d

則過(guò)對(duì)稱軸OO'時(shí)合位移與水平方向夾角的正切值為

y1

tan/?=—=—

所以，合速度u與水平方向的夾角的正切值

tan0=2tany9=l

解得0=45。

小球在A點(diǎn)的合速度v=

豎直方向速度大小為匕=%

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有片=2加

解得小球做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的加速度為。=型

2d

由牛頓第二定律有mf>+Eq=ma

解得上半?yún)^(qū)域中勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為后=翌-超

2dqq

(2)由分析可知當(dāng)小球進(jìn)入下半部分電場(chǎng)和磁場(chǎng)重疊區(qū)域時(shí)，小球做圓周運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)力與重力

平衡，

由洛倫茲力提供向心力，有qvB=

mv

解得R=F

qB

因?yàn)樾∏蚯『貌辉竭^(guò)下邊界，由幾何關(guān)系得

Rcos45"+”=R

聯(lián)立解得8=(夜-1),