2024屆陜西省寶雞市高考模擬監(jiān)測（一） 物理試題（解析版）

PAGEPAGE12024年寶雞市高考模擬檢測（一）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.物理學(xué)中用到大量的科學(xué)研究方法，在建立下列物理概念時，都用到“等效替代”方法的是（）A.質(zhì)點(diǎn)點(diǎn)電荷 B.瞬時速度瞬時功率C.電場強(qiáng)度電勢 D.合力與分力合運(yùn)動與分運(yùn)動〖答案〗D〖解析〗A．質(zhì)點(diǎn)與點(diǎn)電荷概念的建立用的是理想化物理模型法，故A錯誤；B．瞬時速度與瞬時功率概念的建立利用的是極限法，故B錯誤；C．電場強(qiáng)度與電勢概念的建立用的是比值定義法，故C錯誤；D．合力與分力以及合運(yùn)動與分運(yùn)動概念的建立利用的是等效替代的思想方法，故D正確。故選D。2.如圖所示，傾角為θ的斜面上有A、B、C三點(diǎn)，現(xiàn)從這三點(diǎn)分別以不同的初速度同時水平拋出一小球，不計空氣阻力，三個小球均落在斜面上的D點(diǎn)，測得，由此可判斷（）A.三個小球做平拋運(yùn)動的時間之比為1:2:3B.三個小球落在斜面上時速度方向相同C.三個小球的初速度大小之比為1:2:3D.三個小球的運(yùn)動軌跡可能在空中相交〖答案〗B〖解析〗A．小球做平拋運(yùn)動，豎直方向有根據(jù)幾何關(guān)系有三個小球做平拋運(yùn)動的時間之比為故A錯誤；B．小球做平拋運(yùn)動，水平方向有三個小球均落在斜面上的D點(diǎn)，有設(shè)三個小球速度偏轉(zhuǎn)角，則可知三個小球速度偏轉(zhuǎn)角相同，三個小球落在斜面上時速度方向相同，故B正確；C．三個小球均落在斜面上的D點(diǎn)，有三個小球的初速度大小之比為故C錯誤；D．三個小球做平拋運(yùn)動，三個小球的運(yùn)動軌跡為拋物線，且交于點(diǎn)，故三個小球的運(yùn)動軌跡不可能在空中相交，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，圓盤處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。電路通過電刷c、d分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸良好，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，定值電阻為R，先將開關(guān)閉合，待圓盤轉(zhuǎn)速穩(wěn)定后再斷開開關(guān)，不計一切摩擦，下列說法中正確的是（）A.閉合開關(guān)時，從上往下看圓盤逆時針轉(zhuǎn)動B.閉合開關(guān)轉(zhuǎn)速穩(wěn)定時，流過圓盤的電流不為零C.斷開開關(guān)時，a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)電勢D.斷開開關(guān)后，流過電阻R上的電流方向與原電流方向相反〖答案〗C〖解析〗A．閉合開關(guān)時，圓盤內(nèi)電流方向從圓盤中心沿半徑向邊緣流動，根據(jù)左手定則得從上往下看圓盤順時針轉(zhuǎn)動，故A錯誤；B．閉合開關(guān)轉(zhuǎn)速穩(wěn)定時，因?yàn)閳A盤在轉(zhuǎn)動過程中產(chǎn)生電動勢，相當(dāng)于電源提供的電流和圓盤轉(zhuǎn)動切割磁感線產(chǎn)生的電流相互抵消，所以流過圓盤的電流為零，故B錯誤；C．?dāng)嚅_開關(guān)時，因?yàn)閳A盤在順時針轉(zhuǎn)動的過程中產(chǎn)生電動勢，相當(dāng)于電源，由右手定則可知回路中電流方向在電阻R上從b流向a，所以a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)電勢，故C正確；D．閉合開關(guān)時，由電路可知流過電阻R上的電流方向從b流向a，斷開開關(guān)后，流過電阻R上的電流方向從b流向a，與原電流方向相同，故D錯誤。故選C。4.在2023年9月21日的“天宮課堂”上，同學(xué)們與航天員進(jìn)行互動交流，航天員給同學(xué)們解答了與太空垃圾相關(guān)的問題。所謂太空垃圾是指在宇宙空間中的各種人造廢棄物及其衍生物。假設(shè)在空間站觀察到如圖所示的太空垃圾P、Q、M、N（P、Q、M、N均無動力運(yùn)行，軌道空間存在稀薄氣體），假設(shè)空間站和這些太空垃圾均繞地球近似做順時針方向的圓周運(yùn)動，則最可能對空間站造成損害的是（）A.P B.Q C.M D.N〖答案〗A〖解析〗太空垃圾無動力運(yùn)行，由于軌道空間存在稀薄氣體，所以太空垃圾的軌道會逐漸減低，根據(jù)可得所以太空垃圾P、N的周期大于空間站，在軌道降低過程中，P最有可能對空間站造成損害，N會在空間站的后方。故選A。5.如圖所示，三根長為L的直線電流在空間構(gòu)成等邊三角形，電流的方向垂直紙面向里，電流大小均為I，其中A、B電流在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為B0，導(dǎo)線C位于水平面上且處于靜止?fàn)顟B(tài)，則導(dǎo)線C受到的靜摩擦力的大小和方向是（）A.，水平向左 B.，水平向右C.，水平向左 D.，水平向右〖答案〗B〖解析〗A、B電流在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為B0，根據(jù)力的平行四邊形定則，結(jié)合幾何的菱形關(guān)系，則有：再由左手定則可知，安培力方向水平向左，大小為由于導(dǎo)線C位于水平面處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以導(dǎo)線C受到的靜摩擦力大小為，方向水平向右；

故選B。6.如圖所示，傾角為α的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物體a放在斜面上，輕質(zhì)細(xì)線一端固定在物體a上，另一端繞過光滑的滑輪固定在c點(diǎn)，滑輪2下懸掛物體b，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)．若將固定點(diǎn)c向右移動少許，而a與斜劈始終靜止，則（）A.細(xì)線對物體a的拉力增大B.斜劈對地面的壓力減小C.斜劈對物體a的摩擦力減小D.地面對斜劈的摩擦力增大〖答案〗AD〖解析〗A．對滑輪和物體b受力分析，受重力和兩個拉力，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：mbg=2Tcosθ解得：將固定點(diǎn)c向右移動少許，則θ增加，故拉力T增加，故A正確；B．對斜面體、物體a、物體b整體受力分析，受重力、支持力、細(xì)線的拉力和地面的靜摩擦力，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：N=G總-Tcosθ=G總-mbgN與角度θ無關(guān)，恒定不變；根據(jù)牛頓第三定律，壓力也不變；故B錯誤；D．f=Tsinθ=mbgtanθ，將固定點(diǎn)c向右移動少許，則θ增加，故摩擦力增加；故D正確；C．對物體a受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，由于不知道拉力與重力的下滑分力的大小關(guān)系，故無法判斷靜摩擦力的方向，故不能判斷靜摩擦力的變化情況，故C錯誤；故選AD．【名師『點(diǎn)石成金』】整體法和隔離法的使用技巧；當(dāng)分析相互作用的兩個或兩個以上物體整體的受力情況及分析外力對系統(tǒng)的作用時，宜用整體法；而在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體（或一個物體各部分）間的相互作用時常用隔離法．整體法和隔離法不是獨(dú)立的，對一些較復(fù)雜問題，通常需要多次選取研究對象，交替使用整體法和隔離法．7.電場的某條電場線是一條直線，這條電場線上依次有O、A、B、C四個點(diǎn)，相鄰兩點(diǎn)間距離均為d，以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿電場強(qiáng)度方向建立x軸正方向，該電場線上各點(diǎn)電場強(qiáng)度E隨x的變化規(guī)律如圖所示。一個帶電荷量為+q的粒子，從O點(diǎn)由靜止釋放，僅受電場力作用。則（）A.若O點(diǎn)的電勢為零，則A點(diǎn)的電勢為B.粒子從O到A做初速為零的勻加速直線運(yùn)動C.粒子OA段電勢能減少量小于BC段電勢能減少量D.粒子運(yùn)動到B點(diǎn)時動能為〖答案〗AD〖解析〗B．由于沿電場強(qiáng)度方向建立x軸正方向，圖中給出的電場強(qiáng)度均為正值，表明O、C兩個點(diǎn)之間的電場方向一直沿x軸正方向，+q的粒子，從O點(diǎn)由靜止釋放，由于電場強(qiáng)度先增大，后不變，最后減小，則粒子先向右做加速度變大的加速運(yùn)動，再做勻加速直線運(yùn)動，最后做加速度減小的變加速直線運(yùn)動，可知，粒子從O到A做初速為零、加速度變大的變加速直線運(yùn)動故B錯誤；A．圖像中，圖像與橫軸所圍幾何圖形的面積表示電勢差，則有解得故A正確；C．由于圖像中，圖像與橫軸所圍幾何圖形的面積表示電勢差，根據(jù)圖像可知，OA段圖像與橫軸所圍面積大于BC段所圍面積，即OA段電勢差大于BC段電勢差，根據(jù)可知，OA段電場力做的正功大于BC段電場力做的正功，即粒子在OA段電勢能減少量大于BC段電勢能減少量，故C錯誤；D．OB段電場力做功為根據(jù)動能定理有解得故D正確。故選AD。8.如圖所示，質(zhì)量為mA=1kg，mB=2kg的物塊A和B用輕彈簧連接并豎直放置，輕繩繞過固定在同一水平面上的兩個定滑輪，一端與物塊A連接，另一端與質(zhì)量為mC=1kg的小球C相連，小球C套在水平固定的光滑直桿上。開始時小球C鎖定在直桿上的P點(diǎn)，連接小球的輕繩和水平方向的夾角θ=60°，物體B對地面的壓力恰好為零。現(xiàn)解除對小球C的鎖定，同時施加一個水平向右、大小為F=16N的恒力，小球C運(yùn)動到直桿上的Q點(diǎn)時速度達(dá)到最大，OQ與水平方向的夾角也為θ=60°，D為PQ的中點(diǎn)，PQ距離L=2m，在小球C的運(yùn)動過程中，輕繩始終處于拉直狀態(tài)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略兩個定滑輪大小以及滑輪、繩與軸之間的摩擦力，g取10m/s2，下列說法正確的是（）A.小球C從P點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn)的過程中，合外力對物體A的沖量為零B.小球C從P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)的過程中，輕繩拉力對物體A做功為零C.小球C運(yùn)動到Q點(diǎn)時的速度大小為D.小球C運(yùn)動到Q點(diǎn)時，物體A的加速度大小為〖答案〗ACD〖解析〗A．小球C運(yùn)動到D點(diǎn)時，物體A剛好運(yùn)動最低點(diǎn)，此時A的速度為零，根據(jù)動量定理可得可知合外力對物體A的沖量為零，故A正確；B．小球C從P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)的過程中，此時物體A剛好回到初始位置，此過程重力、彈簧彈力對A球做功均為0；由于小球C運(yùn)動到Q點(diǎn)沿繩子方向的速度不為0，則此時A的速度不為0，根據(jù)動能定理可得故B錯誤；C．小球C運(yùn)動到Q點(diǎn)時，此時物體A剛好回到初始位置，彈簧的彈性勢能變化量為零，A、C和彈簧組成的系統(tǒng)根據(jù)能量守恒有又聯(lián)立解得故C正確；D．小球C運(yùn)動到直桿上的Q點(diǎn)時速度達(dá)到最大，根據(jù)平衡條件有根據(jù)對稱性可知，小球C運(yùn)動到直桿上的Q點(diǎn)時物體B對地面的壓力恰好為零，則彈簧處于伸長狀態(tài)，且大小為物體A的加速度大小為故D正確。故選ACD。二、非選擇題：共174分。第22~32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9.在“練習(xí)使用多用電表”實(shí)驗(yàn)中：（1）第一組同學(xué)用多用電表測量一節(jié)干電池的電壓，下述操作步驟正確的是__________。A.歐姆調(diào)零，選擇擋位，表筆接觸電池兩極（紅表筆接觸正極），讀數(shù)B.機(jī)械調(diào)零，選擇擋位，表筆接觸電池兩極（紅表筆接觸正極），讀數(shù)C.選擇擋位，機(jī)械調(diào)零，表筆接觸電池兩極（黑表筆接觸正極），讀數(shù)D.選擇擋位，歐姆調(diào)零，表筆接觸電池兩極（黑表筆接觸正極），讀數(shù)（2）另一組同學(xué)組裝一個多用電表，現(xiàn)有微安表頭（量程100μA，內(nèi)阻900Ω）；電阻箱R1（阻值范圍0~999.9Ω）；電阻箱R2（阻值范圍0~99999.9Ω）；導(dǎo)線若干。要求組裝一個量程為1mA和量程為3V的簡易直流多用電表。如圖，其中*為公共接線柱，a和b分別是電流擋和電壓擋的接線柱。電阻箱的阻值應(yīng)取R1=_________Ω，R2=_________Ω。〖答案〗（1）B（2）1002910〖解析〗（1）[1]使用多用表測電壓時，應(yīng)該先機(jī)械調(diào)零，然后選擇適當(dāng)?shù)膿跷唬砉P接觸電池兩極（其中紅表筆接觸正極），讀數(shù)。故選B。（2）[2][3]當(dāng)接*、a接線柱時當(dāng)電流表用，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)得代入數(shù)據(jù)解得當(dāng)接*、b接線柱時當(dāng)電壓表用，根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)得解得10.某同學(xué)用如圖甲所示的裝置做驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)，A、B、C三個物塊用繞過定滑輪的細(xì)線連接，物塊A上裝有遮光片，物塊A和遮光片的總質(zhì)量與物塊B的質(zhì)量均為m1，物塊C的質(zhì)量為m2，用手固定物塊A，此時物塊A、C離地面的高度都為h，遮光片到光電門的高度為L，BC間的距離也為L，L大于h，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，物塊C觸地后不反彈。（1）實(shí)驗(yàn)前，先用游標(biāo)卡尺測出遮光片的寬度d，示數(shù)如圖乙所示則d=__________cm。（2）由靜止釋放物塊A，當(dāng)物塊A通過光電門時，遮光片遮光時間為t，則物塊A通過光電門時的速度為v=__________（用測得的和已知的物理量符號表示），當(dāng)表達(dá)式____________（用測得的和已知的物理量符號表示）成立，則可以驗(yàn)證由A、B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。（3）實(shí)驗(yàn)中由于空氣阻力的影響，系統(tǒng)重力勢能的變化量__________動能的變化量（填“>”“<”或“=”）?！即鸢浮剑?）0.955（2）（3）>〖解析〗（1）[1]遮光片的寬度為（2）[2]極短時間的平均速度等于瞬時速度，物塊A通過光電門時的速度為[3]物塊C觸地時，根據(jù)機(jī)械能守恒有物塊C觸地后，A、B做勻速直線運(yùn)動，有當(dāng)表達(dá)式成立，則可以驗(yàn)證由A、B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。（3）[4]實(shí)驗(yàn)中由于空氣阻力的影響，系統(tǒng)中一部分重力勢能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，系統(tǒng)重力勢能的變化量大于動能的變化量。11.如圖，在水平向右的勻強(qiáng)電場區(qū)域內(nèi)，固定有一個傾角為的光滑斜面，一質(zhì)量、電荷量的小物塊置于斜面上的A點(diǎn)，恰能處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知A點(diǎn)與斜面底端B的距離為1.5m，g取，，，求：（1）電場的電場強(qiáng)度大小E；（2）若電場強(qiáng)度方向不變，大小變?yōu)樵瓉淼囊话?，則小物塊由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)所需的時間和此過程小物塊電勢能的變化量分別為多少？〖答案〗（1），方向水平向右；（2）1s，電勢能增加了0.45J〖解析〗（1）小物塊恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，有解得方向水平向右（2）場強(qiáng)變化后，對物塊有由運(yùn)動學(xué)公式有解得電場力做功由功能關(guān)系有，電勢能的變化量與電場力做功有電勢能增加了0.45J。12.如圖所示，光滑水平面MN上放兩小滑塊A、B，左端M處有彈性擋板P，右端N處與水平傳送帶平滑連接，傳送帶水平部分長度L=9m，傳送帶沿逆時針方向以恒定速度v=2m/s勻速轉(zhuǎn)動?；瑝KA、B（大小不計）與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.4，滑塊A、B質(zhì)量mA=2kg，mB=1kg。開始時滑塊A、B均靜止，A、B間壓縮一輕質(zhì)彈簧（與A、B均未栓接），彈簧中鎖定有彈性勢能Ep=48J?，F(xiàn)解除鎖定，彈開A、B并立即取走彈簧，g取10m/s2。求：（1）彈簧彈開A、B瞬間各自的速度；（2）滑塊B在傳送帶上向右滑行的最遠(yuǎn)距離和滑塊B從滑上傳送帶到離開傳送帶經(jīng)歷的時間（此過程中B未與A相碰）（3）A被彈性擋板P彈回，與滑塊B在水平面MN上發(fā)生完全非彈性碰撞后滑上傳送帶，求二者在傳送帶留下的劃痕長度?！即鸢浮剑?）A速度大小為，方向向左，B速度大小為，方向向右；（2），；（3）〖解析〗（1）規(guī)定水平向右為正方向，A、B被彈簧彈開，這個過程中動量守恒，能量也守恒，則解得，A物體速度方向水平向左，B物體速度方向水平向右。（2）滑塊B在傳送帶上受到向左的滑動摩擦力解得滑塊B在傳送帶上向右滑行的最遠(yuǎn)距離為xB，則解得接下來B仍然做加速度不變的向左加速運(yùn)動，與向右減速的過程一致，所以（3）A被彈性擋板P彈回，與滑塊B在水平面MN上發(fā)生完全非彈性碰撞，動量守恒所以解得在傳送帶做勻減速運(yùn)動的加速度為物體要勻減速至達(dá)到，所經(jīng)歷的時間為物體的位移為傳送帶的位移為故二者在傳送帶留下的劃痕長度為三、選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計分。13.下列說法正確的是（）A.擴(kuò)散現(xiàn)象能在氣體中進(jìn)行，不能在固體中進(jìn)行B.對于同種理想氣體，單位體積內(nèi)的分子數(shù)越多，分子平均速率越大，壓強(qiáng)就越大C.當(dāng)附著層的液體分子比液體內(nèi)部稀疏時，液體表現(xiàn)為浸潤這種固體D.晶體一定具有固定的熔點(diǎn)，但不一定具有規(guī)則的幾何外形E.一定量的理想氣體，如果壓強(qiáng)不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱〖答案〗BDE〖解析〗A．固體、液體和氣體之間都能發(fā)生擴(kuò)散現(xiàn)象，A項錯誤；B．對于同種理想氣體，單位體積內(nèi)的分子數(shù)越多，分子平均速率越大，壓強(qiáng)就越大，故B正確；C．當(dāng)附著層的液體分子比液體內(nèi)部稀疏時，附著層內(nèi)液體分子間的距離大于平衡距離，附著層內(nèi)分子間的作用力表現(xiàn)為引力，使附著層有收縮的趨勢，液體表現(xiàn)為不浸潤這種固體，故C錯誤；D．晶體融化時具有固定的熔點(diǎn)，單晶體有固定的幾何外形，但是多晶體沒有規(guī)則的幾何外形，故D正確；E．由理想氣體狀態(tài)方程可知，一定量的理想氣體如果壓強(qiáng)不變，體積增大，則溫度升高。溫度升高，內(nèi)能增大，而體積增大，對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知它一定從外界吸熱，選項E正確。故選BDE。14.如圖，一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了A→B→C的狀態(tài)變化過程，在此過程中氣體的內(nèi)能增加了135J，氣體從外界吸收了45J的熱量，已知狀態(tài)A時氣體的體積VA=600cm3。求：（1）狀態(tài)C時氣體的體積；（2）狀態(tài)A時氣體的壓強(qiáng)?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷A→B的狀態(tài)變化過程中，等容變化，所以在B→C的變化中，根據(jù)求得（2）一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷了A→B→C的狀態(tài)變化過程，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得求得在B→C變化中，等壓變化求得在A→B的狀態(tài)變化過程中代入數(shù)據(jù)求得15.如圖甲為一列簡諧橫波在t=0.10s時刻的波形圖，P是平衡位置為x=1m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置為x=4m處的質(zhì)點(diǎn)，如圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動圖像，則下列說法中正確的是（）A.根據(jù)甲、乙兩個圖像可知波的傳播速度為