高一第一學(xué)期第三次月考物理

龍巖一中2026屆2023—2024學(xué)年第三次月考高一物理試題（考試時間：75分鐘滿分：100分）一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．1960年第11屆國際計(jì)量大會制訂了一種國際通用的、包括一切計(jì)量領(lǐng)域的單位制，叫作國際單位制。在國際單位制中，下列單位屬于基本單位的是（

）A．N B． C． D． 2．馬步是練習(xí)武術(shù)最基本的樁步。馬步樁須雙腳分開略寬于肩，采取半蹲姿態(tài)，因姿勢有如騎馬一般而且如樁柱般穩(wěn)固，因而得名。如圖所示，某人站在水平地面上保持馬步姿勢不動，則下列說法正確的是（）A．人受到3個力的作用 B．地面對人有水平向后的摩擦力 C．人對地面的壓力方向豎直向下D．地面對人的支持力是由人腳的形變產(chǎn)生的3．如圖甲所示，滑塊以一定的初速度沖上一傾角的足夠長的固定斜面，滑塊上滑過程的圖像如圖乙，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，(，，g取），則下列說法正確的是（）A．木塊上滑過程中的加速度大小是 B．木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)C．木塊經(jīng)2s返回出發(fā)點(diǎn) D．木塊回到出發(fā)點(diǎn)時的速度大小4．如圖所示，豎直彈簧下端固定在水平面上，上端靜止疊放兩個質(zhì)量相等的物體A、B（彈簧與B連接）。若突然撤去物體A，則從物體B開始運(yùn)動到彈簧恢復(fù)原長過程中，下列圖像能正確表示物體B運(yùn)動速度v和位移x隨時間t變化規(guī)律的是（）A． B． C．D．二、雙項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有兩項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5．2023年10月24日，伴隨著“三、二、一”的倒計(jì)時聲，“遙感三十九號”衛(wèi)星在“長征二號丁”運(yùn)載火箭的推動下順利進(jìn)入太空。如圖所示為“長征二號丁”運(yùn)載火箭，下列關(guān)于它在豎直方向加速起飛過程的說法正確的是（

）A．火箭加速上升時，衛(wèi)星處于超重狀態(tài)，重力增大B．火箭加速上升時，衛(wèi)星對火箭的壓力大于衛(wèi)星的重力C．火箭加速上升時，衛(wèi)星對火箭的壓力大于火箭對衛(wèi)星的支持力D．火箭噴出的熱氣流對火箭的作用力大小等于火箭對熱氣流的作用力6．如圖所示，固定光滑斜面的傾角為θ，A、B兩球用輕質(zhì)桿相連，系統(tǒng)靜止時，擋板C與斜面垂直，輕桿與斜面平行，則在突然撤去擋板的瞬間有（）A．A球加速度為 B．A球的加速度為0C．輕桿的作用力一定不為0 D．A和B球的加速度相同7．如圖所示，MA、MB、NA是豎直面內(nèi)三根固定的光滑細(xì)桿，M、N、A、B、C位于同一圓周上、C、A兩點(diǎn)分別為圓周的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，O點(diǎn)為圓心。每根桿上都套著一個小滑環(huán)（圖中未畫出），3個滑環(huán)分別從M點(diǎn)和N點(diǎn)無初速度釋放，、依次表示滑環(huán)從M點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)和A點(diǎn)所用的時間，表示滑環(huán)從N點(diǎn)到達(dá)A點(diǎn)所用的時間，則（）A． B． C． D．8．如圖所示，已知物塊A、B的質(zhì)量分別為m1＝4kg、m2＝1kg，A、B間的動摩擦因數(shù)為μ1＝0.5，A與水平地面之間的動摩擦因數(shù)為μ2＝0.5，設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，g取10m/s2，在水平力F的推動下，A、B一起運(yùn)動且B不下滑，則下列說法正確的是（）A．A、B不可能一起做勻速直線運(yùn)動B．B受到摩擦力一定為最大靜摩擦力C．力F的大小可能為120ND．力F的大小可能為150N三、非選擇題：共60分，其中911題為填空題，1213為實(shí)驗(yàn)題，14~16題為計(jì)算題。填空題和實(shí)驗(yàn)題每個空2分，14題10分，15題10分，16題18分，計(jì)算題根據(jù)要求作答，沒有過程只寫答案的不給分。9．如圖所示，質(zhì)量均為m的小球A、B，用一根不可伸長的輕繩繞過光滑定滑輪連接，輕繩OC與豎直方向的夾角。變力F作用在輕繩上的O點(diǎn)，A、B始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g。當(dāng)力F與水平夾角時，繩OD的拉力大??；當(dāng)力F方向變化時，力F的最小值。10．一個質(zhì)量的木塊，放在光滑水平桌面上，受到三個大小均為、與桌面平行、互成角的拉力作用，則物體的加速度大小為；若把其中一個力反向，物體的加速度大小為11．水平傳送帶以v=2m/s的速度勻速運(yùn)動，A、B相距11m，一物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）從A點(diǎn)靜止釋放，物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，則物體在傳送帶上滑到B點(diǎn)的速度m/s，物體從A沿傳送帶運(yùn)動到B所需時間為s。（g取10m/s2）12．某同學(xué)用橡皮筋與彈簧測力計(jì)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。其中A為固定橡皮筋的圖釘，OB和OC為細(xì)繩。（1）本實(shí)驗(yàn)中兩次拉橡皮筋的過程，主要體現(xiàn)的科學(xué)方法是。A．理想實(shí)驗(yàn)法

B．等效替代法

C．控制變量法

D．建立物理模型法（2）如圖丙所示，、夾角大于，現(xiàn)保持O點(diǎn)位置不變，與的夾角不變，將緩慢順時針轉(zhuǎn)至水平方向的過程中，兩彈簧秤示數(shù)大小變化為（兩彈簧測力計(jì)的拉力均不超出它們的量程）。A．一直增大，一直減小 B．先增大后減小，一直增大C．一直減小，一直增大 D．一直增大，先減小后增大13．某學(xué)習(xí)小組利用如圖甲所示的裝置探究“加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”。小車在鉤碼的牽引下沿長木板運(yùn)動，得到一條紙帶如圖乙所示。已知打點(diǎn)計(jì)時器所用交流電的頻率為50Hz。通過處理紙帶可以得到加速度。請完成下列問題：（1）下列做法正確的是。A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長木板保持平行B．每次改變小桶及桶內(nèi)砝碼的總重力后，都需要重新平衡摩擦力C．實(shí)驗(yàn)時，先放開木塊，再接通打點(diǎn)計(jì)時器的電源D．該實(shí)驗(yàn)不需要滿足鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量；（2）根據(jù)乙圖測得小車的加速度大小為（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）改變小車質(zhì)量，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，得到小車的加速度與所受拉力的關(guān)系如圖丙所示。其中①是小車質(zhì)量為時對應(yīng)的圖線，②是小車質(zhì)量為時對應(yīng)的圖線，則小車的質(zhì)量（選填“>”，“=”或“<”）。14．一架質(zhì)量m=5.0×103kg的噴氣式飛機(jī)，從靜止開始在機(jī)場的跑道上滑行，經(jīng)過距離x=5.0×102m，達(dá)到起飛速度v=60m/s。在這個過程中飛機(jī)受到的平均阻力是飛機(jī)重量的0.02倍，g取10m/s2，求：（1）飛機(jī)滑行時的加速度為多大；（2）飛機(jī)滑行時受到的牽引力多大。15．質(zhì)量是60kg的人站在升降機(jī)的地板上，升降機(jī)的頂部懸掛了一個彈簧秤，彈簧秤下面掛著一個質(zhì)量為m=5kg的物體A，當(dāng)升降機(jī)向上運(yùn)動時，他看到彈簧秤的示數(shù)為40N，g取10m/s2，求：(1)物體A此時的加速度大小；(2)此時人對地板的壓力；(3)電梯保持這個加速度運(yùn)動2s恰好停止，求這兩秒內(nèi)電梯的平均速度大小。16．某物流公司用如圖所示的傳送帶將貨物從高處傳送到低處。傳送帶與水平地面夾角，順時針轉(zhuǎn)動的速率為。將質(zhì)量為的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）無初速地放在傳送帶頂端A，物體到達(dá)底端B后能無碰撞地滑上質(zhì)量為的木板左端。已知木板與地面之間是光滑的，物體與傳送帶、木板間的動摩擦因數(shù)分別為μ1=0.5，μ2=0.25，AB的距離為。重力加速度（已知，）。求：（1）經(jīng)多長時間物體與傳送帶速度相等？（2）物體滑到傳送帶的底端時，相對傳送帶的摩擦痕跡是多長？（3）要使物體恰好不會從木板上掉下，木板長度應(yīng)是多少？龍巖一中2026屆2023—2024學(xué)年第三次月考物理參考答案1.D2．C【詳解】B．蹲在水平地面上，人在水平方向無運(yùn)動的趨勢，則地面對人無摩擦力；A．人在豎直方向受力平衡，受到水平地面豎直向上的支持力以及豎直向下的重力，水平方向不受力，共2個力作用；C．人受到水平地面豎直向上的支持力，根據(jù)牛頓第三定律，則人對地面的壓力方向豎直向下；D．地面對該人的支持力是由地面的形變產(chǎn)生的。3．B【詳解】A．由圖乙可知木塊加速度為a=101m/s2=10m/s2；B．木塊在向上滑動的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知mgsinθ+μmgcosθ=ma，解得μ=0.5；C．木塊在下滑過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知mgsinθ?μmgcosθ=ma'，解得4．B【詳解】CD．突然撤去物體A，則從物體B開始運(yùn)動到彈簧恢復(fù)原長過程中，物體B先做加速運(yùn)動，后做減速運(yùn)動，彈簧的彈力等于重力量，速度最大。故CD錯誤；AB．位移圖像中斜率表示速度，可知A項(xiàng)中位移圖像表示速度一直增大，而B項(xiàng)中位移圖像表示速度先增大，后減小，故B正確，A錯誤。故選B。5．BD【詳解】ABC．火箭加速上升時，加速度方向向上，衛(wèi)星處于超重狀態(tài)，重力不變，根據(jù)牛頓第二定律可知衛(wèi)星受到的支持力大于自身的重力，由牛頓第三定律知衛(wèi)星對火箭的壓力等于火箭對衛(wèi)星的支持力，即衛(wèi)星對火箭的壓力大于衛(wèi)星重力，AC錯誤，B正確；D．火箭噴出的熱氣流對火箭的作用力與火箭對熱氣流的作用力是作用力和反作用力，二者等大反向，D正確。故選BD。6.AD【詳解】ABD．開始時擋板對小球的支持力FN=mA+mBg解得T=0，即輕桿的作用力為零，選項(xiàng)C錯誤。故選AD。7．BC【詳解】設(shè)MA與豎直方向的夾角為α，圓周的直徑為d，根據(jù)牛頓第二定律得：滑環(huán)的加速度為a=mgcosαm=gcosα，滑桿的長度為s=dcosα，則根據(jù)s=12at2得t=2sa=2dg，可見，時間t與α無關(guān)，故有，以M點(diǎn)為最高點(diǎn)，取合適的豎直直徑作圓，如圖所示M點(diǎn)滑到8．AD【詳解】A．由于B不下滑，對B物塊進(jìn)行受力分析知水平方向受到向外的彈力，水平方向所受合外力不為零，所以B物塊不做勻速直線運(yùn)動，那么AB不會一起做勻速直線運(yùn)動，故A正確；B．若AB整體加速度比較大，比較大，則，B受到摩擦力可能為靜摩擦力，沒有達(dá)到最大值，故B錯誤；CD．據(jù)題意對B物塊進(jìn)行分析得，由牛頓第二定律得，由受力分析知B物塊豎直方向受力平衡則，由于，對AB整體有，代入數(shù)據(jù)解得,故C錯誤，故D正確；9．mg3【詳解】[1]以小球A為研究對象，可得，再以O(shè)點(diǎn)為研究對象，受力分析如圖，易得F和合成的平行四邊形為正菱形，故TOD=F=TOC=mg；[2]當(dāng)力F方向變化時，的大小和方向始終不變，O點(diǎn)受力分析動態(tài)如圖，易得當(dāng)F方向水平時，F(xiàn)最小，10．0【詳解】[1]根據(jù)題意，由平行四邊形定則可得，三個大小相等互成的拉力的合力為0，由牛頓第二定律可知，此時物體的加速度為0。[2]由共點(diǎn)力平衡特點(diǎn)可知，其中任一個力與剩下所有力的合力等大反向，若把其中一個力反向，則合力為，有牛頓第二定律可得，此時，物體的加速度為a=10m/s211．26【詳解】[1][2]物體在傳送帶上滑行時的加速度大小為a=μg=0.2×10m/s2=2m/s2，則速度達(dá)到傳送帶速度的時間為t1=va=1s，物體勻加速運(yùn)動的位移為x1=v22a=1m，所以先加速在勻速，到達(dá)B點(diǎn)的速度為2m/s。則勻速運(yùn)動的時間為t2=12.BC【詳解】（1）[1]本實(shí)驗(yàn)中兩次拉橡皮筋的過程，使結(jié)點(diǎn)到達(dá)相同的位置，主要體現(xiàn)的科學(xué)方法是等效替代法。故選B。（2）根據(jù)動態(tài)圓，一直減小，一直增大。13.A0.16<【詳解】（1）[1]A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長木板保持平行，從而減小實(shí)驗(yàn)誤差，故A正確；B．平衡摩擦力只需平衡一次即可，故B錯誤；C．實(shí)驗(yàn)時，先接通打點(diǎn)計(jì)時器，再放開木塊，故C錯誤；D．為了保證鉤碼的重力等于細(xì)繩的拉力，鉤碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車和砝碼的質(zhì)量；故選A。（2）[2]根據(jù)逐差法可得，小車的加速度為a=（3）[3]根據(jù)牛頓第二定律，整理得a=Fm；結(jié)合圖像k=1m，可得m=14．（1）；（2）1.9×104N【詳解】（1）飛機(jī)在加速過程中，由運(yùn)動學(xué)公式得；（3分）解得；（2分）（2）由牛頓第二定律得，（3分）所以；（2分）15.(1)2m/s(2)480N，方向豎直向下；(3)2m/s【詳解】(1)彈簧秤的示數(shù)大小等于彈簧秤對物體的拉力T，對物體受力分析由牛頓第二定律可得（2分）解得（1分）(2)升降機(jī)的加速度等于人的加速度，設(shè)地板對人的支持力為FN，對人由牛頓第二定律可得（1分）解得（1分）由牛頓第三定律可得，人對地板的壓力為480N，方向豎直向下。（2分）(3)停止前2秒時的速度大?。?分）（2分）16．（1）（1）；（2）；（3）【詳解】（1）物體速度達(dá)到傳送帶速度前，由牛頓第二定律，有（1分）解得（1分）假設(shè)物體與傳送帶共速所需時間（1分）運(yùn)動的位移為x1，則對物體，解得符合預(yù)設(shè)；（1分）（2）共速后，由于，物體繼續(xù)在傳送帶上做勻加速運(yùn)動，設(shè)加速度為，則，解得（1分）設(shè)物體經(jīng)到達(dá)端，解得（1分）物體滑上木板左端時的速度大小，解得（1分）第一段勻加速（1分）相對位移（1分）第二段勻加速