2020-2021學(xué)年高二（下）月考物理試卷（附答案詳解）

2020-2021學(xué)年江西省撫州市南城一中高二（下）月考物

理試卷（4月份）

1.以下說法正確的是（）

A.電感器有通交流、阻直流、通高頻、阻低頻的特性

B.電容器的電容越小，交流電頻率越低，對交流電的阻礙作用越小

C.傳感器能把被測的非電信息按一定規(guī)律轉(zhuǎn)換成與之對應(yīng)的電信息

D.光敏電阻是用半導(dǎo)體材料制成，其電阻不隨光照強度改變

2.一長為L的直導(dǎo)線置于磁感應(yīng)強度大小為8的勻強磁場中，導(dǎo)線中的電流為下

列說法正確的是（）

A.通電直導(dǎo)線受到安培力的大小為〃8

B.無論通電直導(dǎo)線如何放置，它都將受到安培力

C.安培力是載流子受到的洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)，所以安培力對通電直導(dǎo)線不做功

D.通電直導(dǎo)線所受安培力的方向垂直于磁感應(yīng)強度方向和電流方向構(gòu)成的平面

3.如圖所示，曲面體尸靜止于光滑水平面上，物塊。自P的上端靜止釋放。。與尸

的接觸面光滑，。在P上運動的過程中，下列說法正確的是（）

A.P對。做功為零

B.P和。之間相互作用力做功之和為零

C.P和Q構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒、動量守恒

D.P和。構(gòu)成的系統(tǒng)機械能不守恒、動量守恒

酒后作業(yè)人員的現(xiàn)場檢測.它利用的是一種二氧化錫&口1

半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器，酒精氣體傳感器的電阻隨丫丫__________

酒精氣體濃度的變化而變化，在如圖所示的電路中，

不同的酒精氣體濃度對應(yīng)著傳感器的不同電阻.這樣，電壓表的指針就與酒精氣體

濃度有了對應(yīng)關(guān)系.如果二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器電阻的倒數(shù)與酒精氣體

的濃度成正比，那么，電壓表示數(shù)U與酒精氣體濃度C之間的對應(yīng)關(guān)系正確的是（）

A.U越大，表示C越大，C與U成正比

B.。越大.表示C越大，但是C與U不成正比

c.u越大，表示c越小，c與u成反比

D.U越大，表示C越小，但是C與U不成反比

5.嫦娥五號取壤返回地球，完成了中國航天史上的一次壯

舉。如圖所示為嫦娥五號著陸地球前部分軌道的簡化示

意圖，其中軌道I是月地轉(zhuǎn)移軌道，在P點由軌道I變

為繞地橢圓軌道n,在近地點。再變?yōu)槔@地橢圓軌道in。

下列說法正確的是（）

A.在軌道n運行時，嫦娥五號在。點的機械能比在P點的機械能大

B.嫦娥五號在軌道n上運行的周期比在軌道in匕運行的周期長

C.嫦娥五號分別沿軌道口和軌道in運行時，經(jīng)過。點的加速度大小不相等

D.嫦娥五號分別沿軌道n和軌道皿運行時，經(jīng)過Q點的速度大小相等

6.如圖為氫原子能級示意圖，已知可見光光子能量范圍為"（八

1.62?若一群氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，下列說:1

3-------------I.SI

法正確的是（）23.4

A.這群氫原子自發(fā)躍遷時能輻射出4種不同頻率的光子

I-------------13.6

B.這群氫原子自發(fā)躍遷時輻射出的光子中有3種在可見

光區(qū)

C.這群氫原子自發(fā)躍遷時所輻射出的光子都可以使處于n=5的激發(fā)態(tài)的氫原子

電離

D.用這群氫原子自發(fā)躍遷時所輻射出的光子分別照射逸出功為2.29eV的金屬鈉,

一定都能使金屬鈉發(fā)生光電效應(yīng)

7.如圖所示為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器。升壓變壓器A的原、副

線圈匝數(shù)之比為%:n2=l：10,在A的原線圈兩端接入一正弦交流電，輸電線的

總電阻為40,降壓變壓器右的原、副線圈匝數(shù)之比為㈣：n4=10：1,若彩的“用

電設(shè)備”兩端的電壓為禽=200廠且“用電設(shè)備”消耗的電功率為10kW,不考慮

其他因素的影響，則（）

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A.7\的副線圈兩端電壓的最大值為20201

B.乃的原線圈兩端的電壓為2000V

C.輸電線上損失的電功率為100W

D.A的原線圈輸入的電功率為lO.lklV

8.如圖（甲）所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比內(nèi)：電=2：1,電壓表和電流表均

為理想電表，二極管為理想二極管，燈泡電阻R=550,原線圈兩端加如圖（乙）所

示的電壓，下列說法正確的是（）

NOB0/4Q06cl(r\|

（甲）（乙）

A.燈泡L的功率為110WB.電壓表的讀數(shù)為1101

C.電流表的讀數(shù)為2AD.副線圈兩端電壓為11

9.電荷量相等的四個點電荷分別固定于正方形的四個頂點,。

點是正方形的中心，電場線分布如圖所示，取無限遠處電

勢為零。下列說法正確的是（）Q

A.正方形右下角電荷g帶正電

B.M、N、P三點中N點場強最小

C.M、N、P三點中M點電勢最高

D.負電荷在尸點的電勢能比在。點的電勢能小

10.如圖所示，在豎直墻壁的M處插入一根水平輕桿。，輕桿的右

端安裝了一個輕質(zhì)滑輪。。一根輕繩上端固定在天花板的N處,

下端跨過滑輪后掛一重物G。開始時，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)

將水平輕桿〃插入豎直墻壁的深度緩慢增加，其它條件不變，

不計輕繩與滑輪之間的摩擦，貝心）

A.輕繩的彈力大小不斷增大

B.輕繩對天花板的拉力大小不變

C.輕繩對滑輪的作用力大小逐漸增大

D.〃桿對滑輪的作用力的方向始終沿桿水平向左

11.如圖所示，半徑為2r的彈性螺旋線圈內(nèi)有垂直紙面向外的圓形

勻強磁場區(qū)域，磁場區(qū)域的半徑為廣，已知彈性螺旋線圈的電阻

為R,線圈與磁場區(qū)域共圓心，則以下說法中正確的是（）

A.保持磁場不變，線圈的半徑由2r變到3r的過程中，有順時

針的電流

B.保持磁場不變，線圈的半徑由2r變到0.5r的過程中，有逆時針的電流

C.保持半徑不變，使磁場隨時間按8=kt變化，線圈中的電流為智

D.保持半徑不變，使磁場隨時間按B=kt變化，線圈中的電流為噌

A.圖甲是遏止電壓”與入射光頻率v的關(guān)系圖象，由圖象可求得普朗克常量/1=非

B.圖乙是光電子最大初動能與入射光頻率關(guān)系圖象，由圖象可知實線對應(yīng)金屬的

逸出功比虛線的小

C.圖丙是光電流與電壓的關(guān)系圖象，由圖象可知在光的顏色不變的情況下，入射

光越強，飽和光電流越大

D.圖丁是光電流與電壓的關(guān)系圖象，由圖象可知電壓越高，則光電流越大

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13.某同學(xué)在做“碰撞中的動量守恒”實驗中，所用裝置如圖甲所示。

圖甲

單位：cm

QMPN

<--------------------?

15.50

*25.50k1

?<-------------------------------------------------------------?

40.00

圖乙

(1)下面是本實驗部分測量儀器或工具，需要的是。

A.秒表B.天平C.刻度尺。.彈簧秤

(2)為了完成本實驗，下列必須要求的條件是o

4斜槽軌道末端的切線必須水平B.入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等

C.入射球和被碰球大小必須相同D.入射球每次不必從軌道的同一位置由靜止?jié)L

下

(3)某次實驗中得出的落點情況如圖乙所示，假設(shè)碰撞過程中動量守恒，則入射小

球質(zhì)量巾1和被碰小球質(zhì)量巾2之比為。

14.某同學(xué)要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率p,步驟如下：

(1)用游標(biāo)卡尺測量其長度如圖甲所示，由圖可知其長度為L=mm.

(2)用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑。=mm.

(3)用多用電表的電阻“X10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤示

數(shù)如圖丙所示，則該電阻的阻值約為

(4)該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其電阻R,現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

待測圓柱體電阻R；

電流表4(量程0?30m4，內(nèi)阻約300)；

電壓表V(量程0?3U,內(nèi)阻約10k。)；

直流電源E（電動勢4K內(nèi)阻不計）：

滑動變阻器％（阻值范圍0?15。，允許通過的最大電流2.04）;

開關(guān)S,導(dǎo)線若干。

為減小測量誤差，在實驗中實驗電路應(yīng)采用圖丁中的。

C

5

4

-

O

15.如圖所示，在半徑為R=翳的豎直圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向

Bq

里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B,從圓頂點尸以速率%的帶

正電粒子平行于紙面進入磁場。已知粒子的質(zhì)量為〃3電量

為4,粒子重力不計。

（1）若粒子對準(zhǔn)圓心射入，求它在磁場中運動的時間；

（2）若粒子對準(zhǔn)圓心射入，且速率為次外,求它射出磁場時速度的水平分量（銳角方

向的水平分量）。

16.生產(chǎn)流水線可以提高勞動效率，如圖是某工廠生產(chǎn)流水線的水平傳輸裝置的俯視圖,

它由在同一水平面的傳送帶和轉(zhuǎn)盤組成。物品從A處無初速、等時間間隔地放到傳

送帶上，運動到B處后進入勻速轉(zhuǎn)動的轉(zhuǎn)盤表面,隨其做半徑R=2.0m的圓運動（與

轉(zhuǎn)盤無相對滑動），到C處被取走裝箱。已知A、3的距離L=8.0m,物品與傳送

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帶間的動摩擦因數(shù)%=0.2,傳送帶的傳輸速度和轉(zhuǎn)盤上與轉(zhuǎn)軸O相距為R處的線

速度均為"=2.0m/s,取g=lOm/s?,問：

(1)物品從A處運動到B處的時間t多大？

(2)若物品在轉(zhuǎn)盤上的最大靜摩擦力可視為與滑動摩擦力大小相等，則物品與轉(zhuǎn)盤

間的動摩擦因數(shù)〃2至少為多大？

17.如圖所示，平行傾斜光滑導(dǎo)軌與足夠長的平行水平光滑導(dǎo)軌平滑連接，導(dǎo)軌電阻不

計.質(zhì)量分別為加和的金屬棒6和c靜止放在水平導(dǎo)軌上，b、c兩棒均與導(dǎo)軌

垂直.圖中位虛線以右有范圍足夠大、方向豎直向上的勻強磁場.質(zhì)量為優(yōu)的絕

緣棒。垂直于傾斜導(dǎo)軌靜止釋放，釋放位置與水平導(dǎo)軌的高度差為h.已知絕緣棒a

滑到水平導(dǎo)軌上與金屬棒b發(fā)生彈性正碰，金屬棒6進入磁場后始終未與金屬棒c

發(fā)生碰撞.重力加速度為g.

求：(1)絕緣棒a與金屬棒b發(fā)生彈性正碰后分離時兩棒的速度；

(2)兩金屬棒b、c上最終產(chǎn)生的總焦耳熱；

(3)求金屬棒。進入磁場后，其加速度為其最大加速度的一半時的速度.

a

B

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、電感器有通交流、阻直流、通高頻、阻低頻的特性；故A錯誤；

8、電容器的電容越小，交流電的頻率越高，則電容對交流電的阻礙作用越大，故8錯

誤；

C、傳感器能把被測的非電信息按一定規(guī)律轉(zhuǎn)換成與之對應(yīng)的電信息，如話筒是一種常

用的傳感器，其作用是將聲音信號轉(zhuǎn)換為電信號，故C正確；

。、光敏電阻是用半導(dǎo)體材料制成，其電阻隨光照的增強而減小，故。錯誤.

故選：C.

根據(jù)電容器的特性：通交隔直，通高阻低來分析選擇.而線圈的特性：通直流阻交流，

通低頻阻高頻；

傳感器能把被測的非電信息按一定規(guī)律轉(zhuǎn)換成與之對應(yīng)的電信息；明確半導(dǎo)體的性質(zhì)，

知道光敏電阻隨光照強度的增強而減小.

本題考查了電容器和電感器、傳感器、電壓互感器和電流互感器的認(rèn)識，要知道電容器

和電感器對交變電流的導(dǎo)通和阻礙作用

2.【答案】D

【解析】解：A、只有當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場方向垂直時，通電導(dǎo)線受到安培力的大小才為

IBL,故4錯誤；

8、當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場平行時，它不受安培力，故8錯誤；

C、安培力是載流子受到的洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)，安培力對通電導(dǎo)線也能做功，故C錯

誤；

。、通電直導(dǎo)線所受安培力的方向既垂直于磁感應(yīng)強度方向又垂直于電流方向，即垂直

于磁感應(yīng)強度方向和電流方向構(gòu)成的平面，故。正確。

故選：

只有當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場方向垂直時，通電導(dǎo)線受到安培力的大小才為/8L；當(dāng)通電導(dǎo)線

與磁場平行時，它不受安培力；通電直導(dǎo)線所受安培力的方向垂直于磁感應(yīng)強度方向和

電流方向構(gòu)成的平面；安培力是載流子受到的洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)，安培力對通電導(dǎo)線

也能做功。據(jù)此分析。

解答本題的關(guān)鍵是理解安培力公式，知道公式中各物理量的大小及方向關(guān)系；同時要注

意安培力是載流子受到的洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)，洛倫茲力不做功，安培力對通電導(dǎo)線能

做功。

3.【答案】B

【解析】解：A、Q在尸上運動過程，P對Q有彈力且在力的方向上。有位移，則尸對

Q做功不為零，故A錯誤；

BCD、。在P上運動過程，P和。構(gòu)成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機械能守恒，P、Q

之間的彈力做功和必為零；系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，

但系統(tǒng)在豎直方向所受合外力不為零，系統(tǒng)在豎直方向動量不守恒，系統(tǒng)動量不守恒，

故B正確，8錯誤。

故選：Bo

力與物體在力的方向上有位移是做功的兩個必要條件；系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動量

守恒；只有重力或只有彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒；分析清楚物體的運動過程，根據(jù)做

功的條件、動量守恒與機械能守恒的條件分析答題。

知道做功的條件、動量守恒與機械能守恒的條件、分析清楚物體運動過程是解題的前提

與關(guān)鍵，根據(jù)做功條件與動量守恒條件、機械能守恒條件即可解題。

4.【答案】B

【解析】解：酒精氣體傳感器和定值電阻串聯(lián)在電路中，電壓表測島兩端的電壓，酒精

氣體傳感器的電阻的倒數(shù)與酒精氣體的濃度成正比，測試到的酒精氣體濃度越大則傳感

器的電阻的倒數(shù)越大，所以傳感器的電阻越小，根據(jù)歐姆定律可知通過傳感器的電流越

大，R。和右邊定值電阻兩端的電壓越大，傳感器兩端的電壓越小，所以U越大.表示C

越大，但是C與。不成正比

故選8

首先根據(jù)電路圖分析電路的連接方式，分析酒精氣體傳感器的電阻的變化，然后根據(jù)歐

姆定律判斷串聯(lián)電路中的電流和電壓表示數(shù)的變化.

學(xué)生要能結(jié)合電路電阻的變化根據(jù)歐姆定律判斷串聯(lián)電路中的電流和電壓的變化.

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5.【答案】B

【解析】解：A、在軌道II運行時，只有地球的引力做功，則嫦娥五號的機械能守恒，

因此，嫦娥五號在。點的機械能與在P點的機械能相等，故4錯誤；

B、軌道II的半長軸比軌道m(xù)的半長軸大，根據(jù)開普勒第三定律鳥=上知嫦娥五號在軌

道n上運行的周期比在軌道m(xù)上運行的周期長，故B正確；

C、由牛頓第二定律得G^=ma,得。=黑，嫦娥五號分別沿軌道II和軌道IE運行時，

經(jīng)過。點時到地心的距離r相等，則加速度大小相等，故C錯誤；

。、嫦娥五號從軌道II變軌到軌道in時，要做近心運動，在Q點必須減速，則嫦娥五號

分別沿軌道n和軌道in運行時，經(jīng)過。點的速度大小不相等，故。錯誤。

故選：Bo

根據(jù)變軌原理分析嫦娥五號在不同軌道上機械能的大小；根據(jù)開普勒第三定律分析周期

關(guān)系；根據(jù)牛頓第二定律列式分析加速度大小。

本題關(guān)鍵要掌握開普勒第三定律，理解變軌的方法和原理，明確飛船在做圓周運動時，

由萬有引力提供向心力，建立模型，由萬有引力定律和圓周運動規(guī)律結(jié)合處理這類問題。

6.【答案】C

【解析】解：4、大量的氫原子處于"=4的激發(fā)態(tài)，可能發(fā)出光子頻率的種數(shù)N=4=6

種，故A錯誤；

B、根據(jù)Em-En=hv,處于n=4能級的氫原子能夠發(fā)出6種光子的能量分別為：

△Ei=E2-E]=-3AeV-(-13.6eK)=10.2eV；

△%=E3-Ei=-l.SleV-(-13.6eK)=12.09eV；

△E3=5-Ei=-0.85eV-(-13.6e7)=12.75eV；

△%=E4-E2=-0.85eV-(-3.4eK)=2.55eV；

△E5=E4—E3=-0.854-(-1.51elZ)=0.66eK；

^E6=E3-E2=-1.51eV-(-3.4eK)=1.89eK；

而可見光的能量在1.63eU?3.10eV,因此只有2種不同頻率的可見光，故8錯誤；

C、這群氫原子自發(fā)躍遷時所輻射出的光子最小值為0.66eV,而n=5能級的能量值為

-0.54eK,所以都可以使處于n=5的激發(fā)態(tài)的氫原子電離，故C正確；

D、由B選項分析，可知，輻射的第5種與第6種光子能量小于金屬鈉的逸出功2.29eV,

因此不是都能發(fā)生光電效應(yīng)，故。錯誤。

故選：C

從高軌道向低軌道躍遷時減少的能量以光子的形式輻射出去；所有的激發(fā)態(tài)都是不穩(wěn)定

的，都會繼續(xù)向基態(tài)躍遷，故輻射光子的種類為鬣種，只有入射光子的能量大于金屬的

逸出功才會發(fā)生光電效應(yīng).

解決本題的關(guān)鍵知道光子能量與能極差的關(guān)系，-En=hv,以及知道光電效應(yīng)產(chǎn)

生的條件，并掌握躍遷種類的計算.

7.【答案】BCD

【解析】解：AB,4副線圈電流為：〃=￡=嘿4=504,根據(jù)電流與匝數(shù)成反比

得輸電線中的電流，3,則有：，=?，解得：與=54根據(jù)電壓與匝數(shù)成反比，得乃原

,4n3

線圈兩端的電壓為g，則晟=最，即/=2000匕

輸電線上的損失電壓為：U損=七?2r=10V,71的副線圈兩端電壓為：U2=U^+U3=

2010V；Ti的副線圈兩端電壓的最大值為2010&U，故A錯誤、8正確；

C、輸電線上損失的功率為：P炭=/>2r=100W,故C正確；

D、7\的原線圈輸入的電功率為lOkW+lOOW=10.1k”,故。正確；

故選：BCD。

根據(jù)降壓變壓器的輸出電壓，結(jié)合匝數(shù)比求出輸入電壓，從而得出輸電線電流，根據(jù)輸

電線的電阻得出損失的功率，根據(jù)電壓損失得出升壓變壓器的輸出電壓。

解決本題的關(guān)鍵知道：1、輸送功率與輸送電壓、電流的關(guān)系；2、變壓器原副線圈的電

壓比與匝數(shù)比的關(guān)系；3、升壓變壓器輸出電壓、降壓變壓器輸入電壓、電壓損失的關(guān)

系；4、升壓變壓器的輸出功率、功率損失、降壓變壓器的輸入功率關(guān)系。

8.【答案】A

【解析】解：CD、原線圈電壓的有效值為由=筆=二當(dāng)V=220%

1V2V2

原副線圈電壓比等于匝數(shù)比￡電流表的示數(shù)為有效值/,副線圈的電壓為4=

220X-2V=110V,

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正向?qū)〞r電流為/2=今=誓4=24

則有/2/?7=/消3代入數(shù)據(jù)，解得/=魚4故CD錯誤；

B、電壓表的示數(shù)為〃=/凡代入數(shù)據(jù)，解得U=55&V,故8錯誤；

4.燈泡A的功率為P=I2R=(V2)2x55W=110W.故A正確。

故選：Ao

由圖乙可知原線圈交流電壓最大值、有效值、周期，圖甲中電流表測通過副線圈燈泡的

電流、電壓表測副線圈兩端電壓，電流表、電壓表示數(shù)都是有效值。

本題考查交變電流知識，要求學(xué)生掌握變壓器的構(gòu)造和原理，以及能從正弦式電壓的圖

象讀取最大值、有效值等信息，難度不大。

9.【答案】AC

【解析】解：A、根據(jù)電場線的特點，正方形左上角電荷帶正電，順時針開始，第二個

電荷帶負電，右下角電荷帶正電，第四個電荷帶負電，故4正確；

8、根據(jù)電場線的疏密，M、N、尸三點中M點場強最小，故B錯誤：

CD、依據(jù)對稱性可知，。點電勢為零，M點電勢為正，N、P兩點更接近負電荷，電勢

為負，所以三點中加點電勢最高。

將負電荷從P點移動到O點，電勢升高，電場力做正功，電勢能減少，所以負電荷在尸

點的電勢能比在。點的高，故C正確，。錯誤。

故選：AC。

根據(jù)電場線方向的特點，可以判斷電荷的電性；根據(jù)電場線的疏密判斷何、N、P三點

中M點場強；依據(jù)對稱性可知，。點電勢為零，M點電勢為正，N、P兩點更接近負電

荷，電勢為負，所以三點中M點電勢最高；將負電荷從尸點移動到O點，電勢升高，

電場力做正功，電勢能減少，所以負電荷在P點的電勢能比在。點的高。

該題考查常見電場的電場分布與特點，結(jié)合等量異種點電荷的電場分布特點的圖求解。

10.【答案】BC

【解析】解：A、以重物為研究對象，根據(jù)平衡條件可得輕繩的彈力大小始終等于重物

G的重力，保持不變，故A錯誤；

8、由于輕繩的拉力大小不變，所以輕繩對天花板的拉力大小不變，故8錯誤；

C、將水平輕桿。插入豎直墻壁的深度緩慢增加，則滑輪兩邊輕繩的夾角減小，根據(jù)平

行四邊形法則可知兩邊輕繩拉力的合力增大，則輕繩對滑輪的作用力大小逐漸增大，故

C錯誤；

。、a桿對滑輪的作用力與輕繩對滑輪的作用力是一對平衡力，輕繩對滑輪的合力方向

斜向右下方，則a桿對滑輪的作用力的方向斜向左上方，故。錯誤。

故選：BC。

輕繩的彈力大小始終等于重物G的重力，保持不變，則輕繩對天花板的拉力大小不變:

以滑輪為研究對象，根據(jù)力的合成結(jié)合平行四邊形法則進行解答。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，關(guān)鍵是能夠確定研究對象、進行受力分析、利用

平行四邊形法則進行力的合成，然后根據(jù)平衡條件進行解答。

11.【答案】BC

【解析】解：A、在線圈的半徑由2r變到3r的過程中，穿過線圈的磁通量不變，則線

圈內(nèi)沒有感應(yīng)電流，故A錯誤；

B、當(dāng)線圈的半徑由2r變到0.5r的過程中，穿過線圈的磁通量減小，則線圈內(nèi)有感應(yīng)電

流，根據(jù)楞次定律，則有逆時針的電流，故B正確；

CD、保持半徑不變，使磁場隨時間按8=心變化，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，則有：

E=^-nr2=k7tr2,因此線圈中的電流為/=2=叱，故C正確，。錯誤；

△tRR

故選：BC。

根據(jù)穿過線圈的磁通量是否變化，從而即可判定感應(yīng)電流有無；

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合閉合電路歐姆定律表達式，即可求解。

考查產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，理解楞次定律的內(nèi)容，掌握法拉第電磁感應(yīng)定律，及閉合電

路歐姆定律的內(nèi)容。

12.【答案】AC

【解析】解:A、根據(jù)光電效應(yīng)方程，結(jié)合動能定理可知eUc=Ek=hv-W=hv-hvc,

變式可得％=斜率％=5=3解得普朗克常量八=擠故A正確；

B、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知a=前-皿，縱軸截距的絕對值表示逸出功，則

實線對應(yīng)金屬的逸出功比虛線大，故8錯誤；

第14頁，共19頁

C、入射光頻率一定，飽和光電流由入射光的強度決定，即光的顏色不變的情況下，入

射光越強，光子數(shù)越多，飽和光電流越大，故c正確；

。分析圖丁可知，當(dāng)達到飽和光電流以后，增加光電管兩端的電壓，光電流不變，故。

錯誤。

故選：AC。

光照越強，光電流越大，說明飽和光電流與光的強度有關(guān)；入射光的頻率增大，光電子

的最大初動能增大，遏止電壓增大；根據(jù)光電效應(yīng)方程得出4-丫的關(guān)系式，通過關(guān)系

式得出斜率、截距表示的含義；根據(jù)光電效應(yīng)方程，結(jié)合圖線的縱軸截距求出金屬的逸

出功，結(jié)合橫軸截距得出金屬的極限頻率，從而得出逸出功。

本題考查愛因斯坦光電效應(yīng)方程，要求學(xué)生理解并掌握光電效應(yīng)中各物理量的影響并能

運用于題目分析，難度適中。

13.【答案】BCAC4：1

【解析】解：(1)實驗中驗證碰撞前后系統(tǒng)動量是否守恒，則需要測量小球的質(zhì)量，需

要天平，速度運用平拋運動的規(guī)律得出，由于下降的高度相同，速度正比于水平位移，

只需要測出水平位移即可，則還需要刻度尺，故選：BC.

(2)4、為了保證小球做平拋運動，安裝軌道時，軌道末端必須水平。否則會引起誤差，

故A正確。

B、入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即m4>niB，防止碰后如被反彈，故8錯誤。

C、兩球需要發(fā)生對心碰撞，則兩球大小需相同，故C正確。

。、為了保證每次入射小球的碰撞時的速度相同，入射球每次必須從軌道的同一位置由

靜止?jié)L下，故。錯誤。

故選：AC.

(3)根據(jù)動量守恒得，m^OP=m^OM+m2ON>代入數(shù)據(jù)解得m2=4：10

故答案為:(1)BC(2)AC(3)4：1

(1)根據(jù)實驗的原理確定所需測量的物理量，從而確定所需的實驗器材。

(2)根據(jù)實驗的原理和注意事項確定正確的操作步驟。

(3)根據(jù)動量守恒，結(jié)合水平位移的關(guān)系求出入射小球質(zhì)量TH1和被碰小球質(zhì)量Hi?之比。

實驗注意事項：(1)前提條件：保證碰撞是一維的，即保證兩物體在碰撞之前沿同一直

線運動，碰撞之后還沿這條直線運動。(2)利用斜槽進行實驗，入射球質(zhì)量要大于被碰

球質(zhì)量，即mi>m2，防止碰后Tn】被反彈。

14.【答案】50.254.9501204

【解析】解：(1)由圖示游標(biāo)卡尺可知，游標(biāo)尺是20分度的，游標(biāo)尺的精度是0.05mm,

由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：50mm+0.05x5m=50.25mm<>

(2)由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：4.5mm+45.0x0.01mm=4.950mmo

(3)多用電表的電阻“x10”擋測電阻，由圖丙所示表盤可知，電阻阻值為：12Xion=

120。。

(4)由于電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法；待測電阻阻值遠大于

滑動變阻器最大阻值，為測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，因此應(yīng)選擇圖

A所示電路圖。

故答案為:(1)50.25；(2)4.950；(3)120；(4)4。

(1)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)。

(2)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)。

(3)歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。

(4)根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，根據(jù)待測電阻阻值與滑動變

阻器最大阻值的關(guān)系確定滑動變阻器的接法，然后選擇實驗電路。

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀

數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù),

在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。

15.【答案】解：(1)設(shè)帶電粒子進入磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑為廣，由牛頓第

二定律得

解得：r=R=詈

帶電粒子在磁場中的運動軌跡為四分之一圓周，軌跡對應(yīng)的圓心角為壬如圖1所示,

XXX

X

第16頁，共19頁

圖1

則粒子在磁場中運動的時間t=

Z7T

花”，2nr2nm

其中a-T=kF

聯(lián)立解得：￡=翳

(2)由(1)知，當(dāng)12=6%時，帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑為q=8R

其運動軌跡如圖2所示,

圖2

由圖可知/「。2。=^OO2R=e

n

由幾何關(guān)系可知：。=-

tan?1

解得：0=30°

所以帶電粒子離開磁場時偏轉(zhuǎn)原來方向28=60。

則粒子射出磁場時速度的水平分量%=vsin60°=|v0

答：

(1)若粒子對準(zhǔn)圓心射入，它在磁場中運動的時間為

(2)若粒子對準(zhǔn)圓心射入，且速率為次幾，它射出磁場時速度的水平分量為|火。

【解析】(1)根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑，從而根

據(jù)幾何關(guān)系求出圓弧的圓心角大小，通過弧長和速度求出在磁場中運動的時間.

(2)若粒子對準(zhǔn)圓心射入，且速率為舊火，軌道半徑變?yōu)樵瓉淼陌俦叮ㄟ^幾何關(guān)系求

出圓弧的圓心角，從而得知出磁場的速度方向，根據(jù)速度分解求出它射出磁場時速度的

水平分量；

本題考查帶電粒子在磁場中的運動，粒子受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，解此類題目

的關(guān)鍵是正確畫出粒子的軌跡圖，由幾何關(guān)系求出半徑，由洛倫茲力提供向心力求出速

度或者磁感應(yīng)強度。本題關(guān)犍是由兒何關(guān)系求出軌跡圓的半徑和速度偏角。

16.【答案】解：（1）物品在傳送帶上運動時，根據(jù)牛頓第二定律可得：^mg=ma

解得：a