2019-2020學(xué)年山東省濟寧市兗州區(qū)高二（上）期中物理試卷（附答案詳解）

2019-2020學(xué)年山東省濟寧市兗州區(qū)高二（上）期中物理

試卷

一、單選題（本大題共16小題，共56.0分）

1.下列關(guān)于描述運動的概念理解正確的是（）

A.研究地球自轉(zhuǎn)時，地球可看成質(zhì)點

B.測量火車通過某一站牌的時間時，火車可看成質(zhì)點

C.速度變化得越快，加速度一定越大

D.加速度逐漸減小，速度逐漸增大的運動是不可能的

2.關(guān)于摩擦力下列說法正確的是（）

A.物體的重心一定在物體上

B.滑動摩擦力的方向一定與物體運動的方向相反

C.只有靜止的物體才會受到靜摩擦力

D.物體受到摩擦力作用時，一定受到彈力的作用

XD1

3.如圖所示，為一物體運動的位移-時間（x-t）圖象.由

圖象可知（）

A.物體一直做勻加速直線運動

B.物體一直做勻減速直線運動

C.物體以某一速率做往復(fù)運動

D.物體有時做勻加速直線運動，有時做勻減速直線運動

4.如圖所示，物體4在豎直向上的拉力尸的作用下能靜

止在斜面上，關(guān)于4受力的個數(shù)，下列說法中正確的

是（）

A.A一定受兩個力作用

B.4一定受四個力作用

C.4可能受三個力作用

D.4受兩個力或者四個力作用

5.從地面上豎直向上拋出一個物體4同時在離地面某一高度H有另一個物體B開始自

由落下，兩物體在空中同時到達同一高度時速率都為"，不計空氣阻力，則下列說

法中錯誤的是（）

A.物體4上拋時的初速度和物體B落地時的速度大小相等，都是2D

B.兩球同時落地

C.物體4上升的最大高度為H

D.兩物體到達同一個高度時，物體B下落了!

6.如圖所示，小球4和B的質(zhì)量均為m,長度相同的四根細線分中；‘"'"'""］：

別連接在兩球間、球與水平天花板上P點以及與豎直墻上的Q一Qi；

點之間，它們均被拉直，且P、B間細線恰好處于豎直方向，

兩小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則Q、4間水平細線對球的拉力大小為（）

A.^-mgB.mgC.y/3mgD.?他g

7.以從塔頂由靜止釋放小球4的時刻為計時零點，場時刻又在與小球4等高的位置處,

由靜止釋放小球艮若兩小球都只受重力作用，設(shè)小球8下落時間為3在兩小球落地

8.如圖所示，質(zhì)量為m的物體置于傾角為。的固定斜面上.物體與斜面之間的動摩擦

因數(shù)為〃，先用平行于斜面的推力Fi作用于物體上，使其能沿斜面勻速上滑，若改

用水平推力尸2作用于物體上，也能使物體沿斜面勻速上滑，則兩次的推力之比最為

（）

第2頁，共36頁

甲

A.cosd+usindB.cosd-usindC.1+/2tanOD.1—fitanO

9.一個做勻速直線運動的質(zhì)點，突然受到一個與運動方向垂直的恒力作用時，且原來

作用在質(zhì)點上的力不發(fā)生改變，關(guān)于質(zhì)點的運動說法正確的是（）

A.一定做直線運動

B.可能做直線運動，也可能做曲線運動

C.可能做勻速圓周運動

D.一定做勻變速運動

10.如圖所示，繩子一端拴著物體M,另一端繞過滑塊系在水平向左運動的小車的P點,

圖示時刻滑輪左側(cè)的繩子與水平方向成仇則（）

A.若小車做加速運動，則M勻速上升

B.若小車做加速運動，則M減速上升

C.若小車勻速運動，則M加速上升

D.若小車勻速運動，則M減速上升

11.某機械傳動結(jié)構(gòu)的示意圖如圖所示.A在前齒構(gòu)輪邊緣上,

B點在后齒輪邊^(qū)上，C在后輪邊緣上；前齒輪和后齒輪

通過鏈條傳動，后齒輪和后輪固定在一起.前齒輪半徑為

10cm,后齒輪半徑為5cm,后輪半徑為30cm.在它們勻速轉(zhuǎn)動時，下列說法正確的

是（）

A.A、B兩點角速度相同

B.4點角速度是C點角速度的一半

C.A、C兩點的加速度大小相同

D.B點的轉(zhuǎn)動周期小于C點的轉(zhuǎn)動周期

12.如圖所示，線圈平面與水平方向夾角。=60。，磁感線豎直向下，線圈平面面積S=

0.4m2,勻強磁場磁感應(yīng)強度B=0.47。把線圈以cd為軸順時針轉(zhuǎn)過120。角，則通

過線圈磁通量的變化量為（）

D.0.481V6

13.質(zhì)譜儀是一種測定帶電粒子質(zhì)量或分析同位素的重要設(shè)備，

它的構(gòu)造原理如圖所示。離子源S產(chǎn)生的各種不同正離子束（

速度可視為零），經(jīng)MN間的加速電壓U加速后從小孔Si垂直

51[?■*4

于磁感線進入勻強磁場，運轉(zhuǎn)半周后到達照相底片上的P點。

設(shè)P到Si的距離為X,貝4（）

A.只要％相同，對應(yīng)的離子質(zhì)量一定相同

B.只要x相同，對應(yīng)的離子電荷量一定相同

C.若離子束是同位素，則工越大對應(yīng)的離子質(zhì)量越大

D.若離子束是同位素，貝詠越大對應(yīng)的離子質(zhì)量越小

14.如圖所示，一小船位于100nl寬的河的正中央4點處，從這里向下游508機處有一

危險區(qū)，當(dāng)時水流速度為9m/s,為了使小船避開危險區(qū)直線到達對岸，那么小船

航行的最小速度（靜水中）為（）

-------50V3m——?

‘河危險區(qū)

A.4.5m/sB.V3m/sC.4V3m/sD.3V3?n/s

15.中子星是恒星演化過程的一種可能結(jié)果，它的密度很大?，F(xiàn)有一可視為均勻球體的

中子星，觀測到它的自轉(zhuǎn)周期為7=5s,要維持該星體的保持穩(wěn)定，不致因自轉(zhuǎn)

而瓦解的最小密度p約是（引力常量G=6.67x10-nm3/^-s2）（）

A.p=1.27x1014kg/m3B.p=1.27x1013kg/m3

C.p=1.27x1015kg/m3D.p=1.27x1016kg/m3

第4頁，共36頁

16.在地面上方某一點將一小球以一定的初速度沿水平方

向拋出，不計空氣阻力，則小球在隨后的運動中（）

A,速度和加速度的方向都在不斷變化

B.速度與加速度方向之間的夾角一直減小

C.在相等的時間間隔內(nèi)，速率的改變量相等

D.在相等的時間間隔內(nèi)，動能的改變量相等

二、多選題（本大題共10小題，共40.0分）

17.a、b兩個物體的位移-時間圖象如圖甲所示，c、d兩個物體的速度-時間圖象如圖

乙所示，兩圖中t軸上下兩部分陰影面積都相同，關(guān)于它們的運動，在0?t時段內(nèi),

正確的是（）

A.a的速度越來越大，12時刻前后位移變方向，全程的平均速度與b相等

B.b的速度越來越小，ti時刻前后速度變方向，全程的平均速度比a小

C.C的速度先變小后變大，13時刻前后加速度方向不變，C、d的位移不相等

D.d的速度先變小后變大，t4時刻以后加速度繼續(xù)增大，c、d的位移相等

18.如圖是某同學(xué)為頸椎病人設(shè)計的一個牽引裝置的示意圖，一

根繩繞過兩個定滑輪和動滑輪后各掛著一個相同的重物，與

動滑輪相連的帆布帶拉著病人的頸椎（圖中是用手指代替頸

椎做實驗），整個裝置在同一豎直平面內(nèi).如果要增大手指所

受的拉力，可采取的方法是（）

A.只增加繩的長度B.只增加重物的重量

C.只將手指向下移動D.只將手指向上移動

19.甲乙兩車在一平直道路上同向運動，其v-t圖象如圖所示，圖中△P（2/?和AMN/?的

面積分別為Si和S2（Si>S2）。初始時，甲車在乙車前方So處。則（）

p

乙

A.若So=Si+S2，兩車一定不會相遇

B.若sovs1，兩車一定相遇2次

C.若So=S「兩車可能相遇1次

D.若So=S2,兩車可能相遇2次

20.一質(zhì)量為m的滑塊在粗糙水平面上滑行，通過頻閃照片分析得知，滑塊在最開始2s

內(nèi)的位移是最后2s內(nèi)的位移的兩倍，且已知滑塊第1s內(nèi)的位移為2.5m,由此可求

得（）

A.滑塊的加速度為5m/s2B.滑塊的初速度為5m/s

C.滑塊運動的總時間為3sD.滑塊運動的總位移為4.5m

21.如圖，在方框中有一能產(chǎn)生磁場的裝置，現(xiàn)在在方框右邊放「

一通電直導(dǎo)線（電流方向如圖箭頭方向），發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線受到1

向右的作用力，則方框中放置的裝置可能是下面哪個（）

通電螺線管

B.&）垂直紙面的通電直導(dǎo)線

通電圓環(huán)

，通電直導(dǎo)線

22.如圖所示，MN是勻強磁場中的一塊薄金屬板，帶電粒子（不計重力）在勻強磁場中

運動并穿過金屬板，虛線表示其運動軌跡，由圖知（）

第6頁，共36頁

M

A.粒子帶負電

B.粒子運動方向是abcde

C.粒子運動方向是edcba

D.粒子在上半周所用時間比下半周所用時間長

23.在圖中虛線所圍區(qū)域內(nèi)，存在電場強度為E的勻強電場和

磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場.已知從左方水平射入的電子,

穿過這區(qū)域時未發(fā)生偏轉(zhuǎn).電子重力忽略不計，則在這區(qū)

域中的E和8的方向可能是（）

A.E豎直向下，B垂直紙面向外

B.E豎直向上，8垂直紙面向里

C.E豎直向上，B垂直紙面向外

D.E、B都沿水平方向，并與電子運行方向相同

24.1932年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速度，其原理

如圖所示。這臺加速器由兩個銅質(zhì)D形盒Di、。2構(gòu)成，

其間留有空隙。下列說法正確的是（）

A.離子由加速器的邊緣進入加速器

B.離子由加速器的中心附近進入加速器

C.離子從電場中獲得能量

D.離子從磁場中獲得能量

25.通過觀測冥王星的衛(wèi)星，可以推算出冥王星的質(zhì)量.假設(shè)衛(wèi)星繞冥王星做勻速圓周

運動，除了引力常量外，至少還需要兩個物理量才能計算出冥王星的質(zhì)量.這兩個

物理量可以是（）

A.衛(wèi)星的質(zhì)量和軌道半徑B.衛(wèi)星的速度和角速度

C.衛(wèi)星的質(zhì)量和角速度D.衛(wèi)星的運行周期和軌道半徑

26.“嫦娥一號”探月衛(wèi)星沿地月轉(zhuǎn)移軌道直奔與球，在距’永只

月球表面200km的P點進行第一次變軌后被月球捕獲，/'

先進入橢圓軌道I繞月飛行，如圖所示，之后，衛(wèi)星在地月轉(zhuǎn)移軌道［1個\

P點又經(jīng)過兩次變軌，最后在距月球表面200km的圓形

軌道in上繞月球做勻速圓周運動.對此，下列說法正確的是()

A.衛(wèi)星在軌道HI上運動的速度小于月球的第一宇宙速度

B.衛(wèi)星在軌道in上運動周期比在軌道I上大

c.衛(wèi)星在軌道江上運動到P點的加速度等于沿軌道I運動到P點的加速度

D.I、n、m三種軌道運行相比較，衛(wèi)星在軌道I上運行的機械能最大

三、填空題(本大題共1小題，共14.0分)

27.如圖所示的平面直角坐標(biāo)系xOy.在第/象限內(nèi)有平行于y軸的勻強電場。方向沿y軸

正方向；在第IV象限的正三角形abc區(qū)域內(nèi)有勻強磁場。方向垂直于xOy平面向里，

正三角形邊長為L.且時邊與y軸平行。一質(zhì)量為a、電荷量為q的粒子。從y軸上的

p(0,/i)點，以大小為火的速度沿%軸正方向射入電場，通過電場后從x軸上的瞋2九,0)

點進入第W象限，又經(jīng)過磁場從y軸上的某點進入第DI象限，且速度與y軸負方向成

45。角，不計粒子所受的重力。求。

(1)電場強度E的大?。?/p>

(2)粒子到達a點時速度的大小和方向；

(3)abc區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度B的最小值。

四、實驗題(本大題共4小題，共26.0分)

28.如圖所示，某同學(xué)在做“研究勻變速直線運動”的實驗中，由打點計時器得到表示

小車做勻變速直線運動過程中一條清晰紙帶。計時器所用交流電源的頻率為50Hz

紙帶上每相鄰的兩計數(shù)點間都有四個點未畫出，用毫米刻度尺量出相鄰兩個計數(shù)點

間的距離，得到一組數(shù)據(jù)：Si=7.05cm、s2=7.68cm、s3=8.33cm、s4=8.95cm、

s5=9.61cm、s6=10.26cm,(計算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字)

(1)小車運動的加速度大小a=m/s2.

(2)計數(shù)點E所代表的時刻小車運動的瞬時速度的大小是m/s；

(3)計數(shù)點4所代表的時刻小車運動的瞬時速度的大小是m/s.

第8頁，共36頁

29.“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”的實驗中，選用的螺旋彈簧如圖甲所示。

（1）將彈簧的上端。點固定懸吊在鐵架臺上，旁邊置一刻度尺，刻度尺的零刻線跟0

點對齊，在彈簧的下端4處做一標(biāo)記（如固定一個指針）。在彈簧下端的掛鉤上掛上

鉤碼（每個鉤碼的質(zhì)量都是50g）,指針在刻度尺上指示的刻度為逐個增加所掛鉤

碼的個數(shù)，刻度x隨掛鉤上的鉤碼的重量產(chǎn)而變化，幾次實驗測得相應(yīng)的F、x各點

已描繪在圖乙中。由圖象得出彈簧的勁度系數(shù)％=N/m。（結(jié)果取兩位有效

數(shù)字）；此彈簧的彈力大小F彈跟彈簧伸長量4x的關(guān)系是。

（2）如果將指針固定在4點的下方P處，再作出x隨F變化的圖象，得出彈簧的勁度系

數(shù)與心相比，可能是

A.大于%B,等于七C.小于%D無法確定

（3）如果將指針固定在4點的上方Q處，再作出x隨尸變化的圖象，得出彈簧的勁度系

數(shù)與熱相比，可能是

A.大于心：B.等于心C.小于心；。.無法確定

x/cm

25

卜

20246770.49N

甲乙

30.某同學(xué)用圖示裝置研究平拋運動及其特點。他的實驗操作是:

在小球力、B處于同一高度時，用小錘輕擊彈性金屬片，使4球

水平飛出，同時B球被松開。

①他觀察到的現(xiàn)象是：小球從B（填“同時”或“不同

時”）落地；

②讓48球恢復(fù)初始狀態(tài)，用較大的力敲擊彈性金屬片。4球

在空中運動的時間將（填“變長”，“不變”或“變

短”);

③上述現(xiàn)象說明

31.如圖1是“研究平拋物體的運動”實驗裝置圖

(1)在實驗前應(yīng)

4將斜槽的末端切線調(diào)成水平

8.將木板校準到豎直方向，并使木板平面與小球下落的豎直平面平行

C.在白紙上記錄斜槽末端槽口的位置。，作為小球做平拋運動的起點和所建坐標(biāo)系

的原點

。測出平拋小球的質(zhì)量

(2)在一次實驗中，某同學(xué)只記錄了4、8、C三個點的坐標(biāo)如圖2所示，則物體做平

2

拋運動的初速度為m/s.(5=10m/s).

五、計算題(本大題共6小題，共62.0分)

32.如圖所示，質(zhì)量為巾=0.2kg的物塊靜止放在水平地面上，右

端連接輕彈簧，與水平地面間的最大靜摩擦力7ax=0.9N,

彈簧的原長Lo=15cm。現(xiàn)用水平方向的拉力使彈簧逐漸伸長，當(dāng)彈簧的長度變?yōu)?/p>

人=18.6c機時物塊開始運動；物塊開始運動后，若彈簧的長度保持G=18.2cm不

變，物塊會勻速運動。取g=10m/s2.求:

(1)彈簧的勁度系數(shù);

(2)物塊與水平地面間的動摩擦因數(shù);

(3)若使彈簧的長度保持20cm不變，則物塊與水平地面間的摩擦力的大小。

第10頁，共36頁

33.一個愛好滑雪運動的同學(xué)，從長L=42zn的山坡頂端，以%=2m/s的初速度、a=

3zn/s2的加速度勻加速下滑，經(jīng)過山坡底端后，在水平地面上勻速滑行s=32加停

下來，設(shè)該同學(xué)叢山坡底端進入水平地面時速度大小不變.求：

(1)該同學(xué)到達山坡底端時速度u大??；

(2)該同學(xué)兩段滑行的總時間t.

34.如圖所受，重力Gi=8N的祛碼懸掛在繩P4和PB的結(jié)點P上,PA偏離豎直方向37。角,

PB沿水平方向且另一端連在所受重力G2=100N為的木塊上，木塊靜止于傾角為

37。的斜面上，如圖所示，試求：

(1)繩PB上的拉力跖大小。

(2)木塊與斜面間的摩擦力大小和木塊所受斜面的支持力大小。

35.在公路的十字路口，紅燈攔停了很多汽車，攔停的汽車排成筆直的一列，最前面的

一輛汽車的前端剛好與路口停車線相齊，相鄰兩車的前端之間的距離均為，=6.0m,

若汽車起動時都以a=2.5m/s2的加速度做勻加速運動，加速到u=10.(hn/s后做勻

速運動通過路口。該路口亮綠燈時間t=40.0s,而且有按倒計時顯示的時間顯示燈。

另外交通規(guī)則規(guī)定：原在綠燈時通行的汽車，紅燈亮起時，車頭已越過停車線的汽

車允許通過。請解答下列問題：

(1)若綠燈亮起瞬時，所有司機同時起動汽車，問有多少輛汽車能通過路口？

(2)第(1)問中，不能通過路口的第一輛汽車司機，在時間顯示燈剛亮出“3”時開

始剎車做勻減速運動，結(jié)果車的前端與停車線相齊時剛好停下，求剎車后汽車加速

度大小。

(3)事實上由于人反應(yīng)時間的存在，綠燈亮起時不可能所有司機同時起動汽車?，F(xiàn)

假設(shè)綠燈亮起時，第一個司機遲后4=0.90s起動汽車，后面司機都比前一輛車遲

后0.5s起動汽車，在該情況下，有多少輛車能通過路口？

36.一顆人造衛(wèi)星靠近某行星表面做勻速圓周運動，經(jīng)過時間t,衛(wèi)星運行的路程為s,

運動半徑轉(zhuǎn)過的角度為lrad,引力常量設(shè)為G,求：

(1)衛(wèi)星運行的周期；

(2)該行星的質(zhì)量.

第12頁，共36頁

37.如圖所示，48為固定在豎直平面內(nèi)的;光滑圓弧軌道，其半徑為R=0.8m.軌道的B

點與光滑水平地面相切，質(zhì)量為m=0.2/cg的小球由4點靜止釋放,g取lOm/sz.求：

(1)小球滑到最低點B時，小球速度"的大??；

(2)小球剛到達最低點B時，軌道對小球支持力心的大?。?/p>

(3)小球通過光滑的水平面BC滑上固定曲面CD,恰能到達最高點D,。到地面的高

度為h=0.6m,小球在曲面CD上克服摩擦力所做的功必是多少？

答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：4研究地球的自轉(zhuǎn)時，地球的大小不能忽略，不能看作質(zhì)點，故4錯誤；

8、測量火車通過某一站牌的時間時.，火車的長度不能忽略，不能看作質(zhì)點，故B錯誤；

C、加速度是描述物體速度變化快慢的物理量，速度變化越快，加速度一定越大，故C

正確；

當(dāng)加速度的方向與速度的方向相同時，則加速度逐漸減小，而速度逐漸增大，故這

種運動是可能的，故。錯誤。

故選：C。

當(dāng)研究問題時，物體的形狀、大小和體積可忽略不計的時候，物體可視為質(zhì)點；

加速度是描述物體變化快慢的物理量。

基本運動學(xué)概念的考查，本題主要考查了質(zhì)點和加速度的概念。理解記憶即可。

2.【答案】D

【解析】解：4重心可以在物體上，也可以在物體外，如金屬環(huán)的重心在環(huán)體之外，故

A錯誤；

B.滑動摩擦力的方向與相對運動方向相反，與物體運動方向無關(guān)，因此滑動摩擦力的方

向可能與運動方向相同，也可能與運動方向不相同，故2錯誤；

C.運動的物體之間存在相對運動趨勢時受到靜摩擦力，如放在傳送帶上隨傳送帶沿斜面

上滑的貨物，因此運動的物體也可受到靜摩擦力，故C錯誤；

D由摩擦力產(chǎn)生條件可知，要產(chǎn)生摩擦力需要有正壓力、接觸面粗糙，并且兩物體間有

相對運動或相對運動的趨勢；故物體受到摩擦力作用時，一定受到彈力的作用，故。

正確。

故選：Do

重力的作用點是物體的重心，物體的重心不一定在物體上；明確摩擦力產(chǎn)生的條件，知

道運動的物體也可以受到靜摩擦力；知道滑動摩擦力方向與物體間的相對運動方向相反。

本題考查了物體的重心、摩擦力的性質(zhì)等，要注意明確靜摩擦力和滑動摩擦力的區(qū)別，

知道有摩擦力一定有彈力。

第14頁，共36頁

3.【答案】C

【解析】解：分析一個周期內(nèi)物體的運動情況：

O-ls內(nèi)，物體從原點出發(fā)沿正方向做勻速直線運動；

l-2s內(nèi)，物體沿負方向做勻速直線運動，2s末回到出發(fā)點；

2-3s內(nèi)，物體從原點出發(fā)沿負方向做勻速直線運動；

3-4s內(nèi)，物體沿正方向做勻速直線運動，4s末返回原點。由于圖線斜率大小不變，則

物體的速率不變。所以物體做速率不變的往復(fù)運動。

故選：Co

由題是位移-時間圖象.其斜率大小等于物體運動的速度，斜率不變，則物體的

速度不變，做勻速直線運動.根據(jù)斜率的正負判斷物體的運動方向.

本題關(guān)鍵抓住圖象的數(shù)學(xué)意義：斜率表示速度來分析物體的運動情況.根據(jù)運動圖象分

析物體的運動情況，是學(xué)習(xí)物理必須培養(yǎng)的基本功.

4.【答案】D

【解析】

【分析】

分物體進行受力分析，由共點力的平衡條件可知物體如何才能平衡；并且分析拉力與重

力的大小關(guān)系，從而確定4受力的個數(shù).

解力學(xué)題，重要的一環(huán)就是對物體進行正確的受力分析.由于各物體間的作用是交互的,

任何一個力學(xué)問題都不可能只涉及一個物體，力是不能離開物體而獨立存在的.所以在

解題時，應(yīng)畫一簡圖，運用“隔離法”，進行受力分析.

【解答】

若拉力F大小等于物體的重力，則物體與斜面沒有相互作用力，所以物體就只受到兩個

力作用；

若拉力F小于物體的重力時，則斜面對物體產(chǎn)生支持力和靜摩擦力，故物體應(yīng)受到四個

力作用；

故選：D.

5.【答案】B

【解析】解：4、設(shè)兩物體從下落到相遇的時間為3豎直上拋物體的初速度為孫，則有：

gt=v0-gt=v,解得：氏=2"，t=-

則4上升到最高點所用的時間為：t=￡=:

所以根據(jù)豎直上拋運動的速率對稱性，知豎直上拋的最大高度即為自由落體運動的高度,

所以8落地時速度大小也為2口故A正確；

B、B做自由落體運動，故B會先落地，故B錯誤；

C、A豎直上拋的最大高度即為自由落體運動的高度，即物體4能上升的最大高度：h=

“=察=空，故。正確；

2g9

。、B下落高度：九'=：9嚴=4:H,故。正確。

22gz2g4

本題是選錯誤的，故選：8。

4、表達4B的速度求得相遇時間，由豎直上拋運動的對稱性解答；8、由運動性質(zhì)判斷；

C、由4中結(jié)論可得；D、由自由落體運動位移公式解答。

掌握豎直上拋運動的對稱性并靈活運用解題，熟記自由落體運動的規(guī)律。

6.【答案】C

【解析】

【分析】

由題意，P、B間細線恰好處于豎直方向，兩小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則知4、B間細線的

拉力為零，對4球進行研究，分析受力情況，畫出力圖，由平衡條件求解Q、4間水平細

線對球的拉力大小。

本題的突破口是P、B間細線恰好處于豎直方向，分析可知4、B間細線拉力為零，問題

就變得清晰簡單，就是一個三力平衡問題。

【解答】

由題，P、8間細線恰好處于豎直方向，兩小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則知4、8間細線的拉

力為零；

對4球，分析受力情況，作出力圖如圖，由平衡條件得:

TQA=mgtan60°=y/3mg,選項ABD錯誤，C正確。

故選Co

7.【答案】B

第16頁，共36頁

【解析】解：4B兩球釋放后都做自由落體運動，B球釋放時，4球的速度以=gto，

B釋放t時間時，AB兩球之間的距離△*=iMt+ggt?一?必2=9玲如則華二。、，所

以中-％的圖線為一條過原點傾斜的直線，斜率為g，故8正確。

故選：B。

48兩球釋放后都做自由落體運動，求出B釋放時4球的速度，再求出8釋放t時間時，AB

兩球之間的距離的表達式，從而選出圖象。

本題主要考查了自由落體基本公式的直接應(yīng)用，要選擇圖象必須要求出函數(shù)表達式，難

度不大，屬于基礎(chǔ)題。

8.【答案】B

【解析】

【分析】

兩種情況下物體都做勻速運動，合力為

零，以物體為研究對象，分析受力情況，

作出力圖，根據(jù)平衡條件運用正交分解

法求解&與尸2的大小，再求它們的比值。

對于共點力平衡問題解題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊

形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進

行解答。

【解答】

對甲圖：以物體為研究對象，分析受力如圖。根據(jù)平衡條件得

平行于斜面方向有：居一mgsine-人=0

垂直于斜面方向有：N—mgcosB=0

又h=

聯(lián)立三個方程解得：F、=mgsind+fimgcosG

對乙圖，將F2分解（或者正交分解）

平行于斜面方向有：F2COS0-mgsind-f2=0

垂直于斜面方向有：N'-F2sin6-mgcosd=0

又力=〃N'

mgsin3+p.mgcos3

聯(lián)立三個方程解得：尸2=

cos0-gsin0

則￡=cos。-"S仇。.故ACC錯誤、8正確；

故選：B。

9.【答案】D

【解析】解：AB,由于其他力不變，故質(zhì)點受到的合力與速度方向相互垂直，質(zhì)點的

速度方向發(fā)生改變，故質(zhì)點做曲線運動，故A8錯誤；

C、由于勻速圓周運動的合外力提供向心力，是變力，所以在恒力作用下質(zhì)點不可能做

勻速圓周運動，故C錯誤；

。、由于力是恒力，故物體做勻變速曲線運動，故。正確。

故選：Do

分析質(zhì)點受力方向和運動方向的關(guān)系，從而明確質(zhì)點的運動性質(zhì)，注意牛頓第二定律Q=

鼻的應(yīng)用，明確加速度的方向與力的方向一致。

本題考查物體做曲線運動的條件，要明確物體做類平拋運動和勻速圓周運動的條件，正

確理解牛頓第二定律和加速度的定義式。

10.【答案】C

【解析】解：設(shè)任一時刻繩子與水平方向的夾

角為。，繩子的瞬時速度大小為以。將小車的

運動分解為沿繩子方向的運動，以及垂直繩子

方向的運動，即繞滑輪的轉(zhuǎn)動，如圖，

則由三角函數(shù)可解得力=VCOS9

AB,若小車做加速運動時，由以=ucos?？芍?，D增大,。減小，則cos。增大，故以增

大,物體M一定加速上升，故A3錯誤；

CD、若小車勻速向左，即v不變，。減小，則cos。增大，故以增大，即物體M向上做加

速運動，故C正確，D錯誤；

故選：Co

將小車的運動分解為沿繩子方向的運動，以及垂直繩子方向運動即繞滑輪的轉(zhuǎn)動，得到

沿繩子方向的運動速度，即物體M的速度表達式，運用平行四邊形定則作出。的分解圖，

根據(jù)三角函數(shù)來確定M的瞬時速度，即可分析M的速度如何變化。

第18頁，共36頁

本題考查了運動的合成與分解，要知道分運動和合運動的運動特點，知道二者具有等時

性和獨立性，能夠?qū)⒑线\動分解為兩個分運動，然后根據(jù)幾何關(guān)系求解速度或加速度之

間的關(guān)系。

11.【答案】B

【解析】解：力、力8是用皮帶連接的；故AB兩點線速度相同，因兩點的半徑不同；故

兩點的角速度不同；故A錯誤；

B、BC兩點是共軸轉(zhuǎn)動的，故兩點的角速度相同；由u=r3可知，A的角速度是B的角

速度的一半；故A角速度是C角速度的一半；故B正確；

C、由a=ra2可知，設(shè)4點的角速度是3,結(jié)合B的分析可知C點的角速度是23,故加

速度關(guān)系為：？=+（詈）2=黑*令=±兩點的加速度大小不同；故C錯誤；

CLQTQ3cU.313

D,因BC兩點角速度相同，則周期一定相同；故。錯誤；

故選：Bo

根據(jù)同軸轉(zhuǎn)動的點角速度相同，皮帶連動的輪子邊緣處的線速度相等；再根據(jù)角速度和

線速度的關(guān)系以及向心加速度的表達式進行分析即可.

本題考查圓周運動中線速度、角速度及周期之間的關(guān)系，要牢記相關(guān)公式及所對應(yīng)的兩

個結(jié)論.

12.【答案】B

【解析】解：開始時穿過線圈的磁通量嗎=BScosd=0.4x0.4x0.5=0.08Wb；

當(dāng)把線圈以cd為軸順時針轉(zhuǎn)過120。角時，線圈平面與磁感線的方向垂直，所以通過線圈

磁通量。2=BS=0.4x0.4=0.1614/6；

由圖可知，當(dāng)把線圈以cd為軸順時針轉(zhuǎn)過120。角時，穿過線圈的磁通量的方向與開始時

穿過線圈的磁通量的方向是相反的，所以磁通量的變化量：

△。=%+中2=0.08Wb+0.16Wb=0.24W6.故8正確，ACO錯誤。

故選：B。

勻強磁場中磁通量公式。=BS（其中S是垂直磁感應(yīng)強度的面積），分別求出兩次的磁通

量，然后求出磁通量的變化量。

對于磁通量，可運用投影的方法理解，確定求解磁通量的公式；但在解答的過程中要注

意的是：磁通量雖然是標(biāo)量，但磁通量有方向，在分析磁通量的變化時，要注意開始時

磁通量的方向與末狀態(tài)時磁通量的方向之間的關(guān)系是方向相同還是方向相反。

13.【答案】C

【解析】解：根據(jù)動能定理得：qU=1mv2@

進入磁場，洛倫茲力提供向心力得：qvB=m^（2）

P到Si的距離為x=2r③

①②③聯(lián)立解得：

AB,由④知，只要x相同，對應(yīng)的離子比荷一定相同，關(guān)于電荷量與質(zhì)量不能確定，故

A8錯誤；

CD、由④知，若離子束是同位素，貝如相同，若x越大則對應(yīng)的離子質(zhì)量越大，故C正

確，。錯誤；

故選：Co

根據(jù)動能定理求出粒子進入磁場時的速度，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，求出在磁場中的

軌道半徑，從而得出P到工的距離X,看x與什么因素有關(guān)即可分析各項。

解決本題的關(guān)鍵利用動能定理和牛頓第二定律求出P到Si的距離，從而得出x與電荷的比

荷有關(guān)。

14.【答案】A

【解析】解：由題意可知，當(dāng)船的速度越小，

將被水流沖到下游的水平距離越長，速度取得

最小值時，小船在8點上，

則有

tanO=50

50V33

即

e=30°

第20頁，共36頁

船速垂直于合速度，則有

sin300=—

%

解得。

”船—4.5m/s

故BCO錯誤，A正確。

故選：4。

當(dāng)船的速度越小，將被水流沖到下游的水平距離越長，速度取得最小值時，小船在8點

上，結(jié)合運動合成與分解知識可求解。

本題考查了運動的合成與分解，解題關(guān)鍵在于船實際運動速度即為合速度。

15.【答案】A

【解析】解：要維持該星體的保持穩(wěn)定，則中子星上半徑為R處的質(zhì)量為小的物體隨中

子星自轉(zhuǎn)時所需向心力不大于它受到的萬有引力；

萬有引力相當(dāng)于質(zhì)量時=?一兀/?3的物體距^^為n時對血的萬有引力，故有：甯n

陪PR

所以，如然？寢，所以，p2券=667X1黑乂.的//=127X10】"g/m3,

故A正確，BC。錯誤；

故選：4。

根據(jù)萬有引力大于或等于向心力，中子星上的物體不做離心運動求解。

萬有引力問題的運動，一般通過萬有引力做向心力得到半徑和周期、速度、角速度的關(guān)

系，然后通過比較半徑來求解，若是變軌問題則由能量守恒來求解。

16.【答案】B

【解析】解：4、平拋運動的物體其加速度恒定不變，速度方向時刻變化：故A錯誤;

B、由于豎直分速度一直增大，而水平分速度不變，故合速度的方向由水平逐漸變?yōu)榻?/p>

近豎直，故與豎直方向夾角越來越??；與加速度方向的夾角越來越??；故8正確；

C、由。=gt可知，在相等的時間間隔內(nèi)速度的改變量相同；但是速率為水平速度和豎

直速度的合速度的大??；故速率的改變量不相同；故C錯誤；

。、由于在豎直方向上做自由落體運動，所以在相等時間內(nèi)下落的豎直高度不相等，則

重力做功不相等，由動能定理可知，動能的改變量不相等；故O錯誤。

故選：B。

明確平拋運動的性質(zhì)，知道平拋運動可分解為豎直方向上的自由落體運動和水平方向上

的勻速直線運動；再根據(jù)運動的合成和分解規(guī)律可明確速度及速率的變化情況。

本題考查平拋運動的規(guī)律，要注意明確平拋運動的研究方法為運動的合成和分解，要正

確理解合成與分解的方法；并注意速率和速度變化的區(qū)別。

17.【答案】AC

【解析】解：AB,位移象的斜率大小等于速度大小，斜率的正負表示速度方向，據(jù)圖

甲可知，a的斜率逐漸增大，即速度越來越大，弓時刻前后位移變方向；b的斜率逐漸減

小，即速度減小，口時刻前后速度不改變方向；據(jù)平均速度公式可知，ab全程的平均速

度相等，故A正確，B錯誤；

CD、據(jù)速度時間圖象可知，c和d的速度先變小后變大；斜率表示加速度，所以t3時刻

前后加速度方向不變，Q時刻以后加速度繼續(xù)增大；圖象與t軸所圍的面積為位移，所

以c、d的位移不相等，故C正確，。錯誤.

故選：AC.

位移象的斜率大小等于速度大小，斜率的正負表示速度方向；速度時間圖象中斜率表示

加速度；利用圖象的意義和平均速度公式即可求解.

本題是為運動圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，并能根據(jù)圖象的信息解出物體運動的速

度大小和方向，題目難度較大.

18.【答案】BC

【解析】解：力、對動滑輪受力分析，受重力、兩個對稱的拉力，拉力等于懸掛物體的

重量mg,如圖

第22頁，共36頁

三個力的合力為零，兩個拉力的大小恒定，夾角越大，合力越小，夾角越小，合力越大；

增加細線長度時，由于兩個細線拉力也不變，動滑輪位置不變，故三個力大小方向都不

變，故A錯誤；

8、增加重物的重力，兩個拉力變大，動滑輪位置不變，則兩拉力夾角不變，故合力變

大，故手要用較大的力，故3正確；

C、手指向下移動，兩個拉力大小不變，夾角變小，故兩拉力合力變大，故手要用較大

的力，故C正確；

。、手指向上移動，兩個拉力大小不變，夾角變大，故兩拉力合力變小，故手要用較小

的力，故。錯誤；

故選：BC。

對動滑輪受力分析，受重力、兩個對稱的拉力，大小等于懸掛物體的重量，根據(jù)三力平

衡條件分析.

本題關(guān)鍵是對動滑輪受力分析，根據(jù)三力平衡條件，結(jié)合力的合成的平行四邊形法則進

行分析討論.

19.【答案】AC

【解析】解：4、若So=Si+S2,則So>Si，說明兩車速度相同時乙還沒有追上甲，不

能相遇，速度相同后甲的速度比乙的速度大，所以兩車一定不會相遇，故A正確；

8、若so<s］，兩車在速度相同前就相遇1次，之后，由于兩車的位移關(guān)系不能確定，

可能還相遇1次，也可能不再相遇，所以兩車可能相遇2次，也可能相遇1次，故B錯誤。

C、若s°=si，兩車在速度相同時相遇1次，后面不再相遇，故C正確；

。、若S0=S2,則兩車在速度相同前相遇1次，而后不再相遇，故。錯誤。

故選：ACo

此題是追及與相遇問題，解決此類問題時，要分析清楚兩物體的位移關(guān)系。兩物體的位

移之差等于初始時的距離是兩物體相遇的條件。由此分析即可。

對于圖象問題：

1、抓住速度圖象是速度隨時間的變化規(guī)律，是物理公式的函數(shù)表現(xiàn)形式，分析問題時

要做到數(shù)學(xué)與物理的有機結(jié)合，讓數(shù)學(xué)為物理所用。

2、在速度圖象中，縱軸截距表示初速度，斜率表示加速度，圖象與坐標(biāo)軸圍成的“面

積”表示位移。

20.【答案】CD

【解析】解：由題意知滑塊做勻減速直線運動

相鄰兩個相等時間間隔的位移滿足S2-Si=aT12

2

-sn=(m-n)aT,表示第個和第n個相等的時間間隔。

已知7=Is,S]=2.5m,則S2=Si—a72=2.5—a這是開始兩秒情況，

22

sn=1a?=p則Sx=Sn+aT=]+a=手，這是最后兩秒情況。

由于Si+S2=2(sn+s?_i)

所以2.5+2.5—a=2?+^)

所以a=lm/s24項錯誤；

127

s=v0T--aT

1

2.5=v0--

所以%=3m/sB項錯誤；

v0=at

t=3sC項正確；

2as=VQ

2s=32

所以s=4.5m。項正確。

故選：CD.

對于勻變速直線運動的物體，在任意兩個連續(xù)相等時間間隔T內(nèi)位移之差是常數(shù)，即S2-

X=a72由此公式即可求出.

分析運動過程，然后根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律的推論即可解決，難度不大.

第24頁，共36頁

21.【答案】CD

【解析】解：由左手定則可知，導(dǎo)線所在位置處的磁場向外；

則由右手螺旋定則可知；

A、產(chǎn)生的右側(cè)磁場水平向右，故A錯誤；

8、導(dǎo)線產(chǎn)一的磁場與導(dǎo)線平行，導(dǎo)體不受外力，故B錯誤；

C、由右手螺旋定則可知，通電圓環(huán)在導(dǎo)線處的磁場向外，故C正確；

。、通電直導(dǎo)線的磁感線在導(dǎo)線處的磁場向外，故。正確；

故選：CD。

由右手定則可判斷電流所在位置的磁場分布，再由右手螺旋定則可知方框內(nèi)的通電導(dǎo)線

的形狀.

本題考查右手螺旋定則及左手定則的應(yīng)用，要注意正確應(yīng)用.

22.【答案】AC

【解析】解：ABC、帶電粒子穿過金屬板后速度減小，由「=等軌跡半徑應(yīng)減小，故可

知粒子運動方向是edcba.

粒子所受的洛倫茲力均指向圓心，故粒子應(yīng)是由下方進入，故粒子運動方向為edcba,

則粒子應(yīng)帶負電，故B錯誤，AC正確；

D、由7=察可知，粒子運動的周期和速度無關(guān)，而上下均為半圓，故所對的圓心角

相同，故粒子的運動時間均為土故。錯誤；

故選：AC.

由半徑的變化可知粒子運動方向；由軌跡偏轉(zhuǎn)方向可知粒子的受力方向，則由左手定則

可判斷粒子的運動方向，由圓周對應(yīng)的圓心角及周期公式可知時間關(guān)系.

本題應(yīng)注意觀察圖形，圖形中隱含的速度關(guān)系是解決本題的關(guān)鍵，明確了速度關(guān)系即可

由左手定則及圓的性質(zhì)求解.

23.【答案】CD

【解析】解：重力忽略不計的電子，穿過這一區(qū)域時未發(fā)生偏轉(zhuǎn)，

A、若E豎直向下，B垂直于紙面向外，則有電場力豎直向上，而磁場力由左手定則可得

方向豎直向上，兩個力方向相同，電子穿過此區(qū)域會發(fā)生偏轉(zhuǎn).故4錯誤；

8、若E豎直向上，B垂直于紙面向里，則有電場力方向豎直向下，而磁場力方向由左手

定則可得豎直向下，所以兩力不能使電子做直線運動.故8錯誤；

C、若E豎直向上，B垂直于紙面向外，則有電場力豎直向下，而磁場力由左手定則可得

方向豎直向上，所以當(dāng)兩力大小相等時，電子穿過此區(qū)域不會發(fā)生偏轉(zhuǎn).故C正確；

。、若E和B都沿水平方向，并與電子運動方向相同，則有電子所受電場力方向與運動方

向相反，而由于電子運動方向與B方向相互平行，所以不受磁場力，因此穿過此區(qū)域不

會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故。正確；

故選：CD.

根據(jù)各選項提供的電場方向和磁場方向，逐一分析各選項中的受力情況，分析電場力和

磁場力的合力，即可判斷帶電粒子的運動情況.

該題考查了電場力和磁場力的方向的判斷，在判斷磁場力方向時.，要會熟練的應(yīng)用左手

定則；了解二力平衡的條件，會準確的判斷二力是否能平衡是解決此類問題的關(guān)鍵.

24.【答案】BC

【解析】解：AB,要加速次數(shù)最多最終能量最大，則被加速離子只能由加速器的中心

附近進入加速器，而從邊緣離開加速器，故A錯誤，B正確。

CD、由于洛倫茲力并不做功，而離子通過電場時有qU=：nw2,故離子是從電場中獲

得能量，故C正確，Z）錯誤。

故選：BC

被加速離子由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器：洛倫茲力并不做功,

而電場力對帶電離子做功。

了解并理解了常用實驗儀器或?qū)嶒炂鞑牡脑淼娇荚嚂r我們就能輕松解決此類問題，注

意磁場對粒子只偏轉(zhuǎn)不改變能量。

25.【答案】BD

【解析】解：4、衛(wèi)星圍繞冥王星做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，則得：G^=

V2

m—

r

得：M*

G

第26頁，共36頁

可知，知道衛(wèi)星的質(zhì)量和軌道半徑，不能求出冥王星的質(zhì)量，故A錯誤.

B、已知衛(wèi)星的速度和角速度，則衛(wèi)星的軌道半徑為：根據(jù)上式有：M=—,

r=3-,G

知可求出冥王星質(zhì)量M,故B正確；

C、根據(jù)G等=/n32r得：M=蹴可知，衛(wèi)星的質(zhì)量可以約去，只知道角速度，不

知道軌道半徑，不能求出冥王星質(zhì)量，故C錯誤；

D、根據(jù)G粵=m與r得：M=嗎，可知，知道衛(wèi)星的運行周期和軌道半徑可求出

r2T2GT2

冥王星質(zhì)量M,故。正確；

故選：BD

衛(wèi)星繞冥王星做勻速圓周運動時，由萬有引力充當(dāng)向心力，由萬有引力定律和牛頓第二

定律列式得到求冥王星的質(zhì)量表達式，然后由選項條件判斷正確的答案.

解決萬有引力定律在天體運動中的應(yīng)用時，要明確天體做勻速圓周運動，由萬有引力提

供向心力，會用線速度、角速度、周期表示向心力，同時注意公式間的化簡.

26.【答案】ACD

【解析】解：4、月球的第一宇宙速度是衛(wèi)星繞月球圓周運動最大的運行速度，是近月

衛(wèi)星的環(huán)繞速度，所以衛(wèi)星在軌道m(xù)運動的速度小于月球的第一宇宙速度，故A正確.

8、根據(jù)開普勒第三定律與，軌道的半長軸越長，周期越大，所以衛(wèi)星在軌道I運動的

周期最長.故8錯誤.

c、衛(wèi)星在軌道ni上在P點和在軌道I在P點時所受的萬有引力大小相等，根據(jù)牛頓第二

定律，知加速度相等.故c正確.

。、從軌道I進入軌道口和從軌道n進入軌道川，都要減速，使衛(wèi)星做近心運動，故其

機械能要減小，故衛(wèi)星在軌道I上運行的機械能最大，在軌道m(xù)上運行的機械能最小，

故。正確.

故選：ACD

月球的第一宇宙速度是衛(wèi)星繞月球圓周運動最大的運行速度.根據(jù)開普勒第三定律，比

較各軌道的周期；根據(jù)萬有引力提供向心力，列式比較加速度，結(jié)合變軌原理分析機械

能的大小.

解決本題的關(guān)鍵是理解第一宇宙速度的意義，知道衛(wèi)星的變軌原理.要知道衛(wèi)星經(jīng)過同

一點時加速度一定.

27.【答案】解：(1)粒子在第I象限內(nèi)做類平拋運動,

設(shè)在第I象限內(nèi)運動的時間為口，則

水平方向有：2九=Doh①

豎直方向有：h=黑底②

①②式聯(lián)立得：后=翳③

(2)設(shè)粒子到達a點時時豎直方向的速度為

則有：％=叫=黑口④。

①③④聯(lián)立得：vy=v0

所以粒子到達a點時速度大小為J述+哆=J詔+詔=>j2v0⑤

與x軸的