2023年新高考物理真題試卷（天津卷）

【高考真題】2023年新高考物理真題試卷（天津卷）

閱卷人

得分

1.運(yùn)行周期為24∕ι的北斗衛(wèi)星比運(yùn)行周期為12日的（）

A.加速度大B.角速度大C.周期小D.線速度小

2.如圖是爬山所帶氧氣瓶，氧氣瓶里的氣體容積質(zhì)量不變，爬高過程中，溫度減小，則氣體（）

A.對外做功B.內(nèi)能減小C.吸收熱量D.壓強(qiáng)不變

3.關(guān)于太陽上進(jìn)行的核聚變，下列說法正確的是（）

A.核聚變需要在高溫下進(jìn)行

B.核聚變中電荷不守恒

C.太陽質(zhì)量不變

D.太陽核反應(yīng)方程式：第5〃+徐一慫1Ba+監(jiān)Kr+3兒

4.能說明光是橫波的是（）

作者的備注：原卷為四個對應(yīng)情景圖片，配以相應(yīng)文字解釋。

A.全反射B.干涉C.偏振D.衍射

5.質(zhì)量為m的列車勻速V行駛，突然以F大小的力制動剎車直到列車停止，過程中恒受到f的空氣阻

力，下列說法正確的是（）

A.減速運(yùn)動加速度大小ɑ=±B.力F的沖量為mv

m

C.剎車距離為赤余D.勻速行駛時功率為（/+尸）"

閱卷人

得分

6.下圖為輸電線為用戶輸電的情景，電路中升壓變壓器TI和降壓變壓器72都認(rèn)為是理想變壓器，中間輸

電電路電阻為R，下列說法正確的有（）

Zl—7；

A.%輸出電壓與T2輸入電壓相等

B.乙輸出功率大于R輸入功率

C.若用戶接入的用電器增多，則R功率降低

D.若用戶接入的用電器增多，則0輸出功率降低

7.一列機(jī)械波的波源是坐標(biāo)軸原點(diǎn)，從t=O時波源開始振動，t=0.5s時波形如圖，則下列說法正確的

A.在這種介質(zhì)中波速U=4m∕s

B.X=Im處質(zhì)點(diǎn)在t=0.3S時位于波谷

C.波源振動方程y=0.02sin（5兀t+ττ）m

D.%=-1M處質(zhì)點(diǎn)半個周期內(nèi)向左位移半個波長

8.如圖，一個固定正電荷產(chǎn)生的電場中，同一個正電荷q兩次以大小相同、方向不同的初速度從P點(diǎn)出

發(fā)，分別抵達(dá)M點(diǎn)，N點(diǎn)，且q在M,N點(diǎn)時速度大小也一樣，則下列說法正確的有（）

A.P點(diǎn)電勢大于MB.M點(diǎn)電勢大于N

C.q從P到M一直做減速運(yùn)動D.M、N兩點(diǎn)處電場強(qiáng)度大小相同

閱卷人

三、實(shí)驗(yàn)題

得分

9.驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)

作者的備注：此處繪圖粗糙，連接遮光片小車與托盤祛碼的繩子應(yīng)與桌面平行；原卷中已說明，遮光

片與小車位于氣墊導(dǎo)軌上(視為無摩擦力)，這里沒有畫出。

a.遮光片長度d

b.遮光片小車到光電門長度1

C.遮光片小車通過光電門時間At

d.托盤與祛碼質(zhì)量m∣,小車與遮光片質(zhì)量m2

(1)小車通過光電門時的速度為；

(2)從釋放到小車經(jīng)過光電門，這一過程中，系統(tǒng)重力勢能減少量為,動能增加量

為；

(3)改變I,做多組實(shí)驗(yàn)，做出如圖以1為橫坐標(biāo)。以(條)2為縱坐標(biāo)的圖像，若機(jī)械能守恒成立，則

(1)同學(xué)們首先用歐姆表X1檔位大致測出電阻阻值大小，如圖，則電阻大小讀數(shù)為Ωo

同學(xué)們繼續(xù)使用學(xué)生電源(4V)組裝下圖電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，其中電表可以從如下中進(jìn)行選擇：(括號中

為電表量程及內(nèi)阻)

A.電壓表Vl(0—15V,15kΩ)B.電壓表V2(0—3V,3kΩ)

C.電流表Al(0—3A)D.電流表A2(D.6A)

作者的備注：原卷畫出了實(shí)物圖，這里還原出的是電路圖。

(2)應(yīng)選擇電壓表,電流表。(填器材前字母)

(3)下列哪些說法是正確的？

A.電壓表分流屬于系統(tǒng)誤差

B.實(shí)驗(yàn)開始前滑動變阻器滑片應(yīng)該調(diào)到b端

C.如圖所示的電路，可以通過調(diào)節(jié)滑片使電壓表示數(shù)為0

D.多組實(shí)驗(yàn)可以減小系統(tǒng)誤差

閱卷人

-----------------四、解答題

得分

11.如圖，有一正方形線框，質(zhì)量為m,電阻為R,邊長為1,靜止懸掛著，一個三角形磁場垂直于線框

所在平面，磁感線垂直紙面向里，且線框中磁區(qū)面積為線框面積一半，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化B=kt(k>0),

已知重力加速度g,求:

A

×××?

×××

××××××

IXXxXXXXI

××××××XX

×××××XXXX

(1)感應(yīng)電動勢E；

(2)線框開始向上運(yùn)動的時刻to；、

12.已知A、B兩物體m.=2kg,mB=Ikg,A物體從九二1.2τn處自由下落，且同時B物體從地面豎直

上拋，經(jīng)過t=0.2s相遇碰撞后，兩物體立刻粘在一起運(yùn)動，已知重力加速度g=l(hn∕s2,求：

(1)碰撞時離地高度x；

(2)碰后速度v；

(3)碰撞損失機(jī)械能4E。

13.信號放大器是一種放大電信號的儀器，如圖1,其可以通過在相鄰極板間施加電壓，使陰極逸出的電

子，擊中極板時，激發(fā)出更多電子，從而逐級放大電信號。已知電子質(zhì)量m,帶電量e。

(1)如圖2,在極板上建系。極板上方空間內(nèi)存在磁場，其強(qiáng)度為B,方向平行Z軸。極板間電壓U

極小，幾乎不影響電子運(yùn)動。如圖，某次激發(fā)中，產(chǎn)生了2個電子a和b,其初速度方向分別在Xoy與

ZOy平面內(nèi)，且與y軸正方向成。角，則：

(i)判斷B的方向；

(ii)a、b兩個電子運(yùn)動到下一個極板的時間L和t2；

(2)若單位時間內(nèi)陰極逸出的電子數(shù)量不變，每個電子打到極板上可以激發(fā)出6個電子，且6ocU,

陽極處接收電子產(chǎn)生的電流為L在答題紙給出坐標(biāo)系里畫出表示U和I關(guān)系的圖像并說出這樣畫的理

由。

答案解析部分

L【答案】D

【解析】【解答】設(shè)地球質(zhì)量M,衛(wèi)星質(zhì)量m,環(huán)繞半徑r,根據(jù)牛頓第二定律（萬有引力提供向心力）：

G贊=m等r,得：τ=2兀層,可知：運(yùn)行周期為24小時的北斗衛(wèi)星運(yùn)行軌道半徑大。

A.G罷=ma,得：a=G^,運(yùn)行周期為24小時的北斗衛(wèi)星運(yùn)行軌道半徑大，加速度小，故A錯

誤；

B.G^=mω2r,得：3=楞，運(yùn)行周期為24小時的北斗衛(wèi)星運(yùn)行軌道半徑大，角速度小，故B錯

誤；

C.24h大于12小時，運(yùn)行周期為24小時的北斗衛(wèi)星運(yùn)行周期大，故C錯誤;

D.G等=mq,得：V=坪運(yùn)行周期為24小時的北斗衛(wèi)星運(yùn)行軌道半徑大，線速度小，故D正

確；

故選D。

【分析】利用萬有引力提供向心力列方程，即可判斷環(huán)繞天體各物理量之間的關(guān)系。

2.【答案】B

【解析】【解答】A.由于爬山過程中氧氣瓶里氣體體積不變，氣體不對外功，故A錯誤；

B..爬山過程中溫度降低，則氣體內(nèi)能減減小，故B正確；

C.根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知AU=W+Q,爬山過程中氣體不做功，W=O,內(nèi)能減小，?t∕<0,故Q<

0,氣體放出熱量，故C錯誤；

D.爬山過程中氧氣瓶里的氣體容積、質(zhì)量均不變，溫度減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程罕=C可知?dú)怏w壓

強(qiáng)減小，故D錯誤；

故選Bo

【分析】本題要求理解物理概念和物理規(guī)律的確切含義，理解物理規(guī)律的適用條件，以及它們在簡單情

況下的應(yīng)用。

3.【答案】A

【解析】【解答】A.發(fā)生核聚變的條件是高溫環(huán)境，因?yàn)楦邷貢r使粒子的熱運(yùn)動劇烈，才可能克服他們自

身相互間的排斥力，使它們間的距離縮短，發(fā)生聚變，故A正確；

B.核聚變中電荷是守恒的，故B錯誤；

C.太陽發(fā)生核聚變，放出大量能量，根據(jù)質(zhì)能方程可知有一定的質(zhì)量虧損，即太陽質(zhì)量變化，故C錯

誤；

D.題中的核反應(yīng)為核裂變方程，故D錯誤。

故選Ao

【分析】(1)兩個輕核結(jié)合成。質(zhì)量較大的核的反應(yīng)過程為核聚變，輕核聚變反應(yīng)必須在高溫下進(jìn)行，

因此又叫熱核反應(yīng)。

(2)核聚變過程中，電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒；

(3)聚變過程放出大量的能量，愛因斯坦質(zhì)能方程E=mc2,原子核的質(zhì)量必然比組成它的核子的質(zhì)量

和要小Am,這就是質(zhì)量虧損。

(4)典型的聚變反應(yīng)方程：+IH=↑He+Jn+17.6MeV

4.【答案】C

【解析】【解答】A,光的全反射，光由光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)和由光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)會有的現(xiàn)象，

不能確定是橫波還是縱波，故A錯誤；

BD.干涉和衍射是所有波的特性，不能確定是橫波還是縱波，根據(jù)光能發(fā)生干涉和衍射現(xiàn)象，說明光是

一種波，具有波動性，故BD

錯誤；

C.光的偏振現(xiàn)象說明振動方向與光的傳播方向垂直，即說明光是橫波，故C正確；

故選Co

【分析】考查對光的折射定律的理解與應(yīng)用，全反射現(xiàn)象及其分析，光的干涉、衍射、偏振等現(xiàn)象的理

解。

5.【答案】C

【解析】【解答】A.根據(jù)牛頓第二定律：F+f=ma,可得減速運(yùn)動加速度大?。害?也，故A錯誤；

m

Vrnp

B.根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式，剎車所用的時間：t=2=帝，

故力的沖量為：I=Ft=方向與運(yùn)動方向相反，故B錯誤；

C.根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式v2=2ax可得剎車距離：X=F=需M故C正確；

2a2(F+/)

D.勻速行駛時牽引力等于空氣阻力，功率為：P=Fv=fv,故D錯誤

故選C。

【分析】(1)對列車進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求得加速度大小；

(2)根據(jù)運(yùn)動學(xué)關(guān)系先求剎車所用的時間，再用沖量定義式，求得力的沖量；

(3)根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式v2=2ax可得剎車距離；

(4)勻速行駛時牽引力等于空氣阻力，利用功率公式求解。

6.【答案】B

【解析】【解答】A.設(shè)輸出電壓。2，72輸入電壓0，輸電電路電阻R上損失的電壓AU,有U2=U3+

AU,輸出電壓大于T2輸入電壓，故A錯誤；

B.設(shè)后輸出功率P2,72輸入功率23，輸電電路電阻R上損失的功率AP，有P2=「3+AP,TI輸出功

率大于72輸入功率，故B正確；

C.若用戶接入的用電器增多，即并聯(lián)的支路變多，家庭電路部分的電阻變小，干路中的電流變大，則

通過R的電流/2變大，AP=%2R，R功率AP增大，故C錯誤；

D.若用戶接入的用電器增多，72輸出功率即為用戶消耗的功率，增大，故D錯誤。

故答案為Bo

【分析】遠(yuǎn)距離輸電問題的分析方法：

對高壓輸電問題，應(yīng)按“發(fā)電機(jī)一升壓變壓器一遠(yuǎn)距離輸電線一降壓變壓器一用電器”這樣的順序，或從

“用電器”倒推到“發(fā)電機(jī)”一步一步進(jìn)行分析。

7.【答案】B,C

【解析】【解答】A.由圖中可知t=0?5s時，波傳播的距離為x=2.5m,波的速度為〃=器=京∣τn∕s=

5m∕s,故A錯誤；

B.由圖可知該波的波長為4=2相，波的周期為T=I=舞0.4s,波傳播到小=Izn需要的時間G=

—=is=0.2s,由圖可知

V5

該波的起振方向向下，t=0.3s該波振動了0.1s,即Jr,所以位于波谷，故B正確；

zr

C.根據(jù)圖像可知該波的振動方程：y—ASin(竿t+w)=—0.02Sin(5πt)m=0.02sin(5πt+π')m,故C

正確；

D.質(zhì)點(diǎn)在平衡位置附近上下振動，不隨波左右移動，故D錯誤。

故選BCo

【分析】借助波的圖象，考查簡諧運(yùn)動與波的特點(diǎn)、規(guī)律及波速、波長和頻率的關(guān)系。

8.【答案】D

【解析】【解答】ABC.由題知，同一個正電荷q兩次以大小相同、方向不同的初速度從P點(diǎn)出發(fā)，分別抵

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達(dá)M點(diǎn)，N點(diǎn)，且q在M,N點(diǎn)時速度大小也一樣，(7U=∣mv-∣mv0,有UPN=UPM，ΨP-ΨN=

(PP-FPM，說明M、N兩點(diǎn)的電勢相等，但由于正電荷q有初速度，則無法判斷P點(diǎn)電勢和M點(diǎn)電勢的

大小關(guān)系，且也無法判斷q從P到M的運(yùn)動情況，故ABC錯誤；

D.根據(jù)以上分析可知，M、N兩點(diǎn)在同一等勢面上，且該電場是固定正電荷產(chǎn)生的電場，說明M、N到

固定正電荷的距離相等，E=*,則M、N兩點(diǎn)處電場強(qiáng)度大小相同，故D正確。

故選D。

I%用、根據(jù)動能定理和電勢差的關(guān)系式,判斷9知、W5的高低，有兩點(diǎn)的電勢關(guān)系，確定位置關(guān)系,

再根據(jù)點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度決定式確定兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小關(guān)系。

9.【答案】(1)A

2

(2)m?gl;∣(m1+τn2)(?)

2叫9

m1+m2

【解析】【解答】(1)小車通過光電門時的速度為：V=全

(2)從釋放到小車經(jīng)過光電門，這一過程中，系統(tǒng)重力勢能減少量為：AEp=THigZ;

系統(tǒng)動能增加量為：AEk=+m2)(給;

(3)做多組實(shí)驗(yàn)，做出如圖以1為橫坐標(biāo)。以(9)為縱坐標(biāo)的圖像，若機(jī)械能守恒成立:

m1gl=Tj(m1+m2)

≡=(?)2=?

則圖像斜率為

m1+m2

d

答案：(1)

(2)m1gl;

【分析】(1)較短距離或很短時間內(nèi)的平均速度近似等于小車通過光電門時的瞬時速度，即遮光條的長

度與遮光時間的比值；

(2)從釋放到小車經(jīng)過光電門，這一過程中，托盤和祛碼的重力勢能減小即系統(tǒng)重力勢能減少量；托盤與

祛碼，小車與遮光條整個系統(tǒng)由靜止到獲得速度可知系統(tǒng)動能增加量。

(3)若機(jī)械能守恒成立，應(yīng)用機(jī)械能守恒列方程，整理出解析式，即可解得圖像斜率。

10.【答案】(1)7

(2)B；D

(3)A；C

【解析】【解答】⑴電阻大小讀數(shù)：7xlQ=7Q;

(2)由于使用的學(xué)生電源(4V),為減小誤差(電表指針最少偏轉(zhuǎn)三分之一，最好能偏轉(zhuǎn)三分之二)，電壓

表應(yīng)選擇Vy故選Bo

[3]整個回路中的最大電流約為：/=*=/=0,574基于安全和精確考慮。電流表應(yīng)選擇A2,故選

Do

(3)A.電壓表分流屬于系統(tǒng)誤差，故A正確，

B.為保護(hù)電路，實(shí)驗(yàn)開始前，工作電路部分的工作電壓為零，滑動變阻器滑片應(yīng)該調(diào)到a端，故B錯

誤；

C.如圖所示，電路為分壓式電路，可以通過調(diào)節(jié)滑片使電壓表示數(shù)為0,故C正確；

D.多組實(shí)驗(yàn)可以減小偶然誤差，故D錯誤。

故選ACo

【分析】1.歐姆表讀出示數(shù)要乘以倍率才為電阻阻值。

2.選擇電學(xué)實(shí)驗(yàn)器材主要是選擇電表、滑動變阻器、電源等，一般要考慮四方面因素：

(1)安全因素：通過電源、電阻和電表的電流不能超過其允許的最大電流。

(2)誤差因素：選用電表應(yīng)考慮盡可能減小測量值的相對誤差，電壓表、電流表在使用時?，其指針應(yīng)偏轉(zhuǎn)

到滿偏刻度的W以上；使用歐姆表時應(yīng)選擇合適的倍率擋，使指針盡可能在中間刻度附近。

(3)便于操作：選用滑動變阻器時應(yīng)考慮對外供電電壓的變化范圍既能滿足實(shí)驗(yàn)要求，又便于調(diào)節(jié)。在調(diào)

節(jié)滑動變阻器時，應(yīng)使其大部分電阻線都被用到。

(4)實(shí)驗(yàn)實(shí)際：除以上三個因素外，還應(yīng)注重實(shí)驗(yàn)實(shí)際，如所用的電源與打點(diǎn)計時器的匹配問題等。

在選取電表時，在保證安全性的前提下，準(zhǔn)確性優(yōu)先，例如當(dāng)遇到某一待測電阻不要求一定達(dá)到某一電

壓或電流的情況時，即使電源電動勢較大，待測電阻的最大電流或最大電壓也較大，超過了比較小的電

表的量程，但用較大量程的電表，讀數(shù)又會小于考量程，則在滑動變阻器控制電壓或電流保證安全的情況

下，還是要選取較小量程的電表進(jìn)行測量以便減小誤差。

IL【答案】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E=n黑,其中：n=l,黑=需S，

磁感應(yīng)強(qiáng)度變化B=kt(k>0),等=k,S=g2

聯(lián)立即可解得感應(yīng)電動勢：E=^kl2

(2)線框受到的安培力豎直向上，為：FA=BIL=kt?華?l=矍，

當(dāng)線框開始向上運(yùn)動時，有mg=FA

即可解得：S=鳥爭。

kΓ

【解析】【分析】

(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化關(guān)系

即可解得感應(yīng)電動勢；

(2)根據(jù)題意可以判斷線框受到的安培力豎直向上，利用安培力的公式求解安培力；

當(dāng)線框開始向上運(yùn)動時，有mg=FA

即可解得開始運(yùn)動的時刻。

2

12.【答案】(1)對物塊A,根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可得：x=h-?gt

代入數(shù)據(jù)即可求得碰撞時離地的高度X=Im

(2)設(shè)B物體從地面豎直上拋的初速度為VBo,根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可知：X=VBot-ag/,代入數(shù)據(jù)可

以解得：VBo=6m∕s,

可得碰撞前A物塊的速度：vA=gt=2m∕s,方向豎直向下；

碰撞前B物塊的速度：VB=vβ0-gt-4m∕s,方向豎直向上；

選向下為正方向，由動量守恒可得：T∏AVA-TΠBVB=(JΠA+mβ)v

代入數(shù)據(jù)可解得碰后速度V=O0

(3)根據(jù)能量守恒可知碰撞損失的機(jī)械能：AE=*Z∏4以2+；JnBfB2-BMl+Z∏B)/=12/。

【解析】【分析】(1)對物塊A,根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可求得碰撞時離地的高度X

(2)根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求VBO,分別計算碰撞前AB物塊的速度，選向下為正方向，由動量守恒可得：

T∏AVA-TΠBVB-(TΠΛ+τnβ)v,代入數(shù)據(jù)可解得碰后速度V=Oo

(3)根據(jù)能量守恒可知碰撞損失的機(jī)械能。

本題的求解關(guān)鍵是運(yùn)動學(xué)的基本公式和動量守恒的關(guān)系式是矢量關(guān)系，注意方向不要出錯。

13.【答案】(1)⑴a電子，初速度方向在Xoy平面內(nèi)，與V軸正方向成。角；若磁場方向沿Z軸正方向，

a電子在洛倫茲力作用下向X軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)，不符合題題意；若磁場方向沿Z軸反方向，a電子在洛倫茲

力作用下向X軸正方向偏轉(zhuǎn)，符合題意；

b電子，初速度方向在Zoy平面內(nèi)，與y軸正方向成。角。將b電子初速度沿坐標(biāo)軸分解，沿Z軸的分

速度與磁感線平行不受洛倫茲力，沿y軸方向的分速度受到洛倫茲力使得電子沿X軸正方