山西洪洞新英學(xué)校2020-2021學(xué)年高二期中備考金卷物理試卷

物理注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共12小題，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～8題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題3分；第9～12題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1．在物理學(xué)理論建立的過程中，有許多科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)。下列說法正確的是()A．法拉第首先引入電場線和磁感線B．庫侖提出了庫侖定律，并最早用實(shí)驗(yàn)測得元電荷e的數(shù)值C．伏特提出了分子電流假說，并在磁場與電流的相互作用方面做出了杰出的貢獻(xiàn)D．“點(diǎn)電荷”“總電阻”“電場強(qiáng)度”概念的提出均運(yùn)用了等效替代的方法2．小李同學(xué)用鐵釘與漆包線繞成電磁鐵，接通電路前小磁針指向是垂直于紙面方向，當(dāng)接通電路后，放在其上方的小磁針N極立即轉(zhuǎn)向左側(cè)，如圖所示，則下列判斷正確的是()A．導(dǎo)線A端接電池負(fù)極B．小磁針?biāo)谖恢玫拇艌龇较蛩较蜃驝．若小磁針放在電磁鐵正下方，則電路接通后小磁針N極會向右偏D．若小磁針放在電磁鐵左側(cè)，則電路接通后小磁針N極仍向左偏3．如圖是在有勻強(qiáng)磁場的云室中觀察到的帶電粒子的運(yùn)動軌跡圖，M、N是軌跡上兩點(diǎn)，勻強(qiáng)磁場B垂直紙面向里。該粒子在運(yùn)動時(shí)，其質(zhì)量和電荷量不變，而動能逐漸減少，下列說法正確的是()A．粒子在M點(diǎn)動能大，在N點(diǎn)動能小B．粒子先經(jīng)過N點(diǎn)，后經(jīng)過M點(diǎn)C．粒子帶負(fù)電D．粒子在M點(diǎn)受到的洛倫茲力大于N點(diǎn)的4．在科學(xué)研究中，經(jīng)常用“電導(dǎo)率”這一概念來表示物質(zhì)導(dǎo)電本領(lǐng)的強(qiáng)弱，電導(dǎo)率是電阻率的倒數(shù)，如圖是硫酸濃度與電導(dǎo)率的關(guān)系圖，下列判斷正確的是()A．電導(dǎo)率的單位可以用Ω/m表示B．對于硫酸，濃度越高導(dǎo)電本領(lǐng)越強(qiáng)C．可以根據(jù)電導(dǎo)率來確定硫酸濃度D．某一濃度的硫酸導(dǎo)電時(shí)，遵從歐姆定律5．如圖所示，帶有等量異種電荷的兩塊很大的平行金屬板M、N水平正對放置，兩板間有一帶電微粒以速度v0沿直線運(yùn)動，當(dāng)微粒運(yùn)動到P點(diǎn)時(shí)，迅速將M板上移一小段距離。則此后微粒的運(yùn)動情況可能是()A．沿軌跡①做曲線運(yùn)動B．方向改變沿軌跡②做直線運(yùn)動C．方向不變沿軌跡③做直線運(yùn)動D．沿軌跡④做曲線運(yùn)動6．如圖所示的電場，M、N、Q是以直電場線上一點(diǎn)O為圓心的同一圓周上的三點(diǎn)，OQ連線垂直于MN。以下說法正確的是()A．O點(diǎn)電勢與Q點(diǎn)電勢相等B．O、M間的電勢差小于N、O間的電勢差C．將一負(fù)電荷由M點(diǎn)移到Q點(diǎn)，電荷的電勢能增加D．在Q點(diǎn)釋放一個(gè)正電荷，正電荷所受電場力將沿與OQ垂直的方向豎直向上7．如圖所示，電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r，閉合開關(guān)S，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V1、V2、V3示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想電流表示數(shù)變化量的絕對值ΔI，則下列結(jié)論正確的是()A．A的示數(shù)減小B．V2的示數(shù)增大C．ΔU3與ΔI的比值小于rD．ΔU1大于ΔU28．如圖，勻強(qiáng)電場中的A、B、C三點(diǎn)構(gòu)成一個(gè)直角三角形，BC邊垂直AC邊，∠BAC＝30°，BC邊長度為d，已知電場方向與該直角三角形的某一邊平行。一質(zhì)量為m、電量為q、帶正電的粒子（不計(jì)重力）在該電場中運(yùn)動，經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)速度大小為v0，方向沿AB；經(jīng)過BC邊的中點(diǎn)D時(shí)，速度大小為vD，方向與BC邊垂直。以下選項(xiàng)正確的是()A．電場方向可能與AC邊平行B．vD＝eq\f(1,2)v0C．A、B、C三點(diǎn)中B點(diǎn)電勢最低D．電場強(qiáng)度大小為9．已知長直通電導(dǎo)線在其周圍某點(diǎn)產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與該導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度成正比，與該點(diǎn)到導(dǎo)線的距離成反比。如圖，兩根平行長直通電導(dǎo)線L1、L2中的電流強(qiáng)度分別為I和2I，此時(shí)L1受到的磁場力大小為F。現(xiàn)將另一根長直通電導(dǎo)線L3平行放在L1外側(cè)，三根導(dǎo)線間距相等且處于同一平面，L1受到的磁場力大小變?yōu)?F，則L3中的電流強(qiáng)度大小可能是()A．2IB．4IC．6ID．8I10．如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為0.1g、電荷量為5×10－4C的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），放在傾角α＝30°的足夠長光滑絕緣斜面頂端，斜面置于B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直紙面向里，小滑塊由靜止開始沿斜面滑下，小滑塊運(yùn)動一段距離l后離開斜面，已知g＝10m/s2，則()A．小滑塊帶正電B．小滑塊帶負(fù)電C．l＝1.2mD．小滑塊離開斜面的瞬時(shí)速率為2m/s11．如圖所示為一種質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，已知加速電場的加速壓為U，靜電分析器通道中心線半徑為R，通道內(nèi)有均勻輻射電場，在中心線處的電場強(qiáng)度大小為E；磁分析器中分布著方向垂直于紙面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，其左邊界與靜電分析器的右邊界平行。由離子源發(fā)出一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子（初速度為零，重力不計(jì)），經(jīng)加速電場加速后進(jìn)入靜電分析器，沿中心線MN做勻速圓周運(yùn)動，而后由P點(diǎn)進(jìn)入磁分析器中，最終經(jīng)過Q點(diǎn)進(jìn)入收集器。下列說法正確的是()A．磁分析器中勻強(qiáng)磁場方向垂直于紙面向外B．磁分析器中圓心O2到Q點(diǎn)的距離為C．不同粒子經(jīng)相同的加速壓U加速后都可以沿通道中心線安全通過靜電分析器D．靜電分析器通道中心線半徑為12．如圖所示，絕緣底座上固定一電荷量為8×10－6C的帶正電小球A，其正上方O點(diǎn)處用輕細(xì)彈簧懸掛一質(zhì)量m＝0.06kg、電荷量大小為2×10－6C的小球B，彈簧的勁度系數(shù)k＝5N/m，原長L0＝0.3m?，F(xiàn)小球B恰能以A球?yàn)閳A心在水平面內(nèi)做順時(shí)針方向（從上往下看）的勻速圓周運(yùn)動，此時(shí)彈簧與豎直方向的夾角為θ＝53°。已知靜電力常量k＝9.0×109N·m2/C2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，g＝10m/s2，兩小球都視為點(diǎn)電荷。則下列說法正確的是()A．小球B一定帶負(fù)電B．圓周運(yùn)動時(shí)，彈簧的長度為0.5mC．B球圓周運(yùn)動的速度大小為eq\f(\r(6),3)m/sD．若突然加上豎直向上的勻強(qiáng)磁場，θ角將增大二、非選擇題：本題共6小題，共60分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13．(6分)在如圖甲所示的電路中，四節(jié)干電池串聯(lián)，小燈泡A、B的規(guī)格均為“3.8V，0.3A”。閉合開關(guān)S后，無論怎樣移動滑片P，A、B燈都不亮。(1)現(xiàn)用多用電表量程為10V的直流電壓擋檢查故障，測得c、d間電壓約為5.8V，e、f間電壓為0，則故障可能是______。A．小燈泡B燈絲斷路B．小燈泡A燈絲斷路C．d、e間斷路D．小燈泡B燈被短路(2)接著用多用電表測小燈泡的電阻。測量前，把小燈泡從電路中隔離，將多用電表的選擇開關(guān)置于測電阻擋的“×1”擋。某次測量結(jié)果如圖乙所示，測得小燈泡電阻為_____Ω。換掉損壞的元件，電路正常接通后，將多用電表選擇開關(guān)置于“250mA”擋，斷開開關(guān)S，將兩表筆分別與a、b兩接線柱接觸，穩(wěn)定時(shí)其指針也恰好指在如圖乙所示所指位置上，則通過燈泡的電流是________mA。14．(8分)在“測定電池的電動勢和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中，給定以下的器材來完成實(shí)驗(yàn)。待測干電池E一節(jié)電壓表V（量程0～3～15V，內(nèi)阻約為10kΩ）電流表A（量程0～0.6～3A，內(nèi)阻約為1Ω）滑動變阻器R（0～10Ω）導(dǎo)線、開關(guān)S(1)實(shí)驗(yàn)所用電路如圖甲所示，請用筆畫線代替導(dǎo)線在圖乙中完成實(shí)物連接圖，要求保證開關(guān)在閉合前滑動變阻器的滑片處于正確的位置；(2)該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得到圖丙中的圖線a，根據(jù)圖線a求得電源電動勢E＝_____V，內(nèi)電阻r＝________Ω；(3)圖丙中b圖線是標(biāo)有“1.5V、1.6W”的小燈泡的伏安特性曲線，該同學(xué)將該小燈泡與本實(shí)驗(yàn)中的電池連成一閉合電路，小燈泡實(shí)際消耗的電功率是________（保留2位有效數(shù)字）。15．(10分)水平面上有電阻不計(jì)的U形導(dǎo)軌NMPQ，它們之間的寬度為L，M和P之間接入電動勢為E的電源(不計(jì)內(nèi)阻)?，F(xiàn)垂直于導(dǎo)軌擱一根質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒ab，并加一個(gè)范圍較大的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向與水平面夾角為θ且指向右上方，如圖所示，問：(1)當(dāng)ab棒靜止時(shí)，受到的支持力和摩擦力各為多少？(2)若B的大小和方向均能改變，則要使ab棒所受支持力為零，B的大小至少為多少？此時(shí)B的方向如何？16．(10分)如圖所示，空間有E＝100V/m豎直向下的勻強(qiáng)電場，長L＝0.4m不可伸長的輕繩固定于O點(diǎn)。另一端系一質(zhì)量m＝0.5kg，電量q＝0.05C的帶正電小球。拉起小球至繩水平后在A點(diǎn)無初速度釋放，當(dāng)小球運(yùn)動至O點(diǎn)的正下方B點(diǎn)時(shí)繩恰好斷裂，小球繼續(xù)運(yùn)動，最后落至地面上C點(diǎn)，B點(diǎn)離地的高度hB＝0.1m，g＝10m/s2。求：(1)繩子張力的最大值；(2)落地點(diǎn)C到B點(diǎn)的水平距離。17．(12分)如圖，A、C兩點(diǎn)分別位于x軸和y軸上，∠OCA＝30°，OA的長度為L。在△OCA區(qū)域內(nèi)有垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以平行于y軸的方向從OA邊射入磁場。已知粒子從某點(diǎn)入射時(shí)，恰好垂直于OC邊射出磁場，且粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間為t0。不計(jì)重力。(1)求磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；(2)若粒子從某點(diǎn)射入磁場后，其運(yùn)動軌跡與AC邊相切，且在磁場內(nèi)運(yùn)動的時(shí)間為eq\f(5,3)t0，求粒子此次入射速度的大小。18．(14分)如圖甲所示，在紙面內(nèi)有－平面直角坐標(biāo)系xOz，整個(gè)空間分布區(qū)域足夠大的勻強(qiáng)磁場，其磁感強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外。一個(gè)質(zhì)量為m、帶電荷量為q的正粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O以初速度v沿x軸正方向射入，不計(jì)粒子的重力，請回答下列問題：(1)為使該粒子能沿x軸做勻速直線運(yùn)動，可再加一勻強(qiáng)電場，求該電場電場強(qiáng)度的大?。?2)若撤去第(1)中的勻強(qiáng)電場，但改變磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，使粒子恰好能經(jīng)過圖甲中位置坐標(biāo)為（x＝3l，z＝－l）的點(diǎn)，則改變后的磁感應(yīng)強(qiáng)度B'為多大？(3)在甲圖的坐標(biāo)原點(diǎn)O處，再新加一垂直于紙面向里的y軸，如圖乙所示（立體圖），保持原磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，將電場強(qiáng)度大小調(diào)整為E'，方向調(diào)整為平行于yOz平面且與y軸正方向成某個(gè)夾角θ。若使得該粒子能夠在xOy平面內(nèi)做類平拋運(yùn)動（沿x軸正方向做勻速直線運(yùn)動，沿y軸正方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動），并經(jīng)過圖乙中位置坐標(biāo)為（x＝3l，y＝l，z＝0）的點(diǎn)，求E'的大小和tanθ各為多少。物理答案一、選擇題：本題共12小題，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～8題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題3分；第9～12題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1．【答案】A【解析】法拉第首先引入電場線和磁感線，極大地促進(jìn)了他對電磁現(xiàn)象的研究，故A正確；庫侖提出了庫侖定律，密立根最早用實(shí)驗(yàn)測得元電荷e的數(shù)值，故B錯(cuò)誤；安培提出了分子電流假說，并在磁場與電流的相互作用方面做出了杰出的貢獻(xiàn)，故C錯(cuò)誤；“點(diǎn)電荷”采用理想化模型的方法，“總電阻”采用等效替代的方法，“電場強(qiáng)度”采用比值定義法，故D錯(cuò)誤。2．【答案】B【解析】當(dāng)接通電路后，放在其上方的小磁針N極立即轉(zhuǎn)向左側(cè)，所以小磁針處的磁場的方向向左，通電螺線管產(chǎn)生的磁場的方向向右，鐵釘右端為電磁鐵的N極。所以螺旋管外側(cè)的電流的方向向下，即漆包線內(nèi)電流由A流向B，導(dǎo)線A端接電池正極，故A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)安培定則可知，若小磁針放在電磁鐵正下方，該處的磁場方向同樣向左，則電路接通后小磁針N極會向左偏，若小磁針放在電磁鐵左側(cè)，則電路接通后小磁針N極向右偏，故CD錯(cuò)誤。3．【答案】B【解析】由洛倫茲力提供向心力，可得qvB＝meq\f(v2,r)，則粒子軌道半徑r＝eq\f(mv,qB)，故粒子的軌道半徑越小，速度越小，所以粒子在M點(diǎn)的速度小于N點(diǎn)的速度，故粒子先經(jīng)過N點(diǎn)，后經(jīng)過M點(diǎn)，故A錯(cuò)誤，B正確；由左手定則可以判斷出粒子帶正電，故C錯(cuò)誤；根據(jù)洛倫茲力的公式F＝qvB，已知粒子在M點(diǎn)的速度小于N點(diǎn)的速度，故粒子在M點(diǎn)受到的洛倫茲力小于N點(diǎn)的，故D錯(cuò)誤。4．【答案】D【解析】由R＝ρeq\f(l,S)得，由于電導(dǎo)率為電阻率的倒數(shù)，即，則電導(dǎo)率的單位為Ω?m，故A錯(cuò)誤；由圖可知，電導(dǎo)率并不是隨濃度的增大而增大的，濃度越高導(dǎo)電性能不一定好，故B錯(cuò)誤；因電導(dǎo)率與濃度沒有確定關(guān)系，因此不能用電導(dǎo)率來確定濃度，故C錯(cuò)誤；硫酸的導(dǎo)電性能與其濃度有關(guān)，但是對確定濃度的導(dǎo)體來說它仍遵守歐姆定律，故D正確。5．【答案】C【解析】平行金屬板所帶電量和正對面積都不變，根據(jù)推論E＝eq\f(4πkQ,εrS)得知，只改變兩板的距離時(shí)，板間的場強(qiáng)不變，粒子的受到電場力也不變，微粒的運(yùn)動方向不變，仍沿軌跡③做直線運(yùn)動，故選C。6．【答案】C【解析】電場線與等勢面垂直，過O點(diǎn)做O點(diǎn)附近的等勢面如圖，可知O點(diǎn)的電勢比Q點(diǎn)的電勢高，A錯(cuò)誤；根據(jù)電場分布可知，OM間的平均電場強(qiáng)度比NO之間的平均電場強(qiáng)度大，故由公式U＝Ed可知，OM間的電勢差大于NO間的電勢差，B錯(cuò)誤；M點(diǎn)的電勢比Q點(diǎn)的電勢高，負(fù)電荷從高電勢移動到低電勢電場力做負(fù)功，電荷的電勢能增加，C正確；正電荷所受電場力將沿與該點(diǎn)電場線的切線方向相同，由圖可知Q點(diǎn)的電場線不是豎直向上的，而是斜向上，所以，在Q點(diǎn)釋放一個(gè)正電荷，正電荷所受電場力將沿斜向上，D錯(cuò)誤。7．【答案】D【解析】理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路，理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)于短路，所以R與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表V1、V2、V3分別測量R、路端電壓和滑動變阻器兩端的電壓，當(dāng)滑動變阻器滑片向下滑動時(shí)，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A的示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，所以V2的示數(shù)減小，故B錯(cuò)誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律得U3＝E－I(R＋r)，則，故C錯(cuò)誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律得U2＝E－Ir，則，又，R>r，則，故ΔU1>ΔU2，故D正確。8．【答案】D【解析】因帶正電的粒子沿AB方向入射，垂直BC邊射出，且已知電場方向與該直角三角形的某一邊平行，根據(jù)做曲線運(yùn)動的物體所受的合外力方向指向軌跡的凹向，可知?jiǎng)t粒子所受電場力方向平行于BC向下，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；粒子在垂直于BC方向做勻速運(yùn)動，可知vD＝v0cos30°＝eq\f(\r(3),2)v0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；沿電場線電勢逐漸降低，可知A、B、C三點(diǎn)中B點(diǎn)電勢最高，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由A到D由動能定理得－Eqeq\f(1,2)d＝eq\f(1,2)mvD2－eq\f(1,2)mv02，解得，選項(xiàng)D正確。9．【答案】AC【解析】只有平行長直通電導(dǎo)線L1、L2時(shí)，L1受到向右的安培力。將另一根長直通電導(dǎo)線L3平行放在L1外側(cè)，L1受到的磁場力大小變?yōu)?F，若L3電流向上，L3電流產(chǎn)生的磁場對L1有向左的安培力，分析可知大小為3F，因長直通電導(dǎo)線在其周圍某點(diǎn)產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與該導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度成正比，對比L2電流強(qiáng)度大小可知L3中的電流強(qiáng)度大小6I；若L3電流向下，L3電流產(chǎn)生的磁場對L1有向右的安培力，分析可知大小為F，對比L2電流強(qiáng)度大小可知L3中的電流強(qiáng)度大小2I。故AC正確，BD錯(cuò)誤。10．【答案】BC【解析】由題意知，小滑塊運(yùn)動一段距離l后離開斜面，則小滑塊受到的洛倫茲力垂直斜面向上，根據(jù)左手定則可知小滑塊帶正電，故A錯(cuò)誤，B正確；由題意知，當(dāng)滑塊離開斜面時(shí)，有Bqv＝mgcosα，解得v＝2eq\r(3)m/s；滑塊在離開斜面之前一直做勻加速直線運(yùn)動，其加速度a＝gsinα＝5m/s2，由v2＝2al，解得l＝1.2m，故C正確，D錯(cuò)誤。11．【答案】ACD【解析】粒子在磁分析器中沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動，所受洛倫茲力指向圓心，根據(jù)左手定則，磁分析器中勻強(qiáng)磁場方向垂直于紙面向外，故A正確；設(shè)離子進(jìn)入靜電分析器時(shí)的速度為v，離子在加速電場中加速的過程中，由動能定理得Uq＝eq\f(1,2)mv2－0，在通過靜電分析器時(shí)，電場力提供向心力，qE＝meq\f(v2,R)，可得，可見R與離子的比荷無關(guān)，所以不同粒子經(jīng)相同的加速壓U加速后都可以沿通道中心線安全通過靜電分析器，故C、D正確；離子在磁分析器中做勻速圓周運(yùn)動，由qvB＝meq\f(v2,r)，得，因此，故B錯(cuò)誤。12．【答案】ABD【解析】小球A、B之間的庫侖力，設(shè)彈簧彈力為T，小球B在豎直方向上，有Tcosθ＝mg，彈簧的彈力在水平方向的分力Tx＝Tsinθ，由胡克定律T＝k0(lOB－L0)，又lAB＝lOBsinθ，可解得T＝1N，Tx＝0.8N，F(xiàn)＝0.9N，lOB＝0.5m，lAB＝0.4m，B正確；因小球B做勻速圓周運(yùn)動，所受合外力指向圓心A，又有F>Tx，則B球帶負(fù)電，A正確；所受合外力F合＝F＋Tx＝1.7N，由，解得m/s，C錯(cuò)誤；若突然加上豎直向上的勻強(qiáng)磁場，帶負(fù)電的小球B受到從A到B方向的磁場力，小球B受到的向心力減小，半徑增大，即θ角將增大，D正確。二、非選擇題：本題共6小題，共60分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13．(6分)【答案】(1)B(2)7.0175(每空2分)【解析】(1)測得c、d間電壓約為5.8V，說明此時(shí)電壓表與電源兩極相連，c、d間之外電路不存在斷路，e、f間電壓為0為零，說明e、f間沒有斷路，e、f之外電路存在斷路，由此可知c、d間斷路，即小燈泡A燈絲斷路，ACD錯(cuò)誤，B正確。(2)小燈泡電阻為7.0×1Ω＝7.0Ω，將多用電表選擇開關(guān)置于“250mA”擋，由圖示表盤可知，其分度值為5mA，示數(shù)為35×5mA＝175mA。14．(8分)【答案】(1)見解析圖(2)1.450.5(3)0.69(每空2分)【解析】(1)由原理圖可知滑動變阻器為限流接法，電壓表并聯(lián)在滑動變阻器兩端，由原理圖連接實(shí)物圖所示。(2)由實(shí)驗(yàn)原理U＝E－Ir可知，電源的電動勢E＝1.45V，內(nèi)阻。(3)兩條圖線a、b的交點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)分別表示將該電阻R與電源連成閉合電路時(shí)通過電阻R的電流和它兩端的電壓，電壓U＝1.15V，電流I＝0.6A，所以此時(shí)電阻R消耗的電功率是P＝UI＝0.69W。15．(10分)【解析】從b向a看側(cè)視圖如圖所示。(1)水平方向：f＝F安sinθ(1分)豎直方向：N＋F安cosθ＝mg(1分)又F安＝BIL＝Beq\f(E,R)L(2分)聯(lián)立解得：N＝mg－eq\f(BLEcosθ,R)，f＝eq\f(BLEsinθ,R)。(2分)(2)要使ab棒受支持力為零，且讓磁場最小，可知安