湖南省婁底市漣源新禾中學(xué)2022年高一物理下學(xué)期期末試卷含解析

湖南省婁底市漣源新禾中學(xué)2022年高一物理下學(xué)期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.無人機在某段飛行過程中，通過機載傳感器描繪出運動的圖象，圖甲是沿水平方向的x-t圖象，圖乙是沿豎直方向的v-t圖象，在0~3s內(nèi)（

）A.無人機在水平方向做勻加速直線運動B.無人機在豎直方向做勻加速直線運動C.無人機的運動軌跡為拋物線D.t=3s時無人機的速度大小為5m/s參考答案：BCD【詳解】A、由水平方向的x-t圖象知，無人機在水平方向做勻速直線運動，速度為3m/s，故A錯誤。B、由豎直方向的v-t圖象知，無人機在豎直方向做勻加速直線運動，加速度a=m/s2，故B正確。C、無人機在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做勻加速直線運動，所以無人機的運動軌跡為拋物線，故C正確。D、t=3s時，無人機vx=3m/s，vy=4m/s，無人機的速度v==5m/s，故D正確。2.測量出萬有引力常量G的科學(xué)家是A．牛頓

B．伽利略

C．開普勒

D．卡文迪許D參考答案：3.在一次機器人比賽中給機器人設(shè)定了如下動作程序：機器人在平面內(nèi)，由點(0，0)出發(fā)，沿直線運動到點(3m，1m)，再由點(3m，1m)沿直線運動到點(1m，4m)，然后又由點(1m，4m)沿直線運動到點(5m，5m)，最后由點(5m，5m)沿直線運動到點(2m，2m)．整個過程機器人所用時間是2s，則()A.機器人的運動軌跡是一條直線B.機器人不會兩次通過同一點C.整個過程中機器人的位移大小為2mD.整個過程中機器人的平均速率為1m/s參考答案：C【詳解】A、由題目給定的坐標(biāo)位置變化可以知道機器人的運動軌跡為折線,故A錯誤;

B、由點(5m，5m)沿直線運動到點(2m，2m)會與由點(3m，1m)沿直線運動到點(1m，4m)有交點,即會經(jīng)過同一位置,故B錯;

C、根據(jù)題意知機器人初位置坐標(biāo)為(0，0),末位置坐標(biāo)為(2m，2m),故位移為:，故C對；D、該個過程中機器人所用時間是2s,所以平均速度而平均速率為路程與時間的比值,由運動過程可以知道,機器人做的不是單向直線運動,則路程大于位移的大小,所以平均速率大于1m/s，故D錯；綜上所述本題答案是：C【點睛】根據(jù)坐標(biāo)位置的變化可表示位移和路程,平均速率為路程與時間的比值,平均速度為位移與時間的比值.4.（單選）將一枚硬幣放在唱片上勻速轉(zhuǎn)動時，硬幣與唱片保持相對靜止.關(guān)于硬幣的受力情況，下列說法正確的是()A．硬幣受靜摩擦力、向心力，共兩個力B．硬幣受重力、支持力、靜摩擦力，共三個力C．硬幣受重力、支持力、指向圓心的靜摩擦力、切線方向的靜摩擦力，共四個力D．硬幣受重力、支持力、靜摩擦力、向心力，共四個力參考答案：B5.面關(guān)于萬有引力的說法中正確的是（

）A．萬有引力是普遍存在于宇宙空間中所有具有質(zhì)量的物體之間的相互作用B．重力和引力是兩種不同性質(zhì)的力C．當(dāng)兩物體間有另一質(zhì)量不可忽略的物體存在時，則這兩個物體間萬有引力將增大D．當(dāng)兩個物體間距為零時，萬有引力將無窮大參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.在研究平拋物體運動的實驗中，用一張印有小方格的紙來記錄軌跡，小方格的邊長L=1.25cm，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋初速度的為V0=__________m/s(g=10m/s2),到達b點時的瞬時速度大小為Vb=__________m/s.參考答案：0.50；

0.71或7.足球以6m/s的速度飛來，運動員把它以8m/s的速度反向踢出，踢球時間為0.1s，設(shè)飛來的方向為正方向，且踢球過程球做勻變速運動，則球的加速度為______m/s2。參考答案：-1408.飛機著地時的速度v0=60m/s,著地后即以a=6m/s2的加速度做勻減速運動,直至停止,飛機著地后12s內(nèi)的位移大小為__________m參考答案：1809.一小球在桌面上做勻加速直線運動，用頻閃相機記錄小球的運動，并將小球的位置編號，得到的照片如圖所示。由于底片保管不當(dāng)，其中位置3處被污損。利用該照片得到，位置1、2間的距離為4．5cm，4、5間的距離為13．5cm，則小球的加速度a=______，位置3處小球的速度υ=__________m/s，2、3間的距離為_______cm。（已知相機的頻閃周期為0．1s）參考答案：3，0．9，7．5試題分析：根據(jù)逐差法可得，故，，解得，根據(jù)勻變速直線運動中間時刻速度推論可得，該刻度尺的分度值為1cm，故考點：考查了勻變速直線運動規(guī)律的應(yīng)用【名師點睛】做分析勻變速直線運動情況時，其兩個推論能使我們更為方便解決問題，一、在相等時間內(nèi)走過的位移差是一個定值，即，二、在選定的某一過程中，中間時刻瞬時速度等于該過程中的平均速度10.質(zhì)量為2000kg的汽車以一定的速率駛過一座圓弧形拱橋，橋頂一段的圓弧半徑為100m，則要使汽車通過橋頂時對橋頂?shù)膲毫檐囍氐?.9倍，則汽車過橋頂時的速度應(yīng)為

m/s；汽車要在橋面上騰空，速度至少應(yīng)為

m/s．（取g=10m/s2）參考答案：10，．【考點】向心力．【分析】根據(jù)汽車在橋頂所受的支持力，結(jié)合牛頓第二定律求出汽車過橋頂?shù)乃俣龋羝囋跇蛎骝v空，支持力為零，根據(jù)牛頓第二定律求出汽車的速度．【解答】解：在最高點，根據(jù)牛頓第二定律得：，N=0.9mg，代入數(shù)據(jù)解得：v=10m/s．當(dāng)汽車在橋面上騰空，支持力N=0，根據(jù)牛頓第二定律得：mg=，解得：=m/s=m/s．故答案為：10，．11.在用打點計時器測速度的實驗中，某同學(xué)打出了如圖所示的一條紙帶。已知相鄰點的時間間隔為0．02s，紙帶旁邊是一把最小刻度為1mm的直尺，試計算拖著紙帶做直線運動的物體在B點的瞬時速度______________。參考答案：12.（4分）下圖為某同學(xué)在進行早鍛煉時沿直線從A地跑到B地的頻閃照片，已知該同學(xué)身高為1.7m，從A地跑到B地他一共用時5s，則該同學(xué)跑步的平均速度約為_______m／s。（本題計算結(jié)果數(shù)值保留到小數(shù)點后第一位）

參考答案：2.413.右圖是小球做平拋運動的閃光照片，圖中每個小方格的邊長都是1.25cm．若小球在平拋運動中的幾個位置如圖中的A、B、C、D所示，其中A點為拋出點．小球的初速度是________m/s，小球過C點時的速率是_______m/s(取g=10m/s2).參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中(電源頻率為50Hz)。

（1）下列說法中不正確或不必要的是______。（填選項前的序號）

A．長木板的一端必.須墊高，使小車在不掛鉤碼時能在木板上做勻速運動

B．連接鉤碼和小車的細線應(yīng)與/長木板保持平行

C．小車應(yīng)靠近打點計時器，先接通電源，后釋放小車

D.

選擇計數(shù)點時，必須從紙帶上第一個點開始

(2)如圖所示是實驗中打下-的一段紙帶，打計數(shù)點2時小車的速度為____m/s，其余計數(shù)點1、3、4、5對應(yīng)的小車瞬時速度已在坐標(biāo)紙上標(biāo)出。

(3)在坐標(biāo)紙上補全計數(shù)點2對/的數(shù)據(jù)，描點作圖，求得小車的加速度為_______m/s2。參考答案：

(1).AD

(2).0.60

(3).如圖所示（1）此實驗要研究小車的勻加速直線運動，所以不需要平衡摩擦力，選項A不必要；連接鉤碼和小車的細線應(yīng)與長木板保持平行，選項B有必要；小車應(yīng)靠近打點計時器，先接通電源，后釋放小車，選項C有必要；選擇計數(shù)點時，應(yīng)該從點跡較清晰的開始選點，沒必要必須從紙帶上第一個點開始，選項D不必要；故選AD.（2）根據(jù)圖中x1=3.80cm=0.0380m，x3=15.70cm=0.1570m，所以有：；

（3）根據(jù)描點作一條過原點的直線，如圖所示：

直線的斜率即為小車的加速度，所以加速度為：．15.一顆在赤道上空運行的人造衛(wèi)星，其軌道半徑為r=2R(R為地球半徑)，衛(wèi)星的轉(zhuǎn)動方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同.已知地球自轉(zhuǎn)的角速度為，地球表面處的重力加速度為g.求：

(1)該衛(wèi)星所在處的重力加速度g′；

(2)該衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動的角速度ω；(3)該衛(wèi)星相鄰兩次經(jīng)過赤道上同一建筑物正上方的時間間隔.參考答案：（1）（2）（3）【詳解】(1)在地球表面處物體受到的重力等于萬有引力mg=，在軌道半徑為r=2R處,仍有萬有引力等于重力mg′=，解得：g′=g/4；(2)根據(jù)萬有引力提供向心力，mg=，聯(lián)立可得ω=，(3)衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，建筑物隨地球自轉(zhuǎn)做勻速圓周運動，當(dāng)衛(wèi)星轉(zhuǎn)過的角度與建筑物轉(zhuǎn)過的角度之差等于2π時，衛(wèi)星再次出現(xiàn)在建筑物上空以地面為參照物，衛(wèi)星再次出現(xiàn)在建筑物上方時，建筑物隨地球轉(zhuǎn)過的弧度比衛(wèi)星轉(zhuǎn)過弧度少2π.即ω△t?ω0△t=2π解得：【點睛】（1）在地球表面處物體受到的重力等于萬有引力mg=，在軌道半徑為2R處，仍有萬有引力等于重力mg′=，化簡可得在軌道半徑為2R處的重力加速度；（2）人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由地球的萬有引力提供向心力，結(jié)合黃金代換計算人造衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動的角速度ω；（3）衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，建筑物隨地球自轉(zhuǎn)做勻速圓周運動，當(dāng)衛(wèi)星轉(zhuǎn)過的角度與建筑物轉(zhuǎn)過的角度之差等于2π時，衛(wèi)星再次出現(xiàn)在建筑物上空．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，輪半徑r很小的傳送帶，水平部分AB的長度L=1.5m，與一圓心在O點、半徑R=1m的豎直光滑圓軌道的末端相切于A點，AB高出水平地面H=1.25m，一質(zhì)量m=0.1kg的小滑塊（可視為質(zhì)點），由圓軌道上的P點從靜止釋放，OP與豎直線的夾角θ=37°．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，不計空氣阻力．（1）求滑塊對圓軌道末端的壓力的大小；（2）若傳送帶一直保持靜止，求滑塊的落地點與B間的水平距離；（3）若傳送帶以v0=2.4m/s的速度沿順時針方向運行（傳送帶上部分由A到B運動），求滑塊從A點到B點過程中摩擦力做功的功率．參考答案：解：（1）滑塊從P到圓軌道末端的過程中，由動能定理可得：

mgR（1﹣cos37°）=mv2﹣0可得滑塊到達A點時的速度v==m/s=2m/s；滑塊在軌道末端時，根據(jù)牛頓第二定律有：N﹣mg=m可得N=mg+m=0.1×10+0.1×=1.4N根據(jù)牛頓第三定律得：滑塊對圓軌道末端的壓力大小為1.4N，方向豎直向下；（2）從A到B的過程中，只有摩擦力對滑塊做功，根據(jù)動能定理得：﹣μmgL=﹣mv2代入數(shù)據(jù)可解得滑塊到達B時的速度vB=1m/s滑塊從B點開始做平拋運動，則滑塊落地點距B點的水平距離：

x=vBt=vB=1×m=0.5m（3）若傳送帶以v0=2.4m/s的速度沿順時針方向運行，滑塊先做勻加速運動，加速度為a==μg=1m/s2．從滑上傳送帶到與傳送帶共速的時間t1===0.4s勻加速的位移x1===0.88m＜L=1.5m接著滑塊做勻速運動，用時t2==≈0.25s滑塊從A點到B點的總時間t=t1+t2=0.65s摩擦力做功為W=μmgx1=0.1×1×10×0.88=0.88J所以滑塊從A點到B點過程中摩擦力做功的功率為P==≈1.4W答：（1）滑塊對圓軌道末端的壓力為1.4N；（2）若傳送帶一直保持靜止，滑塊的落地點與B間的水平距離為0.5m；（3）滑塊從A點到B點過程中摩擦力做功的功率為1.4W．【考點】牛頓運動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．【分析】（1）根據(jù)動能定理求得滑塊到達末端A時的速度，再由牛頓第二定律求得軌道對滑塊的支持力，由牛頓第三定律得滑塊對圓軌道的壓力；（2）根據(jù)動能定理求得滑塊離開傳送帶時的速度，再根據(jù)平拋知識求滑塊落地點與B間的水平距離；（3）根據(jù)牛頓第二定律求出滑塊在傳送帶上勻加速運動時的加速度，由速度公式求出滑塊加速至傳送帶速度時所用時間，再求摩擦