江蘇省南京市、鹽城市2023屆高三下學(xué)期第二次（3月）模擬物理試卷（含答案）

江蘇省南京市、鹽城市2023屆高三下學(xué)期第二次（3月）模擬物理

試卷

學(xué)校：姓名：班級(jí)：考號(hào)：

一、單選題

1、我國(guó)的可控核聚變實(shí)驗(yàn)已取得重大突破，處于國(guó)際領(lǐng)先地位，下列說(shuō)法正確的是（）

A.只有笊（；H）和泉（；H）能發(fā)生核聚變，其他原子核不能

B.由核反應(yīng)方程;H+jH→=He+＞可知，核聚變反應(yīng)的條件之一就是需要慢中子

C.核聚變和核裂變釋放核能時(shí)，都有質(zhì)量虧損

D.核聚變反應(yīng)發(fā)生后，需要外界不斷給它提供能量才能將反應(yīng)持續(xù)下去

2、下列光現(xiàn)象中屬于衍射的是（）

A.水中的氣泡看起來(lái)特別明亮

B.白光通過(guò)三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色光帶

C.在陽(yáng)光照射下肥皂泡上出現(xiàn)彩色條紋

D.某彩色光照射圓盤(pán)后，在適當(dāng)?shù)奈恢?，影的中心出現(xiàn)一個(gè)亮斑

3、如圖甲所示，筆記本電腦支架一般有多個(gè)卡位用來(lái)調(diào)節(jié)角度，某人將電腦放在該支

架上，由卡位4緩慢調(diào)至卡位1（如圖乙），電腦與支架始終處于相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)，則

（）

甲乙

A.電腦受到的支持力變大

B.電腦受到的摩擦力變大

C.支架對(duì)電腦的作用力減小

D.電腦受到的支持力與摩擦力兩力大小之和等于其重力大小

4、一列波長(zhǎng)大于Im的橫波沿X軸負(fù)方向傳播，處在Xl=Im的質(zhì)點(diǎn)A和Xl=2m的質(zhì)

點(diǎn)B各自的振動(dòng)圖像如圖所示，由此可知（）

B.波速為Im/s

C.3s末質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方向?yàn)閥軸負(fù)方向

D.2s末至3s末A、3兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的平均速度相同

5、2023年1月21日，神舟十五號(hào)3名航天員在40Okm高的空間站向祖國(guó)人民送上新

春祝福，空間站的運(yùn)行軌道可近似看作圓形軌道I,設(shè)地球表面重力加速度為g,地

球半徑為R,橢圓軌道II為載人飛船運(yùn)行軌道，兩軌道相切與A點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的

是（）

軌道I''、、、

/軌道∏\

、

/t——————\

A.在A點(diǎn)時(shí)神州十五號(hào)經(jīng)過(guò)點(diǎn)火加速才能從軌道I進(jìn)入軌道∏

B.飛船在A點(diǎn)的加速度小于空間站在A點(diǎn)的加速度

C.空間站在軌道I上的速度小于我

D.軌道I上的神州十五號(hào)飛船想與前方的空間站對(duì)接，只需要沿運(yùn)動(dòng)方向加速即可

6、氫原子的能級(jí)圖如圖甲所示，一群處于第4能級(jí)的氫原子，向低能級(jí)躍遷過(guò)程中能

發(fā)出幾種不同頻率的光，其中只有頻率為匕、匕兩種光可讓圖乙所示的光電管陰極K

發(fā)生光電效應(yīng)，先分別用頻率H或2的三個(gè)光源。、反C分別照射該光電管陰極K,測(cè)

得電流隨電壓變化的圖像如圖丙所示，下列說(shuō)法中正確的是（）

n￡7eV

8-------------------O

4--------------------0.85

3--------------------1.51

2--------------------3.4

1--------------------13.6

甲

A.處于第4能級(jí)的氫原子向下躍遷最多發(fā)出4種不同頻率的光子

B.圖線C對(duì)應(yīng)的光是氫原子由第3能級(jí)向第1能級(jí)躍遷發(fā)出的

C.圖線。對(duì)應(yīng)的光子頻率大于圖線C對(duì)應(yīng)的光子頻率

D.用圖線人對(duì)應(yīng)的光照射光電管時(shí)，光電流會(huì)隨著正向電壓的增大而不斷增大

7、如圖所示，某同學(xué)用“插針?lè)ā睖y(cè)量?jī)擅嫫叫胁ＡТu的折射率，他先在紙上緊貼玻璃

磚畫(huà)出參考線皈，仍，，釘上大頭針片、P2,然后繼續(xù)實(shí)驗(yàn)。并畫(huà)出光路圖，則下列說(shuō)

A.入射角i盡量小一些，可以減小誤差

B.P「鳥(niǎo)及鳥(niǎo)、與之間的距離取的小一些，可以減小誤差

C.若在釘大頭針鳥(niǎo)不小心使玻璃板平移到了虛線框位置，則最終測(cè)得的折射率偏大

D.若把仍，誤畫(huà)在了就，，其他操作均正確，則測(cè)得的折射率偏小

8、如圖所示，傾角為ɑ的足夠長(zhǎng)斜面，現(xiàn)從斜面上。點(diǎn)與斜面成夕角（尸＜90。），

以速度％、2%分別拋出小球P、0,小球尸、。剛要落在斜面上A、B兩點(diǎn)時(shí)的速度分

別以、為，設(shè)。、A間的距離為山，。、8間的距離為§2,不計(jì)空氣阻力，當(dāng)夕取不同

值時(shí)下列說(shuō)法正確的是（）

%

O

A.力一定等于2vp

B.ve方向與斜面的夾角一定小于VP方向與斜面的夾角

C.P、。在空中飛行的時(shí)間可能相等

D..可能大于4S1

9、將一個(gè)小球從地球豎直上拋，過(guò)程中小球受到的阻力與速率成正比，設(shè)向上為正方

向，小球的速率、位移、動(dòng)能和機(jī)械能分別為丫、x、Ek和E，以地面為零勢(shì)能面，則

下列描述小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程的圖像可能正確的是（）

由1、2、3三個(gè)帶電量均為+4、質(zhì)量均為根的相同金

屬小球，用長(zhǎng)為L(zhǎng)的三根絕緣細(xì)繩連接，A、B、C分別為其中心，。為三角形中心,

已知單個(gè)點(diǎn)電荷4周圍空間的電勢(shì)夕=左幺，「為到點(diǎn)電荷的距離，則下列說(shuō)法正確的

是（）

AQ點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，且方向向上

B.若L長(zhǎng)度可調(diào)節(jié)，則A、O兩點(diǎn)的電勢(shì)可能相等

c?系統(tǒng)的總電勢(shì)能為E=后至

PL

D.若3處剪斷，則之后小球1的最大速度為％,2

,nV3mL

二、實(shí)驗(yàn)題

11、某同學(xué)用多用電表做了以下兩個(gè)實(shí)驗(yàn)：

(1)用歐姆擋測(cè)量一電阻的阻值(約1500Ω~2500Ω)，進(jìn)行了如圖甲所示虛線框中

A、B、C、D四個(gè)操作，正確的操作順序是；其中步驟B的指針指在如圖乙

所示的刻度處，該電阻的阻值為g。

(2)歐姆表內(nèi)部電路可簡(jiǎn)化為一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為E的電源、一個(gè)電流表、一個(gè)可變電阻

和紅表筆串聯(lián)而成。為了測(cè)量多用電表歐姆擋在“xlOO”擋時(shí)的內(nèi)部總電阻八電動(dòng)勢(shì)E

和黑表筆短接時(shí)多用電表中的電流/,該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖丙所示的電路。

①正確連線后，閉合開(kāi)關(guān)，改變電阻箱的阻值，得到多組電流表的示數(shù)/和電阻箱的

R,數(shù)據(jù)記錄如下表：

請(qǐng)根據(jù)該同學(xué)在坐標(biāo)紙上描繪的點(diǎn)畫(huà)出L-R圖像；

/

R∕Ω15701140920550300110

Z/mA0450.520.610.660.730.81

?（mA^'）2.221.21.641.521.371.23

②由:-R圖像計(jì)算歐姆表內(nèi)電源的電動(dòng)勢(shì)E=V；

③若毫安表內(nèi)阻zλ=180Q,則紅、黑表筆短接時(shí)多用電表中的電流

/=mAo（以上結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）

O500100015002000RC

—?計(jì)算題

12、如圖甲所示，一個(gè)導(dǎo)熱氣缸水平放置，內(nèi)部封閉著熱力學(xué)溫度為"的理想氣體，

活塞截面積為S,活塞與氣缸底部距離為3大氣壓為不，重力加速度為g,活塞與氣

缸之間摩擦忽略不計(jì)。先保持溫度不變，將氣缸緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)90°（如圖乙），活塞與氣

缸底部距離變?yōu)镼9L。再對(duì)氣體緩慢加熱，活塞離氣缸底部距離變?yōu)?.2L（如圖

丙），求：

（I）活塞的質(zhì)量，”；

（2）氣體加熱后的熱力學(xué)溫度―

13、某種發(fā)電機(jī)的原理如圖所示，矩形線圈處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，

可繞與磁場(chǎng)方向垂直的固定軸OO'勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度為由。已知線圈的匝數(shù)為〃，ab

邊長(zhǎng)為乙，兒邊長(zhǎng)為4,線圈總電阻為「，線圈與阻值為R的外電路連接，交流電壓

表為理想電表。求：

(1)線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90。的過(guò)程中，通過(guò)電阻R的電量?jī)H

(2)發(fā)電機(jī)正常工作時(shí)，交流電壓表的示數(shù)Uo

14、如圖甲所示，質(zhì)量為2m的足夠長(zhǎng)木板C置于水平面上，滑塊A、B質(zhì)量均為〃?，

置于C上，B位于A右方某處。A、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃A=0?2,B、C間，C與地面間

的動(dòng)摩擦因數(shù)〃B=4=°1。給C施加一水平向右的恒力凡A、8第一次相遇時(shí)間為

ta可得與尸的關(guān)系如圖乙所示。(設(shè)A、B間碰撞為彈性正碰，最大靜摩擦力等于滑

動(dòng)摩擦力，g=IOmH)求：

(1)滑塊A、8的最大加速度明、aB；

(2)A、B之間的初始距離L和滑塊A的質(zhì)量〃?；

(3)若尸=13N,從剛開(kāi)始施加力至A、B第二次相撞時(shí)拉力尸，所做的功卬。

15、如圖所示，真空中存在一間距為d=0.02m的水平平行板電容器，板長(zhǎng)

L=0.04m，板間電壓為勻強(qiáng)電場(chǎng)方向向上，MN為一垂直上極板P。的足夠長(zhǎng)的

光屏，其下端N與極板右端Q重合，在MN所在豎直線右側(cè)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在下極板

左端有一個(gè)粒子源A,可以緊貼極板水平向右連續(xù)發(fā)射帶正電的粒子，粒子比荷為

/∕n=IxlO8CZkg?初速度%=lxl()5∏Vs。已知粒子打到極板或光屏?xí)r會(huì)被吸收，粒子

之間的作用力不計(jì)，粒子的重力不計(jì)。

C

××

×:×

×'×

×I×

×;Dx

(1)為使粒子能夠從極板間射出，求電壓U的最大值;

(2)若勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，大小為q=0.05T,電壓U可任意調(diào)節(jié)，則求粒

子擊中光屏形成痕跡的長(zhǎng)度ALO

(3)若勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向改成水平向右，大小變?yōu)锽,=立T，電壓U可任意調(diào)節(jié)，在極

■20

板右側(cè)放置另一塊與MN平行的足夠大的光屏CCO在磁場(chǎng)中只能左右移動(dòng)，則求

粒子打在光屏CD上留下所有痕跡的面積So

參考答案

1、答案：C

解析：A.理論上，原子序數(shù)小于鐵的都可以發(fā)生核聚變，不一定是笊和晁，恒星演化

后期會(huì)有氫聚變?yōu)樘歼M(jìn)而聚變?yōu)檠醯倪^(guò)程，所以A錯(cuò)誤；

B.核聚變的反應(yīng)條件之一是高溫高壓，產(chǎn)生中子，所以B錯(cuò)誤；

C.核聚變和核裂變釋放核能時(shí)，都有質(zhì)量虧損，C正確；

D.核聚變一旦發(fā)生，就不再需要外界給它能量，靠自身產(chǎn)生的熱就會(huì)使反應(yīng)繼續(xù)下

去，所以D錯(cuò)誤。

故選C。

2、答案：D

解析：A.水中的氣泡看起來(lái)特別明亮，是因?yàn)楣鈴乃湎驓馀輹r(shí)，一部分光在界面上

發(fā)生了全反射和折射的緣故，故A錯(cuò)誤；

B.太陽(yáng)光通過(guò)玻璃三棱鏡后形成彩色光帶，是光的折射現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；

C.肥皂泡在陽(yáng)光照耀下呈現(xiàn)彩色條紋，太陽(yáng)光肥皂泡經(jīng)過(guò)內(nèi)外膜的反射后疊加，從而

出現(xiàn)彩色條紋，這是光的干涉，故C錯(cuò)誤；

D.圓盤(pán)衍射出現(xiàn)泊松亮斑，故D正確。

故選D。

3、答案：A

解析：AB.根據(jù)題意，對(duì)電腦受力分析，如圖所示

jG

電腦始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，故電腦受力平衡。由平衡條件可得，電腦受到的支持力大小

為

FN=GCoSe

電腦受到的摩擦力大小

/=GsinO

由原卡位1調(diào)至卡位4,。減小，故FN增大，/減小，故B錯(cuò)誤，A正確；

C.散熱底座對(duì)電腦的作用力的合力，即電腦受到的支持力與摩擦力兩力的合力，大小

等于電腦的重力，方向豎直向上，始終不變，故C正確；

B.電腦受到的支持力與摩擦力兩力大小之和大于其重力大小，故D錯(cuò)誤。

故選A0

4、答案：B

解析：AB.因?yàn)樵摬ㄑ豖軸負(fù)方向傳播，所以A與3相隔,個(gè)周期，間距為1m,故波

4

速為lm∕s,由振動(dòng)圖像可知周期T=4s,可得波長(zhǎng)為4m,故A錯(cuò)誤，B正確；

C.由圖像可知3s末A、B兩質(zhì)點(diǎn)的位移分別為以=-2m,>'β=0,所以3s末質(zhì)點(diǎn)B的

振動(dòng)方向?yàn)閥軸正方向，故C錯(cuò)誤；

D.由圖可知2~3s末,質(zhì)點(diǎn)A從平衡位置運(yùn)動(dòng)到波谷，質(zhì)點(diǎn)B從波谷運(yùn)動(dòng)到平衡位置，

兩質(zhì)點(diǎn)的平均速度大小相等但是方向不同，故D錯(cuò)誤。

故選B0

5、答案：C

解析：A.載人飛船若要從軌道I進(jìn)入軌道∏,做近心運(yùn)動(dòng)，需要在A點(diǎn)減速，故A錯(cuò)

誤；

B.載人飛船在軌道I上通過(guò)A點(diǎn)時(shí)受到的萬(wàn)有引力等于在軌道∏上運(yùn)行時(shí)通過(guò)A時(shí)點(diǎn)

萬(wàn)有引力，由牛頓第二定律可知，它們的加速度相等，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有

GMmV2

———=m—

rr

萬(wàn)有引力等于重力有

可知，我是圍繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，則空間站在軌道I上的速度小于

質(zhì),故C正確；

D.軌道I上的神州十五號(hào)飛船想與前方的空間站對(duì)接，需要加速，而加速后軌道半徑

會(huì)變大，則需要在低軌道上加速才能完成與空間站對(duì)接，故D錯(cuò)誤。

故選C。

6、答案：B

解析：A.第4能級(jí)的氫原子，向低能級(jí)躍遷過(guò)程中，能發(fā)出C：=6種不同頻率的光，

故A錯(cuò)誤；

BC.由于只有頻率為匕、以兩種光可讓圖乙所示的光電管陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，躍遷

時(shí)發(fā)出的兩種頻率最大的光為4→k3→l,由圖乙可知，。光的遏止電壓大，。和C光

的遏止電壓小，根據(jù)光電效應(yīng)方程

Ek=hv-W0

及eU。=Ek

知，α對(duì)應(yīng)的光子頻率小于圖線A對(duì)應(yīng)的光子頻率，故a、C是3-1躍遷發(fā)出的，b是

4→1躍遷發(fā)出的，故C錯(cuò)誤，B正確；

D.用圖線人對(duì)應(yīng)的光照射光電管時(shí)，光電流達(dá)到飽和后不再增大，故D錯(cuò)誤。

故選B。

7、答案：D

解析：A.入射角如果盡量小一些小些，折射角也會(huì)小些，折射現(xiàn)象不明顯，角度的相

對(duì)誤差會(huì)大些，故A錯(cuò)誤；

B.折射光線是通過(guò)隔著玻璃觀察成一條直線確定的，大頭針間的距離太小，引起的角

度誤差會(huì)較大，故斗鳥(niǎo)及鳥(niǎo)、鳥(niǎo)之間的距離適當(dāng)大些，可以提高精確度，故B錯(cuò)誤；

C.不小心把玻璃磚移平移到了虛線框位置，則入射角和折射角都不會(huì)改變，不會(huì)影響

折射率的測(cè)量，故C錯(cuò)誤；

D.若把仍'誤畫(huà)在了cc',導(dǎo)致折射角變大，所以測(cè)得的折射率就會(huì)偏小，故D正確。

故選D。

8、答案：A

解析：將初速度分解在垂直斜面反向和平行斜面方向，垂直斜面方向

v1=v0sinβ

平行斜面方向

v/7=v0COSβ

垂直斜面的加速度

a1=gcosa

平行斜面的加速度

?！?gsina

C.在空中飛行的時(shí)間

vsinB

t=-n------ocv

gcosa0

所以P、Q在空中飛行的時(shí)間之比為1:2,故C錯(cuò)誤;

D.小球的位移

12

S=v∕∕t+~a∕∕t

結(jié)合

=gsin0

tP：fQ=1:2

可得

s2=4s∣

故D錯(cuò)誤；

B.速度與斜面的夾角的正切值

Cvsinβ

tanθ=---------0——-------

v0cos/?+gsincr√

結(jié)合

?p：/Q=I：2

可知為方向與斜面的夾角一定等于以方向與斜面的夾角，故B錯(cuò)誤；

A.結(jié)合B選項(xiàng)分析，速度方向相同，垂直斜面和平行斜面的速度之比均為1：2,根據(jù)

速度的合成可知%一定等于2%,故A正確。

故選A0

9、答案：C

解析：A.小球在上升過(guò)程中，由牛頓第二定律得

mg+仙=ma

U逐漸減小，則α減小，下降過(guò)程中有

mg-kv=ma

V越來(lái)越大，故加速度繼續(xù)減小，圖像趨勢(shì)正確，但速度為零時(shí)，斜率不為零，且加

速度為g，圖像應(yīng)為平滑曲線，故A錯(cuò)誤;

B.v-x圖斜率為

在上升過(guò)程中斜率變大，下降過(guò)程中斜率變小，故B錯(cuò)誤;

。線-X圖像斜率為合外力，向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程

F=mg+kv

變小，向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中

F=mg-kv

繼續(xù)變小，故C正確；

D、向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程比向下過(guò)程中任意一個(gè)位置，摩擦力要更大，故向上過(guò)程中摩擦力

做功更多一點(diǎn)，機(jī)械能損失要更多一點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。

故選C。

10、答案：D

解析：A.根據(jù)對(duì)稱性可知A、8、C三處點(diǎn)電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)

電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加法則可得。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為0,故A錯(cuò)誤；

B.0點(diǎn)到金屬小球的距離均為々，A點(diǎn)到金屬小球3的距離為包，根據(jù)電勢(shì)疊加原

則，A、。兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為

2F

(Po=k-y-×3=3Ek—

LL

則4。兩點(diǎn)電勢(shì)不論在L取何值時(shí)都不可能相等，故B錯(cuò)誤;

C.1電荷的電勢(shì)能

-

Em=（%+。3）夕=%當(dāng)

同理可得2和3電荷電勢(shì)能

故整個(gè)系統(tǒng)電勢(shì)能為

E=EPI+EPl+Eps=k3q-

p~2L

故C錯(cuò)誤；

D.三球一條直線時(shí)整個(gè)系統(tǒng)電勢(shì)能最小，動(dòng)能最大，1球速度最大，此時(shí)

1電荷的電勢(shì)能

Ep?=(<PL)q=k*?

2和3電荷電勢(shì)能

WE=嘿

此時(shí)整個(gè)系統(tǒng)電勢(shì)能最小為

E，%+E∕+E?*2

p22￡

對(duì)系統(tǒng)，根據(jù)能量守恒

k———kK-=?mv：+?2mv^

L2Λ212

根據(jù)動(dòng)量守恒

mvi=Imv2

兩式聯(lián)立解得

故D正確。

故選Do

1

11、答案:(1)CADB；1.9(2)②1.5③0.94

解析：（1）使用多用電表測(cè)電阻，首先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，用刻度盤(pán)下的調(diào)零旋鈕手動(dòng)把

指針撥到零刻度線處，然后選擇歐姆擋位，再進(jìn)行歐姆調(diào)零，兩個(gè)表筆短接，調(diào)整調(diào)

零旋鈕，調(diào)整好之后，把兩表筆接在電阻兩端，進(jìn)行測(cè)量。故正確的操作順序是

CADBo由圖乙可知，該電阻的阻值為R=19χl00Q=L9kΩ°

（2）①根據(jù)閉合回路歐姆定律有

I=——-——

R+r+RA

整理可得J.=_LR+43

/EE

可知，J-R圖像為傾斜直線，則根據(jù)在坐標(biāo)紙上描繪的點(diǎn)連成一條直線，如圖所示

I

②由圖像可得

1（2.22-1.23）×IO3

~E~—1570-110

解得￡a1.5V

③由上述分析可知

^^=1.18×1O3

E

解得r=1590C

則紅、黑表筆短接時(shí)多用電表中的電流

E

∕=-≈0.94mA

r

12、答案：（1）加=地（2）T=-Th

9g3°

解析：（1）根據(jù)題意，由平衡條件可知，氣缸水平時(shí)，內(nèi)部氣體氣壓為

Pl=Po

體積為

Vi=SL

氣缸豎直時(shí)，內(nèi)部氣體氣壓為

八一，、,mg

Pi=Po+r

?

體積為匕=0.9SL

由玻意耳定律

v

PM=A2

解得加=皿

9g

（2）根據(jù)題意可知，氣體經(jīng)歷等壓變化過(guò)程，由蓋呂薩克定律

0.9SL1.2SL

~iΓ=~i~

解得T=；”

IiBLLCDR

13、答案:(1)?(2)y2

R+r夜(R+r)

解析：（1）根據(jù)題意，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

E=〃曲

△t

電流強(qiáng)度

I=-^-

R+r

通過(guò)電阻R的電量

/=且

Z

聯(lián)立得通過(guò)的電量為

NφBLTL2

q-n=n

R+rR+r

（2）根據(jù)題意可知，最大的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

Em=nBSω

得交變電流的最大值

_nBLxL1ω

則電壓表示數(shù)為

IJ=ImR/BL1LwR

一√2^√2(Λ+r)

14、答案：(1)2m∕s2,lm∕s2(2)2m,Ikg(3)702J

解析：(1)根據(jù)題意，由牛頓第二定律，對(duì)滑塊A有

NMg=maΛ

解得力=2m∕s2

對(duì)滑塊B有

NBmg=maB

2

解得aB=lm∕s

(2)根據(jù)題意，由圖可知尸足夠大時(shí)A、8加速度恒定，即A、B均相對(duì)C滑動(dòng)，相

遇時(shí)間恒定為

K?=2s

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得

解得L=2m

又因?yàn)锳、C與B產(chǎn)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，才能相遇，由圖可知，當(dāng)尸=8N，滑塊B與。恰

好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則有

F-4μcmg=4∕?IaB

解得m=Ikg

(3)根據(jù)題意，設(shè)A、B、C均產(chǎn)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)拉力為則有

6-4〃Cmg-"Mg-ABmg=2mπa

解得￡=11N

當(dāng)F=I3N時(shí)，有

r

F-4μcmg-μλmg-μlimg=2ιnac

2

解得ac=3m∕s

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式y(tǒng)=%+G可得，由于相遇時(shí)間為2s,則有第一次相撞前

VA=4m∕s

VB=2m∕s

vc=6m∕s

碰撞前后C速度不變，由于A、B間碰撞為彈性正碰，則碰撞后速度交換

VΛ1=2m∕s

VBX=4m∕s

設(shè)經(jīng)過(guò)A、B第二次碰撞，則有

I212

以1‘2+耳明’2=vβl^2

解得Z2=4s

則整個(gè)過(guò)程木板運(yùn)動(dòng)的距離為

XC=g&c（4+，2）2=54m

則拉力尸，所做的功為

,

W=Fxc=702J

15、