山東省平度一中高三5月份模擬考試理綜物理試題

2018屆高三高考模擬考試理綜物理試題二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14～17題只有一項符合題目要求，第18～21題有多項符合題目要求。全選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.下列說法正確的是A.α、β、γ三種射線中γ射線電離作用最強B.兩個輕核結合成質量較大的核，核子的比結合能增加C.根據玻爾原子理論，氫原子在輻射光子的同時，電子的軌道半徑也在連續(xù)地減小D.放射性元素組成的化合物進行高溫分解時，放射性元素的半衰期也會改變【答案】B【解析】α、β、γ三種射線中α射線電離作用最強，選項A錯誤；中等核的比結合能較大，則兩個輕核結合成質量較大的核，核子的比結合能增加，選項B正確；根據玻爾原子理論，氫原子在輻射光子的同時，軌道半徑不是連續(xù)地減小，而是軌道量子化，故C錯誤；放射性元素組成的化合物進行高溫分解時，放射性元素的半衰期不會改變，選項D錯誤；故選B.2.教師在課堂上做了兩個小實驗，讓小明同學印象深刻。第一個實驗叫做“旋轉的液體”，在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極，沿邊緣內壁放一個圓環(huán)形電極，把它們分別與電池的兩極相連，然后在玻璃皿中放入導電液體，例如鹽水，如果把玻璃皿放在磁場中，液體就會旋轉起來，如圖甲所示。第二個實驗叫做“振動的彈簧”，把一根柔軟的彈簧懸掛起來，使它的下端剛好跟槽中的水銀接觸，通電后，發(fā)現彈簧不斷上下振動，如圖乙所示。下列關于這兩個趣味實驗的說法正確的是（）A.圖甲中，如果改變磁場的方向，液體的旋轉方向不變B.圖甲中，如果改變電源的正負極，液體的旋轉方向不變C.圖乙中，如果改變電源的正負極，依然可以觀察到彈簧不斷上下振動D.圖乙中，如果將水銀換成酒精，依然可以觀察到彈簧不斷上下振動【答案】C【解析】圖甲中，僅僅調換N、S極位置或僅僅調換電源的正負極位置，安培力方向肯定改變，液體的旋轉方向要改變，故AB均錯誤；圖乙中，當有電流通過彈簧時，構成彈簧的每一圈導線周圍都產生了磁場，根據安培定則知，各圈導線之間都產生了相互的吸引作用，彈簧就縮短了，當彈簧的下端離開水銀后，電路斷開，彈簧中沒有了電流，各圈導線之間失去了相互吸引力，彈簧又恢復原長，使得彈簧下端又與水銀接觸，彈簧中又有了電流，開始重復上述過程，可以觀察到彈簧不斷上下振動；如果改變電源的正負極，依然可以觀察到彈簧不斷上下振動；但是如果將水銀換成酒精，酒精不導電，則彈簧將不再上下振動，故選項C正確，D錯誤；故選C.3.如圖所示，點P位于傾角為37°的斜面底端Q的正上方22.5cm處·現從P點向斜面搭建一光滑傾斜直軌道，使小物塊從P點由靜止開始沿該軌道滑至斜面，g取l0m/s2。則小物塊滑至斜面的最短時間為A.0.1sB.0.2sC.0.3sD.【答案】B【解析】從P點向斜面引斜線，設與PQ的夾角為α，斜面長度為x，則由正弦定理：xsin530=PQsin[1800?(530+α)]；物體在斜面上的加速度：a=g4.如圖所示，為了浴室用電安全，某同學用理想變壓器給浴室降壓供電，理想變壓器原、副線圈匝數比為5:1，原線圈輸入交變電壓u=311sinl00πt(V)，已知照明燈額定功率為44W，排氣扇電動機內阻為lΩ，電流表示數為2A，各用電器均正常工作，電表均為理想表。則A.電壓表示數為62VB.變壓器的輸入功率為186WC.排氣扇輸出功率為43WD.保險絲熔斷電流不得低于2A【答案】C【解析】變壓器輸入交變電壓u=311sin100πt（V），有效值U=220V，變壓器原、副線圈匝數比為5：1，所以副線圈電壓U2=44V，故A錯誤；電流表示數為2A，所以輸出功率P=44×2W=88W，所以變壓器的輸入功率為88W，故B錯誤；照明燈的電流I1＝4444A＝1A；則排氣扇的電流為I2=2A-1A=1A，則排氣扇輸出功率為P出＝點睛：此題是關于變壓器及交流電的計算；關鍵是知道電表的讀數以及電功率的計算都是交流電的有效值；知道有電動機的問題中的能量轉化關系.5.一直角V形槽固定在水平面上，其橫截面如圖所示，BC面與水平面間夾角為60°，有一質量為m的正方體木塊放在槽內，木塊與AB面間的動摩擦因數為μ，與BC面間無摩擦?，F用平行于槽的水平力F推木塊，使之沿槽向里勻速運動，重力加速度為g。下列說法正確的是A.木塊受到5個力的作用B.木塊對V形槽的作用力大小為mgC.推力F大小為3D.木塊對BC面的壓力大小為3【答案】AC【解析】木塊受重力、斜面AB的支持力、斜面BC的支持力、斜面AB的摩擦力以及推力F的作用，選項A正確；水平推力F=f=μmgcos300=32μmg，選項C正確；木塊對V形槽的作用力大小等于力F與重力6.如圖所示，傾角為30°的足夠長斜面與水平面平滑相連，水平面上用輕桿連接的小球A、B以速度v0=gl向左運動，小球質量均為m，桿長為l，當小球B到達斜面上某處A.P與水平面的高度差為lB.P與水平面的高度差為lC.兩球上滑過程中桿對A球所做的功為?D.兩球上滑過程中桿對A球所做的功為m【答案】AD【解析】設B沿斜面上滑的距離為x；則由機械能守恒可得：2×12mv02=mgxsin300+mg(x+l)sin3007.如圖所示，在垂直紙面向里的有界勻強磁場區(qū)域的左側，一正方形線框以3.0m/s的初速度沿垂直于磁場邊界由位置I水平向右運動，線框經過位置Ⅱ，當運動到位置Ⅲ時速度恰為零，此時線框剛好有一半離開磁場區(qū)域。線框的邊長小于磁場區(qū)域的寬度。若線框進、出磁場的過程中通過線框橫截面的電荷量分別為q1、q2，線框經過位置Ⅱ的速度為v，則下列說法正確的是A.q1=q2B.q1=2q2C.v=l.0m/sD.v=l.5m【答案】BC【解析】根據q=ΔΦR=BSR可知，線框進、出磁場的過程中通過線框橫截面的電荷量q1=2q2，選項A錯誤，B正確；線圈從開始進入到位置Ⅱ，由動量定理：?BI1LΔt1點睛：此題關鍵要記住求解電量的經驗公式q=ΔΦR；其次要解答關于安培力和速度的問題要首先想到用動量定理，8.如圖所示，兩根細長直導線平行豎直固定放置，且與水平固定放置的光滑絕緣桿MN分別交于a、b兩點，點O是ab的中點，桿MN上c、d兩點關于O點對稱。兩導線均通有大小相等、方向相反的電流，通電導線在其周圍某點產生磁場的磁感應強度大小B=kIr，其中I為導線中電流大小，r為該點到導線的距離，k為常量。一帶負電的小球穿在桿上，以初速度vb由c點沿桿運動到d點。設在c、O、d三點桿對小球的支持力大小分別為A.Fc=FdB.FO<FdC.小球做變加速直線運動D.小球做勻速直線運動【答案】ABD【解析】根據右手螺旋定則可知，從a點出發(fā)沿連線運動到b點，左邊直導線產生的磁場垂直紙面向里，右邊直導線產生的磁場垂直紙面也向里；距離左邊直導線x處的合磁場：B=B1+B2=kIx+kIl?x=kIlx(l?x)，由數學知識可知，當x=12l時B最小，可知在ab連線中點O處磁場最弱，連線上合磁場大小先減小過點睛：本題考查了右手螺旋定則和左手定則的熟練應用，正確解答帶電粒子在磁場中運動的思路為明確受力情況，進一步明確其運動形式和規(guī)律．三、非選擇題：共174分。第22～.32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33～38題為選考題，考生根據要求作答。9.某同學用小球擺動的方法驗證機械能守恒定律。實驗裝置如圖所示，用不可伸長的細線一端穿過中間帶有小孔的金屬球并固定，將細線的另一端固定在鐵架臺上的懸點O，O點的正下方固定一光電門，接好光電計時器。小球下端固定寬度d=1cm的遮光板，小球擺動到最低點時遮光板剛好通過光電門。實驗時將細線拉至水平時恰好對準量角器的0刻度，然后自由釋放。已知小球的質量m=50g，從懸點到球心的距離L=1m，小球直徑為D(L＞＞D)，下表中記錄了小球分別從不同角度釋放時的角度和遮光板通過光電門的時間。回答下列問題：(1)小球從60°角度釋放時，小球經過光電門的速度大小為______m/s(結果保留三位有效數字)。(2)小球從0°角度釋放時，下落到最低點的過程中，小球重力勢能的減少量為_____J，動能的增加量為_____J。(g取9．8(3)任何實驗都存在實驗誤差，寫出本實驗減小誤差的方法：_____________，________________(至少兩條)。【答案】(1).1.55(2).0.49(3).0.48(4).多次測量取平均值(5).增加小球的質量【解析】(1)小球從60°角度釋放時，小球經過光電門的速度大小v(2)小球從0°角度釋放時，下落到最低點的過程中，小球重力勢能的減少量E小球到最低點速度v1=dt1(3)任何實驗都存在實驗誤差，寫出本實驗減小誤差的方法：增加小球的質量、多次測量取平均值、減小遮光板的寬度等。點睛：實驗減小誤差的方法：用遮光板測速度時，可減小遮光板的寬度；減小空氣阻力帶來影響時，可增加小球的質量；減小偶然誤差時，可多次測量取平均值。10.現有一特殊電池，它的電動勢E約為5V，內阻r約為40Ω，已知該電池允許輸出的最大電流為40mA。為了測定該電池的電動勢和內阻，某同學準備了如下器材：A．待測電池；B．電壓表V：量程0～15V，內阻RV≈15kΩ；C．電流表A：量程0～1mA，內阻RA=156Ω；D．電阻箱R：0～999.9Ω；E．定值電阻R1=4Ω；F．定值電阻R2=39Ω；G．定值電阻R3=50Ω；H．定值電阻R4=90Ω；I．開關、導線若干。(1)該同學設計的部分電路如圖甲所示，圖中保護電阻R0應選擇器材中的_________(填寫器材前的選項字母)。(2)選擇合適的器材，將虛線框中的電路補充完整，并在電路中注明所選器材的符號_________。(3)將電阻箱的阻值調整到______(填“最大”或“最小”)，閉合開關。(4)調節(jié)電阻箱的電阻，使所選電表指針指到某一位置，記錄此時電阻箱的阻值R和所選電表的讀數x，電表讀數用國際單位(A或V)作單位。(5)重復步驟(4)獲取多組R和x的值。(6)斷開開關，整理器材。(7)根據所得數據在1x?R坐標系中描點連線，如圖乙所示。根據圖線可求得該電池的電動勢E為_____V，內阻r為____Ω【答案】(1).H(2).(3).最大(4).5.0(5).41.1【解析】【詳解】（1）因電池的電動勢E約為5V，內阻r約為40Ω，已知該電池允許輸出的最大電流為40mA。則保護電阻阻值最小為：R0=（2）因電壓表的量程過大，則可用電流表與定值電阻R1并聯(lián)組成電路，如圖；（3）)將電阻箱的阻值調整到最大，閉合開關。（4）根據閉合電路的歐姆定律可知：E=(IRAR1+I)(【點睛】此題與課本上的實驗方法明顯不同；關鍵是高清實驗的原理；知道儀器的選擇方法及其用法；設法找到圖像對應的函數關系，通過斜率和截距討論.11.如圖所示，質量為m、半徑為R、內壁光滑的、r圓槽置于光滑水平面上，其左側緊靠豎直墻，右側緊靠一質量為m的小滑塊。將一質量為2m的小球自左側槽口A的正上方某一位置由靜止開始釋放，由圓弧槽左端A點進入槽內，小球剛好能到達槽右端C點。重力加速度為g，求：(1)小球開始下落時距A的高度；(2)小球從開始下落到槽最低點B的過程中，墻壁對槽的沖量；(3)小滑塊離開槽的速度大小?！敬鸢浮浚?）R（2）4mg【解析】（1）設小球第一次運動到槽最低點B的速度為vB，小球從開始釋放到運動到B的過程中，則有：2m小球運動到C點時，小球、半圓槽和滑塊系統(tǒng)的共同速度為v共，小球從B點到C點，有：122解得h=R；vB（2）對小球、半圓槽和小滑塊系統(tǒng)，從開始下落到B點的過程中，由動量定理：I=2mvB（3）對小球、半圓槽和小滑塊系統(tǒng)，從小球從C點至第二次到B點的過程中：4m12解得vB'小球第二次到B點后，小滑塊離開槽而向右勻速直線運動，速度為v槽12.如圖所示，在平面直角坐標系xOy中，I、Ⅳ象限內有場強大小E=103V/m的勻強電場，方向與x軸正方向成45°角，Ⅱ、Ⅲ象限內有磁感應強度大小B=lT的勻強磁場，方向垂直坐標平面向里?，F有一比荷為l04C/kg的帶負電粒子，以速度v0=2×l03m/s由坐標原點O垂直射入磁場，速度方向與(1)粒子開始在磁場中運動的軌道半徑；(2)粒子從開始進入磁場到第二次剛進入磁場的過程所用時間；(3)粒子從第二次進入磁場到第二次離開磁場兩位置間的距離?！敬鸢浮浚?）0.2m（2）3π2【解析】（1）粒子進入磁場后做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律：qv解得r=0.2m（2）粒子第一次在磁場中運動的時間為：t1設粒子在電場中的時間為t2；a=tan45解得t2總時間：t=（3）如圖所示，粒子在電場中做類平拋運動，設粒子的速度偏向角為α，粒子第二次進入磁場時的速度大小為v,與y軸負方向的夾角為θ，則有tanα=2即θ=α450v=根據牛頓第二定律：qvB=mv2則R=粒子第二次進、出磁場處兩點間的距離:L=解得L點睛：帶電粒子在電場及磁場中的運動問題，關鍵是畫出粒子運動的軌跡圖；在磁場中的圓周運動必須要找出圓心和半徑，結合幾何關系求解；在電場中的類平拋運動，要研究兩個不同的方向，搞清運動性質.13.下列說法正確的是______A.當液體與大氣接觸時．液體表面層分子的勢能比液體內部分子的勢能大B.布朗運動雖不是分子運動，但它證明了組成固體顆粒的分子在做無規(guī)則運動C.物體內熱運動速率越大的分子數占分子總數的比例與溫度有關D.自然界一切過程能量都是守恒的，符合能量守恒定律的宏觀過程都能自然發(fā)生E.一定質量的理想氣體，在等壓膨脹過程中，對外做功，分子平均動能增大【答案】ACE【解析】【詳解】液體表面層的分子間距比液體內部分子間距要大，分子力表現為引力，故分子勢能比液體內部的分子勢能大，故A正確；布朗運動雖不是分子運動，但它證明了組成液體的分子在做無規(guī)則運動，選項B錯誤；物體內熱運動速率越大的分子數占分子總數的比例與溫度有關，溫度越高，速率越大的分子占據的比例越大，選項C正確；根據熱力學第二定律，自然界一切過程能量都是守恒的，但是符合能量守恒定律的宏觀過程不一定都能自然發(fā)生，選項D錯誤；一定質量的理想氣體，在等壓膨脹過程中，對外做功，溫度升高，則分子平均動能增大，選項E正確；故選ACE.14.如圖所示，粗細均勻的U型細玻璃管豎直放置，A端被封閉空氣柱的長度為L1=60cm．各部分水銀柱的長度分別為L2=L3=25cm，L4=l0cm．BC水平，外界大氣壓Po=75cmHg。將玻璃管繞過C點垂直紙面的軸沿順時針方向緩慢旋轉90°，至CD管水平．求此時被封閉空氣柱的長度。【答案】72【解析】設玻璃管的橫截面積為S，封閉氣體開始的壓強為p1，體積為V1，則：p1=p將玻璃管繞過C點垂直紙面的軸沿順時針方向緩慢旋轉900后，設AB管中還有水銀，此時封閉氣體壓強為p2，體積為V2，則：p根據玻意耳定律：p1V1=p2V2解得L1'=點睛：此題考查玻意耳定律的應用；解題時要判斷玻璃管旋轉900時AB中是否存有水銀用假設法判斷；這是判斷不確定物理量的常用的方法.15.下列說法正確的是______A.單擺在周期性外力作用下做受迫振動，其振動周期與單擺的擺長無關B.機械波傳播方向上各質點的振動周期與波源的振動周期相同C.能產生衍射現象的條件是障礙物或孔的尺寸