【高考真題】2023年新高考物理真題試卷（北京卷）

【高考真題】2023年新高考物理真題試卷（北京卷）

閱卷入一、本部分共14小題，每小題3分，共42分。在每小題列出的四個選項

得分中，選出最符合題目要求的一項。

1.夜間由于氣溫降低，汽車輪胎內(nèi)的氣體壓強變低。與白天相比，夜間輪胎內(nèi)的氣體（）

A,分子的平均動能更小

B.單位體積內(nèi)分子的個數(shù)更少

C.所有分子的運動速率都更小

D.分子對輪胎內(nèi)壁單位面積的平均作用力更大

2.陽光下的肥皂膜呈現(xiàn)彩色條紋，這種現(xiàn)象屬于光的（）

A.偏振現(xiàn)象B.衍射現(xiàn)象C.干涉現(xiàn)象D.全反射現(xiàn)象

3.下列核反應(yīng)方程中括號內(nèi)的粒子為中子的是（）

A235u1445-89K+

92nT56Q-f36r

B.屈8UT豺47Vl+（）

C./N+加eT?0+（）

D.穴TN+（）

4.位于坐標(biāo)原點處的波源發(fā)出一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波。f=0時波源開始振動，其位移），隨時

間f變化的關(guān)系式為、=Asin（竿t）,則f=7'時的波形圖為（）

5.如圖所示，〃是自感系數(shù)很大、電阻很小的線圈，P、Q是兩個相同的小燈泡，開始時，開關(guān)S處于

閉合狀態(tài)，P燈微亮，Q燈正常發(fā)光，斷開開關(guān)（）

A.P與Q同時熄滅B.P比Q先熄滅

C.Q閃亮后再熄滅D.P閃亮后再熄滅

6.如圖所示，在光滑水平地面上，兩相同物塊用細線相連，兩物塊質(zhì)量均為1kg,細線能承受的最大拉

力為2N。若在水平拉力F作用下，兩物塊一起向右做勻加速直線運動。則產(chǎn)的最大值為（）

A.INB.2NC.4ND.5N

7.自制一個原、副線圈匝數(shù)分別為600匝和190匝的變壓器，原線圈接12V的正弦交流電源，副線圈接

額定電壓為3.8V的小燈泡。實際測得小燈泡兩端電壓為2.5V。下列措施有可能使小燈泡正常發(fā)光的是

（）

A.僅增加原線圈匝數(shù)

B.僅增加副線圈匝數(shù)

C.將原、副線圈匝數(shù)都增為原來的兩倍

D.將兩個3.8V小燈泡并聯(lián)起來接入副線圈

8.如圖所示，兩個帶等量正電的點電荷位于M、N兩點上，E、尸是MN連線中垂線上的兩點，。為

EF、MN的交點,EO=OF.一帶負電的點電荷在E點由靜止釋放后（）

?E

A.做勻加速直線運動

B.在。點所受靜電力最大

C.由E到。的時間等于由。到廠的時間

D.由E到尸的過程中電勢能先增大后減小

9.如圖所示，光滑水平面上的正方形導(dǎo)線框，以某一初速度進入豎直向下的勻強磁場并最終完全穿出。

線框的邊長小于磁場寬度。下列說法正確的是（）

A.線框進磁場的過程中電流方向為順時針方向

B.線框出磁場的過程中做勻減速直線運動

C.線框在進和出的兩過程中產(chǎn)生的焦耳熱相等

D.線框在進和出的兩過程中通過導(dǎo)線橫截面的電荷量相等

10.在太空實驗室中可以利用勻速圓周運動測量小球質(zhì)量。如圖所示，不可伸長的輕繩一端固定于。

點，另一端系一待測小球，使其繞。做勻速圓周運動，用力傳感器測得繩上的拉力為F,用停表測得小

球轉(zhuǎn)過n圈所用的時間為t,用刻度尺測得O點到球心的距離為圓周運動的半徑R,下列說法正確的是

()

A.圓周運動軌道可處于任意平面內(nèi)

B.小球的質(zhì)量為粵

C.若誤將n-l圈記作〃圈，則所得質(zhì)量偏大

D.若測R時未計入小球半徑，則所得質(zhì)量偏小

11.如圖所示，一物體在力廠作用下沿水平桌面做勻加速直線運動。已知物體質(zhì)量為〃?，加速度大小為

”,物體和桌面之間的動摩擦因數(shù)為〃，重力加速度為g,在物體移動距離為x的過程中()

m

77777777777777777777777~

A.摩擦力做功大小與F方向無關(guān)B.合力做功大小與產(chǎn)方向有關(guān)

C.尸為水平方向時，尸做功為“mgxD.F做功的最小值為max

12.2022年1()月9日，我國綜合性太陽探測衛(wèi)星“夸父一號”成功發(fā)射，實現(xiàn)了對太陽探測的跨越式突

破?！翱涓敢惶枴毙l(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，距地面高度約為720km,運行一圈所用時間約為100分

鐘。如圖所示，為了隨時跟蹤和觀測太陽的活動，"夸父一號”在隨地球繞太陽公轉(zhuǎn)的過程中，需要其軌

道平面始終與太陽保持固定的取向，使太陽光能照射到“夸父一號”，下列說法正確的是()

A.“夸父一號”的運行軌道平面平均每天轉(zhuǎn)動的角度約為1。

B.“夸父一號”繞地球做圓周運動的速度大于7.9km/s

C.“夸父一號”繞地球做圓周運動的向心加速度大于地球表面的重力加速度

D.由題干信息，根據(jù)開普勒第三定律，可求出日地間平均距離

13.如圖所示，在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向外的勻強磁場中，固定一內(nèi)部真空且內(nèi)壁光滑

的圓柱形薄壁絕緣管道，其軸線與磁場垂直。管道橫截面半徑為長度為/（［>>a）。帶電粒子束持

續(xù)以某一速度口沿軸線進入管道，粒子在磁場力作用下經(jīng)過一段圓弧垂直打到管壁上，與管壁發(fā)生彈性

碰撞，多次碰撞后從另一端射出，單位時間進入管道的粒子數(shù)為“，粒子電荷量為+q,不計粒子的重

力、粒子間的相互作用，下列說法不正確的是（）

A.粒子在磁場中運動的圓弧半徑為a

B.粒子質(zhì)量為駟

V

C.管道內(nèi)的等效電流為

D.粒子束對管道的平均作用力大小為Bnq/

14.在發(fā)現(xiàn)新的物理現(xiàn)象后，人們往往試圖用不同的理論方法來解釋，比如，當(dāng)發(fā)現(xiàn)光在地球附近的重

力場中傳播時其頻率會發(fā)生變化這種現(xiàn)象后，科學(xué)家分別用兩種方法做出了解釋。

現(xiàn)象：從地面P點向上發(fā)出一束頻率為先的光，射向離地面高為H（遠小于地球半徑）的。點處的接

收器上，接收器接收到的光的頻率為V。

方法一：根據(jù)光子能量E=hv=me?（式中場為普朗克常量，〃，為光子的等效質(zhì)量，c為真空中的光

速）和重力場中能量守恒定律，可得接收器接收到的光的頻率V。

方法二：根據(jù)廣義相對論，光在有萬有引力的空間中運動時，其頻率會發(fā)生變化，將該理論應(yīng)用于地

卜-等

球附近，可得接收器接收到的光的頻率v=%-匚式中G為引力常量，M為地球質(zhì)量，R為地

1-,2GM

yjC2（R+H）

球半徑。

下列說法正確的是（）

A.由方法一得到i/=”o（l+普），g為地球表面附近的重力加速度

B.由方法二可知，接收器接收到的光的波長大于發(fā)出時光的波長

C.若從。點發(fā)出一束光照射到P點，從以上兩種方法均可知，其頻率會變小

D.通過類比，可知太陽表面發(fā)出的光的頻率在傳播過程中變大

閱卷人

上、本部分共6小題，共58分。

得分

15.

（1）用油膜法估測油酸分子直徑是一種通過測量宏觀量來測量微觀量的方法，已知1滴油酸酒精溶

液中純油酸的體積為匕在水面上形成的單分子油膜面積為S,則油酸分子的直徑d=

（2）采用圖1所示的電路圖來測量金屬絲巴的電阻率。

實驗時，閉合開關(guān)S前，滑動變阻器的滑片P應(yīng)處在（填“AT或端。

（3）按照圖1連接實物圖，如圖2所示。閉合開關(guān)前檢查電路時，發(fā)現(xiàn)有一根導(dǎo)線接錯，該導(dǎo)線為

（填或％"）。若閉合開關(guān)，該錯誤連接會帶來的問題

有_________________________________________

16.用頻閃照相記錄平拋小球在不同時刻的位置，探究平拋運動的特點。

圖2

圖1

（1）關(guān)于實驗，下列做法正確的是（填選項前的字母）。

A.選擇體積小、質(zhì)量大的小球B.借助重垂線確定豎直方向

C.先拋出小球，再打開頻閃儀D.水平拋出小球

（2）圖1所示的實驗中，A球沿水平方向拋出，同時B球自由落下，借助頻閃儀拍攝上述運動過

程。圖2為某次實驗的頻閃照片，在誤差允許范圍內(nèi)，根據(jù)任意時刻A、B兩球的豎直高度相同，可判

斷A球豎直方向做運動；根據(jù),可判斷A球水平

方向做勻速直線運動。

（3）某同學(xué)使小球從高度為0.8m的桌面水平飛出，用頻閃照相拍攝小球的平拋運動（每秒頻閃25

次），最多可以得到小球在空中運動的個位置。

（4）某同學(xué)實驗時忘了標(biāo)記重垂線方向，為解決此問題，他在頻閃照片中，以某位置為坐標(biāo)原點，

沿任意兩個相互垂直的方向作為x軸和y軸正方向，建立直角坐標(biāo)系xOy,并測量出另外兩個位置的坐標(biāo)

值（%-yI）、（%2,乃），如圖3所示。根據(jù)平拋運動規(guī)律，利用運動的合成與分解的方法，可得重垂線方

向與y軸間夾角的正切值為。

17.如圖所示，質(zhì)量為〃?的小球A用一不可伸長的輕繩懸掛在。點，在O點正下方的光滑桌面上有一

個與A完全相同的靜止小球B,B距。點的距離等于繩長心現(xiàn)將A拉至某一高度，由靜止釋放，A以

速度v在水平方向和B發(fā)生正碰并粘在一起。重力加速度為g。求：

(1)A釋放時距桌面的高度”；

(2)碰撞前瞬間繩子的拉力大小B

(3)碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能/E。

18.2022年，我國階段性建成并成功運行了“電磁撬”，創(chuàng)造了大質(zhì)量電磁推進技術(shù)的世界最高速度紀(jì)

錄。一種兩級導(dǎo)軌式電磁推進的原理如圖所示。兩平行長直金屬導(dǎo)軌固定在水平面，導(dǎo)軌間垂直安放金

屬棒。金屬棒可沿導(dǎo)軌無摩擦滑行，且始終與導(dǎo)軌接觸良好，電流從一導(dǎo)軌流入，經(jīng)過金屬棒，再從另

一導(dǎo)軌流回，圖中電源未畫出。導(dǎo)軌電流在兩導(dǎo)軌間產(chǎn)生的磁場可視為勻強磁場，磁感應(yīng)強度8與電流i

的關(guān)系式為8=近(%為常量)。金屬棒被該磁場力推動。當(dāng)金屬棒由第一級區(qū)域進入第二級區(qū)域時，回

路中的電流由/變?yōu)?/。已知兩導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)間距為L,每一級區(qū)域中金屬棒被推進的距離均為s,金屬棒的

質(zhì)量為加。求：

金屬棒

第一級區(qū)域！第二級區(qū)域

I

(1)金屬棒經(jīng)過第一級區(qū)域時受到安培力的大小產(chǎn)；

(2)金屬棒經(jīng)過第一、二級區(qū)域的加速度大小之比力.?a2；

(3)金屬棒從靜止開始經(jīng)過兩級區(qū)域推進后的速度大小v。

19.某種負離子空氣凈化原理如圖所示。由空氣和帶負電的灰塵顆粒物(視為小球)組成的混合氣流進

入由一對平行金屬板構(gòu)成的收集器。在收集器中，空氣和帶電顆粒沿板方向的速度為保持不變。在勻強

電場作用下，帶電顆粒打到金屬板上被收集，已知金屬板長度為3間距為4、不考慮重力影響和顆粒間

相互作用。

(1)若不計空氣阻力，質(zhì)量為〃2、電荷量為-q的顆粒恰好全部被收集，求兩金屬板間的電壓力;

(2)若計空氣阻力，顆粒所受阻力與其相對于空氣的速度v方向相反，大小為f=krv,其中r為顆

粒的半徑，4為常量。假設(shè)顆粒在金屬板間經(jīng)極短時間加速達到最大速度。

%半徑為R、電荷量為-q的顆粒恰好全部被收集，求兩金屬板間的電壓出；

從已知顆粒的電荷量與其半徑的平方成正比，進入收集器的均勻混合氣流包含了直徑為10〃6和

2.5卬n的兩種顆粒，若10〃m的顆粒恰好100%被收集，求2.5⑷n的顆粒被收集的百分比。

20.螺旋星系中有大量的恒星和星際物質(zhì)，主要分布在半徑為K的球體內(nèi)，球體外僅有極少的恒星。球

體內(nèi)物質(zhì)總質(zhì)量為M,可認為均勻分布，球體內(nèi)外的所有恒星都繞星系中心做勻速圓周運動，恒星到星

(1)求r>R區(qū)域的恒星做勻速圓周運動的速度大小v與r的關(guān)系；

(2)根據(jù)電荷均勻分布的球殼內(nèi)試探電荷所受庫侖力的合力為零，利用庫侖力與萬有引力的表達式

的相似性和相關(guān)力學(xué)知識，求r<R區(qū)域的恒星做勻速圓周運動的速度大小u與r的關(guān)系；

(3)科學(xué)家根據(jù)實測數(shù)據(jù)，得到此螺旋星系中不同位置的恒星做勻速圓周運動的速度大小v隨/■的變

化關(guān)系圖像，如圖所示，根據(jù)在r>R范圍內(nèi)的恒星速度大小幾乎不變，科學(xué)家預(yù)言螺旋星系周圍(r>

R)存在一種特殊物質(zhì)，稱之為暗物質(zhì)。暗物質(zhì)與通常的物質(zhì)有引力相互作用，并遵循萬有引力定律，求

r=nR內(nèi)暗物質(zhì)的質(zhì)量M,。

答案解析部分

L【答案】A

【解析】【解答】AC、溫度是分子平均動能的標(biāo)志，夜間氣溫降低，分子的平均動能減小，但不是所有分

子的運動速率都更小，A正確，C錯誤；

BD、由于汽車輪胎內(nèi)的氣體質(zhì)量不變，總分子數(shù)不變，但溫度降低，分子對輪胎內(nèi)壁單位面積的平均作

用力減小，壓強減小，輪胎內(nèi)氣體體積減小，單位體積內(nèi)分子的個數(shù)增多，BD錯誤；

故答案為：A

【分析】根據(jù)分子動理論，溫度是分子熱運動的標(biāo)志，壓強的微觀解釋正確判斷。

2.【答案】C

【解析】【解答】陽光下的肥皂膜呈現(xiàn)彩色條紋，是肥皂膜的前后表面反射光疊加產(chǎn)生的干涉現(xiàn)象，這種

現(xiàn)象屬于光的薄膜干涉現(xiàn)象，ABD錯誤，C正確；

故答案為：C

【分析】根據(jù)薄膜干涉原理正確判斷。

3.【答案】A

【解析】【解答】根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒分別完成下列核反應(yīng)方程：

A^級U+M-＞羔4Ba+瑞Kr+37，中子,A正確;

B、投U-第，7九+彳他，a粒子，B錯誤；

C、”可+狙er，O+出，質(zhì)子，C錯誤；

D、$〉-尹/+_*,電子,D錯誤；

【分析】根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒完成核反應(yīng)方程，以此判斷粒子是否為中子。

4.【答案】D

【解析】【解答】t=0時波源開始振動，其位移y隨時間t變化的關(guān)系式為y=Asin(爺t),根據(jù)波源質(zhì)

點的振動方程可知，t=()時刻波源質(zhì)點從平衡位置向上振動，一個周期T后應(yīng)該回到平衡位置；波源發(fā)出

一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，根據(jù)“上坡下，下坡上”可以確定T時刻的波形圖應(yīng)為D,ABC錯

誤，D正確；

故答案為：D

【分析】根據(jù)處于平衡位置的波源質(zhì)點振動圖像和沿x軸正方向傳播的機械波可以正確判斷。

5.【答案】D

【解析】【解答】根據(jù)題意，開關(guān)S處于閉合狀態(tài)，P燈微亮，Q燈正常發(fā)光，說明自感線圈電阻遠小于

燈泡電阻，自感線圈上分的電流遠大于P燈泡上的電流；斷開開關(guān)時，自感線圈電流減小產(chǎn)生自感電動

勢阻礙原電流減小，與P燈泡構(gòu)成閉合回路，所以Q燈熄滅，P燈上通過自感線圈上電流，P燈變亮再

慢慢熄滅，ABC錯誤，D正確；

故答案為：D

【分析】根據(jù)通斷電自感現(xiàn)象正確判斷。

6.【答案】C

【解析】【解答】根據(jù)題意，細線能承受的最大拉力為T=2N,由隔離法對左端物塊受力分析，由牛頓第

二定律可得：T=ma,

m

最大加速度a=^=|=2/s2，

整體法受力分析，由牛頓第二定律：F=2ma=2x1x2=4N,ABD錯誤，C正確；

故答案為：C

【分析】根據(jù)連接體的解題方法，先隔離后整體求解。

7.【答案】B

【解析】【解答】AB、根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系，*=乎，可得：U2=M%，提高輸出電壓，

u2n2

應(yīng)增加副線圈匝數(shù)、減小原線圈匝數(shù)，A錯誤，B正確；

C、原、副線圈匝數(shù)都增為原來的兩倍，匝數(shù)比不變，輸出電壓不變，C錯誤；

D、輸出電壓決定于變壓器原線圈電壓和匝數(shù)比，D錯誤；

故答案為：B

【分析】根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)的關(guān)系正確判斷。

8.【答案】C

【解析】【解答】根據(jù)題意，由等量同種正電荷的連線中垂線上電場強度大小對稱分布，方向向外，連線

中點場強為零，離中點0越遠場強越小，負電荷的受力方向與場強方向相反，負電荷在EF之間做簡諧

運動，E到0加速度減小的加速，0到F加速度增大的減速，電場力先做正功后做負功，電勢能先減小

后增大，ABD錯誤，C正確；

故答案為：C

【分析】根據(jù)等量同種電荷連線中垂線上場強分布規(guī)律正確判斷。

9.【答案】D

【解析】【解答】A、線框進磁場的過程中，根據(jù)楞次定律增反減同原理可判斷感應(yīng)電流為逆時針方向，

A錯誤；

B、線框出磁場的過程中，在安培力作用下減速運動，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律可

可知安培力隨速度減小而減小，線框做加速度減小的減速運動，B錯誤;

c、線框進出磁場所受安培力大小不同，克服安培力所做功不同，產(chǎn)生的焦耳熱不同，c錯誤；

D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和電流定義式可得：a一域一工域一與At-電色進出磁場線框

磁通量的變化量相等，導(dǎo)線中通過的電荷量相等，D正確；

故答案為：D

【分析】根據(jù)楞次定律、安培力公式、克服安培力做功和電荷量公式正確判斷。

10.【答案】A

【解析】【解答】A、空間實驗室中內(nèi)物體處于完全失重狀態(tài)，小球圓周運動的軌道可處于任意平面，A

正確；

B、停表測得小球轉(zhuǎn)過〃圈所用的時間為t得：7對小球圓周運動由牛頓第二定律可得：F=

4冗2

TTLR—2~f

Ft2

聯(lián)立可得:B錯誤;

4n2n2R

C、若誤將n-l圈記作”圈，根據(jù)上式n偏大，則m偏小，C錯誤;

D、若測/?時未計入小球半徑，根據(jù)上式R偏小，則m偏大，D錯誤；

故答案為：A

【分析】根據(jù)空間實驗室中內(nèi)物體處于完全失重狀態(tài)，利用圓周運動供需平衡得出結(jié)論分析判斷。

1L【答案】D

【解析】【解答】A、設(shè)F與水平方向夾角為0,對物體受力分析正交分解可得：f=〃(mg-Fsin6),

Wf=fxcosn可知力F的方向變化，。角度變化，f變化，摩榛力做功大小發(fā)生變化，A錯誤；

B、已知物體質(zhì)量為“，加速度大小為a,由牛頓第二定律可知：尸合=ma,合力為定值，合力做功與F

方向無關(guān)，B錯誤；

C、F為水平方向時，F(xiàn)-nmg=ma,F做功為：WF=Fx=(ma+p.mg)x,C錯誤；

D、合外力所做總功為勿忌=/4=小以，為定值，而卬總=〃/+卬八摩榛力做負功，改變F的方向,

使FsinO=mg故摩榛力做功為零時，F(xiàn)做功的最小值為max,D正確；

故答案為：D

【分析】A對物體受力分析求解摩楔力，根據(jù)功的定義式判斷；

B、由物體的質(zhì)量和加速度確定合力的大??；

C、F水平方向時根據(jù)牛頓第二定律確定F力的大小，從而求解F做功的表達式；

D、根據(jù)合力做功為定值，而合力做功等于拉力和摩梯力做功之和可以確定，當(dāng)摩檄力為零時，拉力F

做功最小值，

12.【答案】A

【解析】【解答】A、“夸父一號”在隨地球繞太陽公轉(zhuǎn)的過程中，需要其軌道平面始終與太陽保持固定的

取向，則其在運行軌道平面每天轉(zhuǎn)動的角度為：0=^=1%A正確;

□O□

B、由高軌低速長周期，軌道越高環(huán)繞速度越小，“夸父一號”繞地球做圓周運動的速度小于環(huán)繞地球的最

大速度7.9km/s,B錯誤；

C、“夸父一號，，繞地球做圓周運動的向心加速度GM

a=蘆，地球表面的重力加速度：9=-^2,由于：r>

R,故a<g,C錯誤；

D、“夸父一號”繞地球做圓周運動，地球繞太陽做圓周運動，中心天體不同，不能根據(jù)開普勒第三定律計

算日地平均距離。D錯誤;

故答案為：A

【分析1A、根據(jù)"夸父一號“運行特點分析判斷；

B、由高軌低速長周期，軌道越高環(huán)繞速度越小判斷；

C、根據(jù)向心加速度公式和地球表面重力加速度公式判斷;

D、開普勒第三定律適用于同一個中心天體的條件判斷。

13.【答案】C

【解析】【解答】A、帶電粒子束持續(xù)以某一速度丫沿軸線進入管道，粒子在磁場力作用下經(jīng)過一段圓弧

垂直打到管壁上，由題可知，粒子在磁場中做了1/4的圓周運動，粒子在磁場中圓周運動的半徑為a,A

正確；

B、根據(jù)供需平衡：Bqv=可得：徵=等=等，B正確；

C、管道中的等效電流為：/=?=叼C錯誤；

D、離子束對管道的平均作用力等效為管道中等效電流所受安培力：F=Bll=nqBl,D正確；

故答案為：C

【分析】A、根據(jù)粒子圓周運動規(guī)律有幾何關(guān)系求得半徑；

B、根據(jù)粒子圓周運動供需平衡求解半徑公式解得質(zhì)量；

C、根據(jù)電流的定義式求解電流大??；

D、離子束對管道作用力的大小等效為電流所受安培力的大小求解。

14.【答案】B

【解析】【解答】A、由方法一，根據(jù)能量守恒：hv0=mgH+hv,又因為/n/o=mc2,代入解得：v=

MT），A錯誤；

c乙R

B、由方法二，接收到的光的頻率v=VoJ可知,v<v0,根據(jù)光速公式：c=4v,頻率小波

1-嚴

JC2(R+H)

長長，接收器接收到的光的波長大于發(fā)出時光的波長，B正確；

C、由方法一二可知，從P點發(fā)出到Q點，頻率都變小，相反從Q點發(fā)出到P點，頻率增大，C錯誤；

D、通過類比，從太陽表面發(fā)出的光在傳播過程中頻率應(yīng)逐漸變小。D錯誤；

故答案為：B

【分析】A、由方法一，根據(jù)能量守恒定律結(jié)合光子能量分析光子頻率的變化；

B、由方法二，接收到的光的頻率公式，結(jié)合光速公式分析波長變化；

CD、結(jié)合AB中的頻率變化規(guī)律分析得出結(jié)論。

15.【答案】(1)(

(2)M

(3)b；移動滑片時，電壓表和電流表的示數(shù)不變

【解析】【解答】(1)純油酸的體積為匕在水面上形成的單分子油膜面積為S,則油酸分子的直徑：d=

V

S'

(2)由電路圖可知，滑動變阻器為分壓式接法，閉合開關(guān)時被測電阻電壓從零開始增加，滑動變阻器滑片

應(yīng)置于M端；

(3)由實物圖可知，應(yīng)該為導(dǎo)線b連接錯誤，若閉合開關(guān)，導(dǎo)線b使電路發(fā)生短路，沒有電流流過被測

電阻絲，電流表無讀數(shù)，電壓表有讀數(shù)。

【分析】(1)油酸分子直徑為油酸體積與油膜面積的比值；

(2)根據(jù)分壓式供電方式，閉合開關(guān)時被測電阻電壓從零開始增加，滑動變阻器滑片應(yīng)置于M端；

(3)分析實物圖b導(dǎo)線使得被測電路短路，被測電阻絲上沒有電流，電流表無讀數(shù)，電壓表測電源輸出

電壓。

16.【答案】(1)A；B；D

(2)自由落體運動；A球相鄰兩位置水平距離相等

(3)10

【解析】【解答】(1)A、選擇體積小，質(zhì)量大的小球，可以減小摩擦阻力，A正確；

B、為研究小球平拋運動建立平面直角坐標(biāo)y軸，需要重垂線確定豎直方向，B正確;

C、實驗應(yīng)先打開頻閃儀，再拋出小球，C錯誤；

D、驗證平拋運動，小球拋出速度必須水平，D正確；

故答案為：ABD

（2）由圖2可知，在誤差允許范圍內(nèi)，根據(jù)任意時刻A、B兩球的豎直高度相同，可判斷A球豎直方

向做自由落體運動；根據(jù)相同時間間隔內(nèi)平拋運動水平方向間隔相等，可判斷A球水平方向做勻速直線

運動。

(3)由/i=可得：t==0,4s，頻閃照相每秒頻閃25次,

可知最多得到小球在空中運動的位置數(shù)為：N=0.4x25=10個。

（4）設(shè)重垂線與y軸夾角為。，頻閃照相時間間隔為T,

如圖所示，沿xy軸分解重力加速度可得：gx=gs\n0,gy=gcosd,

根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律，在相等時間間隔內(nèi)的位移差應(yīng)用逐差法可得:

x-2x

沿x軸：。2-打）一%1=%（27）2,聯(lián)立解得：sin8=2t；

4.gT?2

及一2%

沿y軸：（y-yj-y=%（27）2,聯(lián)立解得：cos。

2r他產(chǎn)5

可得…合

【分析】（1）根據(jù)驗證平拋運動實驗條件和平拋運動特點分析判斷;

（2）結(jié)合圖1原理，根據(jù)圖2中相等時間間隔的豎直高度和水平位移判斷確定;

（3）根據(jù)平拋運動高度決定時間，確定時間結(jié)合頻閃每秒閃光次數(shù)計算;

（4）根據(jù)題意分解重力加速沿xy軸方向，結(jié)合頻閃照相確定xy軸方向相等時間間隔內(nèi)位移，分別沿

xy應(yīng)用逐差法求解。

17?【答案】（1）由A-B對小球A根據(jù)動能定理可得：imv2=mgHf得：H=%

（2）碰撞前瞬間，對A球根據(jù)牛頓第二定律：p—Pig=771-y-，得：F-TYig4-771-y-

LiLJ

2

（3）由于AB發(fā)生完全非彈性碰撞，根據(jù)動量守恒定律：mv=2mv^f根據(jù)能量守恒定律：1mv=

1

22mv^9+AE,

聯(lián)立解得：AE—\mv2

【解析】【分析】（1）對小球A應(yīng)用動能定理求解；（2）根據(jù)圓周運動最低點由牛頓第二定律求解；

（3）根據(jù)完全非彈性碰撞，由動量守恒定律和能量守恒定律求解。

18.【答案】（1）由題可知，第一級區(qū)域的磁感應(yīng)強度：B[=ld,由安培力公式：F.=BJL=kl2L

（2）同理可得第二級區(qū)域磁感應(yīng)強度：B2=k2I,由安培力公式：/2=B22/L=4k*乙由牛頓第二定

律：a=￡可得：U=S=J

4

ma2/-2

22

（3）對金屬棒根據(jù)動能定理：^mv=F^s+F2S=5kILs＞解得：.=JlOkaLs

【解析】【分析】（1）根據(jù)題意確定磁感應(yīng)強度，由安培力公式求解；

（2）同理解得二區(qū)域安培力，根據(jù)牛頓第二定律求解；

（3）對金屬棒應(yīng)用動能定理求解。

19.【答案】（1）由題意可知，靠近上極板顆粒做類平拋運動打到下極板左端時恰好全部收集，

根據(jù)電勢差與電場強度關(guān)系：E=4

牛頓第二定律：F=Eq=ma,

2

由類平拋運動特點：L=vot,d=1at

聯(lián)立解得：%=迫算

理

（2）a、豎直方向顆粒在金屬板間經(jīng)極短時間加速達到最大速度可知：F=f,即：字=什》,

a

由豎直方向和水平方向時間相等:「

vov

2

聯(lián)立解得：力=包d=蛆咽=d小

zqqLqL

b、已知顆粒的電荷量與半徑的平方成正比：q^k'r2,

10卬n顆粒恰好100%被收集，同理由（2）a中，F(xiàn)=f可得：_助/⑴,豎直方向和水平方向時

間相等：==1[2]；

v0V1

2.5卬n顆粒豎直方向運動距離為x,同理由（2）a中，F(xiàn)=f可得：叼22Ts刎，豎直方向和水平

方向時間相等：#=^[4],

式聯(lián)立解得：房=7^=孟=4=p

⑵⑷式聯(lián)立解得：3=今,

V1v2

聯(lián)立解得：%=irf

4

只有靠近下極板的豎直方向Jd的范圍內(nèi)的粒子被收集，故收集2.5卬n顆粒的被收集率為：v=\x

4Ct

100%=25%

【解析】【分析】（1）靠近上極板顆粒做類平拋運動打到下極板左端時恰好全部收集，由牛頓第二定律，

類平拋運動水平方向勻速直線運動，豎直方向勻加速直線運動求解；

（2）a、豎直方向顆粒在金屬板間經(jīng)極短時間加速達到最大速度，由二力平衡結(jié)合豎直水平兩方向時間

相等聯(lián)立求解；

b、同理分別求解兩類粒子的二力平衡關(guān)系和水平與豎直方向時間關(guān)系聯(lián)立求解。

20.【答案】（1）根據(jù)題意，r>R為星系中心球體外恒星繞星系中球體勻速圓周運動，由萬有引力定律:

生袈=巡，可得：v=[GM

rzryr

（2）根據(jù)電荷均勻分布的球殼內(nèi)試探電荷所受庫侖力的合力為零，類比質(zhì)量分布均勻的星系中心球體

球殼對殼內(nèi)物體萬有引力為零。

則在rWR區(qū)域內(nèi)球體總質(zhì)量為Mi，球體體積為：V=^r3,類比可得：等=?=弓，

同理區(qū)域的恒星勻速圓周運動，由萬有引力定律：竺竺=迪，

丫乙T

聯(lián)立解得：v=r厚

（3）根據(jù)在r>R范圍內(nèi)的恒星速度v大小幾乎不變，

對處于R球體邊緣的恒星，由萬有引力定律和向心力公式有：繆=穿，

對處于尸nR處的恒星，由萬有引力定律和向心力公式有：G（M+]）7n=嚅,

（叫"nK

聯(lián)立解得：M'=（n-1）M

【解析】【分析】（1）根據(jù)題意，星系中心球體外恒星繞星系中球體勻速圓周運動，由萬有引力定律求解；

（2）根據(jù)電荷均勻分布的球殼內(nèi)試探電荷所受庫侖力的合力為零，類比質(zhì)量分布均勻的星系中心球體

球殼對殼內(nèi)物體萬有引力為零。先根據(jù)質(zhì)量分布均勻，結(jié)合球體體積公式求得r球體質(zhì)量，再由萬有引

力定律求解；

（3）根據(jù)在r>R范圍內(nèi)的恒星速度v大小幾乎不變，分別對處于R邊緣恒星和處于nR邊緣恒星應(yīng)用

萬有引力定律，聯(lián)立求解。

試題分析部分

1、試卷總體分布分析

總分：100分

客觀題（占比）42.0(42.0%)

分值分布

主觀題（占比）58.0(58.0%)

客觀題（占比）14(70.0%)

題量分布

主觀題（占比）6(30.0%)

2、試卷題量分布分析

大題題型題目量（占比）分值（占比）

本部分共6小題，共

6(30.0%)58.0(58.0%)

58分。

本部分共14小題，

每小題3分，共42

分。在每小題列出的

14(70.0%)42.0(42.0%)

四個選項中，選出最

符合題目要求的一

項。

3、試卷難度結(jié)構(gòu)分析

序號難易度占比

1普通(65.0%)

2容易(20.0%)

3困難(15.0%)

4、試卷知識點分析

序號知識點（認知水平）分值（占比）對應(yīng)題號

1第一、第二與第三宇宙速度3.0(3.0%)12

2衛(wèi)星問題3.0(3.0%)12

3帶電粒子在電場中的運動綜合10.0(10.0%)19

4