2023學(xué)年高三年級上冊摸底考試物理試卷及答案

河北省邯鄲市2022-2023學(xué)年高三上學(xué)期摸底考試物理試題

一、單選題

1.利用傳感器與計算機(jī)結(jié)合，可以自動得出物體運(yùn)動的圖像。某同學(xué)在一次實驗中，獲取了小車

運(yùn)動10m過程中，速度隨時間變化規(guī)律的圖像，如圖中實線所示，虛線為過坐標(biāo)原點(diǎn)的一條直線。

關(guān)于小車的運(yùn)動，下列說法正確的是（）

A.小車做非勻變速曲線運(yùn)動

B.小車的平均速度一定不等于lm/s

C.圖中兩部分陰影面積s=s

12

D.小車在前4s內(nèi)的位移大小可能為2m

2.某同學(xué)利用圖示裝置測量玻璃磚對單色光的折射率。將半圓形玻璃磚固定在量角器上，量角器

的圓心與半圓形玻璃磚的圓心重合。實驗時將含有單色光A、BG4光的折射率大于B光的折射率）

的復(fù)色光沿半徑方向從量角器某刻度線射入半圓形玻璃磚，復(fù)色光被分成。兩光束，如圖甲。

逐漸增大入射角，a、b兩光束都向水平方向靠近，如圖乙，當(dāng)復(fù)色光沿圖丙所示位置射入半圓形

玻璃磚時，“光束剛好消失。下列判斷正確的是（）

因此測得單色光A的折射率為出

A.丙圖中剛好要消失的是單色光4,

3

因此單色光8的折射率為2褥

B.丙圖中剛好要消失的是單色光

3

C.丙圖中剛好要消失的是單色光A,因此測得單色光4的折射率為2

D.丙圖中剛好要消失的是單色光8,因此測得單色光B的折射率為2

3.如圖所示是某跳臺滑雪運(yùn)動員從斜坡頂端以水平初速度v飛出落到斜坡上的運(yùn)動軌跡。以拋出

0

點(diǎn)0為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立如圖所示的坐標(biāo)軸，利用信息技術(shù)手段擬合得到此曲線的軌跡方程是

），=[x2,且落點(diǎn)的橫坐標(biāo)為80m。不計空氣阻力，重力加速度g取10m/S2。則運(yùn)動員落在斜面上

80

速度方向與水平方向夾角的正切值是（）

B.1

C.①

2

D.工

2

4.探究影響平行板電容器電容的有關(guān)因素的實驗裝置如圖所示，關(guān)于該實驗，下列說法正確的是

A.實驗前，如果只用與毛皮摩擦過的硬橡膠棒與電容器“板接觸，不能使電容器帶電

B.實驗中，只將電容器b板向上平移，兩板間電場強(qiáng)度不變，靜電計指針的張角變小

C.實驗中，只在極板間插入有機(jī)玻璃板，兩板間電場強(qiáng)度減小，靜電計指針的張角變小

D.實驗中，只將電容器b板向左平移，兩板間電場強(qiáng)度增大，靜電計指針的張角變大

5.某探究小組為了研究波的傳播過程及其特點(diǎn)，將兩根完全相同的輕質(zhì)細(xì)繩一端固定在墻上處于

同一水平線上的4、B兩點(diǎn)，另一端由組內(nèi)甲、乙兩位同學(xué)同時以相同的起振方向上下持續(xù)振動產(chǎn)

生橫波。已知甲、乙兩同學(xué)抖動細(xì)繩的頻率之比為3:2,則某時刻用手機(jī)拍攝下波剛好傳播到墻壁

處的波形圖。以下選項中波形圖正確的是（）

6.一個靜止的放射性原子核處于垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，由于發(fā)生了a（或

|3）衰變而得到兩種粒子，一種是a（或P）粒子，另一種是反沖核。如圖所示為兩種粒子在磁場

中的圓形軌跡，已知衰變前核的質(zhì)量為，衰變后形成的兩種新粒子的質(zhì)量分別為飛、機(jī),，在磁場

中的軌跡半徑分別為K、R。兩圓半徑之比為R:R=1：45,則以下說法正確的是（）

I212

A.該原子核發(fā)生的是a衰變，得到的兩種新粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的繞向相反

B.原來靜止的原子核的原子序數(shù)為92,反沖核的軌道半徑為2

C.衰變過程釋放的核能￡=）。2,得到的射線在空氣中具有較強(qiáng)的穿透本領(lǐng)

12

D.該衰變的衰變方程可能為鄴Uf4He+234Th

92290

7.張北的風(fēng)點(diǎn)亮北京的燈，中國外交部發(fā)言人趙立堅這一經(jīng)典語言深刻體現(xiàn)了2022年北京冬奧

會的綠色奧運(yùn)理念。張北可再生能源示范項目，把張北的風(fēng)轉(zhuǎn)化為清潔電力，并入冀北電網(wǎng)，再

輸向北京、延慶、張家口三個賽區(qū)。現(xiàn)有一小型風(fēng)力發(fā)電機(jī)通過如圖甲所示輸電線路向北京賽區(qū)某

場館1萬個額定電壓為220V、額定功率為11W的LED燈供電。當(dāng)發(fā)電機(jī)輸出如圖乙所示的電壓時，

賽區(qū)的LED燈全部可以正常工作。已知輸電導(dǎo)線損失的功率為賽區(qū)獲得總功率的4%,輸電導(dǎo)線的

等效電阻為R=11Q。則下列說法正確的是（）

甲

A.風(fēng)力發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)速為50r/min

B.風(fēng)力發(fā)電機(jī)lh內(nèi)輸出的電能為110kW-h

C.降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為25:1

D.升壓變壓器副線圈輸出的電壓的最大值為5720V

二、多選題

8.某人造地球衛(wèi)星繞地球的公轉(zhuǎn)軌道是個橢圓，公轉(zhuǎn)周期為質(zhì)量為〃?，其近地點(diǎn)A到地球中

心的距離為“，遠(yuǎn)地點(diǎn)C到地球中心的距離為人A、C兩點(diǎn)的曲率半徑均為我“（通過該點(diǎn)和曲線

上緊鄰該點(diǎn)兩側(cè)的兩點(diǎn)作一圓，在極限情況下，這個圓就叫作該點(diǎn)的曲率圓，其半徑叫作該點(diǎn)的曲

率半徑），如圖所示。若地球的質(zhì)量為M,引力常量為G,忽略其他衛(wèi)星對它的影響，則以下說法

正確的是（）

A.衛(wèi)星從B-A所用的時間等于［

4

B.衛(wèi)星從A—O—C運(yùn)行的過程中，萬有引力對它做的功為

C.衛(wèi)星運(yùn)行過程中機(jī)械能守恒，最大速率與最小速率之比為2

a

D.若要使衛(wèi)星到近地圓形軌道上運(yùn)行，可以在C點(diǎn)進(jìn)行適當(dāng)制動

9.如圖所示，質(zhì)量為例的光滑斜面靜止在光滑水平面上。某時刻，質(zhì)量為機(jī)的可視為質(zhì)點(diǎn)的小物

塊從斜面頂端由靜止開始下滑，經(jīng)過一段時間，小物塊滑到斜面底端，速度大小為小，方向與水平

地面成。角，重力加速度大小為g。則小物塊從斜面頂端下滑到底端過程中，下列說法中正確的是

)

A.斜面與小物塊組成的系統(tǒng)動量守恒

B.斜面對小物塊的支持力做的功等于小物塊機(jī)械能的變化

C.小物塊對斜面的壓力做的功等于°

2M

D.小物塊對斜面的壓力的沖量大小為m\cosO

10.如圖所示，空間中有正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

8,勻強(qiáng)電場方向豎直向下，將一質(zhì)量為"?，帶電量為+4的粒子沿水平向左以速度v拋入復(fù)合場中，

忽略粒子的重力。已知勻強(qiáng)電場的強(qiáng)度大小E=在粒子之后運(yùn)動的過程中，以下說法正確的

是（）

E

A.粒子偏離人射方向的最大距離為毛

Bq

9//2V

B.粒子在軌跡最低點(diǎn)的曲率半徑為

2Bq

C.粒子從拋出到最低點(diǎn)的過程電勢能的變化量為-4WV2

D.粒子運(yùn)動過程中動能與電勢能的總和是守恒的

三、實驗題

11.某同學(xué)采用圖甲所示的裝置做“驗證小球擺動的過程中滿足機(jī)械能守恒”的實驗。細(xì)線上端固定

在鐵架臺上的。點(diǎn)，下端懸掛一小球，將小球拉起一定角度，由靜止釋放，擺到最低點(diǎn)時，恰好

通過固定在鐵架臺上的光電門。

o

1主尺2cm

光電門?I1iIIIJJI_IIt

IIIIIIIIIIIII

0游標(biāo)尺10

甲乙

（1）用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑，如圖乙所示，則小球的直徑”=mm；

（2）該同學(xué)將小球從不同高度釋放，測出釋放點(diǎn)到小球擺動最低點(diǎn)的高度力及擋光時間f,若作出

（選填“產(chǎn)七”或“L"）與力（為橫坐標(biāo)）的圖像是過原點(diǎn)的一條傾斜直線，則直線的斜

率為，則小球在擺動的過程中滿足機(jī)械能守恒。（用重力加速度g和小球直徑d表示）

（3）若另一小組同學(xué)用安裝在。點(diǎn)的力傳感器代替光電門完成實驗。將細(xì)線拉至水平狀態(tài)，把小

球由靜止釋放，當(dāng)小球擺到。點(diǎn)正下方時，力傳感器示數(shù)尸為,則可驗證小球在擺動

的過程中滿足機(jī)械能守恒。（用重力加速度g和小球質(zhì)量m表示）

12.某同學(xué)想較準(zhǔn)確地測量定值電阻&的阻值，設(shè)計實驗方案如下：

S

T

K

圖1圖2

（1）用如圖1所示的多用電表粗測電阻班,要用到選擇開關(guān)K和兩個部件S、To請根據(jù)下列步

驟完成電阻測量：

①旋動部件，使指針對準(zhǔn)電流的"0”刻度線；

②將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“xl”的位置；

③將插入插孔的表筆短接，旋動部件，使指針對準(zhǔn)電阻的“0”刻度線；

④將電阻Rx接入兩表筆之間，指針指示的位置如圖2所示，則待測電阻曲的阻值為

Rx=_Qo

（2）為了較準(zhǔn)確測量Rx的阻值，有以下一些器材可供選擇：

電流表A1（量程0~100mA,內(nèi)阻約0.2C）；

電流表A2（量程0~3A,內(nèi)阻約0.12。）；

電壓表V1（量程0~3V,內(nèi)阻很大）；

電壓表V,（量程0~15V,內(nèi)阻很大）；

電源E（電動勢約為3V,內(nèi)阻約為0.2C）：

定值電阻R（15。，允許最大電流1.0A）；

滑動變阻器勺（0?10Q,允許最大電流2.0A）；

滑動變阻器R?（0~lkQ,允許最大電流0.5A）；

單刀單擲開關(guān)S一個，導(dǎo)線若干。

①電流表應(yīng)選，滑動變阻器應(yīng)選；（填器材的符號）

②請在線框內(nèi)畫出測量電阻Rx的實驗電路圖；（要求所測量范圍盡可能大）（)

③某次測量中，電壓表示數(shù)為U時，電流表示數(shù)為/,則計算待測電阻阻值的表達(dá)式為

Rx=__________

四、解答題

13.汽車的輪胎壓力監(jiān)測系統(tǒng)的作用是在汽車行駛過程中對輪胎氣壓進(jìn)行實時自動監(jiān)測，并對輪胎

漏氣和低氣壓進(jìn)行報警，以確保行車安全。某汽車在北方冬季某天的最高溫度、最低溫度時刻，輪

胎壓力監(jiān)測系統(tǒng)測定前左側(cè)輪胎的氣壓最大值、最小值分別為2.8加八2.5afm。若輪胎內(nèi)氣體可視

為理想氣體，漏氣前后輪胎容積不變。當(dāng)天最低溫度為-23℃。

（1）求當(dāng)天的最高溫度為多少攝氏度；

（2）若該汽車某時刻顯示前左側(cè)車胎氣壓為2.5M“，后由于輪胎被釘子所扎開始漏氣，造成輪胎

氣壓降低，當(dāng)氣壓降低至輪胎壓力監(jiān)測系統(tǒng)開始報警。試求此過程中，輪胎漏氣的質(zhì)量與

原有氣體質(zhì)量的比值?？烧J(rèn)為漏氣過程溫度不變，室外氣體壓強(qiáng)為加。

14.如圖甲所示，左端間距為2L、右端間距為L的足夠長光滑水平金屬導(dǎo)軌ABC。-ABC。固定

iiii

在水平桌面上，虛線的左側(cè)一-面積S=0.6m2的圓形區(qū)域存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向

里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時間r的變化規(guī)律如圖乙所示（取垂直紙面向里為正方向）；虛線MN

的右側(cè)區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8=0.5T的勻強(qiáng)磁場。一長也為2L、質(zhì)量為

，〃=lkg、電阻為r的金屬棒外緊靠MN右側(cè)且與導(dǎo)軌垂直放置，在f=0時，閉合開關(guān)S,金屬棒

M開始向右運(yùn)動，當(dāng)其達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時，斷開開關(guān)，同時把另一與金屬棒外完全相同的金屬棒M

輕輕垂直于水平導(dǎo)軌CO-q/左端。g取10m心，L=0.5m,不計導(dǎo)軌電阻與其他阻力。

求:

(1)斷開開關(guān)瞬間，金屬棒油速度、的大小;

(2)金屬棒cd由靜止到達(dá)到穩(wěn)定速度過程中產(chǎn)生的電荷量及焦耳熱。

甲

15.如圖所示，質(zhì)量為何=04kg的長木板靜止在粗糙的水平地面上，在木板的右端有一質(zhì)量為

w=0.5kg的小物塊，初始狀態(tài)木板和小物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知小物塊與木板之間的動摩擦因

數(shù)為5=。2,木板與地面之間的動摩擦因數(shù)為0=。3,某時刻一質(zhì)量為線=0.1kg的子彈以速度

>=25m/s,沿水平方向向右射入木板并留在其中，g取i（）m/s2,忽略小物塊的大小，子彈射入木

板時間極短，不考慮射入過程中木板對地發(fā)生的位移。

（1）求子彈射入木板過程中子彈和木板內(nèi)能的增量0;

（2）若使小物塊不能從木板上滑落，求木板的最小長度L；

（3）物塊與木板之間由于摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能增量。2。

%m

"%

參考答案：

1.c解：A.由題圖速度隨時間變化規(guī)律可知，小車做加速度先增大后減小的非勻變速直線運(yùn)動,

A錯誤；

B.小車在10s內(nèi)運(yùn)動的位移是10m,因此其平均速度大小為lm/s,B錯誤；

C.若小車做勻加速直線運(yùn)動，如圖中虛線所示，其位移大小等于虛線與橫坐標(biāo)軸圍成的面積，等

于10m,因此虛線與橫坐標(biāo)軸圍成的面積與圖中實線與橫坐標(biāo)軸圍成的面積相等，因此可得圖中兩

部分陰影面積S=S,C正確；

12

D.若小車做勻加速直線運(yùn)動，在前4s內(nèi)的位移為1.6m,由題圖可知，在前4s內(nèi)小車的實際位移

一定小于小車做勻加速直線運(yùn)動的位移，因此小車在前4s內(nèi)位移大小不可能為2m,D錯誤。

故選Co

2.B解：根據(jù)

.八1

sinC=—

n

可知折射率大的A光，發(fā)生全反射的臨界角較小，因此隨著入射角增大，先發(fā)生全反射，即丙圖中

剛好消失的是后發(fā)生全反射的B光；丙圖顯示此時全反射的角度為60。，代入上式可得折射率較小

的單色光8的折射率

1273

n=-------=-----

sin6003

故選Bo

3.A解：若以拋出點(diǎn)。為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立如題圖所示的坐標(biāo)軸，則運(yùn)動員經(jīng)過時間，的橫、縱坐

標(biāo)分別為

x=vt

0

1

因此得到運(yùn)動員的軌跡方程為

1_g

X2

2V2

0

可得

g—1

荻80

o

解得初速度

v=20m/s

o

根據(jù)

x=vt

0

可得運(yùn)動員在空中運(yùn)動時間

r=4s

設(shè)運(yùn)動員落在斜面上速度方向與水平方向夾角為a,則正切值

Pt

tana=—==2

v

o

故選A。

4.C解：A.實驗前，只用與毛皮摩擦過的硬橡膠棒與電容器。板接觸，a板帶負(fù)電，由于感應(yīng)起

電，在電容器b板上將感應(yīng)出異種電荷，A錯誤；

B.電容器6板向上平移，電容器帶電量Q不變，正對面積S變小，由

C=2X

kd

可知，電容C變小，由電場強(qiáng)度

_U_Q_Q_4nkQ

CH-------------------------

dCd&S8S

rClr

471kd

可知，E增大，由

c=2

u

可知，0不變，。變大，因此靜電計指針的張角變大，B錯誤；

C.插入有機(jī)玻璃板，相對介電常數(shù)￡變大，由

r

可知，電容c變大，由

C=2

U

可知，。不變，U變小，因此靜電計指針的張角變小，由

Ci-

eS

r

可知，E減小,C正確；

D.只將電容器匕板向左平移，d增大，由

一￡S

kd

可知，C減小，由

可知，0不變，。變大，靜電計指針的張角變大，由

&S

r

可知，E不變，D錯誤。

故選Co

5.A解：BD.甲、乙兩同學(xué)抖動細(xì)繩的頻率之比為3:2,周期之比為2:3,波在兩根完全相同的

細(xì)繩中傳播的速度相等，根據(jù)波速與波長的關(guān)系

X=vT

因此甲、乙兩波的波長之比為2:3,BD錯誤；

AC.根據(jù)波形圖可知，A、8處細(xì)繩上質(zhì)點(diǎn)開始振動的方向相反，與題意中兩列波起振方向相同不

一致，C錯誤，因此可能的波形圖只有選項A。

故選A?

6.D解：A.兩圓形軌跡外切，可知是a衰變，兩種新粒子均帶正電，根據(jù)左手定則可知兩種新粒

子在磁場中做圓周運(yùn)動的繞向相同，A錯誤；

D.根據(jù)質(zhì)量守恒定律與電荷數(shù)守恒定律可知，該衰變的衰變方程可能為

238U->4He+234Th

92290

D正確;

B.反沖核的原子序數(shù)為

45x2=90

為針核，根據(jù)動量守恒定律得

0二mu-tnv

1122

所以靜止原子核衰變后兩種新粒子動量等大反向，根據(jù)

ctnv_mv

R=-1-1-.R=—?3-a-

?啊2Bq?

解得

勺…遇

結(jié)合

R:R=1:45

I2

電荷數(shù)大的半徑小，反沖核的軌道半徑為勺，B錯誤;

C.衰變過程釋放的核能為

H=\m-m-m)c2

12

得到的射線是a射線，但a射線在空氣中電離本領(lǐng)較強(qiáng)，貫穿本領(lǐng)較弱，空氣中一張紙就能把a(bǔ)射

線擋住，C錯誤。

故選D。

7.C解：A.由圖乙可知，交流電的頻率為

/=1=50HZ

因此風(fēng)力發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)速〃=/=50r/s,故A錯誤；

B.1萬個額定功率為11W的LED燈正常工作時，電功率

P=llxlO-iW=110kW

而輸電線上損失的功率

△P=Px4%=4.4kW

所以風(fēng)力發(fā)電機(jī)的功率為114.4kW,因此lh風(fēng)力發(fā)電機(jī)輸出的電能

W=Pf=114.4xlkWh=114.4kWh

總

故B錯誤；

C.輸電線路損失的功率△尸=4.4kW,根據(jù)

AP=/2/?=4.4kW

可得，輸電線上電流為

/=20A

3

而通過降壓變壓器副線圈的電流

P

1=—=500A

4U

4

因此降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比

nI25

T=-4-=---

nI1

4

故C正確；

D.輸電線路損失的電壓

MJ=1R=220V

根據(jù)

Un

-3-=—

Un

44

可得

U=5500V

3

所以升壓變壓器副線圈輸出的電壓有效值為5720V,最大值為572(\叵，故D錯誤。

故選C。

8.BC解：A.衛(wèi)星繞地球沿橢圓軌道運(yùn)行，遠(yuǎn)離地球運(yùn)行過程中萬有引力做負(fù)功，速度減小，同

理靠近地球運(yùn)行過程中萬有引力做正功，速度增大，所以衛(wèi)星從B到4運(yùn)行過程所用的時間小于

故A錯誤；

B.衛(wèi)星經(jīng)過A點(diǎn)時，根據(jù)

GMmV2

------------=

。2ka

得

_[kGM

,V"

同理衛(wèi)星運(yùn)行到C點(diǎn)時，由

GMmV2

—me

b?ka

得

_\kGMa

I\b2

衛(wèi)星從運(yùn)行的過程中，根據(jù)動能定理有，萬有引力對衛(wèi)星做的功

MW/=1--1mv2

2c2A

得

W=-GkMm\

2{h2a)

故B正確；

C.根據(jù)前面分析，衛(wèi)星在A點(diǎn)速度最大，C點(diǎn)速度最小

衛(wèi)星運(yùn)行過程中只有萬有引力做功，衛(wèi)星的機(jī)械能不變，故C正確；

D.若要使衛(wèi)星在近地圓形軌道上運(yùn)行，應(yīng)該在衛(wèi)星運(yùn)行到A點(diǎn)時進(jìn)行適當(dāng)制動，在C點(diǎn)制動，衛(wèi)

星仍然是在橢圓軌道上運(yùn)行，故D錯誤。

故選BC。

9.BC解：A.小物塊從斜面頂端下滑到底端過程中，斜面與小物塊組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，

豎直方向所受外力矢量和不為零，因此系統(tǒng)動量不守恒，故A錯誤；

B.小物塊下滑過程中，斜面對小物塊的支持力做負(fù)功，引起小物塊機(jī)械能減小，且做的功等于小

物塊機(jī)械能的變化。故B正確；

C.物塊下滑過程，小物塊與斜面組成系統(tǒng)，水平方向動量守恒，因此根據(jù)動量守恒定律可得

O=mvcos9-Mv

02

解得小物塊滑到斜面底端時，斜面的速度大小為

mvcos0

v='—?--------

2M

根據(jù)動能定理可知，小物塊對斜面的壓力做的功即合外力對斜面做的功，等于其動能變化量，為

故C正確；

D.根據(jù)動量定理可知，小物塊對斜面的壓力在水平方向的分力的沖量等于斜面動量變化量,

2

即等于〃&cosO；而小物塊對斜面的壓力在豎直方向分力的沖量不為零，因此小物塊對斜面的壓力

的沖量大小不等于，小0COS。，故D錯誤。

故選BCo

10.BCD解：A.根據(jù)題意

E-Bv

得

Eq=Bqv

將粒子以速度v水平向左拋入復(fù)合場中，根據(jù)“配速法”，粒子的初速度可以等效為一個水平向左的

2v和一個水平向右的V,向右的速度v會產(chǎn)生一豎直向上的洛倫茲力

F=qvB

由于

Eq=qvB

則粒子的一個分運(yùn)動為水平向右的勻速直線運(yùn)動，另一個分運(yùn)動是水平向左沿逆時針方向的勻速圓

周運(yùn)動，速度大小為2V

、(2V)2

Bcq2V=m一

解得

R=2mv

Bq

粒子偏離入射方向的最大距離為

A錯誤；

B.粒子在軌跡最低點(diǎn)速度大小為九，方向水平向右

2口（3V）2

RBq3V-Eq=m----

r

解得

9mv

r=---

2Bq

即軌跡最低點(diǎn)的曲率半徑為k

2Bq

B正確；

C.粒子從拋出到最低點(diǎn)的過程中電場力做正功，電勢能減小，電勢能的變化量為

—Eqx2R=-4mv2

C正確；

D.粒子在復(fù)合場中運(yùn)動過程中只有電場力做功，所以粒子的動能和電勢能的總和是守恒的，D正

確。

故選BCD,

11.H.5-孕3mg解：（1）口］由圖乙可知，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為"mm,游標(biāo)尺

t2d2

的第5條刻度線與主尺的某刻度線對齊，因此游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為Umm+0.1x5mm=11.5mm,所以

小球直徑為11.5mm1,

（2）小球下落過程若機(jī)械能守恒，則有

mgh=^m\>2

且

d

v——

t

聯(lián)立可得

逆

t2di

由此可見,與〃成正比，圖像為一條過原點(diǎn)的傾斜直線，且直線的斜率為學(xué)。

，26/2

（3）［4］若用力傳感器測量小球擺到。點(diǎn)正下方時細(xì)線拉力為F,根據(jù)牛頓第二定律可得

Fl-mg=mV2

若小球下落過程機(jī)械能守恒，則有

tngL=；加2

代入上式可得

F=3mg

因此當(dāng)小球擺到。點(diǎn)正下方時，力傳感器示數(shù)尸為3〃吆，則可驗證小球在擺動的過程中滿足機(jī)械

能守恒。

12.ST15.0AR解:⑴⑴多用電

表使用前要先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，即旋動部件S,使得指針對準(zhǔn)表盤左側(cè)零刻線處;

[2]將插入插孔的表筆短接，旋動部件T,進(jìn)行歐姆調(diào)零;

⑶歐姆表的讀數(shù)為指針?biāo)缚潭瘸艘员堵剩蕡D示讀數(shù)為150c。

（2）[4]⑸伏安法測電阻，第一步，先選擇唯一性的器材，本題唯一性的器材是電源E、定值電阻

R；第二步，選擇電流表和電壓表并判斷電流表的接法，由于電源電動勢為3V,通過被測電阻的最

大電流為

3

1=—A=0.2A

，〃15.0

電流表A2相對通過被測電阻的最大電流而言量程過大，表盤利用率太低，所以選擇電流表Aj但

A1量程又偏小，所以，把定值電阻R和被測電阻串聯(lián)整體作為被測對象，這樣通過被測電阻的最

大電流為

3

=―-——A=0.1A=100mA

m15+15.0

正好和A1搭配，由于被測電阻阻值較小，故選擇電流表外接；第三步，選擇滑動變阻器并判斷滑

動變阻器的接法，選擇滑動變阻器的原則是夠用情況下優(yōu)先選擇小阻值滑動變阻器，本題選擇滑動

變阻器0。

[6]題中要求測量范圍盡可能大，所以滑動變阻器采取分壓式接法，電路圖如圖所示

RRx

⑺根據(jù)歐姆定律可得

13.(1)7℃；(2)二解：(1)根據(jù)查理定律可知

25

△=2

TT

12

即

2.82.5

/+273-23+273

解得當(dāng)天的最高溫度為

t=7℃

1

(2)以輪胎漏氣前原有氣體為研究對象，在漏氣過程中，根據(jù)玻意耳定律可得

pV=pV+pV(V為輪胎的體積)

1002

即

2.5V=lxV+1.8V

o

解得漏氣體積

M=0.7V

0

根據(jù)玻意耳定律可知，同等質(zhì)量的空氣在2.5atm及l(fā)atm下的體積之比為

j二

VP'5

在2.5atm及l(fā)atm下的空氣密度之比為

pV5

pV2

所以輪胎漏氣質(zhì)量與原有氣體質(zhì)量的比值為

pV7

mpV25

14.(1)；(2)0.96C,0.048J解：(1)在閉合開關(guān)后，回路中由于圓形磁場區(qū)域中磁場的

變化而產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為？為

金屬棒由于運(yùn)動產(chǎn)生的動生電動勢為

E=B-ILv

200

當(dāng)

E=E

21

金屬棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，解得速度為

E0.3八/,

v=----2—=---------------=O.om/s

oBx2L0.5x0.5x2

o

(2)斷開開關(guān)后，金屬棒油減速，金屬棒4加速，某時刻兩金屬棒再次達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，

有

B-2Lv=BLv

0I02

對金屬棒"、cd分別根據(jù)動量定理有

-BI-2Lt=mv-mv

0I0

BILt=mv

02

聯(lián)立以上各式，解得

v=0.12m/s

i

v=0.24m/s

2

金屬棒〃由靜止達(dá)到穩(wěn)定速度過程中產(chǎn)生的電荷量為

4=方=胃=0.96C

0

在金屬棒cd由靜止達(dá)到穩(wěn)定速度過程中，閉合電路產(chǎn)生的焦耳熱為

Q=—mv2——mv2——mv2=0.144J

2o2?22

金屬棒油、〃接入電路的阻值之比為2:1,因此金屬棒M產(chǎn)生的焦耳熱

e=1e=o.o48j

15.(1)25J；(2)1.25m；(3)1.375J解：(1)對子彈和木板組成的系統(tǒng)，取水平向右為正方向,

根據(jù)動量守恒

tnv=(,〃+M)v

0001

解得子彈射入木板后的共同速度為

mv0.1x25...

v=-w-H—=-------m/s=5m/s

1m+M0.1+0.4

0

根據(jù)能量守恒

Q=—mV2——{jn+A7)V2

i2oo2oi

解得子彈射入木板過程中子彈和木板內(nèi)能的增量

Q=251

I

（2）對木板和子彈，根據(jù)牛頓第二定律

Hmg+H（M+"?+，〃）g=（M+m）〃

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