2024年九省聯(lián)考（貴州省）高考物理適應性試卷（1月份）

2024年九省聯(lián)考（貴州?。└呖嘉锢磉m應性試卷（1月份）一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1．（4分）我國科研人員及合作者首次合成了新原子核Ac。原子核存在一種衰變鏈，其中第1次由Acc衰變成原子核Fr，第2次由Fr衰變成原子核At。下列說法正確的是（）A．兩次均為α衰變 B．兩次均為β衰變 C．第1次為α衰變，第2次為β衰變 D．第1次為β衰變，第2次為α衰變2．（4分）天宮空間站運行過程中因稀薄氣體阻力的影響，每經(jīng)過一段時間要進行軌道修正，使其回到原軌道。修正前、后天宮空間站的運動均可視為勻速圓周運動，則與修正前相比，修正后天宮空間站運行的（）A．軌道半徑減小 B．速率減小 C．向心加速度增大 D．周期減小3．（4分）如圖，一輕質(zhì)彈簧置于固定光滑斜面上，下端與固定在斜面底端的擋板連接，彈簧處于原長時上端位于A點。一物塊由斜面上A點上方某位置釋放，將彈簧壓縮至最低點B（彈簧在彈性限度內(nèi)），則物塊由A點運動至B點的過程中，彈簧彈性勢能的（）A．增加量等于物塊動能的減少量 B．增加量等于物塊重力勢能的減少量 C．增加量等于物塊機械能的減少量 D．最大值等于物塊動能的最大值4．（4分）一交變電流的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖所示，周期為T，其電壓的有效值（）A． B． C． D．5．（4分）如圖，一小型卡車行駛在平直公路上，車上裝有三個完全相同、質(zhì)量均為m的光滑圓柱形勻質(zhì)物體，A、B水平固定，C自由擺放在A、B之上。當卡車以某一恒定的加速度剎車時，C對A的壓力恰好為零，已知重力加速度大小為g，則C對B的壓力大小為（）A． B． C． D．2mg6．（4分）無人機在一斜坡上方沿水平方向向右做勻速直線運動，飛行過程中先后釋放甲、乙兩個小球，兩小球釋放的初始位置如圖所示。已知兩小球均落在斜坡上，不計空氣阻力，比較兩小球分別從釋放到落在斜坡上的過程，下列說法正確的是（）A．乙球的位移大 B．乙球下落的時間長 C．乙球落在斜坡上的速度大 D．乙球落在斜坡上的速度與豎直方向的夾角大7．（4分）如圖，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有一方向垂直紙面向里的勻強磁場，MN、PQ是相互垂直的兩條直徑。兩質(zhì)量相等且?guī)У攘慨惙N電荷的粒子從M點先后以相同速率v射入磁場，其中粒子甲沿MN射入，從Q點射出磁場，粒子乙沿紙面與MN方向成30°角射入，兩粒子同時射出磁場。不計粒子重力及兩粒子間的相互作用，則兩粒子射入磁場的時間間隔為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。（多選）8．（5分）圖（a）是貴州特有的“獨竹漂”表演，此項目已被列入第五批國家級非物質(zhì)文化遺產(chǎn)保護名錄。某次表演過程中，表演者甲在河中心位置完成表演后沿直線劃向岸邊，同時表演者乙從另一岸邊沿同一直線劃向河中心并準備表演，該過程甲、乙運動的位置x與時間t的關(guān)系圖像如圖（b）所示，則（）A．0～t0內(nèi)甲、乙的運動方向相反 B．0～t0內(nèi)甲、乙的位移大小相等 C．0～2t0內(nèi)乙的平均速度等于甲的平均速度 D．0～2t0內(nèi)乙的速度最大值大于甲的速度最大值（多選）9．（5分）一水平軟繩右端固定，取繩左端質(zhì)點O為坐標原點，以繩所在直線為x軸、豎直方向為y軸建立坐標系，在繩上每隔l0選取一個質(zhì)點。t＝0時刻質(zhì)點O開始沿y軸振動，產(chǎn)生一列沿x軸傳播的橫波（可視為簡諧波）。已知t＝t0時刻的波形如圖所示，下列說法正確的是（）A．該波的周期為4t0 B．該波的波長為8l0 C．t＝0時刻，質(zhì)點O振動方向沿y軸正方向 D．t＝6t0時刻，x＝20l0處的質(zhì)點位移為零（多選）10．（5分）如圖（a），水平放置長為l的平行金屬板右側(cè)有一豎直擋板。金屬板間的電場強度大小為E0，其方向隨時間變化的規(guī)律如圖（b）所示，其余區(qū)域的電場忽略不計。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子任意時刻沿金屬板中心線OO′射入電場，均能通過平行金屬板，并打在豎直擋板上。已知粒子在電場中的運動時間與電場強度變化的周期T相同，不計粒子重力，則（）A．金屬板間距離的最小值為 B．金屬板間距離的最小值為 C．粒子到達豎直擋板時的速率都大于 D．粒子到達豎直擋板時的速率都等于三、非選擇題：本題共5小題，共57分。11．某實驗小組在用激光筆測量半圓形玻璃磚折射率的實驗中，足夠長的光屏與半圓形玻璃磚的直邊平行，O點為玻璃磚圓心，OO′為法線。當激光沿AO方向入射時光屏上未出現(xiàn)光斑；當激光沿BO方向入射時光屏上C點出現(xiàn)光斑，如圖所示。（1）激光沿AO方向入射時光屏上未出現(xiàn)光斑的原因是。（2）過B點作OO′的垂線，垂足為D。測得BD＝l1、BO＝l2、O′C＝l3和OC＝l4，則該玻璃磚的折射率n＝（用l1、l2、l3和l4表示）。12．摻氟氧化錫（FTO）玻璃在太陽能電池研發(fā)、生物實驗、電化學實驗等領(lǐng)域有重要應用，它由一層厚度均勻、具有導電性能的薄膜和不導電的玻璃基板構(gòu)成。為了測量該薄膜厚度d，某興趣小組開展了如下實驗：（1）選取如圖（a）所示的一塊長條型FTO玻璃，測出其長度為L，寬度為b。（2）用歐姆表接薄膜M、N兩端，測得薄膜電阻Rx約為40Ω。為了獲得多組數(shù)據(jù)，進一步精確測量Rx的阻值，有如下器材可供選用：A．電源E（電動勢為3V，內(nèi)阻約為0.2Ω）B．電壓表V（量程0～1V，已測得內(nèi)阻Rv＝1000Ω）C．電流表A1（量程0～0.6A，內(nèi)阻約為1Ω）D．電流表A2（量程0～100mA，內(nèi)阻約為3Ω）E．滑動變阻器R（最大阻值為10Ω）F．定值電阻R1＝20ΩG．定值電阻R2＝2000ΩH．開關(guān)一個，導線若干（3）其中，電流表應選（選填“A1”或“A2”），定值電阻應選（選填“R1”或“R2”）。（4）根據(jù)以上要求，將圖（b）所示的器材符號連線，組成測量電路圖。（5）已知該薄膜的電阻率為ρ，根據(jù)以上實驗，測得其電阻值為Rx，則該薄膜的厚度d＝（用ρ、L、b和Rx表示）。（6）實驗后發(fā)現(xiàn)，所測薄膜的厚度偏大，其原因可能是（填正確答案前的序號）。①電壓表內(nèi)阻Rv測量值比實際值偏大②電壓表內(nèi)阻Rv測量值比實際值偏小③選用的定值電阻標定值比實際值偏大④選用的定值電阻標定值比實際值偏小13．如圖是一個簡易溫度計示意圖，左邊由固定的玻璃球形容器和內(nèi)徑均勻且標有刻度的豎直玻璃管組成，右邊是上端開口的柱形玻璃容器，左右兩邊通過軟管連接，用水銀將一定質(zhì)量的空氣封閉在左邊容器中。已知球形容器的容積為530cm3，左邊玻璃管內(nèi)部的橫截面積為2cm2。當環(huán)境溫度為0℃且左右液面平齊時，左管液面正好位于8.0cm刻度處。設(shè)大氣壓強保持不變。（1）當環(huán)境溫度升高時，為使左右液面再次平齊，右邊柱形容器應向上還是向下移動？（2）當液面位于30.0cm刻度處且左右液面又一次平齊時，對應的環(huán)境溫度是多少攝氏度？14．如圖（a），足夠長的固定光滑平行金屬導軌CD、EF相距為L，兩導軌及其所構(gòu)成的平面均與水平面成θ角。導軌所在區(qū)域有方向垂直于導軌平面向上的勻強磁場，其磁感應強度大小為B。在C、E兩點通過導線和單刀雙擲開關(guān)K接有一匝數(shù)為n、面積為S的固定水平圓形線圈M，在M區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強磁場，其磁感應強度B′隨時間變化的規(guī)律如圖（b）所示。t＝0時刻，開關(guān)K接1，此時將質(zhì)量為m的導體棒ab水平放置在導軌頂端，ab恰好靜止不動。t＝t1時刻，開關(guān)K改接2，ab開始運動。ab始終與兩導軌接觸良好且保持水平，其接入電路的電阻為R，電路中其余電阻不計。忽略空氣阻力，重力加速度大小為g。求：（1）時刻，通過ab的電流大小和方向；（2）t＝t1時刻，M所在區(qū)域磁感應強度的大??；（3）ab在導軌上所能達到的最大速度的大小。15．如圖，A、B兩點間距離L＝1.9m，質(zhì)量為的小物塊甲向右與靜止在水平地面上A點、質(zhì)量為m乙＝1kg的小物塊乙發(fā)生彈性正碰，碰前瞬間甲的速度大小v0＝4.8m/s。碰后乙在AB間運動的某段距離中，受到一水平向右、大小F＝1N的恒定推力。乙與靜止在B點處、質(zhì)量為m丙＝1kg的小物塊丙發(fā)生正碰，乙在此碰撞前、后瞬間的速度大小之比為3：1，碰后丙經(jīng)d＝0.04m停止運動。乙、丙與地面間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.2，所有碰撞時間極短，g取10m/s2。求：（1）甲與乙碰撞后瞬間乙的速度大??；（2）乙、丙碰撞過程損失的機械能；（3）推力F在AB間作用的最長時間。2024年九省聯(lián)考（貴州省）高考物理適應性試卷（1月份）參考答案與試題解析一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1．（4分）我國科研人員及合作者首次合成了新原子核Ac。原子核存在一種衰變鏈，其中第1次由Acc衰變成原子核Fr，第2次由Fr衰變成原子核At。下列說法正確的是（）A．兩次均為α衰變 B．兩次均為β衰變 C．第1次為α衰變，第2次為β衰變 D．第1次為β衰變，第2次為α衰變【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒寫出衰變的表達式，可得出衰變次數(shù)。【解答】解：根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可知，新原子核Ac第一次衰變第二次衰變可知兩次均為α衰變，故A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】學生在解決本題時，應該注意放射出一個氦原子的衰變過程為α衰變。2．（4分）天宮空間站運行過程中因稀薄氣體阻力的影響，每經(jīng)過一段時間要進行軌道修正，使其回到原軌道。修正前、后天宮空間站的運動均可視為勻速圓周運動，則與修正前相比，修正后天宮空間站運行的（）A．軌道半徑減小 B．速率減小 C．向心加速度增大 D．周期減小【分析】根據(jù)能量變化情況，可知修正后比修正前半徑增大；利用萬有引力提供向心力可求出線速度，得到修正后速率減小，向心加速度減小，周期增大?！窘獯稹拷猓篈．天宮空間站運行過程中因有阻力影響，天宮空間站的機械能減小，天宮空間站軌道高度降低，則與修正前相比，修正后天宮空間站運行的軌道半徑增大，故A錯誤；B．根據(jù)萬有引力提供向心力可得運行速率的表達式為修正后天宮空間站運行的軌道半徑增大，則速率減小，故B正確；C．根據(jù)牛頓第二定律可得向心加速度的表達式為修正后天宮空間站運行的軌道半徑增大，則向心加速度減小，故C錯誤；D．根據(jù)萬有引力提供向心力可得周期的表達式為修正后天宮空間站運行的軌道半徑增大，所以周期增大，故D錯誤。故選：B?！军c評】學生在解答本題時，應注意熟練掌握萬有引力提供向心力來求解圓周運動相關(guān)物理量的方法。3．（4分）如圖，一輕質(zhì)彈簧置于固定光滑斜面上，下端與固定在斜面底端的擋板連接，彈簧處于原長時上端位于A點。一物塊由斜面上A點上方某位置釋放，將彈簧壓縮至最低點B（彈簧在彈性限度內(nèi)），則物塊由A點運動至B點的過程中，彈簧彈性勢能的（）A．增加量等于物塊動能的減少量 B．增加量等于物塊重力勢能的減少量 C．增加量等于物塊機械能的減少量 D．最大值等于物塊動能的最大值【分析】本題可分別對物塊與彈簧組成的系統(tǒng)應用功能關(guān)系進行分析，下滑過程中物塊的重力勢能、彈性勢能和動能相互轉(zhuǎn)換，但是總機械能不變。【解答】解：ABC、設(shè)物塊在A點時的動能為Ek，斜面的傾角為θ，物塊由A點運動至B點的過程中，對物塊和彈簧組成的系統(tǒng)由機械能守恒有Ek+mgLABsinθ＝Ep可知物塊的機械能轉(zhuǎn)化成了彈簧的彈性勢能，所以彈簧彈性勢能增加量大于物塊動能的減少量，同樣大于物塊重力勢能的減少量，而等于物塊機械能的減少量，故AB錯誤，C正確；D、物塊由A點運動至B點的過程中，彈簧彈性勢能最大時即彈簧被壓縮至最短時，而物塊動能最大時，彈簧的彈力等于物塊重力沿斜面向下的分力，即此時彈簧已被壓縮，具有了一定的彈性勢能，而此后物塊還要繼續(xù)向下運動，直至速度減為零，彈簧被壓縮至最短，因此彈簧彈性勢能的最大值大于物塊動能的最大值，而等于物塊機械能的減少量，故D錯誤。故選：C?！军c評】本題考查功能關(guān)系，要求學生熟練運用機械能守恒定律，對學生分析能力和物理定律的掌握情況有一定要求。4．（4分）一交變電流的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖所示，周期為T，其電壓的有效值（）A． B． C． D．【分析】利用將交流電一個周期內(nèi)的產(chǎn)熱量等效于直流電，從而得出有效值電壓。【解答】解：交流電的有效值要求是：若同一阻值為R的電阻接在恒壓穩(wěn)流的直流電路中在交流電的一個周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量與接在交流電路中在一個周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量相同，則認為該直流電的電壓U為交流電電壓的有效值，該直流電路中通過電阻R的電流I為交流電電流的有效值，則根據(jù)等效思想有解得，故C正確，ABD錯誤。故選：C。【點評】學生在解決本題時，應注意對于交流電有效值問題的透徹理解。5．（4分）如圖，一小型卡車行駛在平直公路上，車上裝有三個完全相同、質(zhì)量均為m的光滑圓柱形勻質(zhì)物體，A、B水平固定，C自由擺放在A、B之上。當卡車以某一恒定的加速度剎車時，C對A的壓力恰好為零，已知重力加速度大小為g，則C對B的壓力大小為（）A． B． C． D．2mg【分析】對C分析，根據(jù)受力平衡可求出B對C的支持力，從而得到C對B的壓力?！窘獯稹拷猓嚎ㄜ囈阅骋缓愣ǖ募铀俣葎x車時，其加速度水平向左，則C所受的合力水平向左，而C對A的壓力恰好為零，則C只受重力和B對C的支持力，由豎直方向平衡有，自身重力與B對C的支持力平衡，NBCsin60°＝mg解得B球?qū)球的支持力為由牛頓第三定律可知C對B的壓力大小為，故B正確，ACD錯誤。故選：B。【點評】學生在解答本題時，應注意熟練掌握力的正交分解方法。6．（4分）無人機在一斜坡上方沿水平方向向右做勻速直線運動，飛行過程中先后釋放甲、乙兩個小球，兩小球釋放的初始位置如圖所示。已知兩小球均落在斜坡上，不計空氣阻力，比較兩小球分別從釋放到落在斜坡上的過程，下列說法正確的是（）A．乙球的位移大 B．乙球下落的時間長 C．乙球落在斜坡上的速度大 D．乙球落在斜坡上的速度與豎直方向的夾角大【分析】通過兩個小球運動的分析，結(jié)合運動學公式可求出乙球下落的時間小于甲球下落的時間，并且乙球的位移小于甲球的位移；根據(jù)速度的合成公式，可求出乙球落在斜坡上的速度小于甲球落在斜坡上時的速度；根據(jù)小球落在斜坡上時速度方向與豎直方向的夾角的正切值，比較出乙球落在斜坡上的速度與豎直方向的夾角大。【解答】解：AB．根據(jù)位移—時間公式，對于豎直方向做勻加速運動而言，對于水平方向做勻速運動而言x＝vt可得根據(jù)題意可知，甲、乙兩球均做平拋運動，但由于甲球先釋放，乙球后釋放，且兩球均落在斜坡上，則可知乙球在斜坡上的落點比甲球在斜坡上的落點高，而平拋運動在豎直方向的分運動為自由落體運動，在水平方向的運動為勻速直線運動，由于乙球的落點高，則乙球在豎直方向的位移小，由此可知乙球下落的時間小于甲球下落的時間，即t甲＞t乙乙球在水平方向的位移小于甲球在水平方向的位移，而甲、乙兩球的位移由于h甲＞h乙，x甲＞x乙因此可知s甲＞s乙即乙球的位移小于甲球的位移，故AB錯誤；C．豎直方向的分速度vy＝gt由于甲球下落時間大于乙球下落時間，因此小球落在斜坡上時的速度由此可知，乙球落在斜坡上的速度小于甲球落在斜坡上時的速度，故C錯誤；D．設(shè)小球落在斜坡上時速度方向與豎直方向的夾角為θ，則小球落在斜坡上時速度與豎直方向夾角的正切值由于vy甲＞vy乙因此tanθ甲＜tanθ乙則有θ甲＜θ乙由此可知，乙球落在斜坡上的速度與豎直方向的夾角大，故D正確。故選：D。【點評】學生在解答本題時，應注意要掌握平拋運動中對速度的分解的應用，以及公式的推論。7．（4分）如圖，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有一方向垂直紙面向里的勻強磁場，MN、PQ是相互垂直的兩條直徑。兩質(zhì)量相等且?guī)У攘慨惙N電荷的粒子從M點先后以相同速率v射入磁場，其中粒子甲沿MN射入，從Q點射出磁場，粒子乙沿紙面與MN方向成30°角射入，兩粒子同時射出磁場。不計粒子重力及兩粒子間的相互作用，則兩粒子射入磁場的時間間隔為（）A． B． C． D．【分析】根據(jù)粒子在磁場中的運動情況，利用周期公式可求出時間間隔。【解答】解：根據(jù)粒子運動情況作出輔助線，如圖所示O1是粒子甲運動軌跡的圓心，由題意可知，四邊形OQO1M是正方形，所以甲乙運動軌跡的半徑均為R，甲的運動軌跡的圓心角為。而粒子乙往左偏轉(zhuǎn)飛出磁場，它的圓心角為。甲運動的時間為乙運動的時間為因為兩粒子同時射出磁場，所以兩粒子射入磁場的時間間隔為，故B正確，ACD錯誤。故選：B?！军c評】學生在解答本題時，應注意解決帶電粒子在磁場中的運動問題，數(shù)學的幾何分析能力時關(guān)鍵。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。（多選）8．（5分）圖（a）是貴州特有的“獨竹漂”表演，此項目已被列入第五批國家級非物質(zhì)文化遺產(chǎn)保護名錄。某次表演過程中，表演者甲在河中心位置完成表演后沿直線劃向岸邊，同時表演者乙從另一岸邊沿同一直線劃向河中心并準備表演，該過程甲、乙運動的位置x與時間t的關(guān)系圖像如圖（b）所示，則（）A．0～t0內(nèi)甲、乙的運動方向相反 B．0～t0內(nèi)甲、乙的位移大小相等 C．0～2t0內(nèi)乙的平均速度等于甲的平均速度 D．0～2t0內(nèi)乙的速度最大值大于甲的速度最大值【分析】由于0～t0內(nèi)甲、乙的斜率均為負，說明運動方向相同；根據(jù)位移變化的大小，可得到甲和乙的位移大小不等；因為相同時間內(nèi)甲、乙位移相同，所以平均速度相同；x﹣t圖線斜率的大小代表速度的大小，所以乙的速度最大值大于甲的速度最大值?！窘獯稹拷猓篈．x﹣t圖像的斜率表示速度的大小，0～t0內(nèi)甲、乙的斜率均為負，所以運動方向相同，故A錯誤；B．0～t0內(nèi)甲的位移為﹣x0，乙的位移大小小于x0，所以0～t0內(nèi)甲、乙的位移大小不相等，故B錯誤；C．0～2t0內(nèi)乙位移等于甲的位移，時間也相同，所以0～2t0內(nèi)乙的平均速度等于甲的平均速度，故C正確；D．在x﹣t圖中，圖線斜率的大小代表速度的大小，明顯圖乙在最大斜率絕對值大于圖甲的最大斜率絕對值，所以0～2t0內(nèi)乙的速度最大值大于甲的速度最大值，故D正確。故選：CD?！军c評】學生在解決本題時，應注意x﹣t圖像的斜率表示速度的大小。（多選）9．（5分）一水平軟繩右端固定，取繩左端質(zhì)點O為坐標原點，以繩所在直線為x軸、豎直方向為y軸建立坐標系，在繩上每隔l0選取一個質(zhì)點。t＝0時刻質(zhì)點O開始沿y軸振動，產(chǎn)生一列沿x軸傳播的橫波（可視為簡諧波）。已知t＝t0時刻的波形如圖所示，下列說法正確的是（）A．該波的周期為4t0 B．該波的波長為8l0 C．t＝0時刻，質(zhì)點O振動方向沿y軸正方向 D．t＝6t0時刻，x＝20l0處的質(zhì)點位移為零【分析】根據(jù)圖像可得出該波的周期和波長；根據(jù)t＝t0時刻質(zhì)點剛傳到x＝4l0處，可知t＝0時刻，O點的振動方向；根據(jù)波的情況，可得出x＝20l0處質(zhì)點的位移。【解答】解：A．根據(jù)題目中的圖像可知，t＝t0時刻波源完成半個全振動，向右傳播半個波長，由此可以得到該波的周期為T＝2t0，故A錯誤；B．根據(jù)題目中的圖像可知，該波的波長為λ＝8l0，故B正確；C．因t＝t0時刻質(zhì)點剛傳到x＝4l0處，此時該質(zhì)點沿y軸負向振動，可知t＝0時刻，質(zhì)點O振動方向沿y軸負方向，故C錯誤；D．因t＝t0時刻質(zhì)點剛傳到x＝4l0處，所以t＝6t0時刻，波向前傳播到24l0，x＝20l0處的質(zhì)點在平衡位置，位移為零，故D正確。故選：BD。【點評】學生在解答本題時，應該能夠掌握波的周期性變化，這是解決波問題的關(guān)鍵。（多選）10．（5分）如圖（a），水平放置長為l的平行金屬板右側(cè)有一豎直擋板。金屬板間的電場強度大小為E0，其方向隨時間變化的規(guī)律如圖（b）所示，其余區(qū)域的電場忽略不計。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子任意時刻沿金屬板中心線OO′射入電場，均能通過平行金屬板，并打在豎直擋板上。已知粒子在電場中的運動時間與電場強度變化的周期T相同，不計粒子重力，則（）A．金屬板間距離的最小值為 B．金屬板間距離的最小值為 C．粒子到達豎直擋板時的速率都大于 D．粒子到達豎直擋板時的速率都等于【分析】根據(jù)對稱性以及位移—時間公式可求出豎直方向的位移從而得到兩極板間的最小值；根據(jù)運動學公式，以及對運動的分析，可得到粒子到達豎直擋板時的速率的要求?！窘獯稹拷猓篈B．在t＝nT（n＝0、1、2……）時刻進入電場的粒子在電場中的豎直位移最大，粒子在電場中運動的時間為T，則豎直方向先做勻加速運動后做勻減速運動，由對稱性，則沿豎直方向受到電場力的作用，做初速度為零的勻加速運動，所以豎直方向的位移為金屬板間距離的最小值為故A正確，B錯誤；CD．粒子出離電場時的水平速度均為在豎直方向上，t＝t0時刻進入電場的粒子，根據(jù)E﹣t圖像可知，粒子先加速時間為，然后再減速時間，在t＝（T﹣t0）時刻速度減為零；然后再反向加速t0時間，再反向減速t0時間，即在t＝T+t0時刻出離電場時豎直速度再次減為零，粒子出離電場后做勻速直線運動，則達到豎直擋板時的速率等于，故C錯誤，D正確。故選：AD。【點評】學生在解決本題時，應注意對于變化的電場問題，要根據(jù)電場的周期性變化找到粒子在不同電場情況下的運動情況。三、非選擇題：本題共5小題，共57分。11．某實驗小組在用激光筆測量半圓形玻璃磚折射率的實驗中，足夠長的光屏與半圓形玻璃磚的直邊平行，O點為玻璃磚圓心，OO′為法線。當激光沿AO方向入射時光屏上未出現(xiàn)光斑；當激光沿BO方向入射時光屏上C點出現(xiàn)光斑，如圖所示。（1）激光沿AO方向入射時光屏上未出現(xiàn)光斑的原因是全反射。（2）過B點作OO′的垂線，垂足為D。測得BD＝l1、BO＝l2、O′C＝l3和OC＝l4，則該玻璃磚的折射率n＝（用l1、l2、l3和l4表示）?！痉治觥浚?）激光沒有發(fā)生折射是因為出現(xiàn)了全反射；（2）根據(jù)光路圖，結(jié)合幾何關(guān)系可求出折射率?！窘獯稹拷猓海?）激光沿AO方向入射時光屏上未出現(xiàn)光斑的原因是激光未發(fā)生折射，發(fā)生全反射；（2）由圖標出折射角和入射角由圖可知由折射定律可知，該玻璃磚的折射率為故答案為：（1）全反射；（2）?！军c評】學生在解答本題時，應注意熟練掌握折射率公式，以及全反射發(fā)生的條件。12．摻氟氧化錫（FTO）玻璃在太陽能電池研發(fā)、生物實驗、電化學實驗等領(lǐng)域有重要應用，它由一層厚度均勻、具有導電性能的薄膜和不導電的玻璃基板構(gòu)成。為了測量該薄膜厚度d，某興趣小組開展了如下實驗：（1）選取如圖（a）所示的一塊長條型FTO玻璃，測出其長度為L，寬度為b。（2）用歐姆表接薄膜M、N兩端，測得薄膜電阻Rx約為40Ω。為了獲得多組數(shù)據(jù)，進一步精確測量Rx的阻值，有如下器材可供選用：A．電源E（電動勢為3V，內(nèi)阻約為0.2Ω）B．電壓表V（量程0～1V，已測得內(nèi)阻Rv＝1000Ω）C．電流表A1（量程0～0.6A，內(nèi)阻約為1Ω）D．電流表A2（量程0～100mA，內(nèi)阻約為3Ω）E．滑動變阻器R（最大阻值為10Ω）F．定值電阻R1＝20ΩG．定值電阻R2＝2000ΩH．開關(guān)一個，導線若干（3）其中，電流表應選A2（選填“A1”或“A2”），定值電阻應選R2（選填“R1”或“R2”）。（4）根據(jù)以上要求，將圖（b）所示的器材符號連線，組成測量電路圖。（5）已知該薄膜的電阻率為ρ，根據(jù)以上實驗，測得其電阻值為Rx，則該薄膜的厚度d＝（用ρ、L、b和Rx表示）。（6）實驗后發(fā)現(xiàn)，所測薄膜的厚度偏大，其原因可能是①④（填正確答案前的序號）。①電壓表內(nèi)阻Rv測量值比實際值偏大②電壓表內(nèi)阻Rv測量值比實際值偏小③選用的定值電阻標定值比實際值偏大④選用的定值電阻標定值比實際值偏小【分析】（3）利用歐姆定律計算，最大電流，所以選擇A2電流表，因為電壓表量程很小需要串聯(lián)電阻，計算得出選擇R2；（4）作出電路圖，選擇滑動變阻器應采用分壓式接法，電流表外接；（5）利用歐姆定律求出膜的厚度；（6）根據(jù)測量結(jié)果進行分析，可得出選項?！窘獯稹拷猓海?）由歐姆定律可得故電流表應選A2；由于電壓表量程較小，需串聯(lián)一個電阻，即該串聯(lián)的電阻為R0＝﹣RV，解得R0＝2000Ω則定值電阻應選R2；（4）由題意可知，滑動變阻器應采用分壓式接法，又因為＝＜＝所以電流表外接法，故電路圖如圖所示（5）由歐姆定律可得該薄膜的厚度（6）實驗后發(fā)現(xiàn)，所測薄膜的厚度偏大，則所測電阻Rx偏小，可能原因為電壓表內(nèi)阻Rv測量值比實際值偏大，則串聯(lián)的電阻偏大，電壓表內(nèi)阻偏大，則測量電壓時讀數(shù)偏小，電阻測量值偏??；或選用的定值電阻標定值比實際值偏小，則電壓的測量值偏大。故選①④。故答案為：（3）A2，R2；（4）電路圖如圖（5）；（6）①④【點評】學生在解決本題時，應對電路知識有比較熟悉的掌握，能夠熟練選擇分壓法并判斷電流表內(nèi)外接的問題。13．如圖是一個簡易溫度計示意圖，左邊由固定的玻璃球形容器和內(nèi)徑均勻且標有刻度的豎直玻璃管組成，右邊是上端開口的柱形玻璃容器，左右兩邊通過軟管連接，用水銀將一定質(zhì)量的空氣封閉在左邊容器中。已知球形容器的容積為530cm3，左邊玻璃管內(nèi)部的橫截面積為2cm2。當環(huán)境溫度為0℃且左右液面平齊時，左管液面正好位于8.0cm刻度處。設(shè)大氣壓強保持不變。（1）當環(huán)境溫度升高時，為使左右液面再次平齊，右邊柱形容器應向上還是向下移動？（2）當液面位于30.0cm刻度處且左右液面又一次平齊時，對應的環(huán)境溫度是多少攝氏度？【分析】（1）由于左側(cè)受熱氣體體積變大，為了使液面平齊，所以右側(cè)要向下移動；（2）根據(jù)蓋呂薩克定律可求出溫度的大小?！窘獯稹拷猓海?）當環(huán)境溫度升高時，假設(shè)右邊容器不動，則由于左側(cè)氣體體積變大，則右側(cè)管中液面將高于左側(cè)管中液面，則為使左右液面再次平齊，右邊柱形容器應向下移動；（2）開始時左側(cè)氣體體積溫度T1＝273K當液面位于30.0cm刻度處使氣體的體積氣體進行等壓變化，則根據(jù)蓋呂薩克定律可得解得T2＝295K，則t2＝22℃答：（1）當環(huán)境溫度升高時，為使左右液面再次平齊，右邊柱形容器應向下移動；（2）當液面位于30.0cm刻度處且左右液面又一次平齊時，對應的環(huán)境溫度是22攝氏度。【點評】學生在解答本題時，應注意對熱力學溫標和攝氏度的換算，以及理想氣體狀態(tài)方程的應用。14．如圖（a），足夠長的固定光滑平行金屬導軌CD、EF相距為L，兩導軌及其所構(gòu)成的平面均與水平面成θ角。導軌所在區(qū)域有方向垂直于導軌平面向上的勻強磁場，其磁感應強度大小為B。在C、E兩點通過導線和單刀雙擲開關(guān)K接有一匝數(shù)為n、面積為S的固定水平圓形線圈M，在M區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強磁場，其磁感應強度B′隨時間變化的規(guī)律如圖（b）所示。t＝0時刻，開關(guān)K接1，此時將質(zhì)量為m的導體棒ab水平放置在導軌頂端，ab恰好靜止不動。t＝t1時刻，開關(guān)K改接2，ab開始運動。ab始終與兩導軌接觸良好且保持水平，其接入電路的電阻為R，電路中其余電阻不計。忽略空氣阻力，重力加速度大小為g。求：（1）時刻，通過ab的電流大小和方向；（2）t＝t1時刻，M