第11.2講串聯(lián)和并聯(lián)電路的簡單計算中考物理一輪命題點詳解復習課件

中考物理一輪復習

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第11.2講

串聯(lián)和并聯(lián)電路的簡單計算考點導航①會看、會畫簡單的電路圖。②了解串聯(lián)電路和并聯(lián)電路中電流、電壓的特點。課標要求（2022年版）③理解歐姆定律。命題點梳理命題點1串聯(lián)電路中歐姆定律應用命題點2并聯(lián)電路中歐姆定律應用命題點3串并聯(lián)電路歐姆定律綜合應用命題點1：串聯(lián)電路中歐姆定律應用題1.（2023四川內(nèi)江）有一只小燈泡上標有“3.6V

0.3A”字樣，燈泡正常發(fā)光時的電流是________A。如果我們只有電壓為6V的電源，要使小燈泡正常發(fā)光，需要串聯(lián)一個________Ω的電阻。解：小燈泡上標有“3.6V

0.3A”字樣，燈泡正常發(fā)光時的電流為0.3A。電源電壓為6V，要使小燈泡正常發(fā)光，則要使小燈泡兩端的電壓為3.6V；此時通過小燈泡的電流為0.3A，根據(jù)串聯(lián)電路電壓、電流關(guān)系，串聯(lián)電阻兩端的電壓為6V-3.6V=2.4V，通過串聯(lián)電路的電流為0.3A，由歐姆定律得需要串聯(lián)的電阻R=UR/I=2.4V/0.3A=8Ω0.38命題點1：串聯(lián)電路中歐姆定律應用題2.（2023湖南郴州）如圖所示，電源電壓恒為3V。閉合開關(guān)S，電壓表的示數(shù)為0.5V，則燈泡L2兩端的電壓為

V，燈泡L1與L2的電阻之比為

。

解：分析電路可知，閉合開關(guān)S，燈泡L1與L2串聯(lián)，電壓表測L1兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知，燈泡L2兩端的電壓U2=U總-U1=3V-0.5V=2.5V；在串聯(lián)電路中，電流處處相等，假設(shè)該電路電流為I，則燈泡L1的電阻，燈泡L2的電阻，燈泡L1與L2的電阻之比R1:R2=U1:U2=0.5V:2.5V=1:52.51:5命題點1：串聯(lián)電路中歐姆定律應用題3.（2023江蘇揚州）小鋒設(shè)計如圖所示的電路來判斷梅雨季節(jié)教室里相對濕度的變化．選用的器材有：3V電源、濕度傳感器（其電阻RS的阻值隨相對濕度的增大而減小）、定值電阻R=2000Ω、一只電壓表（量程為0-3V）等。當相對濕度為40%時，RS=1000Ω，電壓表示數(shù)為2V，則電壓表是并聯(lián)在

的兩端。當電壓表示數(shù)變大時，教室里相對濕度在

。

解：兩電阻串聯(lián)，由串聯(lián)電路分壓原理可得US:UR=RS:R=1:2，因為電源電壓為3V，電壓表示數(shù)為2V，所以電壓表測量的是定值電阻R兩端的電壓，即電壓表并聯(lián)在定值電阻R的兩端;電壓表示數(shù)變大，即定值電阻兩端電壓變大，則流過電路的電流變大，電路的總電阻變小，可知濕度傳感器的電阻減小，所以教室里的相對濕度增大。增大R命題點1：串聯(lián)電路中歐姆定律應用解：由圖乙可知，空氣濕度越大，濕敏電阻R越??；由電路圖可知，R0與濕敏電阻串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓作用，濕敏電阻的阻值變小，它兩端的電壓變小，則R0兩端的電壓變大，即電壓表的示數(shù)變大。故AB錯誤；命題點1：串聯(lián)電路中歐姆定律應用解：空氣濕度40%時，濕敏電阻為30Ω，電路總電流I=U/R總=6V/(20Ω+30Ω)=0.12A，電壓表的示數(shù)為U0=IR0=0.12A×20Ω=2.4V，故C錯誤；當電路中電流為0.15A時，電路的總電阻為40Ω，則濕敏電阻的阻值為20Ω，由圖像乙可知空氣濕度為50%，故D正確。D命題點1：串聯(lián)電路中歐姆定律應用A命題點1：串聯(lián)電路中歐姆定律應用A命題點1：串聯(lián)電路中歐姆定律應用A命題點1：串聯(lián)電路中歐姆定律應用A命題點2：并聯(lián)電路中歐姆定律應用題6.（2023山東臨沂）圖甲所示電路的電源電壓為3V，閉合開關(guān)后，兩電流表的指針偏轉(zhuǎn)均如圖乙所示，則電路的總電阻為_________Ω；斷開開關(guān)后，電阻R2的阻值為__________Ω。解：根據(jù)電路可知，R1、R2并聯(lián)，電流表A1測支路電流，A2測干路電流，因為偏轉(zhuǎn)程度相同，則A2使用大量程，讀數(shù)為1.5A，A1使用小量程，讀數(shù)為0.3A，則電路中的總電阻為R=U/I干=3V/1.5A=2Ω；根據(jù)并聯(lián)電路中電流規(guī)律，可求的R2電流為1.2A，R2的電阻為U/I2=3V/1.2A=2.5Ω，因為電阻是導體的屬性，當斷開開關(guān)后，阻值不變?nèi)詾?.5Ω。22.5命題點2：并聯(lián)電路中歐姆定律應用題7.（2023四川宜賓）已知小燈泡L的額定電壓為2.5V，通過燈絲的電流與其兩端的電壓關(guān)系如圖所示，則燈泡正常發(fā)光時的電阻為

Ω。把此燈泡與15Ω的定值電阻并聯(lián)在電源電壓為1.5V的電路中，則并聯(lián)電路的總電流是

A。

解：小燈泡L的電壓達到額定電壓2.5V時，通過燈泡的電流為0.25A，則燈泡正常發(fā)光時的電阻R=U/I=2.5V/0.25A=10Ω；把此燈泡與15Ω的定值電阻并聯(lián)在電源電壓為1.5V的電路中，由于并聯(lián)電路中，各支路電壓等于電源電壓，則定值電阻和燈泡兩端電壓都為1.5V；通過定值電阻的電流I定=U/R定=1.5V/15Ω=0.1A，由圖可知，通過燈泡的電流為0.2A；并聯(lián)電路的總電流I總=I1+IL=0.1A+0.2A=0.3A100.3命題點2：并聯(lián)電路中歐姆定律應用題8.（2023湖北荊州）如圖所示，電源電壓保持不變，開關(guān)S閉合后，滑動變阻器滑片P從中點向右端移動時，下列說法正確的是（

）A．電壓表V的示數(shù)變大，電流表A1示數(shù)變小B．電壓表V的示數(shù)不變，電流表A2示數(shù)變大C．電壓表V的示數(shù)與電流表A1的示數(shù)之比不變D．電流表A2的示數(shù)與電流表A1的示數(shù)之差不變解：電阻R1、R2并聯(lián)，電流表A1測量R2的電流，電流表A2測量干路電流，電壓表測量并聯(lián)電路的電壓。并聯(lián)電路中電源電壓不變，則電壓表示數(shù)不變；滑片P從中點向右端移動時，連入阻值變大，通過R2的電流變小，A1的示數(shù)變小；R1阻值不變，通過R1的電流不變，根據(jù)并聯(lián)電路電流特點可知，干路電流變小，則A2的示數(shù)變小，故AB錯誤；命題點2：并聯(lián)電路中歐姆定律應用題8.（2023湖北荊州）如圖所示，電源電壓保持不變，開關(guān)S閉合后，滑動變阻器滑片P從中點向右端移動時，下列說法正確的是（

）A．電壓表V的示數(shù)變大，電流表A1示數(shù)變小B．電壓表V的示數(shù)不變，電流表A2示數(shù)變大C．電壓表V的示數(shù)與電流表A1的示數(shù)之比不變D．電流表A2的示數(shù)與電流表A1的示數(shù)之差不變解：電壓表V的示數(shù)不變，電流表A1的示數(shù)變小，則電壓表V的示數(shù)與電流表A1的示數(shù)之比變大，故C錯誤；根據(jù)并聯(lián)電路電流規(guī)律可知，電流表A2的示數(shù)與電流表A1的示數(shù)之差是通過R1的電流，因為通過R1的電流不變，則電流表A2的示數(shù)與電流表A1的示數(shù)之差不變，故D正確。D命題點3：串并聯(lián)電路歐姆定律綜合應用題9.（2023四川廣安）如圖所示為燈泡L和定值電阻R的U—I圖像，若將L和R并聯(lián)在電源電壓為6V的電路中，則整個電路的總電流為

A；若將其串聯(lián)在電源電壓為4V的電路中，則L與R的阻值之比為

。

解：由并聯(lián)電路中各支路電壓等于電源電壓可知，L和R兩端電壓都為6V，并聯(lián)電路中，干路電流等于各支路電流之和，由圖可得I干=IR+IL=0.4A+0.5A=0.9A；將其串聯(lián)在電源電壓為4V的電路中，由串聯(lián)電路中各用電器電壓之和等于電源電壓，串聯(lián)電路中處處電流相等，由圖可得，L電壓為1V，電流為0.2A，R電壓為3V，電流也為0.2A，則L與R的阻值之比RL:R=UL:UR=1V:3V=1:30.91:3命題點3：串并聯(lián)電路歐姆定律綜合應用解：由圖象可知，甲對應的電流與電壓成正比，而乙對應的電流與電壓不成正比，根據(jù)歐姆定律可知甲電阻的阻值不變，乙電阻的阻值會發(fā)生變化；由圖象可知，當甲兩端電壓為2V時，通過甲的電流為0.1A，根據(jù)歐姆定律可得R甲=U甲/I甲=2V/0.1A=20Ω，故AB錯誤。命題點3：串并聯(lián)電路歐姆定律綜合應用解：甲、乙并聯(lián)在2V電源時，甲和乙