2022-2023學(xué)年陜西省渭南市富平縣高二（下）期末物理試卷（含解析）

2022-2023學(xué)年陜西省渭南市富平縣高二（下）期末物理試卷

一、選擇題

1.下列設(shè)備不是利用渦流工作的是（）

A.電磁爐B.真空冶煉爐C.金屬探測(cè)器D.變壓器

2.對(duì)于如圖所示的電流i隨時(shí)間t做周期性變化的圖像，下列描述正確的是|//A

（）'

A.電流的大小變化，方向不變，不是交變電流0.；V\—?

0.010.02t/s

B.電流的大小不變，方向變化，是交變電流1

C.電流的大小和方向都變化，是交變電流

D.電流的大小和方向都不變，是直流電

3.“三農(nóng)”問(wèn)題是關(guān)系我國(guó)國(guó)計(jì)民生的根本問(wèn)題，為減少遠(yuǎn)距離輸電的損耗從而降低電費(fèi)，減輕農(nóng)民負(fù)擔(dān)，

近年來(lái)對(duì)農(nóng)村電網(wǎng)進(jìn)行了改造升級(jí)，可采取最有效的措施是（）

A.提高輸送的電功率B.增大輸電的電流

C.提高高壓輸電的電壓D.增大輸電導(dǎo)線的橫截面積

4.一定值電阻接到電壓為％的直流電源上，在t時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Qi；若該電阻接到一正弦交變電源上，

該交流電源電壓的峰值為%,在相同時(shí)間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q2：則Q1：<?2等于（）

A.1-B.-：1C.2：1D.1：2

5.如圖所示的電路中，4、B、C是三個(gè)相同的燈泡，L是自感線圈，其電阻與燈泡電阻相等，電鍵S先閉合

然后再斷開，則（）

A.S閉合后，A立即亮而B、C慢慢亮B.S閉合后，B、C立即亮而A慢慢亮

C.S斷開后，B、C先變亮然后逐漸變暗D.S斷開后，4先變亮然后逐漸變暗

6.矩形線圈繞垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。若軸線右側(cè)沒有磁場(chǎng)（磁場(chǎng)具有理想邊界

xaXX

）,如圖所示。設(shè)abcda方向?yàn)楦袘?yīng)電流的正方向。從圖示位置開始一個(gè)周期內(nèi)線圈感XXX

應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖像中，正確的是（）XXX

x‘XX

7.如圖所示為某發(fā)電站向其他地區(qū)遠(yuǎn)距離輸電的原理圖，圖中交流電壓表為理想電表，變壓器71、72均為理

想變壓器。輸電線電阻為=1000,可變電阻R為用戶端負(fù)載，發(fā)電機(jī)輸出電壓有效值入=250V保持不

變。當(dāng)輸電功率P=1000k小時(shí)，輸電線上損失的功率為輸電功率的1%,電壓表示數(shù)為220心下列說(shuō)法正

A.輸電線上的電流為104

B.升壓變壓器A的原、副線圈匝數(shù)比為1：200

C.降壓變壓器&的原、副線圈匝數(shù)比為450：1

D.隨著用電高峰到來(lái)，電壓表的示數(shù)將變大

8.如圖甲所示，abed是匝數(shù)為100匝、邊長(zhǎng)為10cm、總電阻為0.10的正方形閉合導(dǎo)線圈，放在與線圈平面

垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示，則以下說(shuō)法正確的是（）

圖甲圖乙

A.導(dǎo)線圈中產(chǎn)生的電流恒定不變

B.在t=2.5s時(shí)導(dǎo)線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為2V

C.在。?2s內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量為20c

D.在￡=1s時(shí)，導(dǎo)線圈內(nèi)電流的瞬時(shí)功率為20W

二、非選擇題

9.傳感器在現(xiàn)代生活中有著廣泛的應(yīng)用.某學(xué)習(xí)小組利用壓力傳感器設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)量壓力大小的電路。壓敏

電阻的阻值R與壓力F的對(duì)應(yīng)關(guān)系如圖甲所示，壓力尸在0?200N范圍內(nèi)時(shí)圖線為直線。利用如圖乙所示的

電路，測(cè)量尸=0時(shí)壓敏電阻的阻值扁。主要器材如下：

壓敏電阻R（F=0時(shí)阻值島在90?110。之間）

電源（電動(dòng)勢(shì)E=12V,內(nèi)阻不計(jì)）

電流表Gi（量程10mA,內(nèi)阻Rgi=2000）

電流表G2（量程5064內(nèi)阻Rg2約為100。）

定值電阻％=200。

滑動(dòng)變阻器/?2

開關(guān)Si、S2及導(dǎo)線若干

⑴要求盡量準(zhǔn)確測(cè)量壓敏電阻的電阻值，導(dǎo)線c端應(yīng)與（選填"a”或"b"）連接。

（2）滑動(dòng)變阻器有兩種規(guī)格，本實(shí)驗(yàn)中/?2應(yīng)選擇的。

A.最大阻值為500

區(qū)最大阻值為150。

（3）使壓敏電阻R上的壓力為零，閉合開關(guān)工、S2,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器接入回路部分的阻值，當(dāng)電流表讀數(shù)

10.小明用如圖1所示的裝置研究“電磁感應(yīng)現(xiàn)象”，螺線管與電流計(jì)構(gòu)成閉合電路，條形磁鐵N極朝下。

（1）要想使電流計(jì)指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，小明進(jìn)行了以下4種操作，其中可行的是（選填選項(xiàng)前的字母）。

A.螺線管不動(dòng)，磁鐵勻速插入或拔出螺線管

8.螺線管不動(dòng)，磁鐵加速插入或拔出螺線管

C.磁鐵與螺線管保持相對(duì)靜止，一起勻速向上運(yùn)動(dòng)

D磁鐵與螺線管保持相對(duì)靜止，一起在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)

(2)在(1)的研究中，小明發(fā)現(xiàn)電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向會(huì)有不同，也就是感應(yīng)電流方向不同，根據(jù)(1)中的操作,

那么感應(yīng)電流方向與下列哪些因素有關(guān)(選填選項(xiàng)前的字母)。

A.磁鐵的磁性強(qiáng)弱B.磁鐵運(yùn)動(dòng)的方向C.磁鐵運(yùn)動(dòng)的速度大小。.螺線管的匝數(shù)

(3)小明又將實(shí)驗(yàn)裝置改造，如圖2所示，螺線管4經(jīng)過(guò)滑動(dòng)變阻器與開關(guān)、電池相連構(gòu)成直流電路；螺線管

B與電流計(jì)構(gòu)成閉合電路。螺線管B套在螺線管4的外面。為了探究影響感應(yīng)電流方向的因素，閉合開關(guān)后，

以不同的速度移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，觀察指針擺動(dòng)情況；由此實(shí)驗(yàn)可以得出恰當(dāng)?shù)慕Y(jié)論是(選填選

項(xiàng)前的字母)

4螺線管4的磁性變強(qiáng)或變?nèi)跤绊懼羔様[動(dòng)方向

B.螺線管4的磁性變強(qiáng)或變?nèi)跤绊懼羔様[動(dòng)幅度大小

C.螺線管4的磁性強(qiáng)弱變化快慢影響指針擺動(dòng)方向

。.螺線管A的磁性強(qiáng)弱變化快慢影響指針擺動(dòng)幅度大小

(4)在(3)研究中，閉合開關(guān)后，螺線管4的電流穩(wěn)定時(shí)，螺線管B中也存在磁場(chǎng)，但不出現(xiàn)感應(yīng)電流，這說(shuō)

明什么？。

11.如圖甲所示，小型交流發(fā)電機(jī)中矩形金屬線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與時(shí)間呈正弦

函數(shù)關(guān)系如圖乙所示，線圈的阻值r=40,該線圈與一個(gè)R=6。的電阻構(gòu)閉合電路。求：

(1)交變電流電動(dòng)勢(shì)的有效值；

(2)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式；

(3)理想交流電流表、理想交流電壓表的示數(shù)。

O'

XX：XX

Id

XX；XX

21X：(X

=S-￡

o

甲

12.如圖所示，固定在同一水平面內(nèi)的兩根平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌的間距為3

，，“，，

其左端接有阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為BR//lFB\

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.一質(zhì)量為ni的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置，且與兩導(dǎo)軌保持/--p----1-----p

良好接觸.現(xiàn)桿在水平向右、垂直于桿的恒力尸作用下從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離d時(shí)，速度恰好達(dá)到穩(wěn)定

狀態(tài)(運(yùn)動(dòng)過(guò)程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直).設(shè)桿接入電路的電阻為r,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，不計(jì)一切摩擦.試求:

(1)導(dǎo)體桿必達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)通過(guò)導(dǎo)體桿的電流大小和方向；

(2)導(dǎo)體桿達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，ab桿的速度大??；

(3)導(dǎo)體桿從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離d的過(guò)程中電阻R產(chǎn)生的熱量.

13.2022年3月23日，“天宮課堂”第二課開講，“太空教師”翟志剛、王亞平、葉光富在中國(guó)空間站再次

為廣大青少年帶來(lái)一堂精彩的太空科普課，其中有一個(gè)實(shí)驗(yàn)是王亞平在太空擰毛巾，擰出的水形成一層水

膜，附著在手上，像手套一樣，晃動(dòng)也不會(huì)掉。形成這種現(xiàn)象的原因，下列說(shuō)法正確的是()

A.在空間站水滴不受重力

B.水和手發(fā)生浸潤(rùn)現(xiàn)象

C.水和手發(fā)生不浸潤(rùn)現(xiàn)象

D.在空間站中水的表面張力變大，使得水“粘”在手上

14.下列有關(guān)說(shuō)法中正確的是()

A.液晶是液體和晶體的混合物

B.發(fā)生毛細(xì)現(xiàn)象時(shí)，細(xì)管中的液體只能上升不會(huì)下降

C.液晶的物理性質(zhì)在外界的影響下很容易發(fā)生改變

D,單晶體有確定的熔點(diǎn)，多晶體沒有確定的熔點(diǎn)

15.關(guān)于分子動(dòng)理論，下列說(shuō)法正確的是（）

A.圖甲中，狀態(tài)①的溫度比狀態(tài)②的溫度低

B.圖甲中，兩條曲線如果完整，下方的面積不相等

C.由圖乙可知，當(dāng)分子間的距離從方逐漸減小為Q時(shí)，分子力做正功

D.由圖乙可知，當(dāng)分子間的距離從上逐漸減小為小時(shí)，分子勢(shì)能不斷減小

16.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷a-b的等壓過(guò)程，b-c的等容過(guò)程，再

由c回到a,狀態(tài)a和狀態(tài)c氣體溫度相同，則（）

A.由b-c氣體內(nèi)能增大

B.由a-b氣體對(duì)外界放出的熱量等于外界對(duì)氣體做的功

C.由c-a氣體溫度逐漸降低

D.由a—b—c—a外界對(duì)氣體做負(fù)功

17.在“用油膜法估測(cè)油酸分子大小”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)步驟如下：

4將一滴油酸酒精溶液滴在水面上，待油酸薄膜的形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤

上，用彩筆將薄膜的形狀描畫在玻璃板；

8.用公式d=:求出薄膜厚度，即油酸分子的大??；

C.用量筒量出N滴油酸酒精溶液的體積V,用淺盤裝入約2cm深的水，在水面上均勻

的撒上排子粉。（已知實(shí)驗(yàn)室中使用的油酸酒精溶液的體積濃度為c）

D將畫有油膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，數(shù)出輪廓內(nèi)的方格數(shù)x（不足半個(gè)的舍去，多于半個(gè)的算一個(gè)）,

再根據(jù)方格的邊長(zhǎng)為a,求出油膜的面積S。

（1）將上述實(shí)驗(yàn)步驟進(jìn)行排序，正確的順序應(yīng)該是（寫步驟前的序號(hào)）。

（2）實(shí)驗(yàn)中要讓油酸在水面盡可能散開，形成單分子油膜，并將油膜分子看成球形且緊密排列，本實(shí)驗(yàn)體現(xiàn)

的物理思想方法為

4控制變量法

8.理想化模型法

C極限思想法

D等效替代法

18.如圖所示，用一個(gè)帶有刻度的注射器，及計(jì)算機(jī)輔助系統(tǒng)來(lái)探究氣"似

壓強(qiáng)

體的壓強(qiáng)和體積的關(guān)系。傳感湍

(1)實(shí)驗(yàn)完成后，計(jì)算機(jī)屏幕上顯示出如下表所示的實(shí)驗(yàn)結(jié)果。

計(jì)算機(jī)

序號(hào)V(mL)p(x105Pa)pK(x105Pa-mL)

1201.01520.30

2181.08519.53

3161.21519.44

4141.38019.32

5121.60519.26

可以發(fā)現(xiàn)pV(x105Pa-niL)欄中的數(shù)值越來(lái)越小，造成這一現(xiàn)象的可能原因是

A.實(shí)驗(yàn)時(shí)環(huán)境溫度升高了

B.實(shí)驗(yàn)時(shí)外界大氣壓強(qiáng)發(fā)生了變化

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)注射器內(nèi)的空氣向外發(fā)生了泄漏

。.實(shí)驗(yàn)時(shí)注射器活塞與筒壁間的摩擦力不斷增大

(2)該實(shí)驗(yàn)中封閉氣體的體積可由直接讀出，它的壓強(qiáng)可由圖中測(cè)得。

(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)為減小誤差，下列哪些操作是不正確的

A.推、拉活塞時(shí)，動(dòng)作要慢

8.推、拉活塞時(shí)，手不能握住注射器

C.壓強(qiáng)傳感器與注射器之間的軟管脫落后，應(yīng)立即重新接上，繼續(xù)實(shí)驗(yàn)并記錄數(shù)據(jù)

D活塞與針筒之間要保持潤(rùn)滑又不漏氣

19.如圖所示，絕熱氣缸倒扣放置，質(zhì)量為M的絕熱活塞在氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量加?絲

的理想氣體，活塞與氣缸間摩擦可忽略不計(jì)，活塞下部空間與外界連通，氣缸底

部連接U形細(xì)管(管內(nèi)氣體的體積忽略不計(jì))。初始時(shí)，封閉氣體溫度為T,活

塞距離氣缸底部為九°,細(xì)管內(nèi)兩側(cè)水銀柱存在高度差。已知水銀密度為p,大氣

壓強(qiáng)為Po,氣缸橫截面積為S,重力加速度為9,求：

（1）U形細(xì)管內(nèi)兩側(cè)水銀柱的高度差；

（2）通過(guò)加熱裝置緩慢提升氣體溫度使活塞下降4h0,求此時(shí)的溫度；

（3）此加熱過(guò)程中，若氣體吸收的熱量為Q,求氣體內(nèi)能的變化。

20.近年來(lái)，人們大量使用第五代移動(dòng)通信技術(shù)（簡(jiǎn)稱5G）智能手機(jī)，它既能實(shí)現(xiàn)好的通話信號(hào)，還能隨時(shí)且

快速無(wú)線上網(wǎng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電磁波在空氣中的傳播速度是340?n/sB.手機(jī)無(wú)線上網(wǎng)是利用電磁波傳輸信息的

C.手機(jī)無(wú)線上網(wǎng)是利用聲波傳輸信息的D.電磁波不能在真空中傳播

21.下列有關(guān)光現(xiàn)象的說(shuō)法正確的是（）

A.沙漠中的“蜃景”現(xiàn)象是光發(fā)生衍射引起的

B.光導(dǎo)纖維傳遞光信號(hào)是利用光的折射原理

C.光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是一種橫波

D.太陽(yáng)光在樹蔭下形成的圓形光斑就是泊松亮斑

22.彈簧振子在光滑水平面上振動(dòng)，其位移一時(shí)間圖像如圖所示，則下列說(shuō)法正

確的是（）

A.10秒內(nèi)振子的路程為1m

B.動(dòng)能變化的周期為2.0s

C.在t=10s時(shí)，振子的速度方向改變

D.振動(dòng)方程是久=0.10sinnt（m）

23.利用如圖甲所示裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象并測(cè)量光的波長(zhǎng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.實(shí)驗(yàn)裝置中的①、②、③元件分別為濾光片、單縫、雙縫

B.將濾光片由紫色的換成紅色的，干涉條紋間距變窄

C.將單縫向雙縫移動(dòng)一小段距離后，干涉條紋間距變寬

D.若雙縫的間距為d,③與光屏的間距為用測(cè)微目鏡測(cè)出的條紋間如圖乙所示,則該光的波長(zhǎng)4=笑產(chǎn)

24.某實(shí)驗(yàn)小組在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中進(jìn)行了如下的操3cm

作：

(1)以下關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的措施中正確的是。

A.擺角應(yīng)盡量大些

8.擺線應(yīng)適當(dāng)長(zhǎng)些

C.擺球應(yīng)選擇密度較大的實(shí)心金屬小球

D用停表測(cè)量周期時(shí)，應(yīng)從擺球擺至最高點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)

(2)實(shí)驗(yàn)小組的甲同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)擺球的直徑，示數(shù)如圖所示，則擺球直徑是mm..

(3)該實(shí)驗(yàn)小組實(shí)驗(yàn)時(shí)，測(cè)得擺線長(zhǎng)為，=1.0m,小球的直徑甲同學(xué)已經(jīng)在第(2)向中測(cè)出，單擺完成50次全

振動(dòng)所用的時(shí)間為100s,則重力加速度大小g=m/s2.々9.6,結(jié)果保留三位有效數(shù)字)

25.如圖1所示，某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在“測(cè)量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，

將玻璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面aa'和協(xié)'，。為直線4。與aa'的交點(diǎn)，在直線4。上

豎直地插上Pi、P2兩枚大頭針。

(1)選出實(shí)驗(yàn)接下來(lái)要完成的必要步驟并按順序填寫選項(xiàng)前的序號(hào)(填正確選項(xiàng)前的字母)。

4在玻璃磚另一側(cè)插上大頭針P3,使P3僅擋住「2的像

B.在玻璃磚另一側(cè)插上大頭針P3,使P3擋住匕的像和「2的像

C.在玻璃磚另一側(cè)插上大頭針24，使E僅擋住P3

D在玻璃磚另一側(cè)插上大頭針24,使”擋住。3、P1的像和P2的像

(2)過(guò)「3、”作直線交協(xié)'與。'，連接。。'。完成以上步驟后，實(shí)驗(yàn)小組內(nèi)的同學(xué)采用不同的方式測(cè)量玻璃的

折射率。

方法一：甲同學(xué)過(guò)。做直線NM垂直于aa',多次改變?nèi)肷浣?,測(cè)出對(duì)應(yīng)的折射角。2,建立平面直角坐標(biāo)系，

做出的圖像如圖2所示，若圖像的斜率表示玻璃的折射率，則圖像的y軸、x軸表示的物理量依次為(

填正確選項(xiàng)前的字母)。

4.。1、02

B.sin01>sin92

C.sin02sind1

D.tan02>tandx

方法二：乙同學(xué)的操作如圖3所示，以。為圓心作圓，與入射光線4。、折射光線。。'分別交于E、F點(diǎn)，再過(guò)

E、尸點(diǎn)作NN'的垂線，垂足分別為G、4點(diǎn)，用刻度尺測(cè)得EG=2.32皿，F(xiàn)H=1.60cm,則該玻璃磚的折

射率數(shù)值為.

(3)如圖4,復(fù)色光經(jīng)過(guò)上下表面平行的玻璃磚，分為a光和b光，以下說(shuō)法正確的是。

A.玻璃對(duì)a光的折射率較小

8.玻璃對(duì)a光的臨界角較大

Cb光在玻璃中的傳播速度較大

D如果b光是綠光，那么a光可能是紅光

26.一列橫波在t=0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示。在《=0.2s時(shí)刻的波形如圖中虛線所示.求：

(1)該列波的波速可能為多大？

(2)若波速為75m/s,該波沿什么方向傳播？

y/cm

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、電磁爐利用變化的電場(chǎng)產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，從而形成渦流，使鍋產(chǎn)生大量熱量，屬于渦流的

利用，故A錯(cuò)誤；

8、真空冶煉爐是線圈中的電流做周期性變化，在冶煉爐中產(chǎn)生渦流，從而產(chǎn)生大量的熱量，屬于渦流的利

用，故B錯(cuò)誤；

C、金屬探測(cè)器中變化的電流遇到金屬物體，在金屬物體上產(chǎn)生渦流，屬于渦流的利用，故C錯(cuò)誤；

。、變壓器采用的電磁感應(yīng)中的互感現(xiàn)象，不屬于渦流的利用，故。正確。

本題選擇不是利用渦流工作的，

故選：Do

電流做周期性的變化，在附近的導(dǎo)體中產(chǎn)生感應(yīng)電流，該感應(yīng)電流看起來(lái)像水中的漩渦，所以叫做渦流.渦

流會(huì)在導(dǎo)體中產(chǎn)生大量的熱量，知道哪些設(shè)備利用了渦流現(xiàn)象。

本題考查渦流現(xiàn)象的應(yīng)用，掌握渦流的原理及應(yīng)用與防止，知道真空冶煉爐，硅鋼片鐵心，金屬探測(cè)器，

電磁灶等均采用了渦流現(xiàn)象。

2.【答案】A

【解析】解：由圖像可知，電流的方向不變，而大小做周期性變化，所以不是交流，而是直流，但不是恒

定電流，故A正確，BCZ）錯(cuò)誤；

故選：Ao

根據(jù)圖像得出電流的大小和方向的變化，結(jié)合電流的定義得出其電流的類型。

本題主要考查了電流的相關(guān)定義，理解直流電和交流電的定義即可完成分析。

3.【答案】C

【解析】解：根據(jù)P=U/知，輸電電流/=5則輸電線上損失的功率P產(chǎn)=/2R=駕，則有：

A、如果提高輸送功率，會(huì)增大電能的損耗，同時(shí)輸送功率是由用戶消耗功率決定的，并不能單純提高輸送

的功率，故A錯(cuò)誤；

B、由P夜可知增大電流會(huì)導(dǎo)致輸電線上功率消耗增多，故B錯(cuò)誤；

C、由P=/2R=±J可知，提高輸電電壓，可使輸電線上功率損失減小，故C正確；

。、增大輸電導(dǎo)線的橫截面積，由R=g可知，電阻減小，則可以減小電能的損耗，但此種方法需要更多的

材料r相對(duì)提高輸電電壓來(lái)說(shuō)并不是最有效的方法，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

明確遠(yuǎn)距離輸電的基本內(nèi)容，根據(jù)P=U/得出輸電電流的大小，結(jié)合P炭=產(chǎn)/?進(jìn)行分析，明確減小輸電線

上功率損失的方法。

解決本題的關(guān)鍵知道輸送功率、輸送電壓、電流的關(guān)系，掌握功率損失的公式P夜=/2R,同時(shí)知道減小遠(yuǎn)

距離輸電中功率損耗的方法，并明確提高輸電電壓是最有效的方法。

4.【答案】C

【解析】解：依題意，根據(jù)焦耳定律和歐姆定律有：Q1=%￡,(?2=隼1

可得：Q1：Q2=2：1.故A8O錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

明確有效值的定義，知道正弦式交流電其最大值為有效值的4攵倍。再根據(jù)焦耳定律列式即可確定一周期內(nèi)

產(chǎn)生的熱量比值。

此題考查了對(duì)有效值以及焦耳定律的應(yīng)用，要注意明確有效值是根據(jù)電流的熱效應(yīng)求解的，而只有正弦式

交流電才滿足最大值為有效值的C倍。

5.【答案】B

【解析】解：4B.S閉合后，B、C立即亮，由于燈泡4與自感線圈串聯(lián)，線圈由于自感作用會(huì)阻礙電流的增

大，所以4慢慢變亮，故4錯(cuò)誤，8正確；

CD.S斷開后，線圈與與4、B、C構(gòu)成閉合回路，由于線圈的自感作用阻礙電流的減小，所以4慢慢變暗，因

為線圈電阻與燈泡電阻相等，所以在開關(guān)閉合時(shí)通過(guò)燈泡B、C和4的電流大小相等，此時(shí)B、C不會(huì)先變亮，

而是逐漸變暗，故CZ)錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)電感線圈因?yàn)樽愿袑?duì)電路電流的影響分析判斷。

本題考查含有電感線圈的電路，要求掌握電感線圖因?yàn)樽愿袑?duì)電路電流的影響。

6.【答案】A

【解析】解：如圖所示，左側(cè)線框在磁場(chǎng)中開始轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)楞次定律可得，初始時(shí)，磁通量向里減小，

感應(yīng)電流產(chǎn)生磁場(chǎng)向里，電流為abcda方向，根據(jù)交流電產(chǎn)生原理得，從中性面開始計(jì)時(shí)，線框轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的

交流電：e=Bsa)sina)t,線框中的感應(yīng)電流隨時(shí)間也按正弦規(guī)律變化，同理當(dāng)右側(cè)線框轉(zhuǎn)動(dòng)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，

也會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，產(chǎn)生的電流方向?yàn)閍bcda,但產(chǎn)生的感應(yīng)電流小于開始時(shí)，故BCD錯(cuò)誤，A正確；

故選：Ao

根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向。由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式6=段^譏33由歐姆定律求出此線圈感應(yīng)電

流的表達(dá)式，再選擇圖象。

本題主要考查了線圈在磁場(chǎng)中產(chǎn)生感應(yīng)電流及其大小，法拉第電磁感應(yīng)定律判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，進(jìn)

而根據(jù)歐姆定律判斷出電流大小。

7.【答案】AC

【解析】解：力、根據(jù)輸電線損失的功率

P損=片R。=0.01P

可得輸電線上的電流為

0.01P0.01X1000000

=力=10A

R100

故4正確；

8.降壓變壓器0的原線圈輸入電壓為

U3=-U4=450X220V=99000K

九4

升壓變壓器A的副線圈輸出電壓為

U2=U3+I2R0=990001/+10x1001/=100000K

升壓變壓器Ti的原、副線圈匝數(shù)比為

Hi%2501

瓶=瓦=100000=400

故8錯(cuò)誤；

C升壓變壓器副線圈電壓為

九2400-

U2=—Ur=—i―x250V=1.0x105V

九11

則降壓變壓器原線圈兩端電壓為

U3=U2-I2R0=99000K

則有

99000_450

九4一U4-220—1

故C正確；

D隨著用電高峰到來(lái)，并聯(lián)用戶增多，即等效為可變電阻R減小，將降壓變壓器與負(fù)載等效為一個(gè)電阻，則

等效阻值為

3.=.)2.=.)2R

可知等效電阻減小，則輸電線中的電流與增大，輸電線上損耗電壓增大，降壓變壓器原線圈兩端電壓減小,

則降壓變壓器負(fù)線圈兩端電壓減小，即隨著用電高峰到來(lái)，電壓表的示數(shù)將變小，故。錯(cuò)誤。

故選:AC?

首先，根據(jù)輸電線上的電流結(jié)合電功率公式計(jì)算輸電線上的電流；

其次，根據(jù)輸送功率和輸電線上損失的功率計(jì)算降壓變壓器副線圈的輸出電流，進(jìn)而根據(jù)輸送電流求出

降壓變壓器72原、副線圈的匝數(shù)比；

然后，根據(jù)原副線圈的匝數(shù)比和副線圈的電壓求出降壓變壓器超的原線圈的輸入電壓，再根據(jù)輸電線損失

的電壓求出升壓變壓器7\副線圈的輸出電壓，進(jìn)而求出升壓變壓器A原、副線圈的匝數(shù)比；

最后，分析用電高峰到來(lái)，判斷輸電功率、升壓變壓器7；的原線圈的電、副線圈的電流以及輸電線電阻損

失的電壓如何變化；再根據(jù)匝數(shù)與電壓的關(guān)系判斷電壓表的示數(shù)如何變化。

本題考查了遠(yuǎn)距離輸電，解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握變壓器原副線圈匝數(shù)與電壓的關(guān)系，以及變壓器的動(dòng)

o

8.【答案】BC

【解析】解：4、根據(jù)楞次定律可知，在0?2s內(nèi)的感應(yīng)電流方向與2s?3s內(nèi)的感應(yīng)電流方向相反，即為交

流電，故4錯(cuò)誤：

B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，2.5s時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于2s到3s內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則有：七=甯=

S=l2

I=10cm=0.1m

解得：￡=2，，故8正確；

ADn

CD、在0?2s時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：Ei==100x/x0.Mi/=—

再根據(jù)歐姆定律/=，有：I1=~1A=10A,

在t=ls時(shí)，線框內(nèi)電流為104,那么導(dǎo)線框內(nèi)電流的瞬時(shí)功率為：P^I2R=102x0.1W=10W,

根據(jù)Q=/t解得：Q=10x2C=20C,故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)楞次定律，來(lái)判定感應(yīng)電流方向；根據(jù)楞次定律判斷出電流的方向，利用左手定則判斷出受到的安培

力方向；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與歐姆定律，結(jié)合電量的表達(dá)式，即可求解；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，

求出2.5s時(shí)間線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小。

本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律和楞次定律，及電量與電功率表達(dá)式，難度不大，屬

于基礎(chǔ)題，需加強(qiáng)訓(xùn)練，注意交流電與直流電的區(qū)別。

9.【答案】aB100

【解析】解(1)電流表測(cè)干路電流，電流表Gi和定值電阻&串聯(lián)作為電壓表使用，通過(guò)壓敏電阻R的電流

可以準(zhǔn)確測(cè)量出來(lái)，因此導(dǎo)線c端應(yīng)接a；若接b,因電流表G2的內(nèi)阻未知，不能準(zhǔn)確測(cè)量壓敏電阻R兩端的

電壓值。

(2)當(dāng)F=0時(shí)，壓敏電阻扁=900,滑動(dòng)變阻器/?2若選擇最大阻值為50。的，全部接入電路時(shí)，電路總電

(Rgl+R1)R()(200+200)x90

阻為R總=Rg2+&+100/2+5OP+。x223.50

Rgl+Rl+R。200+200+90

E12_

根據(jù)閉合電路的歐姆定律，干路電流約為/=釬=兩力"0054A=54mA

總’

超過(guò)G2的量程，所以應(yīng)選擇最大阻值為1500的滑動(dòng)變阻器，以確保安全，故A錯(cuò)誤，B正確。

故選：B。

(3)壓敏電阻R上的壓力為零，閉合開關(guān)a、Sz，當(dāng)兩電流表Gi、G2的示數(shù)分別為4、與時(shí)

壓敏電阻兩端電壓URO=k(Rgi+Ri)

通過(guò)壓敏電阻的電流/RO=I2-11

根據(jù)歐姆定律，壓敏電阻島=警

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得&=won

故答案為:(l)a；(.2)8；(3)100o

(1)電流表G2測(cè)干路電流，電流表Gi和定值電阻凡串聯(lián)作為電壓表使用；

(2)根據(jù)串聯(lián)、并聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)求解尸=0時(shí)，電路中的總電阻，再根據(jù)閉合電路的歐姆定律求干路電

流，然后作答；

(3)根據(jù)歐姆定律求解壓敏電阻兩端電壓，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求解通過(guò)壓敏電阻的電流；再根據(jù)歐姆

定律求壓敏電阻在尸=。時(shí)的電阻。

理解實(shí)驗(yàn)原理、分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)是解題的前提，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)、歐姆定律可以解題。

10.【答案】ABBAD螺線管B中的磁通量不變，則無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生

【解析】解：(1)4螺線管不動(dòng)，磁鐵勻速插入或拔出螺線管，穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律

可知，在螺線管中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，即電流計(jì)指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故A正確；

A螺線管不動(dòng)，磁鐵加速插入或拔出螺線管，穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律可知，在螺線管中

會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，即電流計(jì)指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故3正確；

C.磁鐵與螺線管保持相對(duì)靜止，一起勻速向上運(yùn)動(dòng)，穿過(guò)線圈的磁通量不變，根據(jù)楞次定律可知，在螺線

管中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，即電流計(jì)指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故c錯(cuò)誤；

D磁鐵與螺線管保持相對(duì)靜止，一起在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，穿過(guò)線圈的磁通量不變，根據(jù)楞次定律可知，

在螺線管中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，即電流計(jì)指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故。錯(cuò)誤。

故選：AB.

(2)根據(jù)(1)中的操作可知，在磁鐵插入或拔出螺線管時(shí)，電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)方向不同，說(shuō)明，感應(yīng)電流方向與

磁鐵運(yùn)動(dòng)方向有關(guān)，故8正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：B。

(3)48.螺線管4的磁性變強(qiáng)或變?nèi)鯐r(shí)，穿過(guò)線圈B的磁通量變大或變小，由楞次定律可知，線圈B中產(chǎn)生的

感應(yīng)電流方向相反，所以螺線管4的磁性變強(qiáng)或變?nèi)跤绊懼羔様[動(dòng)方向，故A正確，8錯(cuò)誤；

CD.螺線管4的磁性強(qiáng)弱變化越快，由法拉第電磁感應(yīng)定律E=n半S可知，線圈B中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大,

感應(yīng)電流越大，所以螺線管4的磁性強(qiáng)弱變化快慢影響指針擺動(dòng)幅度大小，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：AD.

(4)閉合開關(guān)后，螺線管4的電流穩(wěn)定時(shí)，螺線管B中也存在磁場(chǎng)，但螺線管B中的磁通量不變，則無(wú)感應(yīng)電

流產(chǎn)生.

故答案為：(l)AB；(2)B；(3)4。；(4)螺線管B中的磁通量不變，則無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生。

(1)閉合回路的磁通量發(fā)生變化時(shí)回路中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；

(2)感應(yīng)電流方向與磁鐵運(yùn)動(dòng)方向有關(guān)；

(3)螺線管4的磁性變強(qiáng)或變?nèi)鯐r(shí)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向發(fā)生變化；由法拉第電磁感應(yīng)定律E=n鏢S

分析感應(yīng)電流大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度變化快慢的關(guān)系；

(4)根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件分析，

探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象時(shí)，應(yīng)先明確感應(yīng)電流的產(chǎn)生原因，能夠應(yīng)用楞次定律分析電流方向；要明確實(shí)驗(yàn)原理

及操作過(guò)程，掌握法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用方法。

11.【答案】解：(1)根據(jù)圖乙可知，電動(dòng)勢(shì)的最大值為20CV,則有效值為E=^=誓V=20U

(2)根據(jù)圖乙可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e--Emsina)t=20\Z-^sint(K)=20V-2sin87rt(K)

(3)理想交流電流表的示數(shù)/=^=法A=2A

理想交流電壓表的示數(shù)U'=/R=2x61/=12V

答：(1)交變電流電動(dòng)勢(shì)的有效值為20V；

(2)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=20，Nsin87rt(IQ;

(3)理想交流電流表、理想交流電壓表的示數(shù)分別為24和12，。

【解析】(1)根據(jù)圖像判斷出交流電的周期和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，即可求得頻率和角速度，同時(shí)也可以求

得交流電的有效值；

(2)由瞬時(shí)值表達(dá)式表示出交流電的瞬時(shí)值；

(3)根據(jù)閉合電路的歐姆定律求得電流值，由串聯(lián)電路中的分壓原理求出電阻分得的電壓。

本題比較簡(jiǎn)單考查了交流電最大值、有效值、周期、頻率等問(wèn)題，要學(xué)會(huì)正確分析圖象，從圖象獲取有用

信息求解。

12.【答案】解：(1)導(dǎo)體桿ab在恒力F作用下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為零的時(shí)候，導(dǎo)體桿帥達(dá)

到最大速度，此后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即穩(wěn)定狀態(tài).

有：F=尸安

且“=BIL

聯(lián)立得：/=/

DL

根據(jù)右手定則，桿中電流方向?yàn)閎-a；

(2)導(dǎo)體桿ab到達(dá)穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，桿產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)：E=BLvm,為即為ab桿的速度大小.

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：/=點(diǎn)

R+r

2

解得：%1=需;

DL

(3)設(shè)導(dǎo)體桿從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離d時(shí)回路產(chǎn)生的熱量為Q,

由動(dòng)能定理得：Fd-Q=

則電阻R上產(chǎn)生的熱量QR=叁-?Q

K~rT

聯(lián)立解得：QR=譬一血印.

“R+r2B4L4

答：(1)導(dǎo)體桿ab達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)通過(guò)導(dǎo)體桿的電流大小與，電流方向?yàn)閎ia；

DL

(2)導(dǎo)體桿達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，ab桿的速度大小為喏2；

(3)導(dǎo)體桿從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離d的過(guò)程中電阻R產(chǎn)生的熱量為黑-鳴針2

【解析】(1)根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件結(jié)合安培力的計(jì)算公式求解電流強(qiáng)度，根據(jù)右手定則判斷桿中電流方向；

(2)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合閉合電路的歐姆定律求解速度大小；

(3)根據(jù)動(dòng)能定理求解產(chǎn)生的熱量.

對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡問(wèn)題，

根據(jù)平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能

關(guān)系等列方程求解.

13.【答案】B

【解析】解：力、在空間站水滴仍受重力作用，只是重力用來(lái)提供向心力，故A錯(cuò)誤；

BC、由題意可知，擰出的水形成一層水膜，附著在手上，像手套一樣，說(shuō)明液體水在手表面有擴(kuò)展趨勢(shì)，

水和手發(fā)生浸潤(rùn)現(xiàn)象，故8正確，C錯(cuò)誤；

。、液體水在手表面有擴(kuò)展趨勢(shì)，而不是收縮趨勢(shì)，故不是因?yàn)樗谋砻鎻埩ψ兇蟮木壒剩?。錯(cuò)誤。

故選：B。

水滴在空間站受到重力作用，重力提供向心力；水形成一層水膜，附著在手上，與手發(fā)生浸潤(rùn)現(xiàn)象，不是

由于表面張力變大的緣故。

本題考查浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)，解題關(guān)鍵是知道發(fā)生浸潤(rùn)的原因和現(xiàn)象。

14.【答案】C

【解析】解：4液晶是一種特殊的物質(zhì)形態(tài)，既可以像液體一樣流動(dòng)，并非液體和晶體的混合物，故A錯(cuò)

誤；

8.發(fā)生毛細(xì)現(xiàn)象時(shí)，如果是浸潤(rùn)，則細(xì)管中的液體會(huì)上升，如果是不浸潤(rùn)，則細(xì)管中的液體會(huì)下降，故8

錯(cuò)誤；

C.液晶是一種特殊的物質(zhì)形態(tài)，液晶的物理性質(zhì)在外界的影響下很容易發(fā)生改變，故C正確；

。晶體具有固定的熔點(diǎn)，可知單晶體有確定的熔點(diǎn)，多晶體也有確定的熔點(diǎn)，故。錯(cuò)誤。

故選:Co

根據(jù)液晶的概念、特點(diǎn)分析判斷；根據(jù)發(fā)生毛細(xì)現(xiàn)象的原因分析判斷。

本題關(guān)鍵掌握液晶的概念、特點(diǎn)，掌握發(fā)生毛細(xì)現(xiàn)象的特點(diǎn)和原因。

15.【答案】D

【解析】解：AB,根據(jù)溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，當(dāng)溫度升高時(shí)分子的平均動(dòng)能增大，則分子的平均速

率也將增大，題圖甲中狀態(tài)①的溫度比狀態(tài)②的溫度高。兩條曲線如果完整，兩條曲線下的面積相等均為

1,故AB錯(cuò)誤；

C、由題圖乙可知，當(dāng)分子間的距離r>r°時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子間距離由上變到rO的過(guò)程中，

分子力做正功；分子間距離由r°減小到乙的過(guò)程中，分子間為斥力，所以在相互靠近過(guò)程中，分子力做負(fù)功，

故C錯(cuò)誤；

。、當(dāng)分子間的距離從「2逐漸減小為小時(shí)，分子力為引力，分子力做正功，所以分子勢(shì)能不斷減小，故。正

確。

故選：D。

當(dāng)溫度升高時(shí)分子的平均動(dòng)能增大，則分子的平均速率也將增大，掌握分子的速率分布圖象的性質(zhì)，從而

確定兩狀態(tài)下的溫度關(guān)系；當(dāng)分子間的距離r>r0時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力；當(dāng)分子間的距離r<小時(shí)，分子

力表現(xiàn)為斥力：分子力做正功，分子勢(shì)能減小。

本題考查對(duì)分子的平均動(dòng)能、分子間作用力和分子勢(shì)能的理解，注意分子勢(shì)能并不是隨著分子間距的增大

而增大的，關(guān)鍵在于分子間距與的關(guān)系。

16.【答案】AD

【解析】解：B、由a—b為等壓過(guò)程，氣體體積減小，即外界對(duì)氣體做功，且W>0,由公式祟=?可知，

'1'2

溫度降低，所以內(nèi)能減少，即4U<0。由熱力學(xué)第一定律有：AU=W+Q,結(jié)合之前分析可知，氣體放的

熱量大于外界對(duì)氣體做的功，故A錯(cuò)誤；

A、由b-c過(guò)程為等容過(guò)程，根據(jù)胃=祟可知，氣體的溫度升高，所以理想氣體的內(nèi)能增加，故4正確；

1112

C、理想氣體從狀態(tài)c到狀態(tài)a過(guò)程，由題意、理想氣體狀態(tài)方程外=牛、圖像可知，!>匕，所以氣體

對(duì)外界做功，又因?yàn)?，Ta=Tc,又因?yàn)樵趐-P圖像中的等溫線是一條反比例函數(shù)，又a,c兩點(diǎn)在同一條等

溫線上，多畫幾條等溫線，可知，離原點(diǎn)越遠(yuǎn)的等溫線溫度越高，所以從c到a溫度先升高后減低，故C錯(cuò)

誤；

。、因?yàn)閜圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示氣體做功的情況，整個(gè)過(guò)程氣體對(duì)外界做的功大于外界對(duì)氣體

做的功，所以外界對(duì)氣體做負(fù)功，故。正確。

故選：AD.

根據(jù)圖像結(jié)合公式pV=C7分析出氣體溫度的變化，同時(shí)結(jié)合熱力學(xué)第一定律/U=Q+IV,其中ZU由溫度

決定，W由氣體的體積變化決定，進(jìn)而分析出氣體的吸放熱情況。

本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程，理解圖像的物理意義，結(jié)合公式pV=C7分析出溫度的變

化，結(jié)合熱力學(xué)第一定律即可完成分析。

17.【答案】CADEB

【解析】解：（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)先用量筒量出N滴油酸酒精溶液的體積匕用淺盤裝入約2cm深的水，在水面上均勻

的撒上琲子粉。（已知實(shí)驗(yàn)室中使用的油酸酒精溶液的體積濃度為c）,再將一滴油酸酒精溶液滴在水面上，

待油酸薄膜的形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆將薄膜的形狀描畫在玻璃板，然后將畫有油膜輪

廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，數(shù)出輪廓內(nèi)的方格數(shù)x（不足半個(gè)的舍去，多于半個(gè)的算一個(gè)），再根據(jù)方格的邊

長(zhǎng)為a,求出油膜的面積S,最后用公式d=(求出薄膜厚度，即油酸分子的大小。即正確的順序應(yīng)該是:CADB。

(2)實(shí)驗(yàn)中要讓油酸在水面盡可能散開，形成單分子油膜，并將油膜分子看成球形且緊密排列，本實(shí)驗(yàn)體現(xiàn)

的物理思想方法為理想化模型法，故B正確，4CD錯(cuò)誤。

故選：Bo

故答案為：(1)0408；(2)8。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)步驟分析判斷；

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)中采用的物理近似判斷實(shí)驗(yàn)中采用的物理方法。

本題關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)步驟，掌握實(shí)驗(yàn)采用的物理方法。

18.【答案】C注射器刻度壓強(qiáng)傳感器等計(jì)算機(jī)輔助系統(tǒng)C

【解析】解：(1)4實(shí)驗(yàn)時(shí)環(huán)境溫度升高了，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

于C

pH乘積變大，故4錯(cuò)誤；

B.封閉氣體壓強(qiáng)與外界大氣壓強(qiáng)無(wú)關(guān)，故8錯(cuò)誤；

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)若注射器內(nèi)的氣體向外發(fā)生了泄漏，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

叱=。

T

常數(shù)C與質(zhì)量有關(guān)，變小，則pV乘積減小，故C正確。

D實(shí)驗(yàn)時(shí)注射器活塞與筒壁間的摩擦力不斷增大，不會(huì)影響氣壓與體積，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

(2)該實(shí)驗(yàn)中封閉氣體的體積可由注射器刻度直接讀出，它的壓強(qiáng)可由圖中壓強(qiáng)傳感器等計(jì)算機(jī)輔助系統(tǒng)。

(3)4推拉活塞時(shí)，動(dòng)作要慢，防止氣體溫度發(fā)生變化，故A正確；

8.推拉活塞時(shí)，手不能握住注射器含有氣體的部分，防止氣體溫度發(fā)生變化，故8正確；

C壓強(qiáng)傳感器與注射器之間的軟管脫落后，注射器內(nèi)封閉的氣體的質(zhì)量會(huì)發(fā)生變化，不能重新裝上繼續(xù)實(shí)

驗(yàn)，故C錯(cuò)誤；

D活塞與針筒之間要保持氣密性，從而保證質(zhì)量不變，故。正確。

本題選不正確選項(xiàng)，故選：Co

故答案為：(1)C；(2)注射器刻度，壓強(qiáng)傳感器等計(jì)算機(jī)輔助系統(tǒng)；(3)C。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)誤差分析判斷；

(2)根據(jù)注射器橫截面積不變體積與刻度成正比分析判斷；

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)分析判斷。

本題關(guān)鍵是掌握實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)，掌握理想氣體狀態(tài)。

19.【答案】解：(1)設(shè)封閉氣體的壓強(qiáng)為p,對(duì)活塞受力分析可得

ps+Mg=pos

解得，p=po-攀

又△p=Po-p=pg△無(wú)

解得△h=M

(2)活塞下降過(guò)程，密閉氣體做等壓變化，則

Sho_S(九o+△ho)

~T~=T'

解得此時(shí)溫度7'=(1+曹)7；

(3)氣體對(duì)外做功為：

W=pSh0=(p0S-Mg)Ah0；

根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：

W+Q=AU,

解得：△(/=(2—(p°S-Mg)△九0。

答：(1)U形細(xì)管內(nèi)兩側(cè)水銀柱的高度差為指：

(2)通過(guò)加熱裝置緩慢提升氣體溫度使活塞下降4八°,此時(shí)的溫度為(1+魯)7;

(3)此加熱過(guò)程中，若氣體吸收的熱量為Q,氣體內(nèi)能的變化為Q-(p0S-Mg)Aho。

【解析】(1)對(duì)活塞分析，根據(jù)平衡條件列式求出U形細(xì)管內(nèi)兩側(cè)水銀柱的高度差。

(2)對(duì)封閉氣體由理想氣體狀態(tài)方程求解。

(3)根據(jù)勿=p△V求等壓過(guò)程中氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律求氣體內(nèi)能的變化量。

根據(jù)活塞受力平衡求出氣體壓強(qiáng)，根據(jù)液柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)，求出液柱表面的高度差；加熱氣體，活塞緩慢下

降是等1王變化，可求此時(shí)的溫度；根據(jù)熱力學(xué)第一定律和氣體做功的公式可求氣體內(nèi)能的變化。

20.【答案】B

【解析】解：4電磁波在空氣中傳播速度近似為3xl08m/s,故A錯(cuò)誤；

BC.手機(jī)無(wú)線上網(wǎng)是利用電磁波傳輸信息，故B正確，C錯(cuò)誤；

D電磁波傳播不需要介質(zhì)，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

電磁波速度接近光速，W3x108m/s；

手機(jī)無(wú)線上網(wǎng)是利用電磁波傳輸信息；

電磁波的傳播不需要介質(zhì)。

本題考查學(xué)生對(duì)電磁波速度、電磁波傳播不需要介質(zhì)的掌握，是一道基礎(chǔ)題。

21.【答案】C

【解析】解：4沙漠中的“蜃景”現(xiàn)象是光發(fā)生折射與全反射引起的，故A錯(cuò)誤；

B.光導(dǎo)纖維傳遞光信號(hào)是利用光的全反射射原理，故B錯(cuò)誤；

C只有橫波才能發(fā)生光的偏振現(xiàn)象，偏振是檢驗(yàn)橫波的依據(jù)，所以光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是一種橫波，故C

正確；

。.太陽(yáng)光在樹蔭下形成的圓形光斑是光的直線傳播引起的，沒有發(fā)生明顯衍射，因此不是泊松亮斑，故。

錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)光的全反射、偏振、衍射、光的直線傳播分析判斷即可。

本題考查光的全反射、偏振以及光的傳播，要求掌握其規(guī)律，同時(shí)注意在學(xué)習(xí)中的積累。

22.【答案】D

【解析】解：4、根據(jù)振動(dòng)圖象可知周期7=2.0s,振幅4=10cm,t=10s=57,一個(gè)周期通過(guò)的路程為

44則10s內(nèi)通過(guò)的路程為s=5x44,計(jì)算可得s=2m,故A錯(cuò)誤；

B、每次經(jīng)過(guò)平衡位置動(dòng)能最大，在最大位移處動(dòng)能為0,在振子振動(dòng)一個(gè)周期的時(shí)間內(nèi)，動(dòng)能完成2個(gè)周期

的變化，故動(dòng)能變化的周期為1.0s,故B措誤；

C、t=10s=57,在t=10s時(shí)，振子沿工正方向運(yùn)動(dòng)，在t=10s時(shí)，振子的速度未反向，故C錯(cuò)誤；

D、由振動(dòng)圖象知7=2.0s,則3=率計(jì)算得3=nrad/s,振動(dòng)方程為是x=O.lOsinTrt(m),故。正確。

故選：Do

根據(jù)振動(dòng)圖象可知周期和振幅，根據(jù)一個(gè)周期通過(guò)的路程為44可計(jì)算10秒內(nèi)振子的路程；在振子振動(dòng)一

個(gè)周期的時(shí)間內(nèi)，動(dòng)能完成2個(gè)周期的變化，可得動(dòng)能變化的周期；振子速度的方向可由圖像斜率正負(fù)判斷；

由3=竿，計(jì)算得3,讀出振幅可寫出振動(dòng)方程。

本題屬于振動(dòng)圖象的識(shí)圖和對(duì)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的判斷問(wèn)題，考查知識(shí)點(diǎn)針對(duì)性強(qiáng)，難度適中，充分考查了學(xué)生學(xué)

握知識(shí)與應(yīng)用知識(shí)的能力。

23.【答案】AD

【解析】解：4實(shí)驗(yàn)裝置中的①②③元件分別為濾光片、單縫、雙縫，故A正確；

B.將濾光片由紫色的換成紅色的，波長(zhǎng)變長(zhǎng)；

根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式可知，條紋間距4%變寬，故B錯(cuò)誤；

.根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式為可知，條紋間距與單縫和雙縫之間的距離無(wú)關(guān)，故錯(cuò)誤；

C/XaC

D由圖乙可知，相鄰亮條紋之間的距離=笠手=強(qiáng)言

根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式4工=/

a.

聯(lián)立解得；1=我泮，故D正確。

故選：AD.

A.根據(jù)實(shí)驗(yàn)裝置的正確安裝作答；

B.將濾光片由紫色的換成紅色的，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式分析作答；

C.根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式分析作答

。根據(jù)題意求相鄰亮條紋之間的距離，再根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式求波長(zhǎng)。

本題主要考查了雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，理解雙縫干涉條紋間距公式是解題的關(guān)鍵。

24.【答案】BC20.49.70

【解析】解：(1)4單擺在擺角小于5度時(shí)的振動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，單擺擺角不能太大，故