2021-2022學(xué)年江蘇省泰州市、南通市高三下學(xué)期第三次調(diào)研測試物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1泰州市、南通市2022屆高三第三次調(diào)研測試物理注意事項考生在答題前請認(rèn)真閱讀本注意事項及各題答題要求1.本試卷共6頁，滿分為100分，考試時間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請將答題卡交回。2.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、考試號等用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在答題卡的規(guī)定位置。3.請認(rèn)真核對答題卡表頭規(guī)定填寫或填涂的項目是否準(zhǔn)確。4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效。5.如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑加粗。一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分。每題只有一個選項最符合題意。1.在“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，下列說法正確的是（）A.為便于形成單分子油膜，配成的油酸酒精溶液濃度要低一些B.為使油酸和酒精充分混合，配成的溶液需靜置較長時間C.為清晰顯示油膜的邊界，滴入油酸酒精溶液后再撒上痱子粉D.為減小實驗誤差，選用的玻璃板上正方形方格要大一些〖答案〗A〖解析〗A．為便于形成單分子油膜，配成的油酸酒精溶液濃度要低一些，A正確；B．為了減小誤差，溶液應(yīng)現(xiàn)配現(xiàn)用，故B錯誤；C．正確操作步驟應(yīng)為在水面上先撒上痱子粉，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散開穩(wěn)定，故C錯誤；D．為減小實驗誤差，選用的玻璃板上正方形方格要小一些，故D錯誤。故選A。2.2022年1月，我國“實踐21”衛(wèi)星成功捕獲了失效的同步衛(wèi)星“北斗2號G2星”，將其移送至比同步軌道更高的“墓地軌道”上，“實踐21”衛(wèi)星又返回同步軌道。則（）A.兩衛(wèi)星組合體在同步軌道減速才能到達(dá)“墓地軌道”B.“北斗2號G2星”在“墓地軌道”運(yùn)行的周期小于地球自轉(zhuǎn)周期C.“北斗2號G2星”在“墓地軌道”上的加速度比原軌道上的大D.“實踐21”衛(wèi)星從“墓地軌道”返回同步軌道機(jī)械能減小〖答案〗D〖解析〗A．衛(wèi)星從低軌道變軌到高軌道需要點(diǎn)火加速，故兩衛(wèi)星組合體在同步軌道需要加速才能到達(dá)“墓地軌道”，A錯誤；B．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動時，根據(jù)萬有引力提供向心力解得可知“北斗2號G2星”在“墓地軌道”運(yùn)行的周期大于同步衛(wèi)星的周期，即大于地球自轉(zhuǎn)周期，B錯誤；C．根據(jù)牛頓第二定律可得解得可知“北斗2號G2星”在“墓地軌道”上的加速度比原軌道上的小，C錯誤；D．衛(wèi)星從高軌道返回到低軌道需要點(diǎn)火減速，點(diǎn)火減速過程衛(wèi)星的機(jī)械能減小，故“實踐21”衛(wèi)星從“墓地軌道”返回同步軌道機(jī)械能減小，D正確；故選D。3.如圖所示，碳60是由60個碳原子組成的足球狀分子，科研人員把一束碳60分子以2.0×102m/s的速度射向光柵，結(jié)果在后面的屏上觀察到條紋。已知一個碳原子質(zhì)量為1.99×10-26kg，普朗克常量為6.63×10-34J·s，則該碳60分子的物質(zhì)波波長約（）A.1.7×10-10m B.3.6×10-11m C.2.8×10-12m D.1.9×10-18m〖答案〗C〖解析〗設(shè)一個碳原子的質(zhì)量為，碳60分子的動量為根據(jù)德布羅意波長公式代入數(shù)據(jù)得故C正確，ABD錯誤。故選C。4.如圖所示，豎直平面內(nèi)蜘蛛網(wǎng)上A、B、C三點(diǎn)的連線構(gòu)成正三角形，三根蜘蛛絲a、b、c的延長線過三角形的中心，蜘蛛絲c沿豎直方向，c中有張力。則（）A.蜘蛛靜止在網(wǎng)中央時，a中張力大于b中張力B.蜘蛛在網(wǎng)中央由靜止向上加速，b中張力變大C.蜘蛛在網(wǎng)中央由靜止沿b方向向上加速，b中張力變小D.蜘蛛網(wǎng)在水平風(fēng)吹拂下晃動，a中張力大小不變〖答案〗B〖解析〗A．以網(wǎng)和蜘蛛為研究對象，受力分析如圖所示由平衡條件得可得故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律的同向性可知蜘蛛在網(wǎng)中央由靜止向上加速與均增大，故B正確；C．同理，根據(jù)牛頓第二定律的同向性可知蜘蛛在網(wǎng)中央由靜止沿b方向向上加速，b中張力變大，故C錯誤；D．蜘蛛網(wǎng)在水平風(fēng)吹拂下晃動，與以及在垂直蜘蛛網(wǎng)方向均有分力，根據(jù)力的合成可知，a中張力大小發(fā)生變化，故D錯誤。故選B。5.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A，其中A→B和C→D為等溫過程，B→C和D→A為絕熱過程。這就是熱機(jī)的“卡諾循環(huán)”則（）A.A→B過程說明，熱機(jī)可以從單一熱源吸熱對外做功而不引起其它變化B.B→C過程中，氣體分子在單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的平均沖量增大C.C→D過程中，氣體的內(nèi)能增大D.整個循環(huán)過程中，氣體從外界吸收熱量〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，不可能從單一熱源吸熱全部用來對外做功而不引起其他變化，A錯誤；B．B→C過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，分子的平均動能減小，壓強(qiáng)變小，單位時間內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的沖量氣體分子在單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的平均沖量減小，B錯誤；C．C→D為等溫過程，溫度是理想氣體的內(nèi)能大小的標(biāo)度，故溫度恒定，內(nèi)能不變，C錯誤；D．整個循環(huán)過程中，氣體從外做功，從狀態(tài)A回到狀態(tài)A，溫度相同，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w必從外界吸收熱量，D正確。故選D。6.如圖所示，銫133原子基態(tài)有兩個超精細(xì)能級，從能級2躍遷到能級1發(fā)出光子的頻率約為9.2×109Hz，時間單位“秒”是根據(jù)該輻射光子的頻率定義的。可見光波長范圍為400nm～700nm。則（）A.秒是國際單位制中的導(dǎo)出單位B.該躍遷輻射出的是γ射線C.銫133從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時輻射光子的頻率大于9.2×109HzD.用頻率為9.2×109Hz的光照射鋅板，能發(fā)生光電效應(yīng)〖答案〗C〖解析〗A．秒是國際單位制中的基本單位不是導(dǎo)出單位，A錯誤；B．γ射線是波長短于0.01埃的電磁波，頻率超過300EHz（3×1020Hz），從能級2躍遷到能級1發(fā)出光子的頻率約為9.2×109Hz，故躍遷輻射出的不是γ射線，B錯誤；C．銫133從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時輻射光子的頻率大于從能級2躍遷到能級1發(fā)出光子的頻率即大于9.2×109Hz，C正確；D．已知可見光的紫光可以照射鋅板使其發(fā)生光電效應(yīng)，而紅光不能發(fā)生光電效應(yīng)。紫光的頻率約為紅光的頻率約為頻率為9.2×109Hz遠(yuǎn)小于可見光的頻率，故用頻率為9.2×109Hz的光照射鋅板，不能發(fā)生光電效應(yīng)，D錯誤。故選C。7.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的坐標(biāo)軸上固定四個點(diǎn)電荷A、B、C、D，它們到原點(diǎn)O的距離相等，其中A、C的電荷量為，B、D的電荷量為。a、b、c、d是坐標(biāo)軸上到原點(diǎn)距離相等的四個點(diǎn)。則（）A.a點(diǎn)的場強(qiáng)與c點(diǎn)的場強(qiáng)相同B.a點(diǎn)的電勢與b點(diǎn)的電勢相等C.試探電荷在a點(diǎn)的電勢能等于在c點(diǎn)的電勢能D.試探電荷沿直線從a點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)電場力不做功〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)對稱性和電場強(qiáng)度的疊加性可知a點(diǎn)的場強(qiáng)與c點(diǎn)的場強(qiáng)大小相同，方向相反，故A錯誤；B．將、兩點(diǎn)看成一組等量異種電荷，、兩點(diǎn)看成一組等量異種電荷，、兩點(diǎn)看成一組等量異種電荷的電場點(diǎn)電勢大于點(diǎn)的電勢，、兩點(diǎn)看成一組等量異種電荷的電場點(diǎn)電勢大于點(diǎn)電勢，由于、離、距離較近，根據(jù)電勢的疊加可知a點(diǎn)的電勢大于b點(diǎn)的電勢，故B錯誤；C．根據(jù)對稱性可知a點(diǎn)的電勢等于c點(diǎn)的電勢，則試探電荷在a點(diǎn)的電勢能等于在c點(diǎn)的電勢能，故C正確；D．由B選項分析可知點(diǎn)的電勢大于點(diǎn)的電勢，則試探電荷在a點(diǎn)的電勢能大于在d點(diǎn)的電勢能，可知試探電荷沿直線從a點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)電場力做正功，故D錯誤。故選C。8.如圖所示，某海洋樂園里正在進(jìn)行海豚戲球表演，馴獸師由靜止釋放球的同時，海豚沿正對著球的方向躍出水面，設(shè)海豚出水后姿勢保持不變，不計空氣阻力海豚在落水前（）A.相同時間內(nèi)速度方向變化的角度相同 B.相對球做勻速直線運(yùn)動C.一定能頂?shù)角?D.增大出水時的仰角能頂?shù)角颉即鸢浮紹〖解析〗A．相同時間內(nèi)速度的變化量相等，但對應(yīng)時間的初速度的大小和方向不同，故速度方向變化的角度不同，A錯誤；B．海豚和小球都僅受重力作用，加速度相同，故海豚在落水前相對球做勻速直線運(yùn)動，B正確；C．設(shè)海豚躍出水面距離馴獸師正下方的水平位移為x，小球釋放的高度為h，海豚躍出水面的速度方向與水平面的夾角為，故海豚能頂?shù)角驖M足的關(guān)系為當(dāng)海豚在落水前所經(jīng)歷的時間為故當(dāng)海豚落水時恰好頂?shù)角螅瑒t有解得故當(dāng)時，海豚不能頂?shù)角?，C錯誤；D．增大出水時的仰角，即，則故不能頂?shù)角?，D錯誤。故選B。9.1697年牛頓、伯努利等解出了“最速降線”的軌跡方程。如圖所示，小球在豎直平面內(nèi)從靜止開始由P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)，沿PMQ光滑軌道時間最短（該軌道曲線為最速降線）。PNQ為傾斜光滑直軌道，小球從P點(diǎn)由靜止開始沿兩軌道運(yùn)動到Q點(diǎn)時，速度方向與水平方向間夾角相等。M點(diǎn)為PMQ軌道的最低點(diǎn)，M、N兩點(diǎn)在同一豎直線上。則（）A.小球沿兩軌道運(yùn)動到Q點(diǎn)時的速度大小不同B.小球在M點(diǎn)受到的彈力小于在N點(diǎn)受到的彈力C.小球在PM間任意位置加速度都不可能沿水平方向D.小球從N到Q時間大于從M到Q的時間〖答案〗D〖解析〗A．小球沿兩軌道運(yùn)動到Q點(diǎn)重力做功相等，即合外力做功相等，根據(jù)動能定理可知小球沿兩軌道運(yùn)動到Q點(diǎn)時的速度大小相同，故A錯誤；B．小球在M點(diǎn)向心加速度向上，小球處于超重狀態(tài)，在N點(diǎn)處于失重狀態(tài)，結(jié)合牛頓第三定律可知小球在M點(diǎn)受到的彈力大于在N點(diǎn)受到的彈力，故B錯誤；C．小球在PM間向心加速度的豎直分量和切向加速度的豎直分量相等時，合加速度在水平方向，故C錯誤；D．在點(diǎn)的速度沿水平方向，設(shè)為vt，由動能定理可知點(diǎn)的速度大于在點(diǎn)速度的水平分量，由題意知在點(diǎn)速度相同，則在點(diǎn)速度水平分量相同，沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動，沿曲線水平方向做加速度增大的減速運(yùn)動，水平方向位移相等，如圖所示可知小球從N到Q的時間大于從M到Q的時間，故D正確。故選D。10.如圖所示，豎直平面內(nèi)存在范圍足夠大、方向水平的磁場，同一高度處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，豎直方向上磁感應(yīng)強(qiáng)度隨距離均勻增大。將一個豎直放置的正方形金屬線框abcd從圖示位置水平向右拋出，不計空氣阻力。下列關(guān)于線框運(yùn)動的加速度a、感應(yīng)電流i隨時間t，線框重力做功的功率P機(jī)械能E隨下落高度h變化的關(guān)系圖像中，可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗AB．因為相同高度處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，而流過ab邊和cd邊的電流大小相同，利用左手定則判斷出兩邊受到的安培力大小相等，方向相反，故水平方向上受力平衡，所以水平方向上做勻速運(yùn)動，由楞次定律可知感應(yīng)電流的方向為順時針方向，左手定則判斷出bc邊所受安培力向上，ad邊所受安培力向下，令bc邊的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，ad邊磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，ab邊和cd邊的長度為L1，bc與ad邊的長度為L2，從而求出線框所受合外力設(shè)線框向下運(yùn)動的距離為x，則聯(lián)立得加速度所以當(dāng)速度增大時，I增大，a減小，感應(yīng)電流由于加速度減小，所以感應(yīng)電流的變化率越來越小，結(jié)合可知加速度的變化率越來越小，最后線框豎直方向做勻速直線運(yùn)動，電流不再增大，加速度為零，故A正確，B錯誤；C．初始時，線框的速度為零，所以圖像，時，重力功率應(yīng)為零，故C錯誤；D．除了重力之外的其他力做功等于機(jī)械能的變化量，根據(jù)可知圖象的斜率的絕對值為安培力的大小，由AB選項分析可知，安培力越來越大，最后不變，可知D錯誤。故選A。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題～第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分；有數(shù)值計算時，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.電導(dǎo)率是電阻率的倒數(shù)，25℃時合格純凈水的電導(dǎo)率小于5.0×10-4Ω-1·m-1。某小組為測量一水廠純凈水的電導(dǎo)率，用絕緣性能良好的塑料圓柱形容器裝滿采集的水樣，然后用金屬圓片電極將容器兩端密封。實驗室還提供了下列器材：A．游標(biāo)卡尺B．電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約5kΩ）C．靈敏電流計G（量程20μA，內(nèi)阻約250Ω）D．滑動變阻器R（阻值0～20Ω，額定電流1A）E．電源（，內(nèi)阻很?。〧．開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）圖甲為游標(biāo)卡尺的結(jié)構(gòu)示意圖、實驗前需測量圓柱形容器的內(nèi)徑，應(yīng)使用游標(biāo)卡尺的___________（選填“A”、“B”或“C”）進(jìn)行測量，游標(biāo)卡尺示數(shù)為___________cm。（2）請用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙測量純凈水樣品電阻的實物電路連接完整_________。（3）測量數(shù)據(jù)如下表所示，請在圖丙中作出圖像_________。根據(jù)圖像求出該樣本電阻的阻值Rx=___________kΩ（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），進(jìn)而可以求出電導(dǎo)率。U/V0.521.201.802.362.78I/μA2.04.46.88.8104（4）若裝入的純凈水樣品未完全充滿塑料圓柱形容器，這將會使測得的電導(dǎo)率___________（選填“偏大”、“偏小”或“不變”），理由是___________?！即鸢浮剑?）A3.110（2）（3）（4）偏小電流方向上，樣品的橫截面積減小，所測電阻增大〖解析〗（1）[1][2]由圖可知。要測量圓柱形容器的內(nèi)徑，應(yīng)使用游標(biāo)卡尺的A進(jìn)行測量，游標(biāo)卡尺示數(shù)為（2）[3]為了使得電壓變化范圍較大，滑動變阻器采用分壓式接法，由題可知，靈敏電流計電流變化范圍很小，電流表的分壓較小，為了減小誤差，靈敏電流計采用內(nèi)接法，實物圖如圖所示（3）[4][5]根據(jù)描點(diǎn)法得出圖象如圖所示根據(jù)圖像求出該樣本電阻的阻值（4）[6][7]若裝入的純凈水樣品未完全充滿塑料圓柱形容器，這將會使測得的電導(dǎo)率偏小，理由是電流方向上，樣品的橫截面積減小，所測電阻增大。12.兩列簡諧橫波P、Q在同一介質(zhì)中分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，P、Q兩列波在t=0時刻的波形分別如圖甲中實線、虛線所示，x=1.5L處質(zhì)點(diǎn)的振動圖像如圖乙所示。簡諧波P的周期為TP，圖中A1、A2已知，T0未知。求：（1）兩列波在介質(zhì)中的傳播速度v及簡諧波Q的周期TQ；（2）求T0及x=1.5L處質(zhì)點(diǎn)從t=0時刻到T0時間內(nèi)通過的路程s。〖答案〗（1），；（2）〖解析〗（1）由圖可知簡諧波P、Q的波長，根據(jù)，解得波在同種介質(zhì)中傳播速度相等，則解得（2）時刻起到處質(zhì)點(diǎn)再次出現(xiàn)波谷與波谷疊加經(jīng)歷的時間為，則當(dāng)，時，對應(yīng)時間，則由圖乙可知，路程13.研究光的干涉現(xiàn)象原理圖如圖所示。光源S到雙縫S1、S2的距離相等，S1、S2連線平行于光屏，O點(diǎn)為S1、S2連線中垂線與光屏的交點(diǎn)。光源S發(fā)出單色光，經(jīng)S1、S2傳播到光屏上P點(diǎn)，S1P垂直于光屏，P為某亮條紋中心，OP之間還有k條亮條紋，光由S1、S2傳播到P點(diǎn)的時間差為t0.現(xiàn)緊貼S1放置厚度為d的玻璃片，光由S1垂直穿過玻璃片傳播到P點(diǎn)與光由S2直接傳播到P點(diǎn)時間相等。已知光在真空中的速度為c，玻璃對該單色光的折射率為n，不考慮光在玻璃片內(nèi)的反射求：（1）單色光在真空中的波長；（2）玻璃片的厚度d?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）由題意，P為第級亮條紋中心，則而解得（2）由題意，設(shè)光在玻璃中傳播速度為v，則且解得14.如圖所示，半球形光滑圓弧槽固定在水平轉(zhuǎn)臺上，轉(zhuǎn)臺可繞豎直軸轉(zhuǎn)動，圓弧槽半徑為R，圓心為O。質(zhì)量為的小球A通過長L=3R的細(xì)線連接小球B，兩球靜止時，A球恰在槽內(nèi)壁P點(diǎn)，PO與水平方向間夾角現(xiàn)將A球移至圓弧槽的左端點(diǎn)Q由靜止釋放，轉(zhuǎn)臺保持靜止。已知重力加速度為g。（1）求B球的質(zhì)量；（2）求A球運(yùn)動到P點(diǎn)時的動能；（3）若將A球固定在P點(diǎn)，使轉(zhuǎn)臺繞軸從靜止開始緩慢加速轉(zhuǎn)動，直到細(xì)線QB與豎直方向間夾角，求此過程中轉(zhuǎn)臺對兩球做的功W。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）對A球在P點(diǎn)進(jìn)行受力分析，如圖所示可知三角形OQP為等邊三角形，槽對A球的支持力與線中張力大小相等，則又解得（2）設(shè)A球運(yùn)動到P點(diǎn)的速度為，此時B球的速度為，則取兩球組成的系統(tǒng)，研究從釋放到A球運(yùn)動到P點(diǎn)的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得（3）細(xì)線QB與豎直方向間夾角時，設(shè)A、B球轉(zhuǎn)動的半徑分別為、，轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)動的角速度為，則對B球，根據(jù)牛頓第二定律可得轉(zhuǎn)臺對兩球做的功為聯(lián)立解得15.如圖所示，xoy豎直平面坐標(biāo)系中，x軸上方有垂直于xoy平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。下方有沿+y方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E。粒子源在坐標(biāo)平面內(nèi)從O處發(fā)射速度大小、方向各不相同的粒子，粒子初速度方向與+x方向夾角范圍是[0，90°]，初速度大小范圍是。已知粒子的質(zhì)量為m、電荷量為+q，不計粒子重力及粒子間相互作用。（1）求粒子到達(dá)x軸下方的最遠(yuǎn)距離d；（2）求粒子第一次在磁場中運(yùn)動時可能到達(dá)區(qū)域面積S；（3）若粒子源只沿+y方向發(fā)射粒子，其它條件不變，發(fā)現(xiàn)x軸上P點(diǎn)左側(cè)所有位置恰好均有粒子通過，求粒子從O點(diǎn)運(yùn)動到P點(diǎn)所需的最短時間t?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）當(dāng)粒子的速度大小為，且沿y軸正向射出時粒子到達(dá)x軸下方有最遠(yuǎn)距離d，根據(jù)動能定理得解得（2）設(shè)速度大小為的粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為，速度大小為的粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為，粒子第一次在磁場中運(yùn)動時可能到達(dá)區(qū)域如下圖所示，為粒子不能到達(dá)的區(qū)域面積。則打到的區(qū)域面積為其中解得（3）由題意，P點(diǎn)位置如下圖所示，陰影表示粒子能打到x軸上的區(qū)域，粒子在電場中的運(yùn)動徑跡未畫出。速度大小為的粒子從O點(diǎn)運(yùn)動到P點(diǎn)的時間最短。粒子在磁場中運(yùn)動的時間其中設(shè)粒子在電場中運(yùn)動單程的時間為，則粒子在電場中運(yùn)動的時間粒子從O點(diǎn)運(yùn)動到P點(diǎn)的時間解得泰州市、南通市2022屆高三第三次調(diào)研測試物理注意事項考生在答題前請認(rèn)真閱讀本注意事項及各題答題要求1.本試卷共6頁，滿分為100分，考試時間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請將答題卡交回。2.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、考試號等用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在答題卡的規(guī)定位置。3.請認(rèn)真核對答題卡表頭規(guī)定填寫或填涂的項目是否準(zhǔn)確。4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效。5.如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑加粗。一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分。每題只有一個選項最符合題意。1.在“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，下列說法正確的是（）A.為便于形成單分子油膜，配成的油酸酒精溶液濃度要低一些B.為使油酸和酒精充分混合，配成的溶液需靜置較長時間C.為清晰顯示油膜的邊界，滴入油酸酒精溶液后再撒上痱子粉D.為減小實驗誤差，選用的玻璃板上正方形方格要大一些〖答案〗A〖解析〗A．為便于形成單分子油膜，配成的油酸酒精溶液濃度要低一些，A正確；B．為了減小誤差，溶液應(yīng)現(xiàn)配現(xiàn)用，故B錯誤；C．正確操作步驟應(yīng)為在水面上先撒上痱子粉，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散開穩(wěn)定，故C錯誤；D．為減小實驗誤差，選用的玻璃板上正方形方格要小一些，故D錯誤。故選A。2.2022年1月，我國“實踐21”衛(wèi)星成功捕獲了失效的同步衛(wèi)星“北斗2號G2星”，將其移送至比同步軌道更高的“墓地軌道”上，“實踐21”衛(wèi)星又返回同步軌道。則（）A.兩衛(wèi)星組合體在同步軌道減速才能到達(dá)“墓地軌道”B.“北斗2號G2星”在“墓地軌道”運(yùn)行的周期小于地球自轉(zhuǎn)周期C.“北斗2號G2星”在“墓地軌道”上的加速度比原軌道上的大D.“實踐21”衛(wèi)星從“墓地軌道”返回同步軌道機(jī)械能減小〖答案〗D〖解析〗A．衛(wèi)星從低軌道變軌到高軌道需要點(diǎn)火加速，故兩衛(wèi)星組合體在同步軌道需要加速才能到達(dá)“墓地軌道”，A錯誤；B．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動時，根據(jù)萬有引力提供向心力解得可知“北斗2號G2星”在“墓地軌道”運(yùn)行的周期大于同步衛(wèi)星的周期，即大于地球自轉(zhuǎn)周期，B錯誤；C．根據(jù)牛頓第二定律可得解得可知“北斗2號G2星”在“墓地軌道”上的加速度比原軌道上的小，C錯誤；D．衛(wèi)星從高軌道返回到低軌道需要點(diǎn)火減速，點(diǎn)火減速過程衛(wèi)星的機(jī)械能減小，故“實踐21”衛(wèi)星從“墓地軌道”返回同步軌道機(jī)械能減小，D正確；故選D。3.如圖所示，碳60是由60個碳原子組成的足球狀分子，科研人員把一束碳60分子以2.0×102m/s的速度射向光柵，結(jié)果在后面的屏上觀察到條紋。已知一個碳原子質(zhì)量為1.99×10-26kg，普朗克常量為6.63×10-34J·s，則該碳60分子的物質(zhì)波波長約（）A.1.7×10-10m B.3.6×10-11m C.2.8×10-12m D.1.9×10-18m〖答案〗C〖解析〗設(shè)一個碳原子的質(zhì)量為，碳60分子的動量為根據(jù)德布羅意波長公式代入數(shù)據(jù)得故C正確，ABD錯誤。故選C。4.如圖所示，豎直平面內(nèi)蜘蛛網(wǎng)上A、B、C三點(diǎn)的連線構(gòu)成正三角形，三根蜘蛛絲a、b、c的延長線過三角形的中心，蜘蛛絲c沿豎直方向，c中有張力。則（）A.蜘蛛靜止在網(wǎng)中央時，a中張力大于b中張力B.蜘蛛在網(wǎng)中央由靜止向上加速，b中張力變大C.蜘蛛在網(wǎng)中央由靜止沿b方向向上加速，b中張力變小D.蜘蛛網(wǎng)在水平風(fēng)吹拂下晃動，a中張力大小不變〖答案〗B〖解析〗A．以網(wǎng)和蜘蛛為研究對象，受力分析如圖所示由平衡條件得可得故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律的同向性可知蜘蛛在網(wǎng)中央由靜止向上加速與均增大，故B正確；C．同理，根據(jù)牛頓第二定律的同向性可知蜘蛛在網(wǎng)中央由靜止沿b方向向上加速，b中張力變大，故C錯誤；D．蜘蛛網(wǎng)在水平風(fēng)吹拂下晃動，與以及在垂直蜘蛛網(wǎng)方向均有分力，根據(jù)力的合成可知，a中張力大小發(fā)生變化，故D錯誤。故選B。5.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A，其中A→B和C→D為等溫過程，B→C和D→A為絕熱過程。這就是熱機(jī)的“卡諾循環(huán)”則（）A.A→B過程說明，熱機(jī)可以從單一熱源吸熱對外做功而不引起其它變化B.B→C過程中，氣體分子在單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的平均沖量增大C.C→D過程中，氣體的內(nèi)能增大D.整個循環(huán)過程中，氣體從外界吸收熱量〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，不可能從單一熱源吸熱全部用來對外做功而不引起其他變化，A錯誤；B．B→C過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，分子的平均動能減小，壓強(qiáng)變小，單位時間內(nèi)氣體分子對器壁單位面積的沖量氣體分子在單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的平均沖量減小，B錯誤；C．C→D為等溫過程，溫度是理想氣體的內(nèi)能大小的標(biāo)度，故溫度恒定，內(nèi)能不變，C錯誤；D．整個循環(huán)過程中，氣體從外做功，從狀態(tài)A回到狀態(tài)A，溫度相同，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w必從外界吸收熱量，D正確。故選D。6.如圖所示，銫133原子基態(tài)有兩個超精細(xì)能級，從能級2躍遷到能級1發(fā)出光子的頻率約為9.2×109Hz，時間單位“秒”是根據(jù)該輻射光子的頻率定義的。可見光波長范圍為400nm～700nm。則（）A.秒是國際單位制中的導(dǎo)出單位B.該躍遷輻射出的是γ射線C.銫133從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時輻射光子的頻率大于9.2×109HzD.用頻率為9.2×109Hz的光照射鋅板，能發(fā)生光電效應(yīng)〖答案〗C〖解析〗A．秒是國際單位制中的基本單位不是導(dǎo)出單位，A錯誤；B．γ射線是波長短于0.01埃的電磁波，頻率超過300EHz（3×1020Hz），從能級2躍遷到能級1發(fā)出光子的頻率約為9.2×109Hz，故躍遷輻射出的不是γ射線，B錯誤；C．銫133從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時輻射光子的頻率大于從能級2躍遷到能級1發(fā)出光子的頻率即大于9.2×109Hz，C正確；D．已知可見光的紫光可以照射鋅板使其發(fā)生光電效應(yīng)，而紅光不能發(fā)生光電效應(yīng)。紫光的頻率約為紅光的頻率約為頻率為9.2×109Hz遠(yuǎn)小于可見光的頻率，故用頻率為9.2×109Hz的光照射鋅板，不能發(fā)生光電效應(yīng)，D錯誤。故選C。7.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的坐標(biāo)軸上固定四個點(diǎn)電荷A、B、C、D，它們到原點(diǎn)O的距離相等，其中A、C的電荷量為，B、D的電荷量為。a、b、c、d是坐標(biāo)軸上到原點(diǎn)距離相等的四個點(diǎn)。則（）A.a點(diǎn)的場強(qiáng)與c點(diǎn)的場強(qiáng)相同B.a點(diǎn)的電勢與b點(diǎn)的電勢相等C.試探電荷在a點(diǎn)的電勢能等于在c點(diǎn)的電勢能D.試探電荷沿直線從a點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)電場力不做功〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)對稱性和電場強(qiáng)度的疊加性可知a點(diǎn)的場強(qiáng)與c點(diǎn)的場強(qiáng)大小相同，方向相反，故A錯誤；B．將、兩點(diǎn)看成一組等量異種電荷，、兩點(diǎn)看成一組等量異種電荷，、兩點(diǎn)看成一組等量異種電荷的電場點(diǎn)電勢大于點(diǎn)的電勢，、兩點(diǎn)看成一組等量異種電荷的電場點(diǎn)電勢大于點(diǎn)電勢，由于、離、距離較近，根據(jù)電勢的疊加可知a點(diǎn)的電勢大于b點(diǎn)的電勢，故B錯誤；C．根據(jù)對稱性可知a點(diǎn)的電勢等于c點(diǎn)的電勢，則試探電荷在a點(diǎn)的電勢能等于在c點(diǎn)的電勢能，故C正確；D．由B選項分析可知點(diǎn)的電勢大于點(diǎn)的電勢，則試探電荷在a點(diǎn)的電勢能大于在d點(diǎn)的電勢能，可知試探電荷沿直線從a點(diǎn)運(yùn)動到d點(diǎn)電場力做正功，故D錯誤。故選C。8.如圖所示，某海洋樂園里正在進(jìn)行海豚戲球表演，馴獸師由靜止釋放球的同時，海豚沿正對著球的方向躍出水面，設(shè)海豚出水后姿勢保持不變，不計空氣阻力海豚在落水前（）A.相同時間內(nèi)速度方向變化的角度相同 B.相對球做勻速直線運(yùn)動C.一定能頂?shù)角?D.增大出水時的仰角能頂?shù)角颉即鸢浮紹〖解析〗A．相同時間內(nèi)速度的變化量相等，但對應(yīng)時間的初速度的大小和方向不同，故速度方向變化的角度不同，A錯誤；B．海豚和小球都僅受重力作用，加速度相同，故海豚在落水前相對球做勻速直線運(yùn)動，B正確；C．設(shè)海豚躍出水面距離馴獸師正下方的水平位移為x，小球釋放的高度為h，海豚躍出水面的速度方向與水平面的夾角為，故海豚能頂?shù)角驖M足的關(guān)系為當(dāng)海豚在落水前所經(jīng)歷的時間為故當(dāng)海豚落水時恰好頂?shù)角螅瑒t有解得故當(dāng)時，海豚不能頂?shù)角?，C錯誤；D．增大出水時的仰角，即，則故不能頂?shù)角?，D錯誤。故選B。9.1697年牛頓、伯努利等解出了“最速降線”的軌跡方程。如圖所示，小球在豎直平面內(nèi)從靜止開始由P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)，沿PMQ光滑軌道時間最短（該軌道曲線為最速降線）。PNQ為傾斜光滑直軌道，小球從P點(diǎn)由靜止開始沿兩軌道運(yùn)動到Q點(diǎn)時，速度方向與水平方向間夾角相等。M點(diǎn)為PMQ軌道的最低點(diǎn)，M、N兩點(diǎn)在同一豎直線上。則（）A.小球沿兩軌道運(yùn)動到Q點(diǎn)時的速度大小不同B.小球在M點(diǎn)受到的彈力小于在N點(diǎn)受到的彈力C.小球在PM間任意位置加速度都不可能沿水平方向D.小球從N到Q時間大于從M到Q的時間〖答案〗D〖解析〗A．小球沿兩軌道運(yùn)動到Q點(diǎn)重力做功相等，即合外力做功相等，根據(jù)動能定理可知小球沿兩軌道運(yùn)動到Q點(diǎn)時的速度大小相同，故A錯誤；B．小球在M點(diǎn)向心加速度向上，小球處于超重狀態(tài)，在N點(diǎn)處于失重狀態(tài)，結(jié)合牛頓第三定律可知小球在M點(diǎn)受到的彈力大于在N點(diǎn)受到的彈力，故B錯誤；C．小球在PM間向心加速度的豎直分量和切向加速度的豎直分量相等時，合加速度在水平方向，故C錯誤；D．在點(diǎn)的速度沿水平方向，設(shè)為vt，由動能定理可知點(diǎn)的速度大于在點(diǎn)速度的水平分量，由題意知在點(diǎn)速度相同，則在點(diǎn)速度水平分量相同，沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動，沿曲線水平方向做加速度增大的減速運(yùn)動，水平方向位移相等，如圖所示可知小球從N到Q的時間大于從M到Q的時間，故D正確。故選D。10.如圖所示，豎直平面內(nèi)存在范圍足夠大、方向水平的磁場，同一高度處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，豎直方向上磁感應(yīng)強(qiáng)度隨距離均勻增大。將一個豎直放置的正方形金屬線框abcd從圖示位置水平向右拋出，不計空氣阻力。下列關(guān)于線框運(yùn)動的加速度a、感應(yīng)電流i隨時間t，線框重力做功的功率P機(jī)械能E隨下落高度h變化的關(guān)系圖像中，可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗AB．因為相同高度處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，而流過ab邊和cd邊的電流大小相同，利用左手定則判斷出兩邊受到的安培力大小相等，方向相反，故水平方向上受力平衡，所以水平方向上做勻速運(yùn)動，由楞次定律可知感應(yīng)電流的方向為順時針方向，左手定則判斷出bc邊所受安培力向上，ad邊所受安培力向下，令bc邊的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，ad邊磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，ab邊和cd邊的長度為L1，bc與ad邊的長度為L2，從而求出線框所受合外力設(shè)線框向下運(yùn)動的距離為x，則聯(lián)立得加速度所以當(dāng)速度增大時，I增大，a減小，感應(yīng)電流由于加速度減小，所以感應(yīng)電流的變化率越來越小，結(jié)合可知加速度的變化率越來越小，最后線框豎直方向做勻速直線運(yùn)動，電流不再增大，加速度為零，故A正確，B錯誤；C．初始時，線框的速度為零，所以圖像，時，重力功率應(yīng)為零，故C錯誤；D．除了重力之外的其他力做功等于機(jī)械能的變化量，根據(jù)可知圖象的斜率的絕對值為安培力的大小，由AB選項分析可知，安培力越來越大，最后不變，可知D錯誤。故選A。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題～第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分；有數(shù)值計算時，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.電導(dǎo)率是電阻率的倒數(shù)，25℃時合格純凈水的電導(dǎo)率小于5.0×10-4Ω-1·m-1。某小組為測量一水廠純凈水的電導(dǎo)率，用絕緣性能良好的塑料圓柱形容器裝滿采集的水樣，然后用金屬圓片電極將容器兩端密封。實驗室還提供了下列器材：A．游標(biāo)卡尺B．電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約5kΩ）C．靈敏電流計G（量程20μA，內(nèi)阻約250Ω）D．滑動變阻器R（阻值0～20Ω，額定電流1A）E．電源（，內(nèi)阻很小）F．開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）圖甲為游標(biāo)卡尺的結(jié)構(gòu)示意圖、實驗前需測量圓柱形容器的內(nèi)徑，應(yīng)使用游標(biāo)卡尺的___________（選填“A”、“B”或“C”）進(jìn)行測量，游標(biāo)卡尺示數(shù)為___________cm。（2）請用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙測量純凈水樣品電阻的實物電路連接完整_________。（3）測量數(shù)據(jù)如下表所示，請在圖丙中作出圖像_________。根據(jù)圖像求出該樣本電阻的阻值Rx=___________kΩ（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），進(jìn)而可以求出電導(dǎo)率。U/V0.521.201.802.362.78I/μA2.04.46.88.8104（4）若裝入的純凈水樣品未完全充滿塑料圓柱形容器，這將會使測得的電導(dǎo)率___________（選填“偏大”、“偏小”或“不變”），理由是___________?！即鸢浮剑?）A3.110（2）（3）（4）偏小電流方向上，樣品的橫截面積減小，所測電阻增大〖解析〗（1）[1][2]由圖可知。要測量圓柱形容器的內(nèi)徑，應(yīng)使用游標(biāo)卡尺的A進(jìn)行測量，游標(biāo)卡尺示數(shù)為（2）[3]為了使得電壓變化范圍較大，滑動變阻器采用分壓式接法，由題可知，靈敏電流計電流變化范圍很小，電流表的分壓較小，為了減小誤差，靈敏電流計采用內(nèi)接法，實物圖如圖所示（3）[4][5]根據(jù)描點(diǎn)法得出圖象如圖所示根據(jù)圖像求出該樣本電阻的阻值（4）[6][7]若裝入的純凈水樣品未完全充滿塑料圓柱形容器，這將會使測得的電導(dǎo)率偏小，理由是電流方向上，樣品的橫截面積減小，所測電阻增大。12.兩列簡諧橫波P、Q在同一介質(zhì)中分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，P、Q兩列波在t=0時刻的波形分別如圖甲中實線、虛線所示，x=1.5L處質(zhì)點(diǎn)的振動圖像如圖乙所示。簡諧波P的周期為TP，圖中A1、A2已知，T0未知。求：（1）兩列波在介質(zhì)中的傳播速度v及簡諧波Q的周期TQ；（2）求T0及x=1.