2024年高考物理模擬卷（浙江卷專用）07

2024年高考物理模擬卷（浙江卷專用）07（考試時間：90分鐘試卷滿分：100分）一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1．在國際單位制中，電場強度的單位是（）A．伏?米（V?m） B．牛/庫（N/C） C．庫/伏（C/V） D．特斯拉（T）2．在人類探索微觀世界的過程中，許多科學(xué)家做出了巨大的貢獻，下列說法符合歷史事實的是（）A．湯姆孫通過陰極射線在電、磁場中的偏轉(zhuǎn)，發(fā)現(xiàn)陰極射線由帶負電的粒子組成 B．貝克勒爾通過石墨對X射線的散射實驗，說明光子不僅具有能量還具有動量 C．玻爾最早引入能量子的觀點，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀點 D．康普頓發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)3．如圖所示，一粗糙斜面放置在水平地面上，斜面頂端裝有一光滑定滑輪。一細繩跨過滑輪，一端與斜面上的物塊M相連，另一端位于天花板上的A點，并通過動滑輪懸掛物塊N，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將細繩的一端從天花板上的A點緩慢沿直線移動到B點，已知斜面和M始終保持靜止，則在此過程中（）A．M所受細繩拉力的大小可能保持不變 B．M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加 C．斜面所受地面的摩擦力大小一直增大 D．斜面所受地面的支持力大小一直增大4．如圖所示，將小球從傾角為θ＝30°的光滑斜面上A點以速度v0＝10m/s水平拋出（即v0∥CD），最后從B處離開斜面，已知AB間的高度h＝5m，g取10m/s2，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．小球的加速度為1033m/sB．小球做平拋運動，運動軌跡為拋物線 C．小球到達B點時的速度大小為102m/s D．小球從A點運動到B點所用的時間為1s5．對于下面幾幅插圖中所涉及的物理現(xiàn)象或原理，下列說法不正確的是（）A．甲圖中，該女生和帶電的金屬球帶有同種性質(zhì)的電荷 B．乙圖為靜電除塵裝置的示意圖，帶負電的塵埃被收集在線狀電離器B上 C．丙圖中，燃氣灶中電子點火器點火應(yīng)用了尖端放電的原理 D．丁圖中，油罐車車尾下方拖著一根落地的軟鐵條是把產(chǎn)生的靜電及時導(dǎo)入到大地6．下列說法不正確的是（）A．甲圖是“核反應(yīng)堆”示意圖，它是通過可控的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)實現(xiàn)核能的釋放，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)是指由裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應(yīng)一代接一代繼續(xù)下去的過程 B．乙圖是光電流與電壓的關(guān)系圖，由圖可知a、c兩束光的頻率相等且小于b光的頻率 C．丙圖是原子核的比結(jié)合能圖，由圖可知不同原子核的比結(jié)合能是不一樣的，中等大小的核比結(jié)合能最大，這些核最穩(wěn)定 D．丁圖是中子的轉(zhuǎn)化示意圖，強相互作用是引起中子—質(zhì)子轉(zhuǎn)變的原因7．英國著名科幻作家ArthurCClarke在小說《天堂之泉》中，首先向主流科學(xué)社會和公眾介紹了“太空天梯”的設(shè)想。“太空天梯”的主體結(jié)構(gòu)為一根纜繩：一端連接地球赤道，另一端連接地球同步衛(wèi)星，且纜繩延長線通過地心。當(dāng)兩貨物分別停在天梯的a、b兩個位置時，以地心為參考系，下面說法正確的是（）A．b處的線速度小于a處的線速度 B．b處的向心加速度小于a處的向心加速度 C．若有一個軌道高度與a相同的人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，則其環(huán)繞地球的周期大于位于a處貨物的周期 D．若有一個軌道高度與b相同的人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，則其環(huán)繞地球的角速度大于位于b處貨物的角速度8．全面了解汽車的運行狀態(tài)（速度、水箱溫度、油量）是確保汽車安全行駛和駕駛員安全的舉措之一，為模仿汽車油表原理，某同學(xué)自制一種測定油箱油量多少或變化多少的裝置。如圖所示，其中電源電壓保持不變，R是滑動變阻器，它的金屬滑片是金屬桿的一端。該同學(xué)在裝置中使用了一只電壓表（圖中沒有畫出），通過觀察電壓表示數(shù)，可以了解油量情況，已知R'＞R0有關(guān)電壓表的接法及示數(shù)變化下列說法正確的是（）A．接在bc之間，當(dāng)油量減少時電壓表示數(shù)增大 B．接在bc之間，當(dāng)油量減少時電壓表示數(shù)減小 C．接在bd之間，當(dāng)油量減少時電壓表示數(shù)增大 D．接在bd之間，當(dāng)油測減少時電壓表示數(shù)減小9．一個小球在離地一定高度處向右水平拋出，不計空氣阻力，離地的高度越大，則小球（）A．落地時的速度越小 B．從拋出到落地過程中，速度的變化量越大 C．落地時的重力的瞬時功率不變 D．從拋出到落地過程中，動能的變化量不變10．如圖所示的電路，R1，R2，R3是定值電阻，R4是滑動變阻器，電源內(nèi)阻不可忽略。閉合開關(guān)，在電路穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑動觸頭由中點向上移動的過程中下列說法正確的是（）A．電壓表示數(shù)變小 B．電流從上往下通過R3 C．電源的輸出功率變小 D．通過R2的電流變大11．如圖所示，一交流發(fā)電機的線圈通過滑環(huán)與理想變壓器相連，理想變壓器原線圈接有理想電壓表和電流表，副線圈接有定值電阻和燈泡，它們的阻值相等（設(shè)燈泡阻值不變），且均為R．當(dāng)線圈由圖示位置（磁場恰好與線圈平面垂直）以轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，燈泡恰能正常發(fā)光，電壓表示數(shù)為U，已知燈泡的額定功率為P．下列選項正確的是（）A．線圈在圖示位置磁通量的變化率最大 B．電流表的示數(shù)為2PUC．變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1D．從圖示位置開始計時，變壓器輸入電壓的瞬時值表達式u＝Usin2nπt12．一列簡諧橫波沿x軸傳播在t＝0時刻的波形如圖中實線所示，P點此時正沿y軸負方向運動，t＝0.7s時刻的波形第一次如圖中虛線所示，虛線恰好過質(zhì)點P的平衡位置。已知質(zhì)點P平衡位置的坐標(biāo)x＝0.5m。下列說法正確的是（）A．波源振動的周期為1.0s B．該波傳播的速度為2.0m/s C．t＝0.7s時O點的位移為﹣53cm D．在0～1.3s內(nèi)，質(zhì)點P運動路程為45cm13．某種酒精測試儀應(yīng)用二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器。酒精氣體傳感器的電阻隨酒精氣體濃度的變化而變化，在如圖所示的電路中，不同的酒精氣體濃度對應(yīng)著傳感器的不同電阻，如果二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器電阻的倒數(shù)與酒精氣體的濃度成正比，那么電壓表示數(shù)U與酒精氣體濃度c之間的對應(yīng)關(guān)系正確的是（）A．U越小，表示c越大，c與U成反比 B．U越小，表示c越大，c與U不成反比 C．U越小，表示c越小，c與U成正比 D．U越大，表示c越大，c與U不成正比二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14．下列關(guān)于電磁波的說法正確的是（）A．麥克斯韋提出：變化的磁場一定產(chǎn)生變化的電場，變化的電場一定產(chǎn)生變化的磁場 B．各種電磁波在真空中的傳播速度與光速一樣，為3×108m/s C．X射線的穿透能力較強，醫(yī)院透視用的是X射線 D．紅外線是波長比可見光波長還長的電磁波，常用于醫(yī)院和食品消毒15．如圖所示，干旱季節(jié)，農(nóng)民通過潛水泵抽取地下水灌溉農(nóng)田。已知潛水泵由電動機、水泵、輸水鋼管組成，某地下水源距離地表5.55m深，安裝潛水泵時將一根輸水鋼管豎直打入地底下與地下水源連通，水泵出水口離地表高度為0.45m，水流由出水口水平噴出時的速度為3m/s，每秒出水量為4kg。已知電動機額定電壓為220V，水泵的抽水效率為75%，水的密度為1.0×103kg/m3，則（）A．出水口鋼管橫截面積為43×10B．每秒內(nèi)水流機械能增加258J C．電動機的輸入功率為258W D．電動機線圈的電阻約為35Ω三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.實驗題（Ⅰ、Ⅱ共14分）Ⅰ、某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)用圖甲所示裝置做“探究彈簧彈力與伸長量的關(guān)系”實驗，測量彈簧原長時，為了方便測量，他們把彈簧平放在桌面上使其自然伸長，彈簧頂端與刻度尺零刻線對齊，用刻度尺測出彈簧的原長如圖乙所示。然后把彈簧懸掛在鐵架臺上，仍使頂端的同一位置對齊刻度尺的零刻線，將6個完全相同的鉤碼逐個加掛在彈簧的下端，測出每次彈簧的長度，結(jié)合圖乙測得的原長，得出對應(yīng)的伸長量x，所掛鉤碼質(zhì)量為m，重力加速度為g，測量數(shù)據(jù)見表。鉤碼質(zhì)量m/g102030405060彈簧伸長量x/cm3.005.107.209.2011.3013.40（1）由圖乙可知，彈簧的原長為cm。（2）在答題卡給出的坐標(biāo)紙上作出彈簧的伸長量x與鉤碼質(zhì)量m的關(guān)系圖像。（3）圖像不過坐標(biāo)原點的原因是。（4）由于上述原因?qū)е吕脠D像測得的彈簧的勁度系數(shù)（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）。Ⅱ．某實驗小組的同學(xué)要測量阻值約為300Ω的定值電阻Rx，現(xiàn)備有下列器材：A．電流表A（量程為10mA，內(nèi)阻約為10Ω）；B．電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ）；C．滑動變阻器R1（阻值范圍為0～10Ω，額定電流為2A）；D．定值電阻R2（阻值為750Ω）；E.直流電源E（電動勢為4.5V，內(nèi)阻不計）；F.開關(guān)S和導(dǎo)線若干。（1）實驗小組設(shè)計了如圖甲、乙所示的兩種測量電路，電阻的測量值可由Rx=UI計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)，則圖（2）若采用（1）中所選電路進行測量，得到電壓表和電流表的示數(shù)如圖丙所示，則電壓表的示數(shù)為V，電流表的示數(shù)為mA，由此組數(shù)據(jù)可得待測電阻的測量值Rx＝Ω，若所用電壓表和電流表的內(nèi)阻分別按3kΩ和10Ω進行計算，則由此可得待測電阻的真實值R真＝Ω（計算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。17．如圖所示，絕熱汽缸A與導(dǎo)熱汽缸B均固定于桌面，由剛性桿連接的絕熱活塞與兩汽缸間均無摩擦，兩活塞之間與大氣相通，汽缸B活塞面積為汽缸A活塞面積的2倍。兩汽缸內(nèi)裝有理想氣體，兩活塞處于平衡狀態(tài)，汽缸A的體積為V0，壓強為1.5p0，溫度為T0，汽缸B的體積為2V0，緩慢加熱A中氣體，停止加熱達到穩(wěn)定后，A中氣體壓強為原來的2倍。設(shè)環(huán)境溫度始終保持不變，汽缸A中活塞不會脫離汽缸A，已知大氣壓為p0。求：（1）加熱前B汽缸中氣體的壓強；（2）加熱達到穩(wěn)定后汽缸A中氣體的體積。18．如圖所示，豎直平面內(nèi)固定有光滑軌道AB、水平直軌道CD、EF和以速度v0逆時針轉(zhuǎn)動的傳送帶MN，在EF軌道右側(cè)固定一反彈裝置。各軌道平滑連接，傳送帶與水平軌道等高、間隙不計?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的滑塊a從軌道AB上高為h處由靜止下滑，與反彈裝置的碰撞為完全彈性碰撞。已知軌道AB末端B處的曲率半徑R＝2m，LCD＝0.45m，LMN＝0.7m，LEF＝0.9m，m＝2kg，v0＝3m/s，滑塊與CD和MN間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，與EF間的動摩擦因數(shù)μ'＝0.5?5（1）若h＝0.2m，求滑塊運動至B處時滑塊對軌道的作用力FN；（2）若滑塊過不了傳送帶，求高度h的最大值；（3）若滑塊只通過傳送帶一個來回，試求傳送帶額外做功的最大值。19．根據(jù)霍爾效應(yīng)原理制成的霍爾元件有廣泛的應(yīng)用，某研究小組用霍爾元件來研究金屬棒在磁場中的運動規(guī)律。如圖1（a）所示，在水平面上固定放置兩間距為l的平行、光滑金屬導(dǎo)軌，其右側(cè)通過開關(guān)S接有恒流源，向回路提供恒定電流I0；在﹣x0≤x≤x≤x0區(qū)間存在方向垂直導(dǎo)軌平面向下、大小沿Oy軸方向不變、沿Ox軸方向按某一規(guī)律變化的穩(wěn)恒磁場。一質(zhì)量為m的金屬棒垂直于導(dǎo)軌放置，其上固定一霍爾元件（相比m，其質(zhì)量可忽略不計），它是一個長、寬和高分別為a×bxc的長方體微小半導(dǎo)體薄片，磁場方向垂直a×b平面，其單位體積中載流子數(shù)為n，每個載流子帶電荷量為e。在半導(dǎo)體薄片上制作四個電極E、F、M、N，放大圖如圖1（b）所示，在E、F間通入恒定的電流I，則在M、N間出現(xiàn)霍爾電壓UH＝UM﹣UN（圖中沒有畫出提供電流I和測量電壓UH的電路圖）。開關(guān)S斷開時，導(dǎo)體棒靜止在x＝x0處。計算時將1nec（1）求半導(dǎo)體薄片中載流子平均移動速率；（2）半導(dǎo)體材料有P型（載流子以空穴導(dǎo)電為主，即正電荷導(dǎo)電）和N型（載流子以電子導(dǎo)電為主）兩種，當(dāng)棒位于x＝x0處時，測得霍爾電壓大小為UH0，求該處磁感應(yīng)強度B0的大小；如果UH0＞0，則該半導(dǎo)體是P型還是N型？（3）閉合開關(guān)S，導(dǎo)體棒從x＝x0處開始運動，測得霍爾電壓UH隨x變化的圖線為如圖2所示，求磁感應(yīng)強度B沿Ox軸的分布規(guī)律和棒運動速度與x的關(guān)系。?20．如圖甲所示，水平放置的平行金屬板A、B間距為d＝20cm，板長L＝6cm，左端有一粒子源均勻發(fā)射帶負電的粒子（單位長度發(fā)射粒子數(shù)目相同），粒子間的相互作用不計，比荷為qm=1.2×106C/kg，忽略重力，粒子速度v0＝4×103m/s，方向平行金屬板，AB間加如圖乙所示的方形波電壓，已知U（1）射出板的粒子占發(fā)射源發(fā)射粒子總數(shù)的百分比最小值η和收集板的最小長度L1；（2）在極板右側(cè)，加一垂直紙面向里的磁場B1=16T，保持收集板豎直，為使所有射出電場的粒子都能被收集板吸收，求收集板的最小長度L2為多少？若磁場改為B2（3）撤去收集板，在AB極板右側(cè)加一圓形磁場區(qū)域，要使所有射出電場的粒子都能收集到一點，求該圓形磁場區(qū)域的最小半徑和相應(yīng)的磁感應(yīng)強度B（此問保留兩位有效數(shù)字）。

【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷（浙江卷專用）黃金卷07（考試時間：90分鐘試卷滿分：100分）一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1．在國際單位制中，電場強度的單位是（）A．伏?米（V?m） B．牛/庫（N/C） C．庫/伏（C/V） D．特斯拉（T）【解答】解：根據(jù)電場強度的定義式E=Fq可知，力的單位是牛頓，電荷的單位是庫侖，所以電場強度的單位是牛/庫，根據(jù)電場強度的E所以電場強度的單位是伏/米，故B正確，ACD錯誤。故選：B。2．在人類探索微觀世界的過程中，許多科學(xué)家做出了巨大的貢獻，下列說法符合歷史事實的是（）A．湯姆孫通過陰極射線在電、磁場中的偏轉(zhuǎn)，發(fā)現(xiàn)陰極射線由帶負電的粒子組成 B．貝克勒爾通過石墨對X射線的散射實驗，說明光子不僅具有能量還具有動量 C．玻爾最早引入能量子的觀點，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀點 D．康普頓發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)【解答】解：A．湯姆孫通過陰極射線在電、磁場中的偏轉(zhuǎn)，發(fā)現(xiàn)陰極射線由帶負電的粒子組成，故A正確；B．康普頓效應(yīng)說明光子不僅具有能量還具有動量，故B錯誤；C．普朗克最早引入能量子的觀點，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀點，故C錯誤；D．貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故D錯誤；故選：A。3．如圖所示，一粗糙斜面放置在水平地面上，斜面頂端裝有一光滑定滑輪。一細繩跨過滑輪，一端與斜面上的物塊M相連，另一端位于天花板上的A點，并通過動滑輪懸掛物塊N，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將細繩的一端從天花板上的A點緩慢沿直線移動到B點，已知斜面和M始終保持靜止，則在此過程中（）A．M所受細繩拉力的大小可能保持不變 B．M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加 C．斜面所受地面的摩擦力大小一直增大 D．斜面所受地面的支持力大小一直增大【解答】解：A、以滑輪和物塊A為研究對象，受力分析如圖，由于兩側(cè)細繩為同一條細繩，拉力T相等，所以兩側(cè)細繩與豎直方向的夾角相等，設(shè)為θ，由平衡條件得：T=12mgB、因M與N的質(zhì)量關(guān)系不確定，所以最初M所受的靜摩擦力方向不確定，如果最初M所受的靜摩擦力方向沿斜面向上，當(dāng)細繩拉力增大，M所受的靜摩擦力變小，故B錯誤；C、以斜面體和M整體為研究對象，斜面受到地面的摩擦力大小等于細繩拉力的水平分量，即f＝Tx＝Tsinθ=12mgtanθ，隨D、以斜面體和M整體為研究對象，斜面體受地面的支持力大小等于整體重力與細繩拉力的豎直分量Ty之和，由于Ty＝Tcosθ=1故選：C。4．如圖所示，將小球從傾角為θ＝30°的光滑斜面上A點以速度v0＝10m/s水平拋出（即v0∥CD），最后從B處離開斜面，已知AB間的高度h＝5m，g取10m/s2，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．小球的加速度為1033m/sB．小球做平拋運動，運動軌跡為拋物線 C．小球到達B點時的速度大小為102m/s D．小球從A點運動到B點所用的時間為1s【解答】解：小球做類平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律得，小球沿斜面下滑的加速度為：a=mgsinθm=gsinθ＝10×5m/s2根據(jù)位移—時間關(guān)系可得：?代入數(shù)據(jù)解得：t＝2s沿斜面方向的速度大小為：vy＝at＝5×2m/s＝10m/s則到達B點時的速度大小v=v02故選：C。5．對于下面幾幅插圖中所涉及的物理現(xiàn)象或原理，下列說法不正確的是（）A．甲圖中，該女生和帶電的金屬球帶有同種性質(zhì)的電荷 B．乙圖為靜電除塵裝置的示意圖，帶負電的塵埃被收集在線狀電離器B上 C．丙圖中，燃氣灶中電子點火器點火應(yīng)用了尖端放電的原理 D．丁圖中，油罐車車尾下方拖著一根落地的軟鐵條是把產(chǎn)生的靜電及時導(dǎo)入到大地【解答】解：A.甲圖中，該女生接觸帶電的金屬球，與金屬球帶同種性質(zhì)的電荷，故A正確；B.乙圖中線狀電離器B帶負電，管壁A帶正電，帶負電的塵埃被收集在管壁A上，故B錯誤；C.丙圖中，燃氣灶中電子點火器點火應(yīng)用了尖端放電的原理，即在強電場作用下，物體尖銳部分發(fā)生一種放電現(xiàn)象，故C正確；D.丁圖中，油罐車車尾下方拖著一根落地的軟鐵條是把產(chǎn)生的靜電及時導(dǎo)入到大地，故D正確。本題選不正確的，故選：B。6．下列說法不正確的是（）A．甲圖是“核反應(yīng)堆”示意圖，它是通過可控的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)實現(xiàn)核能的釋放，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)是指由裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應(yīng)一代接一代繼續(xù)下去的過程 B．乙圖是光電流與電壓的關(guān)系圖，由圖可知a、c兩束光的頻率相等且小于b光的頻率 C．丙圖是原子核的比結(jié)合能圖，由圖可知不同原子核的比結(jié)合能是不一樣的，中等大小的核比結(jié)合能最大，這些核最穩(wěn)定 D．丁圖是中子的轉(zhuǎn)化示意圖，強相互作用是引起中子—質(zhì)子轉(zhuǎn)變的原因【解答】解：A、鏈?zhǔn)椒磻?yīng)是指由裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應(yīng)一代又一代持續(xù)下去的過程，故A正確；B、根據(jù)eUc＝hν﹣W0，可知圖中a、c兩束光的頻率相等且小于b光的頻率，故B正確；C、不同原子核的比結(jié)合能不同，中等大小的核的比結(jié)合能最大，這些核最穩(wěn)定，故C正確；D、丁圖是中子的轉(zhuǎn)化示意圖，弱相互作用，是引起β衰變的原因，故D錯誤；本題選擇錯誤選項；故選：D。7．英國著名科幻作家ArthurCClarke在小說《天堂之泉》中，首先向主流科學(xué)社會和公眾介紹了“太空天梯”的設(shè)想?！疤仗焯荨钡闹黧w結(jié)構(gòu)為一根纜繩：一端連接地球赤道，另一端連接地球同步衛(wèi)星，且纜繩延長線通過地心。當(dāng)兩貨物分別停在天梯的a、b兩個位置時，以地心為參考系，下面說法正確的是（）A．b處的線速度小于a處的線速度 B．b處的向心加速度小于a處的向心加速度 C．若有一個軌道高度與a相同的人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，則其環(huán)繞地球的周期大于位于a處貨物的周期 D．若有一個軌道高度與b相同的人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，則其環(huán)繞地球的角速度大于位于b處貨物的角速度【解答】解：AB、天梯連接地心和同步衛(wèi)星，天梯上各點的角速度都和地球自轉(zhuǎn)相等，根據(jù)v＝rω，a＝rω2可知處的線速度大于處的線速度，b處的向心加速度大于處的向心加速度，故AB錯誤；C、軌道高度與a相同的人造衛(wèi)星周期小于同步衛(wèi)星的周期，則其環(huán)繞地球的周期小于a處貨物的周期，故C錯誤；D、軌道高度與b相同的人造衛(wèi)星角速度大于同步衛(wèi)星的角速度，則其環(huán)繞地球的角速度大于位于b處貨物的角速度，故D正確。故選：D。8．全面了解汽車的運行狀態(tài)（速度、水箱溫度、油量）是確保汽車安全行駛和駕駛員安全的舉措之一，為模仿汽車油表原理，某同學(xué)自制一種測定油箱油量多少或變化多少的裝置。如圖所示，其中電源電壓保持不變，R是滑動變阻器，它的金屬滑片是金屬桿的一端。該同學(xué)在裝置中使用了一只電壓表（圖中沒有畫出），通過觀察電壓表示數(shù)，可以了解油量情況，已知R'＞R0有關(guān)電壓表的接法及示數(shù)變化下列說法正確的是（）A．接在bc之間，當(dāng)油量減少時電壓表示數(shù)增大 B．接在bc之間，當(dāng)油量減少時電壓表示數(shù)減小 C．接在bd之間，當(dāng)油量減少時電壓表示數(shù)增大 D．接在bd之間，當(dāng)油測減少時電壓表示數(shù)減小【解答】解：由于滑動變阻器滑片達到最低點時滑動變阻器接入電路的電阻為零，此時滑動變阻器兩端電壓為零，所以滑動變阻器兩端電壓可以從零開始變化，電壓表應(yīng)該接在滑動變阻器兩端，即接在b、c兩點之間；當(dāng)油箱中油量減少時，浮標(biāo)下降，滑動變阻器滑片左端下降、右端上升，滑動變阻器接入電路的電阻增大、電壓表的示數(shù)將增大，故A正確、BCD錯誤。故選：A。9．一個小球在離地一定高度處向右水平拋出，不計空氣阻力，離地的高度越大，則小球（）A．落地時的速度越小 B．從拋出到落地過程中，速度的變化量越大 C．落地時的重力的瞬時功率不變 D．從拋出到落地過程中，動能的變化量不變【解答】解：A、設(shè)小球拋出點離地高度為h，則落地時的速度為v=vB、由?=1知h越大下落時間越長，由Δv＝gt可知離地的高度越大，速度的變化量越大，故B正確；C、由A項分析知：v則P=mg知落地時的重力的瞬時功率變大，故C錯誤；D、由動能定理：ΔEk＝mgh可知離地的高度越大，則從拋出到落地過程中，動能的變化量越大，故D錯誤。故選：B。10．如圖所示的電路，R1，R2，R3是定值電阻，R4是滑動變阻器，電源內(nèi)阻不可忽略。閉合開關(guān)，在電路穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑動觸頭由中點向上移動的過程中下列說法正確的是（）A．電壓表示數(shù)變小 B．電流從上往下通過R3 C．電源的輸出功率變小 D．通過R2的電流變大【解答】解：A、當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭由中點向上移動時，R4變大，電路的總電阻變大，總電流I變小，內(nèi)電壓變小，則路端電壓變大，因此電壓表示數(shù)變大，故A錯誤；B、電容器兩端電壓為：U＝E﹣I（r+R2），I變小，故電容器兩端電壓U變大，帶電量變大，電容器充電，電流從上往下通過R3，故B正確；C、由于不知道內(nèi)外電阻的關(guān)系，所以不能判斷電源的輸出功率如何變化，故C錯誤；D、電路的總電阻變大，干路電流變小，則通過R2的電流變小，故D錯誤。故選：B。11．如圖所示，一交流發(fā)電機的線圈通過滑環(huán)與理想變壓器相連，理想變壓器原線圈接有理想電壓表和電流表，副線圈接有定值電阻和燈泡，它們的阻值相等（設(shè)燈泡阻值不變），且均為R．當(dāng)線圈由圖示位置（磁場恰好與線圈平面垂直）以轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，燈泡恰能正常發(fā)光，電壓表示數(shù)為U，已知燈泡的額定功率為P．下列選項正確的是（）A．線圈在圖示位置磁通量的變化率最大 B．電流表的示數(shù)為2PUC．變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1D．從圖示位置開始計時，變壓器輸入電壓的瞬時值表達式u＝Usin2nπt【解答】解：A、線圈在圖示位置，磁通量最大，即為中性面，線圈的感應(yīng)電動勢為零，則磁通量的變化率為零，故A錯誤；B、因理想變壓器的原副線圈功率相等，副線圈中定值電阻和燈泡的阻值相等，且燈泡能正常發(fā)光，那么副線圈的功率為P副＝UI1，因原線圈的電壓為U，所以2P＝UI1，解得：I1=2PC、對于副線圈，因燈泡正常發(fā)光，則燈泡兩端的電壓U燈=PR，因此副線圈的電壓為U副＝2PR，那么變壓器的原副線圈匝數(shù)之比為：nD、由于線圈從中性面開始計時，那么是正弦交流電，且角速度ω＝2πn，及Um=2U，那么變壓器的輸入電壓的瞬時值表達式為e=2Usin2n故選：B。12．一列簡諧橫波沿x軸傳播在t＝0時刻的波形如圖中實線所示，P點此時正沿y軸負方向運動，t＝0.7s時刻的波形第一次如圖中虛線所示，虛線恰好過質(zhì)點P的平衡位置。已知質(zhì)點P平衡位置的坐標(biāo)x＝0.5m。下列說法正確的是（）A．波源振動的周期為1.0s B．該波傳播的速度為2.0m/s C．t＝0.7s時O點的位移為﹣53cm D．在0～1.3s內(nèi)，質(zhì)點P運動路程為45cm【解答】解：AB、t＝0時刻質(zhì)點P向平衡位置運動，說明波沿x軸負方向傳播，t＝0.7s時刻的波形第一次如圖中虛線所示，則0.7s內(nèi)波傳播的距離為x＝1.2m﹣0.5m＝0.7m，故波速為v=xt=0.70.7C、質(zhì)點O的振動方程為y＝Asin2πTt＝10sin2πD、質(zhì)點P平衡位置的坐標(biāo)x＝0.5m，結(jié)合波動方程可知t＝0時，質(zhì)點P偏離平衡位置5cm，波沿x軸負方向傳播，最近的是x＝1.2m處質(zhì)點運動形式平移到該點。根據(jù)波形平移法可得：t＝0時刻，質(zhì)點P向平衡位置運動，經(jīng)t'=0.6?0.51.2T故選：D。13．某種酒精測試儀應(yīng)用二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器。酒精氣體傳感器的電阻隨酒精氣體濃度的變化而變化，在如圖所示的電路中，不同的酒精氣體濃度對應(yīng)著傳感器的不同電阻，如果二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器電阻的倒數(shù)與酒精氣體的濃度成正比，那么電壓表示數(shù)U與酒精氣體濃度c之間的對應(yīng)關(guān)系正確的是（）A．U越小，表示c越大，c與U成反比 B．U越小，表示c越大，c與U不成反比 C．U越小，表示c越小，c與U成正比 D．U越大，表示c越大，c與U不成正比【解答】解：由電路圖可知，R0與R、酒精氣體傳感器電阻串聯(lián)，電壓表測R0兩端的電壓，因二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器電阻R1倒數(shù)與酒精氣體的濃度成正比，所以，可設(shè)R1＝k1c因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以電路中的電流：I=E電壓表的示數(shù)：U＝IR0=ER0由表達式可知，U越大，c越大，U越小，c越小，但兩者不成正比，故D正確、ABC錯誤。故選：D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14．下列關(guān)于電磁波的說法正確的是（）A．麥克斯韋提出：變化的磁場一定產(chǎn)生變化的電場，變化的電場一定產(chǎn)生變化的磁場 B．各種電磁波在真空中的傳播速度與光速一樣，為3×108m/s C．X射線的穿透能力較強，醫(yī)院透視用的是X射線 D．紅外線是波長比可見光波長還長的電磁波，常用于醫(yī)院和食品消毒【解答】解：A、均勻變化的磁場會產(chǎn)生穩(wěn)定的電場，均勻變化的電場會產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，故A錯誤；B、各種電磁波在真空中的傳播速度與光速一樣，為3×108m/s，故B正確；C、X射線的穿透能力較強，醫(yī)院透視用的是X射線，故C正確；D、紅外線是波長比可見光波長還長的電磁波，紫外線常用于醫(yī)院和食品消毒，故D錯誤。故選：BC。15．如圖所示，干旱季節(jié)，農(nóng)民通過潛水泵抽取地下水灌溉農(nóng)田。已知潛水泵由電動機、水泵、輸水鋼管組成，某地下水源距離地表5.55m深，安裝潛水泵時將一根輸水鋼管豎直打入地底下與地下水源連通，水泵出水口離地表高度為0.45m，水流由出水口水平噴出時的速度為3m/s，每秒出水量為4kg。已知電動機額定電壓為220V，水泵的抽水效率為75%，水的密度為1.0×103kg/m3，則（）A．出水口鋼管橫截面積為43×10B．每秒內(nèi)水流機械能增加258J C．電動機的輸入功率為258W D．電動機線圈的電阻約為35Ω【解答】解：A、由題意得，單位時間內(nèi)出水的體積為V=mρ=41.0×10出水口鋼管橫截面積為S=Vvt=4×10?33×1故A正確；B、以每秒出水量為研究對象，每秒機械能增加ΔE＝mgh+12h＝5.55m+0.45m＝6m代入數(shù)據(jù)解得：ΔE＝258J故B正確；C、電動機的輸出功率P出=W電動機的輸入功率為P入=P故C錯誤；D、對電動機，有P入＝P出+I2rP入＝UI代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：r=302586Ω故D正確。故選：ABD。三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.實驗題（Ⅰ、Ⅱ共14分）Ⅰ．某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)用圖甲所示裝置做“探究彈簧彈力與伸長量的關(guān)系”實驗，測量彈簧原長時，為了方便測量，他們把彈簧平放在桌面上使其自然伸長，彈簧頂端與刻度尺零刻線對齊，用刻度尺測出彈簧的原長如圖乙所示。然后把彈簧懸掛在鐵架臺上，仍使頂端的同一位置對齊刻度尺的零刻線，將6個完全相同的鉤碼逐個加掛在彈簧的下端，測出每次彈簧的長度，結(jié)合圖乙測得的原長，得出對應(yīng)的伸長量x，所掛鉤碼質(zhì)量為m，重力加速度為g，測量數(shù)據(jù)見表。鉤碼質(zhì)量m/g102030405060彈簧伸長量x/cm3.005.107.209.2011.3013.40（1）由圖乙可知，彈簧的原長為20.00cm。（2）在答題卡給出的坐標(biāo)紙上作出彈簧的伸長量x與鉤碼質(zhì)量m的關(guān)系圖像。（3）圖像不過坐標(biāo)原點的原因是見解析。（4）由于上述原因?qū)е吕脠D像測得的彈簧的勁度系數(shù)不變（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）。【解答】解：（1）刻度尺的最小分度值為1mm，所以其讀數(shù)為20.00cm；（2）根據(jù)表格數(shù)據(jù)在坐標(biāo)平面中描點、連線，讓大部分點落在直線上或均勻分布在直線兩側(cè)，遠離直線的點舍去，彈簧的伸長量x與鉤碼質(zhì)量m的關(guān)系圖像如圖（3）由于實際彈簧都有重力，故豎直懸掛后，有了一定的初始伸長量，使得圖線不過坐標(biāo)原點。（4）根據(jù)k=ΔF故答案為：（1）20.00；（2）見解析；（3）彈簧都有重力，故豎直懸掛后，有了一定的初始伸長量，使得圖線不過坐標(biāo)原點；（4）不變Ⅱ．某實驗小組的同學(xué)要測量阻值約為300Ω的定值電阻Rx，現(xiàn)備有下列器材：A．電流表A（量程為10mA，內(nèi)阻約為10Ω）；B．電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ）；C．滑動變阻器R1（阻值范圍為0～10Ω，額定電流為2A）；D．定值電阻R2（阻值為750Ω）；E.直流電源E（電動勢為4.5V，內(nèi)阻不計）；F.開關(guān)S和導(dǎo)線若干。（1）實驗小組設(shè)計了如圖甲、乙所示的兩種測量電路，電阻的測量值可由Rx=UI計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)，則圖（2）若采用（1）中所選電路進行測量，得到電壓表和電流表的示數(shù)如圖丙所示，則電壓表的示數(shù)為1.60V，電流表的示數(shù)為5.0mA，由此組數(shù)據(jù)可得待測電阻的測量值Rx＝320Ω，若所用電壓表和電流表的內(nèi)阻分別按3kΩ和10Ω進行計算，則由此可得待測電阻的真實值R真＝310Ω（計算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）?！窘獯稹拷猓海?）由于R可知電壓表分流更明顯，故采用電流表內(nèi)接法，則題圖甲所示的電路測量更準(zhǔn)確，測量值更接近待測電阻的真實值；（2）電壓表量程為3V，最小分度值為0.1V，電壓表的示數(shù)U＝1.60V；電流表量程為10mA，最小分度值為0.2mA，電流表的示數(shù)I＝5.0mA根據(jù)歐姆定律可得待測電阻的測量值R電路誤差在于電流表的分壓，則R解得R真＝310Ω故答案為：（1）甲；（2）1.60，5.0，320，310。17．如圖所示，絕熱汽缸A與導(dǎo)熱汽缸B均固定于桌面，由剛性桿連接的絕熱活塞與兩汽缸間均無摩擦，兩活塞之間與大氣相通，汽缸B活塞面積為汽缸A活塞面積的2倍。兩汽缸內(nèi)裝有理想氣體，兩活塞處于平衡狀態(tài)，汽缸A的體積為V0，壓強為1.5p0，溫度為T0，汽缸B的體積為2V0，緩慢加熱A中氣體，停止加熱達到穩(wěn)定后，A中氣體壓強為原來的2倍。設(shè)環(huán)境溫度始終保持不變，汽缸A中活塞不會脫離汽缸A，已知大氣壓為p0。求：（1）加熱前B汽缸中氣體的壓強；（2）加熱達到穩(wěn)定后汽缸A中氣體的體積?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)連接桿的壓力為F，氣缸B內(nèi)氣體壓強為pB，活塞橫截面積為2S，氣缸A活塞橫截面積為S對氣缸B，根據(jù)平衡條件pB?2S＝p0?2S+F對氣缸A，根據(jù)平衡條件1.5p0?S＝p0?S+F聯(lián)立解得pB＝1.25p0（2）重新達到穩(wěn)定后，對于氣缸B，根據(jù)平衡條件pB′?2S＝p0?2S+F′對于氣缸A，根據(jù)平衡條件2×1.5p0?S＝p0?S+F′聯(lián)立解得pB′＝2p0由于氣缸B中的氣體做等溫變化，根據(jù)波意耳定律pB?2V0＝pB′?VB代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得VB＝1.25V0因此氣缸B的體積變化ΔVB＝2V0﹣1.25V0＝0.75V0氣缸A的體積變化ΔVA＝VA﹣V0設(shè)連接桿向右移動的距離為d，根據(jù)題意ΔVB＝2S?d，ΔVA＝S?d代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得VA＝1.375V018．如圖所示，豎直平面內(nèi)固定有光滑軌道AB、水平直軌道CD、EF和以速度v0逆時針轉(zhuǎn)動的傳送帶MN，在EF軌道右側(cè)固定一反彈裝置。各軌道平滑連接，傳送帶與水平軌道等高、間隙不計?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的滑塊a從軌道AB上高為h處由靜止下滑，與反彈裝置的碰撞為完全彈性碰撞。已知軌道AB末端B處的曲率半徑R＝2m，LCD＝0.45m，LMN＝0.7m，LEF＝0.9m，m＝2kg，v0＝3m/s，滑塊與CD和MN間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，與EF間的動摩擦因數(shù)μ'＝0.5?5（1）若h＝0.2m，求滑塊運動至B處時滑塊對軌道的作用力FN；（2）若滑塊過不了傳送帶，求高度h的最大值；（3）若滑塊只通過傳送帶一個來回，試求傳送帶額外做功的最大值?！窘獯稹拷猓海?）滑塊a下滑過程中，根據(jù)動能定理可得：mgh=代入數(shù)據(jù)解得：vB＝2m/s滑塊運動至B處時，根據(jù)牛頓第二定律可得：FN′﹣mg＝mv代入數(shù)據(jù)解得：FN′＝24N根據(jù)牛頓第三定律可知，滑塊運動至B處時滑塊對軌道的作用力大小為FN＝FN′＝24N、方向向下（2）若滑塊過不了傳送帶，滑塊到達E點的速度為零時下滑的高度最大，設(shè)最大高度為hm，由動能定理，有：mghm﹣μmgLCD﹣μmgLMN＝0代入數(shù)據(jù)解得：hm＝0.575m（3）傳送帶額外做功最大的臨界條件：滑塊第二次到達E點速度為零，在EF段，克服摩擦力做功為：WEF=Ff?LEF滑塊第一次到達E點時，根據(jù)功能關(guān)系可得：12mvE12滑塊第一次到達D點，根據(jù)功能關(guān)系可得：12mvD12=2WEF+滑塊第二次到達D點，根據(jù)功能關(guān)系可得：12mvD22=μ第一次在傳送帶上運動過程中，傳送帶額外做的功：W1＝μmgv0?v第一次在傳送帶上運動過程中，傳送帶額外做的功：W2＝μmgv0?v滑塊只通過傳送帶一個來回，傳送帶額外做功的最大值為：W＝W1+W2聯(lián)立解得：W＝6（1+719．根據(jù)霍爾效應(yīng)原理制成的霍爾元件有廣泛的應(yīng)用，某研究小組用霍爾元件來研究金屬棒在磁場中的運動規(guī)律。如圖1（a）所示，在水平面上固定放置兩間距為l的平行、光滑金屬導(dǎo)軌，其右側(cè)通過開關(guān)S接有恒流源，向回路提供恒定電流I0；在﹣x0≤x≤x≤x0區(qū)間存在方向垂直導(dǎo)軌平面向下、大小沿Oy軸方向不變、沿Ox軸方向按某一規(guī)律變化的穩(wěn)恒磁場。一質(zhì)量為m的金屬棒垂直于導(dǎo)軌放置，其上固定一霍爾元件（相比m，其質(zhì)量可忽略不計），它是一個長、寬和高分別為a×bxc的長方體微小半導(dǎo)體薄片，磁場方向垂直a×b平面，其單位體積中載流子數(shù)為n，每個載流子帶電荷量為e。在半導(dǎo)體薄片上制作四個電極E、F、M、N，放大圖如圖1（b）所示，在E、F間通入恒定的電流I，則在M、N間出現(xiàn)霍爾電壓UH＝UM﹣UN（圖中沒有畫出提供電流I和測量電壓UH的電路圖）。開關(guān)S斷開時，導(dǎo)體棒靜止在x＝x0處。計算時將1nec（1）求半導(dǎo)體薄片中載流子平均移動速率；（2）半導(dǎo)體材料有P型（載流子以空穴導(dǎo)電為主，即正電荷導(dǎo)電）和N型（載流子以電子導(dǎo)電為主）兩種，當(dāng)棒位于x＝x0處時，測得霍爾電壓大小為UH0，求該處磁感應(yīng)強度B0的大小；如果UH0＞0，則該半導(dǎo)體是P型還是N型？（3）閉合開關(guān)S，導(dǎo)體棒從x＝x0處開始運動，測得霍爾電壓UH隨x變化的圖線為如圖2所示，求磁感應(yīng)強度B沿Ox軸的分布規(guī)律和棒運動速度與x的關(guān)系。?【解答】解：（1）設(shè)半導(dǎo)體薄片中載流子平均移動速率為v，根據(jù)電流微觀表達式I=nqsv=necb解得：v=（2）當(dāng)棒位于x＝x0處時，eEH0聯(lián)立解得：B若UH0＞0，M端積累正電荷，N端積累負電荷，故為N型。（3）由圖2可知，UHB=1導(dǎo)體棒受力F由動能定理：1v=±I0lkmx導(dǎo)體棒做簡諧振動，沿x軸負方向運動時，取負號，反之取正號。21．如圖甲所示，水平放置的平行金屬板A、B間距為d＝20cm，板長L＝6cm，左端有一粒子源均勻發(fā)射帶負電的粒子（單位長度發(fā)射粒子數(shù)目相同），粒子間的相互作用不計，比荷為qm=1.2×106C/kg，忽略重力，粒子速度v0＝4×103m/s，方向平行金屬板，AB間加如圖乙所示的方形波電壓，已知U（1）射出板的粒子占發(fā)射源發(fā)射粒子總數(shù)的百分比最小值η和收集板的最小長度L1；（2）在極板右側(cè)，加一垂直紙面向里的磁場B1=16T，保持收集板豎直，為使所有射出電場的粒子都能被收集板吸收，求收集板的最小長度L2為多少？若磁場改為B2（3）撤去收集板，在AB極板右側(cè)加一圓形磁場區(qū)域，要使所有射出電場的粒子都能收集到一點，求該圓形磁場區(qū)域的最小半徑和相應(yīng)的磁感應(yīng)強度B（此問保留兩位有效數(shù)字）?！窘獯稹拷猓海?）想要射出板的粒子占發(fā)射源發(fā)射粒子總數(shù)的百分比最小，需要讓更多的粒子打在極板上，即全體粒子向垂直于極板方向的位移最大，故粒子源應(yīng)在t＝0時刻（或方形波電壓每一周期的起始時刻）發(fā)射粒子，由于粒子帶負電，故粒子受到向上的電場力而向上運動，假設(shè)在極板左側(cè)的C位置發(fā)射的粒子剛好打在上極板右側(cè)邊緣，如圖所示；以t＝0時刻進入電場的粒子，在初速度方向做勻速直線運動，則：L＝v0t解得：t＝1.5×10﹣5s＞2粒子在電場中的加速度大小為：a=qU0md粒子在電場方向先做勻加速運動后做勻減速運動，勻加速運動時間為：tt1時刻粒子在電場方向的分速度為：vy1＝at1＝6×108×1.0×10﹣5m/s＝6×103m/s在電場方向勻加速運動的位移為：y1=1勻減速運動時間為：tt2時刻粒子在電場方向的分速度為：v在電場方向勻減速運動的位移為：y故粒子向上偏轉(zhuǎn)的距離為：y＝y(tǒng)1+y2＝5.25cm射出板的粒子占發(fā)射源發(fā)射粒子總數(shù)的百分比最小值為：η=由速度關(guān)系可知粒子射出電場的合速度大小為：v=v02合速度與初速度方向之間夾角為：cosθ=v0v由圖中幾何關(guān)系可知收集板的最小長度為：L（2）設(shè)粒子在t＝1×10﹣5s時刻進入電場，可知離開電場的粒子在電場中先向下加速再向下減速，最后向上加速離開電場，設(shè)極板左側(cè)的D位置發(fā)射的粒子剛好沒有打在下極板上，如圖所示；粒子在電場方向先向下勻加速運動的時間為：tt1時刻粒子在電場方向的分速度為：v'在電場方向向下勻加速運動的位移為：y向下勻減速運動時間為：t由對稱性可知向下勻減速運動的位移為：y'2＝y(tǒng)'1＝0.75cm最后向上勻加速運動時間為：t在電場方向向上勻加速運動的位移為：yt3時刻粒子在電場方向的分速度為：v可知從極板右側(cè)離開的粒子中離B板的最小距離為0.75cm。所有離開電場的粒子速度都滿足大小為：v=v02粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律：qvB=m解得：r＝2.5cm為使所有射出電場的粒子都能被收集板吸收，如圖所示，由幾何關(guān)系可得收集板的最小長度為：L2＝dAF﹣2r＝（20﹣0.75﹣2×2.5）cm＝14.25cm若磁場改為B2=為使所有射出電場的粒子都能被收集板吸收，如圖所示由幾何關(guān)系可得收集板的最小長度為：L'2＝2r2＝2×8cm＝16cm（3）要使所有射出電場的粒子都能收集到一點，所加圓形磁場區(qū)域直徑應(yīng)與粒子射出范圍的寬度相等，如圖所示；由圖中幾何關(guān)系可知磁場區(qū)域的最小半徑為：R為使粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)后會聚于一點，粒子在磁場中的軌跡半徑應(yīng)為：r'＝Rmin根據(jù)牛頓第二定律：qvB=m解得：B≈5.4×10﹣2T

【贏在高考·黃金8卷】備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷（浙江卷專用）黃金卷07·參考答案一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）12345678910111213BACCBDDABBBDD二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分）1415BCABD三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16．(7分+7分)Ⅰ、（1）20.00；（2）見解析；（3）彈簧都有重力，故豎直懸掛后，有了一定的初始伸長量，使得圖線不過坐標(biāo)原點；（4）不變Ⅱ、（1）甲；（2）1.60，5.0，320，310。17．(9分)【解答】解：（1）設(shè)連接桿的壓力為F，氣缸B內(nèi)氣體壓強為pB，活塞橫截面積為2S，氣缸A活塞橫截面積為S對氣缸B，根據(jù)平衡條件pB?2S＝p0?2S+F對氣缸A，根據(jù)平衡條件1.5p0?S＝p0?S+F聯(lián)立解得pB＝1.25p0（2）重新達到穩(wěn)定后，對于氣缸B，根據(jù)平衡條件pB′?2S＝p0?2S+F′對于氣缸A，根據(jù)平衡條件2×1.5p0?S＝p0?S+F′聯(lián)立解得pB′＝2p0由于氣缸B中的氣體做等溫變化，根據(jù)波意耳定律pB?2V0＝pB′?VB代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得VB＝1.25V0因此氣缸B的體積