安徽省部分學校2024屆高三年級下冊聯(lián)考（一模）物理試卷(含答案)

安徽省部分學校2024屆高三下學期聯(lián)考（一模）物理試卷

學校：___________姓名：班級：___________考號：

一,單選題

1.2023年8月24日，日本啟動核污染水排海，排放核污染水里含64種核放射性元

素，將對全人類和海洋生命產(chǎn)生長久的重大威脅，核廢水中的*°Po發(fā)生衰變時的核反

應(yīng)方程為；:Pof*6pb+x,該核反應(yīng)過程中放出的能量為Q,設(shè)：；°P。的比結(jié)合能為

E},普Pb的比結(jié)合能為石2,X的比結(jié)合能為石3，已知光在真空中的傳播速度為C,

的半衰期為138天，則下列說法正確的是（）

A.該核反應(yīng)中磐Po發(fā)生了0衰變

B.該核反應(yīng)過程中放出的能量。=210g-（206與+4區(qū)）

C.100個2°Po原子核經(jīng)過138天，還剩50個原子核未衰變

D.該核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損為其

c

2.如圖所示的電路中，&、叫為電阻箱，&為定值電阻。開關(guān)S閉合后，在水平放

置的平行板電容器的極板間，一帶電油滴尸處于靜止狀態(tài)，下列判斷正確的是（）

S

A.若僅增大耳，則油滴P將保持不動

B.若僅增大凡，則油滴P將向下加速運動

C.若僅減小耳，則油滴P將向上加速運動

D.若斷開開關(guān)S,則油滴P仍保持不動

3.如圖，在光滑的水平桌面上，質(zhì)量為機的小球在輕繩的作用下，繞。點以速率v

做勻速圓周運動。已知輕繩長為/,重力加速度大小為g。對小球由A轉(zhuǎn)過90。到3的

過程，下列說法正確的是（）

B

o%

A.小球重力沖量大小為0B.繩子拉力沖量大小為理嗎

C.小球動量的變化量大小為0D.小球動量的變化率大小為牛

4.如圖，矩形平板仍cd的cd邊固定在水平面上，平板與水平面的夾角為30。。質(zhì)量

為機的物塊在平行于平板的拉力作用下，沿對角線敬方向斜向下勻速運動，ac與cb

邊的夾角為60。，物塊與平板間的動摩擦因數(shù)〃=，，重力加速度大小為g,則拉力

5.如圖，地球的公轉(zhuǎn)軌道視為圓，但慧星的運動軌道則是一個非常扁的橢圓.天文學

家哈雷曾經(jīng)在1682年跟蹤過一題慧星，他算出這顆慧星軌道的半長軸約等于地球公轉(zhuǎn)

半徑的18倍，并預(yù)言這顆慧星將每隔一定時間就會出現(xiàn).哈雷的預(yù)言得到證實，該慧

星被命名為哈雷慧星.已知哈雷慧星最近飛近地球的時間是1986年.若哈雷慧星近日點

與太陽中心的距離為彳、速度大小為看,遠日點與太陽中心的距離為弓、速度大小為

匕，不考慮地球及其它星球?qū)坌堑挠绊?，則下列說法正確的是（）

地球衣一餡畬慧星、

太陽

A.哈雷慧星在近日點與遠日點的機械能不相等

B.哈雷慧星在近日點與遠日點的加速度大小之比為區(qū)

ri

C.哈雷慧星在近日點與遠日點的速度大小之比為豐

D.哈雷彗星下次飛近地球約在2062年

6.如圖甲所示，將一塊平板玻璃。放置在另一塊平板玻璃板6上，在右端夾入兩張薄

紙片.當單色光從上方垂直射入后，從上往下看可以觀察到如圖乙所示的干涉條紋.則下

列說法正確的是（）

1111

A.干涉條紋是由久。兩玻璃板上表面反射的光疊加產(chǎn)生的

B.若僅增大垂直射入的單色光波長，則條紋將變疏

C.將。緩慢向下平移，則條紋之間的距離將變大

D.若抽去一張薄紙片，則條紋將變密

二、多選題

7.如圖，輕質(zhì)彈簧下端固定在光滑斜面底端，彈簧處于原長時上端在。點.小球?qū)?/p>

簧壓縮到“點（彈簧和小球不拴接）.由靜止釋放后，將該時刻記為"0,小球第一次

運動到。點的時刻為/=：,小球運動的最高點為N.在小球第一次從M點運動到N點

的過程中，速度V、加速度小動能后卜以及小球機械能E隨時間3變化的圖像可能正

8.如圖，是一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化過程的P-V圖像.氣體先由a狀態(tài)沿雙曲線

變化到匕狀態(tài)，再沿與橫軸平行的直線變化到c狀態(tài).最后沿與縱軸平行的直線回到a

狀態(tài).以下說法中錯誤的是（）

A.af。過程氣體溫度不變

B.。fc過程氣體放出熱量

C.cfa過程氣體對外界做功，同時吸收熱量

D.afbfcfa過程氣體放出熱量

9.如圖，有兩個寬度為L的沿水平方向的勻強磁場區(qū)域I、II,磁場的各個邊界均在

水平面內(nèi)。磁場的磁感應(yīng)強度大小均為5,兩磁場間的距離大于八一質(zhì)量為加，電

阻為R,邊長為L的正方形單匝閉合導線框仍cd,從磁場區(qū)域I上方某一位置由靜止

釋放，線框必邊剛要出磁場區(qū)域I和剛要出磁場區(qū)域n時的速度相同，線框穿過磁場

區(qū)域n產(chǎn)生的焦耳熱為Q。線框向下運動過程中始終在垂直于磁場的豎直平面內(nèi)，ab

邊始終水平。重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）

J）：：："

Xx-Xx"|

X___X^Xx__|L

A.線框穿過區(qū)域I產(chǎn)生的焦耳熱也一定為Q

B.cd邊穿過兩個磁場區(qū)域的過程，通過線框截面的電荷量相等

C.線框穿過兩個磁場區(qū)域的過程，線框的速度變化量一定相同

D.磁場區(qū)域I、n間的距離為2-￡

mg

10.在X0y平面內(nèi)，一帶正電的粒子從坐標原點。以初速度％沿x軸正方向射入.若

x>0區(qū)域僅存在沿y軸負方向的勻強電場E.則粒子經(jīng)過時間％到達點P,，—gj；若

x>0區(qū)域僅存在垂直平面向里的勻強磁場5,則粒子經(jīng)過時向三到達點

Q，,-不計粒子重力，下列說法正確的是()

A.E與B的大小之比為-=-v0

B.q與t2的大小關(guān)系為0>t2

C.若x>0區(qū)域同時存在勻強電場E與勻強磁場B,則粒子在y軸方向的分運動為簡諧

運動

D.若x>0區(qū)域同時存在勻強電場E與勻強磁場3,則粒子運動過程中的最大速度為

1.5%

三、實驗題

11.小明在實驗室探究物體加速度與所受合外力的關(guān)系，實驗裝置如圖甲所示，主要

實驗步驟如下：

(1)調(diào)整長木板傾角進行阻力補償，使小車恰好沿長木板向下做勻速運動。

(2)保持長木板的傾角不變，繩子下端只掛一個鉤碼，將小車移近打點計時器，接通電

源然后釋放小車，小車沿長木板向下做勻加速直線運動，得到一條紙帶如圖所示，

AB、C、D、E、F、G為計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出，打點計時器的頻

率為50Hz。利用刻度尺測量得到

%=2.19cm,x2=2.76cm,x3=3.35cm,x4=3.93cm,x5=4.58cm,x6=5.20cm。通過紙帶求

得小車在C點的速度大小為m/s；通過紙帶求得小車加速度大小為m/s2。

(均保留2位有效數(shù)字)

(3)保持繩子下端懸掛的鉤碼不變，在小車上放置不同數(shù)量的相同鉤碼，小車上鉤碼的

個數(shù)記為〃，重復實驗操作(2),求出小車對應(yīng)的加速度a,得到加速度。的倒數(shù)和鉤

碼個數(shù)〃的工-"圖像如圖所示，已知一個鉤碼的質(zhì)量為外，圖像中直線斜率為七縱

a

軸截距為近利用題中信息可得出重力加速度g=^,，小車的質(zhì)量o(用

左，瓦2)表不)O

(1)某次測量時，多用電表表盤指針指在如圖甲所示的位置，下列說法錯誤的是

A.若該讀數(shù)是選用歐姆擋“xlOO”倍率得到的，應(yīng)該更換“xlO”倍率，歐姆調(diào)零后再次

進行測量

B.多用電表的歐姆擋是靠內(nèi)部電源提供電流的.若選用“xlO”倍率測量電阻，則歐姆表

內(nèi)阻約為20Q

C.測直流電流時，應(yīng)讓紅表筆接外電路的正極，黑表筆接外電路的負極

(2)該小組進一步探究歐姆表的原理，設(shè)計了如圖乙所示的電路，通過調(diào)節(jié)開關(guān)S,可

使歐姆表具有“x1”和“義10”的兩種倍率，可用器材如下：

A.干電池(電動勢E=1.5V,內(nèi)阻不計)；

B.電流表G（滿偏電流4=1mA,內(nèi)阻7?。=90￡1）；

C.定值電阻4（阻值為5.0Q）；

D.滑動變阻器用（最大阻值為150Q）；

E.定值電阻&（阻值為LOQ）、&；

F.開關(guān)一個紅、黑表筆各一支，導線若干.

①表筆B是（填“紅或“黑”）表筆；

②虛線框內(nèi)是雙量程電流表，已知當S接。時，對應(yīng)電流表量程是0~01A,那么定

值電阻&=C；

③當開關(guān)S撥向（填或\"）時，歐姆表的倍率是“義10”，歐姆調(diào)零后，歐姆

表內(nèi)阻為

四、計算題

13.如圖，質(zhì)量均為機的光滑長方體甲、乙靜置在光滑的水平面上。在它們之間放一

質(zhì)量為2根、截面為正三角形的重物丙，丙兩側(cè)分別與甲、乙接觸。對長方體甲、乙施

加等大、反向的水平力R時，重物丙恰好靜止。已知重力加速度大小為g。若同時撤

去力R長方體將在水平面上滑動，求：

⑴水平力R的大?。?/p>

（2）剛撤去R時，地面對長方體甲的彈力大小。

14.如圖，為某輪滑賽道模型，A3段和段為在3點相切的圓弧，半徑分別為

2R、3R,在圓弧A3的最上端A點的切線水平，Q為圓弧A3的圓心，與豎直方向

的夾角為60。；圓弧的最下端C點的切線水平，a為圓弧的圓心，C點離地面

的高度為凡一個質(zhì)量為機的滑塊從A點（給滑塊一個擾動）由靜止開始下滑，到3

點時對A3圓弧的壓力恰好為零，到C點時對圓弧軌道的壓力大小為2mg,重力加速

度大小為g,求：

R

~7/7777777777T777T7777v7777~777~

(1)滑塊運動到B點時的速度多大；

(2)滑塊在A3段圓弧和在段圓弧上克服摩擦力做的功分別為多少；

(3)若滑塊與地面碰撞一瞬間，豎直方向速度減為零，水平方向速度不變，滑塊與地面

間的動摩擦因數(shù)為0.5,則滑塊停下時離C點的水平距離為多少。

15.如圖，紙面內(nèi)有一水平虛線，垂直于紙面放置的足夠長平面感光板仍與虛線平

行。而與虛線間的距離為/,且存在勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強

度大小為瓦虛線上有一點狀放射源S,可在紙面內(nèi)向各個方向發(fā)射質(zhì)量為機、電荷量

為+4的同種帶電粒子。某一粒子以速率v沿與虛線成。=37。角的方向射入磁場。并恰

能垂直打到感光板面上。不計粒子的重力，sin37°=0.60

XXXXX

B/

XXX/“XX

_________盤_____

S

(1)求粒子射入磁場時的速率V;

⑵若粒子均以:的速率在紙面內(nèi)沿不同方向射入磁場，僅考慮能打到感光板而上的粒

子，求：

①粒子在磁場中運動的最短時間;

②感光板ab被粒子打中的長度。

參考答案

1.答案：D

解析：A.根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得，X的質(zhì)量數(shù)為4,電荷數(shù)為2,即

X為;He,該反應(yīng)為a衰變，故A錯誤；

B.核反應(yīng)過程中放出的核能為反應(yīng)后生成的所有新核的總結(jié)合能與反應(yīng)前所有原子核

的總結(jié)合能之差，即

。=206石2+4與一210瑞

故B錯誤；

C.半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對少數(shù)幾個原子核無意義，故C錯誤；

D.該核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損為

^EQ

A=—

CC

故D正確。

故選D。

2.答案：B

解析：

AC.若僅增大印，電路總電阻增大，總電流減小，電源內(nèi)阻、定值電阻用兩端的電壓

減小，尺兩端的電壓增大，電容器兩極板間的電場強度增大，帶電油滴受到的電場力

增大，大于重力，油滴P將向上加速運動，同理可得，若僅減小耳，則油滴尸將向下

加速運動，故AC錯誤；

B.若僅增大凡，電路總電阻增大，總電流減小，用兩端的電壓減小，電容器兩極板間

的電場強度減小，帶電油滴受到的電場力減小，小于重力，油滴尸將向下加速運動，

故B正確；

D.若斷開開關(guān)S,電容器放電，電容器兩極板間的電勢差減小，電場強度減小，帶電

油滴受到的電場力減小，小于重力，油滴P將向下加速運動，故D錯誤。

故選B。

3.答案：D

解析：A.小球由A轉(zhuǎn)到3的過程，所需時間為

v2v

小球重力沖量大小為

故A錯誤；

C.小球動量的變化量大小

故C錯誤；

B.由動量定理，可得

ZF=A/?=0mv

故B錯誤；

D.根據(jù)

FAt=Ap

可知小球動量的變化率大小為

又

F=——

/

聯(lián)立，解得

故D正確。

故選D。

4.答案：C

解析：依題意，物塊所受摩擦力沿或方向，大小為

f=jimgcos30°二—mg

物塊所受重力的下滑分力大小為

G'=mgsin30°=~mS

由幾何關(guān)系可知摩擦力與重力下滑分力的夾角為120。，有

「1

3mg

由于物塊做勻速直線運動，所以拉力大小為

故選C。

5.答案：D

解析：A.哈雷慧星在近日點與遠日點運行中，動能與勢能相互轉(zhuǎn)化，機械能守恒，故

A錯誤；

B.在近日點時，由牛頓第二定律可得

在遠日點時，由牛頓第二定律可得

聯(lián)立，解得

_r；

故B錯誤;

C.根據(jù)開普勒第二定律，取時間微元At,結(jié)合扇形面積公式

S=-ABr

2

A=ZL

V2ri

故C錯誤;

D.設(shè)彗星的周期為7],地球的公轉(zhuǎn)周期為心，由開普勒第三定律

即彗星下次飛近地球?qū)⒃?/p>

”(1986+76)年=2062年

故D正確。

故選D。

6.答案：B

解析：A.干涉條紋是由。的下表面和》上表面反射的光疊加產(chǎn)生的，故A錯誤。

BC.若僅增大垂直射入的單色光波長時，根據(jù)條紋間距表達式

1=—^—

2tan6*

可知條紋變疏，將6緩慢向下平移時條紋間距不變，故B正確，C錯誤；

D.若抽去一張薄紙片，平板玻璃內(nèi)6之間的夾角減小，條紋間距變大，條紋變稀疏，

故D錯誤。

故選B。

7.答案：AC

解析：ABC.小球向上運動過程中，根據(jù)牛頓第二定律有

F—mgsin9=ma

隨著彈力減小，加速度逐漸減小，速度逐漸增大，至

F'=mgsin0

此時加速度為0,速度達到最大，此時小球位于之間，隨后有

mgsin0-F-ma

隨著彈力R逐漸減小，加速度逐漸增大，直至".后，加速度為

a=gsin0

之后加速度保持不變，速度逐漸減小，結(jié)合丫-/圖像斜率為加速度，動能的計算公式

Ek=Jm丫2可知AC圖正確，B圖錯誤，故AC正確，B錯誤；

2

D.小球運動過程中，彈簧彈力對小球做正功，小球機械能先增大，后不變，故D錯

誤。

故選ACo

8.答案：CD

解析：A.因為af。變化圖線為雙曲線的一支，為等溫線，所以是等溫變化，故A正

確，不符合題意；

B.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

-p--y-=Cr

T

從6到C為等壓變化，體積減小，所以溫度降低，內(nèi)能減小，又因為外界對氣體做

功，根據(jù)熱力學第一定律

可知，此過程放出熱量，故B正確，不符合題意；

C.cf。過程體積不變，沒有做功，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，由于壓強增大，則溫

度升高，內(nèi)能增大，結(jié)合熱力學第一定律可知，從外界吸收熱量，故C錯誤，符合題

思；

D.由a的過程氣體對外做功，其大小等于a。曲線與坐標軸圍成的面積；由。-c

的過程外界對氣體做功，其大小等于直線歷與坐標軸圍成的面積，由cfa的過程氣

體體積不變，對外不做功，外界對氣體也不做功，則a-。c。的過程氣體對外做

功，大小等于各段曲線所圍成的abc圖像面積大小，整個過程溫度不變，內(nèi)能不變，

根據(jù)

可知，整個過程從外界吸收熱量，故D錯誤，符合題意。

故選CDo

9.答案：ABCD

解析：A.磁場寬度與正方形線框的邊長都為3則線框只有進出磁場兩個過程，各位

置的瞬時速度如圖所示

因線框cd邊剛要出磁場區(qū)域i和剛要出磁場區(qū)域n時的速度相同為％,說明出磁場的

運動過程一定是減速運動，且穿過磁場的運動過程完全相同，則有

匕=丫4，匕=%

線框穿過磁場區(qū)域n產(chǎn)生的焦耳熱為Q,則線框穿過區(qū)域I是完全相同的運動過程,

產(chǎn)生的焦耳熱一定為。，故A正確；

B.由通過截面的電荷量公式為

~AE\fN①

q=I、M=—At=---Af=

RRR

因cd邊穿過兩個磁場區(qū)域的過程通過線框截面的磁通量的變化量A0相同，則電荷量

q相等，故B正確；

C.線框穿過兩個磁場區(qū)域的過程，由動量定理有

mgt—Bql=mAv

因運動過程相同，則時間相同，且電量相等，則線框的速度變化量一定相同，故C正

確；

D.設(shè)磁場區(qū)域I、II間的距離為H,選擇線框cd邊剛出磁場區(qū)域I和剛出磁場區(qū)域n的

過程，由動能定理有

1?12

mg(H+L)_Q--mv5——mv3

解得

H=2-L

mg

故D正確。

故選ABCDo

10.答案：AD

解析：A.若％>0區(qū)域僅存在沿y軸負方向的勻強電場E,粒子做類平拋運動，則有

qEL1

ci——,一=一at2,LT=v0t

m22

解得

石=近

qL

若x>0區(qū)域僅存在垂直x0v平面向里的勻強磁場3,由洛倫茲力提供向心力

_"就

BDqv0=

r

由幾何關(guān)系可得

2

+I}=r2

其中

解得

3=皿

5qL

所以

E5

一二一

B4°

故A正確;

B.因為

L

卜—_____

i-

%

而

tan"八=--L--=—4

L3

r----

2

解得

。二53。

在磁場中運動時間

0271m535L

=-------=---兀---

2乃qB1804%

所以

%<t2

故B錯誤；

C.若x>0區(qū)域同時存在勻強電場E與勻強磁場5,在y軸方向由于電場力恒定，洛倫

茲力為變力，則合力不可能與離開平衡位置的位移成正比，故粒子在y軸方向的分運

動不可能為簡諧運動，故C錯誤；

D.利用配速法將速度分解

%=匕+刈

匕為洛倫茲力與電場力相等需要的速度，即

qV]B=qE

解得

5

『%

所以

1

%=一丁。

則將粒子的運動分為水平向右以速度匕的勻速直線運動和速度6的勻速圓周運動，所

以當勻速圓周運動速度水平向右時合速度最大，即

%ax=匕=15%

故D正確。

故選ADo

11.答案：(2)0.31；0.60(3)-；—

kyk)

解析：(2)相鄰計數(shù)點間還有4個點未畫出，則相鄰計數(shù)點的時間間隔為

T=5x0.02s=0.1s

根據(jù)勻變速直線運動中間時刻速度等于該段過程的平均速度，則小車在C點的速度大

小為

%+%(2.76+3.35)x10-2

v=-----1=----------------------m/sh0.31m/s

r,IT2x0.1

根據(jù)逐差法可得，小車加速度大小為

a=%上=(3?93+4.58+5.2。-2」97.76-335)x1。2mzs2.。加西

9T29x0.12

(3)由牛頓第二定律可知

m0g+(a+1)%］。

可得

11+m0

agmGg

由圖可知

k=-

g

M+m

b_0

解得

1

g二

M=U-1r°

12.答案:（1）B

（2）①黑②9③0；150

解析：（1）A.歐姆表的讀數(shù)等于倍率乘指針示數(shù)，該圖指針所示位置電阻讀數(shù)偏小，說

明倍率選大了，應(yīng)該改用“xlO”的倍率，歐姆調(diào)零后再次進行測量，故A正確；

B.多用電表作歐姆表使用時，是靠內(nèi)部電源提供電流，中值刻度對應(yīng)的電阻就等于這

個倍率下歐姆表的內(nèi)阻，若選用的是“xio”的倍率測電阻，則歐姆表內(nèi)阻約為150Q,

故B錯誤；

C.測直流電流時，應(yīng)該讓電流從紅表筆流進，從黑表筆流出，以保證表盤指針能夠正

偏，故必須讓紅表筆接外電路的正極，黑表筆接外電路負極，故C正確。

本題選錯誤的，故選B。

（2）①電流從紅表筆流進，黑表筆流出，由圖可知，表筆B是黑表筆；

②當S接。時，對應(yīng)電流表量程是0?0.1A,則有

4（招+4）=（f/

解得

叫=9。

③當S接。時，對應(yīng)電流表量程是0-0