2024屆浙江省溫州九校物理高二第一學期期末綜合測試試題含解析

2024屆浙江省溫州九校物理高二第一學期期末綜合測試試題

考生請注意：

1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。

2.第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的

位置上。

3.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，正方體真空盒置于水平面上，它的ABC。面與面為金屬板，其他面為絕緣材料.A3CZ）面帶正

電，E尸GH面帶負電.從A3。面上的小孔尸沿水平方向以相同速率射入三個質量相同的帶正電液滴，最后分別落在

5CGb面上的1、2、3三點，則下列說法正確的是

A.三個液滴在真空盒中都做平拋運動

B.三個液滴落到底板時速率相同

C.液滴3在真空盒中的運動時間最長

D.三個液滴在真空盒中的運動時間一定相同

2、關于元電荷的理解，下列說法正確的是（）

A.元電荷就是電子

B.元電荷是表示跟一個電子所帶電荷量數值相等的電荷量

C.元電荷就是質子

D.物體所帶電量不一定是元電荷的整數倍

3、圖為示波管中電子槍的原理示意圖，示波管內被抽成真空，A為發(fā)射熱電子的陰極，K為接在高電勢點的加速陽極,

A、K間電壓為U.電子離開陰極時的速度可以忽略。電子經加速后從K的小孔中射出的速度大小為人下列說法正確的

是（）

ex------u-------2

A.如果A、K間距離減半而電壓仍為U,則電子離開K時的速度變?yōu)?V

V

B.如果A、K間距離減半而電壓仍為U,則電子離開K時的速度變?yōu)橐?/p>

2

V

C.如果A、K間距離保持不變而電壓減半，則電子離開K時的速度變?yōu)橐?/p>

2

D.如果A、K間距離保持不變面電壓減半，則電子離開K時的速度變?yōu)閅Zy

2

4、如圖所示，繞在鐵芯上的線圈、電源、滑動變阻器和開關組成閉合電路，在鐵芯的右端套有一個表面絕緣的銅環(huán)A,

下列情況中銅環(huán)A中沒有感應電流的是（）.

A.線圈中通以恒定的電流

B.通電時，使滑動變阻器的滑片P做勻速滑動

C.將開關S突然斷開的瞬間

D.通電時，使滑動變阻器的滑片P做加速滑動

5、如圖所示，正電荷q在電場力的作用下由p向。做加速運動，而且加速度越來越大，那么可以判定，它所在的電場

是圖中哪一個（）

6、下列說法正確的是（）

A.安培提出了分子電流假說B.法拉第發(fā)現了電流磁效應

C.楞次發(fā)現了電流熱效應D.奧斯特發(fā)現了電磁感應定律

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，曲cd為一正方形邊界的勻強磁場區(qū)域，磁場邊界邊長為L,三個粒子以相同的速度從。點沿ac方向射

入，粒子1從5點射出，粒子2從c點射出，粒子3從cd邊垂直于磁場邊界射出，不考慮粒子的重力和粒子間的相互

作用。根據以上信息，可以確定（）

b

/幺XX*

/攵XXXx\

\XXXXX

\XXX/

\xg

、V?

d

A.粒子1帶負電，粒子2不帶電，粒子3帶正電

B.粒子1和粒子3的比荷之比為2:1

C.粒子1和粒子3在磁場中運動時間之比為1:1

D.粒子3的射出位置與d點相距占

2

8、如圖甲為小型旋轉電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應強度為3的勻強磁場中繞垂直于磁場方向的

固定軸。。'勻速轉動，線圈的兩端與滑動變阻器R連接，當尺=10。時，交流電壓表示數為10V。圖乙是穿過矩形線圈

的磁通量@隨時間t變化的圖象，線圈電阻不能忽略，下列說法正確的是（）

A.0.02s時，R兩端的電壓瞬時值為零

B.電阻R上的電功率為10W

C.R兩端的電壓u隨時間f變化的規(guī)律是?=10^/2coslOOnt（V）

D.當滑動變阻器觸頭向下滑動時，電壓表示數變小

9、如圖（甲）所示的電路中，將滑動變阻器足的滑動片由。端向匕端移動，用兩個理想電表分別測量電壓和電流,

得到部分關系圖像如圖（乙）所示，則（）

A.電源的電動勢為9V

B.滑動變阻器的總阻值為20Q

C.當電壓表示數為4.5V時，電源效率最高

D.當電壓表示數為5.0V時，Ri消耗的總功率最大

10、如圖所示電場，實線表示電場線.一個初速度為v的帶電粒子僅在電場力的作用下從a點運動到b點，虛線表示

其運動的軌跡.貝！I：()

A.粒子帶正電

B.粒子在a點受的電場力比b點大

C.a點電勢高于b點電勢

D.粒子的動能增加，電勢能減小

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)某同學需測量一個圓柱體工件的電阻率，該同學先用螺旋測微器測量圓柱體的直徑，游標卡尺測量該圓柱

體的長度。

4cm56

01020

⑴螺旋測微器和游標卡尺的示數如上圖，則直徑為。=_____m,圓柱體的長度為乙=______mm

⑵為了測量出該金屬的電阻，該同學設計了如圖甲所示的電路，請按設計的電路完成實物圖乙的連線;

()

⑶如圖丙所示，實驗中當把電壓表的右端分別接于a點和》點，發(fā)現電流表的示數有明顯的變化。若實驗時把電壓表

的右端接于。點，這時測得的電阻值比真實值偏（選填“大”或"小”）；

（4）實驗測得工件兩端的電壓為U,通過的電流為/,寫出該工件材料電阻率的表達式夕=（用已測量的物理量

相應的字母表達）。

12.（12分）一同學用圖甲電路測量電源的電動勢和內阻。所用的實驗器材有：待測電源（電動勢約為3V,內阻約為

712）,保護電阻R（阻值為10。），滑動變阻器R（阻值范圍為0?20Q）,電流表④，電壓表，開關S,導線若干。他

的主要實驗步驟如下：

①按圖甲連接電路②將滑動變阻器接入電路的阻值調到最大，閉合開關

③逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數。和相應電流表的示數/

④以U為縱坐標、/為橫坐標，作。一/圖象（U、/都用國際單位）

（1）測量電源的電動勢和內阻，電壓表應選用—；電流表應選用—。（均填選項標號）

A.電壓表（0~15V,內阻約為15kQ）

B.電壓表（0-3V,內阻約為3k。）

C.電流表（0~300mA,內阻約為2Q）

D.電流表（0~30mA,內阻約為20。）

（2）用該電路測量出多組數據，作出圖乙所示的U-/圖象，則待測電源電動勢E=—V、內阻片—￡2。（結果均保留

兩位有效數字）

0.1250.250

乙

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，兩根間距為L=0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E=3V、內阻r=l。的電源，導軌平面與

水平面間的夾角。=37。.金屬桿ab垂直導軌放置，質量m=0.2kg.導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不

計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中.當Ro=l。時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g=10m/s2,41137。=0.6,

cos37°=0.8

（1）求磁感應強度B的大小;

（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

14.（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板。、方相距d=0.10m,a.B間的電場強度為E=5.0X1（）5N/C,b

25

板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8xl0-kg,電荷

86

量為9=1.6X10>C的帶正電的粒子（不計重力），從貼近a板的左端以vo=l.OxlOm/s的初速度水平射入勻強電場，剛好

從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到分板的0處（圖中未畫出）.求尸、0之間的距離L

15.（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104v/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的3c部分是半徑

為R的工圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切.A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m,把一質量E=0.1kg,帶電

4

量為q=+lCT,C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）

⑴小球到達C點的速度大小

⑵小球在。點時，軌道受到的壓力大小

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解題分析】由題意知真空盒內有水平向右的電場，正電荷在電場中受到向右的電場力，不可能做平拋運動；根據液

滴的受力情況，運用運動的分解法，由牛頓第二定律和運動學公式結合進行分析

【題目詳解】三液滴在豎直方向做自由落體運動，在水平方向在電場力作用下做勻加速直線運動，在水平方向做的不

是勻速直線運動，因此三液滴在真空盒中做的不是平拋運動，故A錯誤；對液滴，由動能定理得：

qEx+mgy=1mv24mvo2,解得：說+處三鱉,由圖示可知：X3>x2>xi,由此可知，三液滴落到底板上

-一Vm

時的速度不同，故B錯誤；三液滴在豎直方向做自由落體運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，

選項C錯誤，D正確；故選D.

【題目點撥】本題考查帶電粒子在電場和重力場中的運動規(guī)律分析，要注意明確小球同時參與兩個運動，要注意應用

運動的合成和分解規(guī)律進行分析求解

2、B

【解題分析】AC.元電荷是指最小的電荷量，元電荷不是代表電子或質子，電子和質子的電荷量等于元電荷，AC錯

誤；

BD.任何帶電體所帶電荷都等于元電荷或者是元電荷的整數倍，B正確，D錯誤；

故選B。

3、D

【解題分析】AB.由動能定理得

〃12

qU=—mv,

解得

v乒,

Vm

由此可知V與亞成正比，與A、K間距離無關，如果A、K間距離減半而電壓仍為U,則電子離開K時的速度不變,

仍為v,故A錯誤，B錯誤；

CD.如果A、K間距離保持不變而電壓減半，根據v迎，則電子離開K時的速度變?yōu)镵2v,故C錯誤，D正確。

Vm2

故選：D

4、A

【解題分析】A.線圈中通以恒定的電流時，線圈產生穩(wěn)恒的磁場，穿過銅環(huán)A的磁通量不變，沒有感應電流產生.故

A正確

B.通電時，使變阻器的滑片P作向右勻速滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，回路中電流增大，線圈產生的磁場增

強，穿過銅環(huán)A磁通量增大，產生感應電流，故B錯誤

C.通電時，使變阻器的滑片P作左加速滑動時，變阻器接入電路的電阻變化，回路中電流變化，線圈產生的磁場變化,

穿過銅環(huán)A磁通量變化，產生感應電流.故C錯誤

D.將電鍵突然斷開的瞬間，線圈產生的磁場從有到無消失，穿過穿過銅環(huán)A的磁通量減小，產生感應電流.故D錯誤

故選Ao

5、D

【解題分析】正電荷在電場力作用下做加速運動，運動方向與受力方向應相同；加速度越來越大，電場強度應越來越

大，對應的電場線應越來越密，故D正確。

故選D

6、A

【解題分析】安培提出了分子電流假說，說明了一切磁現象都是由電流產生的，故A正確；奧斯特發(fā)現了電流的磁效

應，揭示了電現象和磁現象之間的聯(lián)系，故B錯誤；焦耳發(fā)現了電流熱效應；故C錯誤；法拉第發(fā)現了電磁感應定律,

故D錯誤.故A正確，BCD錯誤

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BC

【解題分析】A.根據左手定則可得，粒子1帶正電，粒子2不帶電，粒子3帶負電，A錯誤；

B.做出粒子1和粒子3的運動軌跡如圖

XX

則粒子1運動的半徑為

722

由

mv

r-——

qB

可得

qx_v_A/2V

仍BrxBL

對粒子3,有

r=JiL,更=上=_^=叵

2Ym,Br3枝BL2BL

所以

魚:2=2:1

mxmy

B正確；

C.粒子1在磁場中運動的時間為

12孫

%=--------L

14v

粒子3在磁場中運動的時間為

_12和

3~s'~r

又有

彳:4=-L:亞L=1:2

則有

t31

C正確；

D.粒子3射出的位置與d點相距

X=R-L^^2L-L=(42-1)L

D錯誤。

故選BC

8、BC

【解題分析】A.0.02s時穿過線圈的磁通量為零，磁通量變化率最大，感應電動勢最大，此時R兩端的電壓瞬時值不

為零，故A錯誤；

B.電壓表的讀數為R兩端的電壓，電阻R上的電功率

U2102

P=—=——W=10W

R10

故B正確；

C.根據乙圖可知，線圈從平行于磁場方向開始轉動，故尺兩端的電壓”隨時間，變化的關系為余弦函數，R兩端電壓

的最大值

E7m=V217=1072V

角速度

2兀

a>=-----rad/s=lOOnrad/s

0.02

所以R兩端的電壓u隨時間f變化的規(guī)律是

M=10y/2COSIOOTTZ(V)

故C正確；

D.當滑動變阻器觸頭向下滑動時，R增大，總電流減小，內電壓減小，路端電壓增大，電壓表示數增大，故D錯誤。

故選BC

9、AB

【解題分析】A.根據電路圖結合數學知識可知，當“產的電阻等于》產的電阻時，并聯(lián)部分電阻最大，此時電壓表示

數最大，根據乙圖可知，電壓表示數最大為5V,此時電流表示數為0.5A,則有

R=—=——Q=10。

"pI0.5

則滑動變阻器的總阻值為

R=2RaP=20Q

根據閉合電路歐姆定律得

E=U+2KRl+r)

根據乙圖可知，當電壓表示數Ui=4V時電流表示數為/i=0.25A或/2=1A,根據閉合電路歐姆定律得：

E=q+(1]+/2)(凡+廣)

聯(lián)立方程解得

￡=9V,N+r=4Q

故AB正確；

C.電源效率

UIu

"EII

當電壓表示數為5.0V時，并聯(lián)部分電阻最大，則外電路電阻最大，此時路段電壓最大，效率最高，故C錯誤；

D.把R看成內阻，當并聯(lián)部分電阻

R并=&+r=40

R2消耗的總功率最大，此時電壓表示數不是5V,故D錯誤。

故選ABo

10、BC

【解題分析】電場線的疏密代表電場的強弱，正電荷所受電場力的方向就是電場線的方向，而負電荷所受的電場力的

方向與電場線的方向相反，沿著電場線方向電勢降低

【題目詳解】A.由軌跡彎曲方向可判斷出電場力方向，受力方向指向弧內，與電場方向相反，則粒子帶負電荷;故A

錯誤.

B.電場線的疏密代表電場的強弱，"點的電場線較》點的電場線密，則粒子在“點受到的電場力大于在b點受到的電

場力;故B正確.

C.沿著電場線方向電勢降低，則4點電勢高于&點電勢；故C正確.

D.電場力方向與速度方向夾角大于90。，一直做負功，動能減小，電勢能增大；故D錯誤.

故選BC.

【題目點撥】理解電場線的特點，明白只要合外力做正功物體的動能就增加的道理

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。

、①②G02

11.1.610.38.35(3).R—④?小r⑤.-7-r-D--U-

4IL

【解題分析】(1)口］［2］由圖示螺旋測微器可知，其示數為:

5mm+11.0x0.01mm=1.610mm

由圖示游標卡尺可知，其示數為:

38mm+7x0.05mm=38.35mm

⑵[3]根據圖示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示:

(3)[4]若實驗時把電壓表的右端接于。點，電壓表測量值等于真實值，而電流表測量值大于真實值，因此依據氏=寧，

此時測量值偏小。

(4)[5]電阻：

由電阻定律可知:

則電阻率為:

7TUD2

P---------

41L

12、①.B②.C③.3.0④.7.2

【解題分析】(1)口北2]由于待測電表的電動勢約為3V,故電壓表應該選擇B,由于電路中的最大電流約為

3

A=300mA

10

故電流表應該選擇Co

(2)[3][4]由閉合電路歐姆定律可得

E=U+Ir

故該圖像與縱軸的交點即為電源電動勢，故電動勢為3.0V；該圖像的斜率即表示電源內阻，故電源內阻為7.2。。

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)2T；(2)1.5m/s2,方向沿斜面向上

【解題分析】(1