浙江省2023-2024學年高一年級下冊3月月考物理 含解析

2023學年高一年級第二學期浙江省精誠聯(lián)盟3月聯(lián)考

物理試題

考生須知：

L本卷共6頁，滿分100分，考試時間90分鐘。

2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準考證號并填涂相應數(shù)

字。

3.所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。

4.考試結束后，只需上交答題紙。

一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一

個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）

1.做勻速圓周運動的物體，在運動過程中保持不變的物理量是（）

A.角速度B.線速度C.加速度D.合外力

【答案】A

【解析】

【分析】勻速圓周運動的過程中，線速度的大小不變，方向時刻改變，向心加速度、向心力的方向始終指

向圓心，注意線速度、合外力和向心加速度為矢量.

【詳解】勻速圓周運動過程中，角速度不變，故A正確；勻速圓周運動過程中，線速度大小不變，方向改

變，所以線速度時刻改變，故B錯誤；勻速圓周運動過程中，向心加速度大小不變，方向始終指向圓心,

所以加速度時刻改變，故C錯誤；勻速圓周運動過程中，向心力大小不變，方向始終指向圓心，所以合外

力時刻改變，故D錯誤.所以A正確，BCD錯誤.

【點睛】解決本題的關鍵知道線速度、向心加速度、向心力是矢量，矢量只有在大小和方向都不變時，該

量不變.

2.汽車轉彎時做加速曲線運動，下列軌跡描述正確的是（）

F/F----F，'

A./B..C.//D.，夕

乙一1-、、、、'4__-vo/

、?V。

【答案】A

【解析】

【詳解】汽車轉彎時做加速曲線運動，則速度方向沿軌跡的切線方向，力與速度的夾角是銳角且指向軌

跡的凹側。

故選A。

3.如圖所示，在下面的四幅圖中，圖1展示的是滾筒式洗衣機，圖2展示的是運動員正在手指上旋轉籃

球，圖3展示的是游客正在蕩秋千，圖4展示的是摩托車騎在球形鐵籠豎直面內(nèi)沿內(nèi)壁進行“飛車走壁”表

演。下列對四幅圖中有關現(xiàn)象的說法正確的是（）

B.圖2中籃球上各點的速度相同

C.圖3中秋千擺至最低點時，游客處于失重狀態(tài)

D.圖4中在豎直面內(nèi)做圓周運動的摩托車，在最高點時有可能只受重力

【答案】D

【解析】

【詳解】A.圖1衣物中的水分的附著力小于所需要的向心力時，水滴做離心運動，并非受到離心力的作

用，A錯誤；

B.圖2中籃球上各點的角速度相同，由于各部分圓周運動的半徑不同，故速度不同，B錯誤；

C.圖3中秋千擺至最低點時，游客處于超重狀態(tài)，并非失重狀態(tài)，C錯誤；

D.圖4中在豎直面內(nèi)做圓周運動的摩托車，在最高點時的最小速度滿足

這時，只有重力提供向心力，D正確。

故選D。

4.在一個無風的下午，一個小孩子手拿小紙片放在嘴邊，將小紙片水平吹出。已知此小孩的身高約為1.25m,

當g取lOm/s?時，下列說法正確的是（）

A.小紙片做平拋運動B.小紙片的下落時間可能為0.5s

C.小紙片的下落時間可能為3sD.小紙片不可能豎直落地

【答案】C

【解析】

【詳解】由于小紙片很輕，受空氣阻力影響較大，則不會做平拋運動，若只受重力，則

解得

，=0.5s

但由于存在空氣阻力作用，則下落時間大于0.5s,可能為3s,同時由于空氣阻力作用，水平方向速度可能

減小為零，則可能豎直落地。

故選C。

5.齒輪傳動是機械裝備的重要組成部分，具有傳遞動力、變速換向功能。圖中A、8、C為某器械的三

個齒輪，橫桿帶動齒輪A轉動，輪齒A與B咬合良好，8與C通過橫軸連接，從而帶動C轉動，且A與

。不接觸。已知三個齒輪的半徑關系為以：々：分=4:1:2,當橫桿勻速轉動時，關于A、B、C三個齒

輪邊緣的關系，下列說法正確的是（）

A.線速度之比為2：2：1B.角速度之比為1：2：4

C.向心加速度之比為1:4:8D.周期之比為1:1:2

【答案】C

【解析】

【詳解】AB.由圖可知，齒輪A與齒輪5為皮帶傳動模型，線速度相等，根據(jù)公式丫=?！缚芍?/p>

①BrA4

齒輪8與齒輪C為同軸傳動，即角速度相等，根據(jù)公式丫=0廠可知

r2

Vcc

聯(lián)立上式可得，線速度之比為1:1:2,A錯誤；

聯(lián)立上式可得，角速度之比為1:4:4,B錯誤；

C.根據(jù)向心加速可知

v2

a——CD1

即

aBrA4

組=Zk=J_

a。％2

聯(lián)立上式可得，向心加速之比為1:4:8,C正確；

D.根據(jù)周期公式可知

,2711r27r

Vco

即

TBrB1

"J

Tc1

聯(lián)立上式可得，周期之比為4:1:1,D錯誤。

故選C。

6.如圖所示，一條小河河寬d=60m,水速V]=3m/s,甲、乙兩船在靜水中的速度均為％=4m/s,

兩船同時從A點出發(fā)，且同時到達對岸，其中甲船恰好到達正對岸的B點，乙船到達對岸的C點（圖中

未標出），之間的距離為L，已知。=￡,下列說法正確的是（）

A.兩船航行的時間均為一，s

7

B.若僅增大河水流速%,則兩船的渡河時間都增加

C.不論河水流速匕如何改變，只要適當改變a角，甲船總能到達正對岸的B點

D.若僅增大河水流速匕，則兩船到達對岸時，兩船之間的距離將會大于L

【答案】A

【解析】

【詳解】A.分析甲船，可得

悔=Jv；-V；=/s

則有

百

cosa=——

4

將小船的運動分解為平行于河岸和垂直河岸兩個方向的分運動，可知分運動與合運動具有等時性，在垂

直河岸方向的分速度為hcose,則渡河的時間為

dd60^7

t=---------=----------=——s

v2cosav2cosP7

可知兩船渡河時間相等故A正確；

B.若僅是河水流速增大，由A選項解析可知，小船渡河時間與水流速度無關，渡河的時間仍為則兩船的

渡河時間都不變。故B錯誤；

C.若河水流速改變，只有甲船在靜水中的速度大于水流速度時，適當改變a角，甲船才可能到達正對岸

的A點。故C錯誤；

D.若僅是河水流速增大，由于兩船到達對岸的時間不變，由速度的分解可知，兩船在平行于河岸方向相

對分速度不變，則兩船到達對岸時，兩船之間的相對位移不變，即兩船距離仍為小故D錯誤。

故選Ao

7.餐桌上的自動轉盤在電動機的帶動下勻速轉動，轉盤上放有A、B兩個相同的空茶杯（可視為質(zhì)點）

隨轉盤一起做勻速圓周運動，A、8到圓心的距離分別是J、“，且。〈方，假設自動轉盤的粗糙程度

相同。下列說法正確的是（）

A.兩個茶杯所受的摩擦力大小相等

B.兩個茶杯都有沿切線方向滑出去趨勢

C.若在B茶杯中加入茶水后加快轉盤的轉速，則B茶杯應先滑出去

D.若在B茶杯中加入茶水后加快轉盤的轉速，則A茶杯應先滑出去

【答案】C

【解析】

【詳解】A.此時兩茶杯隨轉盤一起做圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律有

f=mcerr

由于以〈方可知，兩個茶杯所受摩擦力大小力＜%，A錯誤；

B.兩個茶杯靠靜摩擦力提供向心力，向心力的方向指向圓心，可知兩個茶杯都有沿半徑向外滑出去的趨

勢，B錯誤；

CD.設茶杯發(fā)生滑動的臨界角速度為砒，根據(jù)牛頓第二定律可知

"mg=moj^r

解得

由此可知，兩茶杯發(fā)生滑動臨界速度為機無關，即加快轉盤的轉速，B茶杯應先滑出去。C正確；D錯

誤。

故選C。

8.如圖所示汽車以某一速度通過拱形橋最高點，已知拱形橋半徑為R,重力加速度為g,下列說法正

確的是（）

A.當r一定時，汽車速度越大，對拱形橋的壓力越大

B.當汽車速率恒定時，R越大，汽車對拱形橋的壓力越小

C.汽車能以J麗順利通過最高點

D.汽車能以竹順利通過最高點

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.汽車以某一速度通過拱形橋最高點，根據(jù)牛頓第二定律可得

v2

mg-TV=m—

根據(jù)牛頓第三定律可得

v2

N壓=N=mg—m—

可知當R一定時，汽車速度越大，對拱形橋的壓力越??；當汽車速率恒定時，R越大，汽車對拱形橋的

壓力越大；故AB錯誤；

聯(lián)立解得

"%

8

故選B。

11.在自由式滑雪比賽中，圖甲是運動員從3m高跳臺斜向上沖出的運動示意圖，圖乙是運動員在空中運

動時離跳臺底部所在水平面的高度y隨時間/變化的圖線，重力加速度g取:10m/s2,不計空氣阻力且運

動員可視為質(zhì)點，則運動員（）

甲乙

A.在空中相同時間內(nèi)的位移相等

B.在空中相同時間內(nèi)的速度變化量相等

C.沖出跳臺的速度大小為14m/s

D.在空中運動的時間為2.8s

【答案】B

【解析】

【詳解】A.谷愛凌在空中做斜拋運動，水平方向做勻速直線運動，在空中相同時間內(nèi)的水平位移相等,

但在空中相同時間內(nèi)的豎直位移相等，所以在空中相同時間內(nèi)的位移不相等，故A錯誤；

B.根據(jù)

Av=gt

可知在空中相同時間內(nèi)的速度變化量相等，故B正確；

C.根據(jù)圖像可知，1.4s末上升到最高點，根據(jù)

.=sh

可知沖出跳臺的豎直分速度大小為

vy=14m/s

則沖出跳臺的速度大小滿足

%=亞+1>—=14m/s

故C錯誤;

V=M+3)2

由于

%/0

所以速度V與時間r不是正比關系，B錯誤；

c.小球達到。點時，由機械能守恒定律可知

12

mgR=—mvQ

解得

v0=^2gR

由牛頓第二定律可知，軌道對小球的支持力然

戶片

K

所以

FN=3mg

然是個定值，所以小球?qū)壍赖膲毫不變，c正確;

D.根據(jù)平拋運動的規(guī)律

X=VQt

1

h-R=~gt92

結合

va=y/2gR

解得

1,

h=——X2+R

4R

D錯誤。

故選C。

13.如圖所示為一半球形的碗，其中碗邊緣兩點〃、N與圓心等高且在同一豎直面內(nèi)。現(xiàn)將兩個小球在

M.N兩點，分別以4、%的速度沿圖示方向同時水平拋出，發(fā)現(xiàn)兩球剛好落在碗上同一點Q，已知

/MOQ=53,不計空氣阻力（sin53=0.8,cos53=0.6）o下列說法不正確的是（）

A.兩球拋出的速度大小之比為14

B.若僅增大％，則兩球?qū)⒃诼淙胪胫兄跋嘧?/p>

C.兩球的初速度無論怎樣變化，只要落在碗上同一點，兩球拋出的速率之和就不變

D.若僅從N點水平拋出小球，無論如何改變小球拋出的速度，都不可能垂直打在碗上

【答案】C

【解析】

【詳解】A.由幾何知識可知，M的水平位移

xM=R-Rcos53°=0.47?

N的水平位移

%N=7?+7?cos53°=1.67?

由于二者在空中運動時間相等，所以二者的水平速度之比就等于其水平位移之比，即

vi_XM_0.4R_1

v2%N1.67?4

A正確；

B.若僅增大嶺，水平運動看相遇時間變短，豎直方向上的位移會變小，故還沒落在圓弧上，兩小球可能

在空中相遇，B正確；

C.要使兩小球落在圓弧的同一點上，則有

布+公=2R

UP

（v；+v2）t-2R

落點不同，豎直方向上的位移不同，故運動時間f不同，所以匕+%不是定值，C錯誤；

D.如果能夠垂直落入坑中，速度反向延長線應過圓心，水平位移應為2H,應打到M點，但由平拋運動

知識可知，小球不可能打到/點，D正確。

本題選擇不正確的，故選C。

二、選擇題n（本題有3小題，每小題3分，共9分。在每小題給出的四個選項中，至少有

一個符合題目要求，全部選對得3分，選對但不全得2分，錯選、多選得0分）

14.學校學生宿舍邊的噴泉是校園一美景，水柱由噴頭噴出，噴頭可沿任意方向旋轉，水流速度大小也可

調(diào)節(jié)。某興趣小組為研究某次噴泉的水柱運動規(guī)律，現(xiàn)測量出其中一個噴頭將水柱斜向上噴出，噴射的

最遠水平距離為30m,對應的最大高度為20m（噴頭略高于地面，但噴頭高度忽略不計，不計空氣阻

力，重力加速度取g=10m/s2）。下列說法正確的是（）

A.水柱在空中的運動時間為4s

B.水柱在空中的運動時間為8s

C.水柱到達最高點時的速度大小為7.5m/s

D.水柱噴出速度大小為27.5m/s

【答案】AC

【解析】

【詳解】AB.水柱上升的時間為

根據(jù)對稱性可得

，下=1上=2s

所以水柱在空中運動時間為

%=%上+%下=4s

故A正確，B錯誤；

C.水柱到達最高點時的速度大小等于水平方向的速度，則有

x30.__.

=—=——m/s=7.5m/s

xt4

故C正確；

D.水柱噴出時的速度分速度為

vy=gt上=20m/s

則水柱噴出速度大小為

v=Qv：+*=A/7.52+202m/s<27.5m/s

故D錯誤。

故選ACo

15.如圖所示，半徑為r的堅直圓環(huán)A固定在木板3上，木板B放在水平地面上，3的左右兩側各有一擋

板固定在地面上，使木板8不能左右移動。小球C在環(huán)內(nèi)側做完整的圓周運動，A、8一直處于靜止狀

態(tài)，小球運動至環(huán)的最高點時的速度大小為J礪。已知A5的質(zhì)量均為2m，C的質(zhì)量為〃？，不計一切

摩擦，重力加速度為g。下列判斷正確的是（）

A.小球運動至環(huán)的最高點時對環(huán)的壓力大小為4nzg

B.小球運動至環(huán)的最高點時地面對木板的支持力為2mg

C.小球運動至環(huán)的最低點時對環(huán)的壓力最小

D.小球運動至環(huán)的最低點時處于超重狀態(tài)

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.小球運動至環(huán)A的最高點時，由牛頓第二定律可得

V；

NM+mg=m—

r

可得

2

N=m—~mg=2mg

r

由牛頓第三定律可知，小球運動至環(huán)的最高點時對環(huán)的壓力大小為2mg,故A錯誤;

B.小球運動至環(huán)的最高點時，以木板B和環(huán)A為整體，根據(jù)受力平衡可得

N地+N'=4mg

解得地面對木板的支持力為

"地=2mg

故B正確；

c.小球運動至環(huán)的最低點時速度最大，根據(jù)上述分析可知小球?qū)Νh(huán)的壓力最大，故c錯誤；

D.小球運動至環(huán)的最低點時向心加速度指向圓心方向向上，小球處于超重狀態(tài)，故D正確。

故選BD。

16.如圖是飛鏢盤示意圖，盤面畫有多個同心圓以表示環(huán)數(shù)，。是圓心，盤堅直掛在墻上，A是盤的最

高點，B是盤的最低點。某同學玩飛鏢時，飛鏢的出手點與A等高，且與盤面的距離保持不變，當飛鏢

垂直盤面且對準A點水平飛出的同時，飛鏢盤在堅直平面內(nèi)勻速轉動，第一支飛鏢剛好命中8點，第二

支飛鏢命中。點，若不計空氣阻力，重力加速度g，半徑為R,可知前后兩支飛鏢（）

A.飛行時間之比是21

B.出手速度之比是1：后

C.飛鏢盤轉動角速度的可能值為2萬仁

D.飛鏢盤轉動角速度的可能值為反

2

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.飛鏢的飛行時間為

丸=；g產(chǎn)

兩次飛鏢的豎直位移之比為2：1,所以飛行時間之比為后：1，故A錯誤;

B,飛鏢離開手的速度為

X

%=7

飛鏢兩次的水平位移相等，所以離開手的速度之比為1：&,故B正確;

CD.根據(jù)等時性可知

t=nT=n—

其中

望[4R

代入可解得

m=nn,—,n-1,2,3...

\R

故C正確，D錯誤。

故選BC?

三、非選擇題（本題共6小題，共52分）

17.探究向心力大小尸與小球質(zhì)量用、角速度。和半徑「之間關系的實驗裝置如圖所示，勻速轉動手

柄，可使變速塔輪、長槽和短槽隨之勻速轉動。

（1）本實驗采用的科學方法是（）

A.控制變量法

B.微元法

C.放大法

（2）某次實驗方案如圖所示，則此時探究的是（）

A.向心力大小與半徑的關系

B.向心力的大小與線速度大小的關系

C.向心力的大小與角速度大小的關系

D.向心力的大小與物體質(zhì)量的關系

（3）由第（2）題的實驗方案得到的結論是（）

A.在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度平方成正比

B.在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度大小的平方成正比

C.在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比

D.在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比

【答案】（1）A(2)C

(3)A

【解析】

【小問1詳解】

探究向心力大小尸與小球質(zhì)量加、角速度。和半徑r之間關系時，先控制其中兩個物理量不變，探究向

心力大小與另一個物理量的關系，本實驗采用的科學方法是控制變量法。

故選Ao

【小問2詳解】

由圖可知，兩小球質(zhì)量相等，做圓周運動的半徑相等，則此時探究的是向心力的大小與角速度大小的關

系。

故選C。

【小問3詳解】

根據(jù)

J-!

r=ma>2r

由第（2）題的實驗方案得到的結論是：在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度平方成正

比。

故選A?

18.在“探究平拋運動的特點”實驗中

（1）圖甲實驗時，除了用到圖中器材之外，下列器材還需用到的有（）

A.刻度尺B.秒表C.天平

（2）如圖所示，關于甲、乙兩種實驗裝置，下列說法正確的是（）

A.甲裝置中尸。軌道要盡量光滑，以減少實驗誤差

B.甲實驗中，擋板高度必須等間距變化

C.乙裝置目的是研究平拋運動豎直方向是否為自由落體運動

D.乙實驗中，用較大的力敲擊彈性金屬片，則兩球不能同時落地

（3）如圖丙所示記錄了小球在運動中的3個點跡，由圖可知。點（填“是”或“不是”）拋出

點；若圖中每個小方格的邊長L=20cm,小球經(jīng)過3點的速度大小為m/s=(glX10m/s2)

【答案】(1)A(2)C

(3)①.不是②.5

【解析】

【小問1詳解】

在做“研究平拋物體的運動”實驗時，除了木板、小球、斜槽、鉛筆、圖釘之外，還需要刻度尺，用來

測量距離，故A正確，BC錯誤；

故選Ao

【小問2詳解】

A.甲裝置中只要讓小球從同一高度、無初速開始運動，在相同的情形下，即使球與槽之間存在摩擦力，

仍能保證球做平拋運動的初速度相同，因此，斜槽軌道不必要光滑也不會引起實驗誤差，故A錯誤；

B.甲裝置中擋板只要能記錄下小球下落在不同高度時的不同的位置即可，不需要等間距變化，故B錯

誤；

C.乙裝置中多次改變A、B兩球釋放的高度和小錘敲擊彈性金屬片的力度，發(fā)現(xiàn)每一次實驗時都只會聽

到一下小球落地的聲響，由此可以知道B球豎直方向分運動為自由落體運動，故C正確；

D.乙實驗中，用較大的力敲擊彈性金屬片，則兩球同時落地，故D錯誤。

故選Co

【小問3詳解】

山小球在水平方向做勻速直線運動，由圖可知

X

OA-2L,xAB=xBC=3L

可知，A、8、C三點時間間隔相等，由豎直方向小球做勻變速運動，則

2

△y=yBC-yAB=gT

解得A、B、C三點的時間間隔為

T_J——AB_

8點豎直方向的速度大小為

,_+YBC_3L+5L_IgL

2V7

由"OA=2L,~XRC~3L,可知

T°A=：T

小球拋出后豎直方向是自由落體運動，則。點豎直方向的速度大小為

所以。點不是拋出點。

[2]8點水平方向的速度大小為

小球經(jīng)過B點的速度大小為

=5m/s

19.某質(zhì)點在xQy平面上運動，，=0時，質(zhì)點位于x軸上。其沿1軸方向運動的位移一時間圖像如圖甲

所示，沿y軸方向運動的速度一時間圖像如圖乙所示。求：

（1）在2s末質(zhì)點的速度大??；

（2）在2s末質(zhì)點的位置坐標（x,>）。

jx/mjv^/m-s-1

_|_!_1_1——>0?~~'~~'~,~~?

3t/s3t/s

甲乙

【答案】（1）2質(zhì)m/s；（2）（10m,30m）

【解析】

【詳解】（1）由甲圖可知，質(zhì)點在無軸上做勻速直線運動，沿X軸正方向分速度為

Ax12-6/

v,=——=-------m/s=2m/s

*M3

由乙圖可知，質(zhì)點在y軸上做勻減速運動，初速度為

vOy=18m/s

加速度為

Av9-18「

a=——=-------m/s=-3m/s2

則2s末沿y軸的分速度為

=18m/s-3x2m/s=12m/s

則在2s末質(zhì)點的速度大小為

v=Jv；+vj=2^/37m/s

(2)當，=2s時，質(zhì)點在x軸上的位置坐標為

x=%+vxt=6m+2x2m=10m

在y軸上的位置坐標為

1,1

y=vt+—ar=18x2m——x3x2-m=30m

oy2-2

所以在2s末質(zhì)點的位置坐標為(10m,30m)o

20.如圖所示，在傾角為30的斜坡(斜坡足夠長)上有一人，前方/=10m處靜止站著一只狗，此人多

次分別以不同速度大小水平拋出一小球，試圖讓狗咬住，若某次人以％速度拋出小球，恰好擊中狗,

人、狗和小球均可視為質(zhì)點，不計空氣阻力，g=10m/s2,求：

(1)小球在空中運動的時間；

(2)%的大小。

【答案】⑴1s；(2)56m/s

【解析】

【詳解】(1)小球在空中做平拋運動，豎直方向有

1,

y=-gf

右

y=/sin30。

聯(lián)立解得小球在空中運動的時間為

/=ls

(2)水平方向有

x=vot

又

x=Zcos30°

聯(lián)立解得

v0=56m/s

21.游樂場中的“空中飛椅”項目深受歡迎，當設施開始旋轉，其可以簡化為如圖乙所示的模型，兩個完

全相同的可視為質(zhì)點的載人飛椅。、6分別用懸線懸于水平桿A、B兩端，懸線長/〃=2m,水平桿

x°A=lm,將裝置繞豎直桿勻速旋轉后，a、6在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運動，且飛椅間相對位置不

變。已知兩懸線與豎直方向的夾角分別為a=30、。=60,飛椅。、b載人后的總質(zhì)量均為50kg,重

力加速度g=10m/s2。

(1)求a、b的繩上的拉力大小工、居；

(2)求a運動的角速度大小。；

(3)求〃運動的線速度大小V。

甲乙

【答案】(1)1。。了N,1000N；(2)^^也以；(3)2曲忑向s

【解析】

【詳解】(1)如圖，分別對a、b兩飛椅進行受力分析

mg

F0=—

cosa

片=嶗

cosp

解得