北京市順義區(qū)2022-2023學(xué)年高二年級下冊期中物理試題（解析版）

北京市順義區(qū)2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期期中考試

物理試卷

第一部分

1.真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間靜電力的大小為F.如果保持這兩個點電荷之間的距離不變，

而將它們的電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍，那么它們之間的靜電力的大小應(yīng)為（）

A.F/2B.2FC.F/4D.4F

【答案】D

【解析】

【詳解】距離改變之前：尸=左華；當(dāng)電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍時：F'=k2q'=4F,故ABC錯

r~r

誤，D正確.故選D.

2.如圖所示，質(zhì)量為根的物塊靜止在傾角為。的斜面上，斜面靜止在地面上，重力加速度為g。關(guān)于物

塊的受力情況分析，下列說法不正確的是（）

A.物塊所受摩擦力大小為相gtan。

B.物塊所受支持力大小為mgcosO

C.物塊受到重力、支持力和摩擦力作用

D.斜面對物塊的摩擦力與支持力的合力方向豎直向上

【答案】A

【解析】

【詳解】對物塊進行受力分析如下圖所示

物體受到重力mg、支持力然、摩擦力/三力平衡，由此可知斜面對物塊的摩擦力與支持力的合力方向

豎直向上，與重力大小相等、方向相反、合力為零，而用分解法，將重力進行正交分解，由平衡條件可

得

FN=mgcos0

f=mgsin6

故BCD正確。

本題選擇不正確選項，故選A。

3.如圖所示，一個圓盤在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，角速度大小為距圓盤中心為R的位置有一個質(zhì)量為相

的小物塊隨圓盤一起做勻速圓周運動，重力加速度為g。則小物塊（）

A.運動周期為一

CO

B,加速度的大小為

C.受到重力、支持力、摩擦力、向心力作用

D.所受合力的大小始終為加g

【答案】A

【解析】

【詳解】A.根據(jù)

2兀

co=一

T

可得小物塊的運動周期

2兀

1-----

co

選項A正確；

B.根據(jù)

V2

a--，v=①R

R

加速度的大小

V22

a-——=3R

R

選項B錯誤；

C.受到重力、支持力、摩擦力3個力的作用，摩擦力充當(dāng)向心力，選項C錯誤;

D.小物塊所受合力提供向心力，有

F=ma—marR

選項D錯誤。

故選A?

4.陰極射線管示意圖如圖所示。接通電源后，電子流由陰極沿尤軸正方向射出，在熒光屏上會看到一條

亮線。要使熒光屏上的亮線向下（z軸負方向）偏轉(zhuǎn)，在下列措施中可采用的是（）

A.加一電場，電場方向沿z軸負方向B.加一電場，電場方向沿z軸正方向

C.加一磁場，磁場方向沿y軸負方向D.加一磁場，磁場方向沿y軸正方向

【答案】BD

【解析】

【詳解】要使熒光屏上的亮線向下，若加電場,則應(yīng)使電子所受電場力沿z軸負方向，所以電場方向應(yīng)沿

z軸正方向；若加磁場，則應(yīng)使電子所受洛倫茲力沿z軸負方向，根據(jù)左手定則可知磁場方向應(yīng)沿y軸正

方向，故選BD。

5.學(xué)習(xí)物理不僅要掌握物理知識，還要領(lǐng)悟并掌握處理物理問題的思想方法.在下圖所示的幾個實驗

中，研究物理問題的思想方法相同的是（）

和自由落體運動圖乙觀察桌面微小形變圖丙測定萬有引力常量力、旗量的關(guān)系

A.甲、乙B.甲、丙C.乙、丙D.丙、丁

【答案】C

【解析】

【分析】學(xué)習(xí)平拋運動時，通過比較平拋運動與自由落體運動，來研究平拋運動在豎直方向上運動的規(guī)律;

觀察桌面的微小形變和測定萬有引力常量的實驗中，通過平面鏡的反射，反射光線發(fā)生較大的角度變

化，從而擴大了形變；

研究加速度與質(zhì)量、力的關(guān)系中，用到了控制變量法；

【詳解】圖甲：比較平拋運動與自由落體運動，來研究平拋運動在豎直方向上運動的規(guī)律，用到了比較

法；

圖乙、丙：觀察桌面的微小形變和測定萬有引力常量的實驗中，通過平面鏡的反射，反射光線發(fā)生較大

的角度變化，從而擴大了形變，該方法稱為物理變量放大法；

圖?。貉芯考铀俣扰c質(zhì)量、力的關(guān)系中，用到了控制變量法，所以，乙和丙具有相同的研究物理問題的

思想方法，故選項C正確，ABD錯誤.

【點睛】本題考查物理方法的應(yīng)用，要注意處理物理問題的思想方法是物理學(xué)史的一部分，對該部分的

知識，要有足夠的重視.

6.一輛賽車在水平公路上轉(zhuǎn)彎，從俯視圖中可以看到，賽車沿曲線由P向。行駛且速度逐漸減小.圖中

畫出了賽車轉(zhuǎn)彎經(jīng)過/點時所受合力產(chǎn)方向的四種可能性，其中正確的是（）

【答案】D

【解析】

【詳解】AD.因為賽車沿曲線由尸向。行駛且速度逐漸減小，賽車受到的合力應(yīng)該指向運動軌跡彎曲的內(nèi)

側(cè)，而且合力與賽車的速度方向的夾角要大于90。，故A錯誤，D正確.

BC.由于賽車沿曲線由尸向。行駛且速度逐漸減小，故賽車受到合力一定指向彎道的內(nèi)側(cè)，故BC錯

誤.

7.我國已建成覆蓋全球的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。該系統(tǒng)由5顆靜止軌道同步衛(wèi)星（相對地球靜止、離地高

度約36000km）、27顆中地球軌道衛(wèi)星（離地高度約21000km）及其它軌道衛(wèi)星共35顆組成，如圖所

示。下列說法正確的是（）

A,靜止軌道同步衛(wèi)星可定位在北京正上空

B.靜止軌道同步衛(wèi)星的速度小于第一宇宙速度

C.中地球軌道衛(wèi)星的線速度比靜止軌道同步衛(wèi)星的線速度小

D,中地球軌道衛(wèi)星的周期可能大于24小時

【答案】B

【解析】

【詳解】A.靜止軌道同步衛(wèi)星繞地心做圓周運動，與地球自轉(zhuǎn)周期相同7^24h,軌道平面與赤道平面共

面，只能定位在赤道正上空，故A錯誤；

BC.靜止軌道同步衛(wèi)星離地高度約36000km,中地球軌道衛(wèi)星離地高度約21000km,第一宇宙速度為在

地面附近繞地球運動的物體的線速度，根據(jù)

廠Mmv2

G——=m—

rr

解得

靜止軌道同步衛(wèi)星的速度小于第一宇宙速度，中地球軌道衛(wèi)星的線速度比靜止軌道同步衛(wèi)星的線速度

大,故B正確，C錯誤；

D.根據(jù)

廠Mm4萬2

G-r=m^r

衛(wèi)星的周期

T_2r3

中地球軌道衛(wèi)星的周期小于24小時，故D錯誤。

故選B。

8.某航拍儀從地面由靜止啟動，在升力作用下勻加速豎直向上起飛。當(dāng)上升到一定高度時，航拍儀失去

動力。假設(shè)航拍儀在運動過程中沿豎直方向運動且機身保持姿態(tài)不變，其v-。圖像如圖所示。由此可以

A./=4.0s時，航拍儀離地面最遠B.f=4.5s時，航拍儀回到地面

C,航拍儀在運動過程中上升的最大高度為12mD.航拍儀在上升過程中加速度最大值為12m/s?

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.由圖可知前4s內(nèi)，航拍儀是在升力作用下勻加速豎直向上起飛的過程，最后0.5s內(nèi)是失去

動力繼續(xù)上升的過程，所以在/=4.5s時，航拍儀離地面最遠，故AB錯誤；

C.根據(jù)速度圖像圖線所圍面積表示位移可求得航拍儀在運動過程中上升的最大高度為

故C錯誤；

D.航拍儀在上升過程中前4s的加速度為

q=^*=1.5111/s2

A

最后0.5s內(nèi)的加速度為

o,=-^-=-12m/s2

故加速度最大值為12m/sz,故D正確。

故選D。

9.某靜電場的電場線分布如圖所示，P、。為該電場中的兩點，下列說法正確的是

A.P點場強大于。點場強

B.P點電勢低于Q點電勢

C.將電子從尸點移動到。點，電場力做正功

D.將電子從尸點移動到。點，其電勢能增大

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.電場線密的地方電場的強度大，所以P點場強一定小于。點均強，A正確;

B.根據(jù)沿電場線方向電勢降低可以知道，尸點電勢一定高于。點電勢，B錯誤;

CD.P點電勢一定高于。點電勢，即

(PP>(PQ

電勢能

Ep=q（p

中，因為是電子，所以“<0,所以電子在P點的電勢能小于在Q點的電勢能，將電子從尸點移動到。

點，其電勢能增大，所以電場力做負功，C錯誤，D正確。

故選AD。

10.如圖所示，在水平向右的勻強電場中有一絕緣斜面，斜面上有一帶電金屬塊沿斜面滑下，已知在金屬

塊滑下的過程中動能增加了12J,金屬塊克服摩擦力做功8.0J,重力做功24J,則以下判斷正確的是

A.金屬塊帶負電荷

B.金屬塊的電勢能減少4.0J

C.金屬塊克服電場力做功8.0J

D.金屬塊的機械能減少12J

【答案】D

【解析】

【詳解】ABC.在金屬塊滑下的過程中動能增加了12J,金屬塊克服摩擦力做功8.0J,重力做功24J,根據(jù)

動能定理得：卬總=%+卬電+叩4尿解得：卬電=-4J,所以金屬塊克服電場力做功4.0J,金屬塊的電勢能

增加4J.由于金屬塊下滑，電場力做負功，所以電場力應(yīng)該水平向右，所以金屬塊帶正電荷.故A錯誤，B

錯誤，C錯誤；

D.在金屬塊滑下的過程中重力做功24J,重力勢能減小24J,動能增加了12J,所以金屬塊的機械能減少

12J,故D正確.

故選D.

11.在如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為其內(nèi)阻，乙為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），Ri、及

為定值電阻，R為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表。當(dāng)開關(guān)S

閉合后，若將照射尺的光的強度減弱，則下列說法中正確的是（）

Ri

A.電壓表的示數(shù)變小

B.通過&電流變小

C.小燈泡消耗的功率變大

D.電源的內(nèi)電壓變大

【答案】A

【解析】

【詳解】A.光敏電阻光照減弱，故光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大。由閉合電路歐姆定律可

得，電路中電流減小，故用兩端的電壓減小，故A正確；

BD.因電路中電流減小，故電源內(nèi)阻的電壓減小，路端電壓增大，同時Ri兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路

部分電壓增大，則流過&的電流增大，故BD錯誤；

C.由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知，總電流減小，流過支路&的電流增大，所以流過燈泡的電流一定減

小，故由。=/2尺可知，小燈泡消耗的功率變小，故C錯誤。

故選A。

12.實驗室經(jīng)常使用的電流表是磁電式儀表，這種電流表的構(gòu)造如圖甲所示，蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是

均勻輻向分布的，當(dāng)線圈通以如圖乙所示的電流端垂直紙面向里，b端垂直紙面向外），下列說法正

確的是（）

甲乙

A.該磁場是勻強磁場

B.線圈轉(zhuǎn)動時，螺旋彈簧被扭動阻礙線圈轉(zhuǎn)動

C.當(dāng)線圈轉(zhuǎn)到圖乙所示的位置時，b端受到的安培力方向向上

D.當(dāng)線圈轉(zhuǎn)到圖乙所示的位置時，安培力的作用使線圈沿逆時針方向轉(zhuǎn)動

【答案】B

【解析】

【詳解】A.由圖乙可知，該磁場是輻向磁場，輻向分布，不是勻強磁場，故A錯誤；

B.線圈轉(zhuǎn)動時，螺旋彈簧被扭動從而產(chǎn)生彈力，而彈力方向與扭動方向相反，從而阻礙線圈的轉(zhuǎn)動，故B

正確；

CD.由左手定則可知，當(dāng)線圈轉(zhuǎn)到圖乙所示的位置時，。端受到的安培力方向向上，b端受到的安培力方

向向下，安培力的作用使線圈沿順時針方向轉(zhuǎn)動，故CD錯誤。

故選B。

13.一種用磁流體發(fā)電的裝置如圖所示。平行金屬板A、B之間有一個很強的磁場，將一束等離子體（即

高溫下電離的氣體，含有大量正、負帶電粒子）噴入磁場，A、B兩板間便產(chǎn)生電壓。金屬板A、B和等

離子體整體可以看作一個直流電源，A、B便是這個電源的兩個電極。將金屬板A、B與電阻R相連，假

設(shè)等離子體的電阻率不變，下列說法正確的是（）

等離「體

A.A板是電源的正極

B.等離子體入射速度不變，減小A、B兩金屬板間的距離，電源電動勢增大

C.A、B兩金屬板間的電勢差等于電源電動勢

D.A、B兩金屬板間的電勢差與等離子體的入射速度有關(guān)

【答案】D

【解析】

【詳解】A.由左手定則可知，正離子受向下的洛倫茲力偏向B板，則B板帶正電，是電源的正極，選

項A錯誤；

B.當(dāng)達到平衡時有

E

qvB=--q

a

解得電動勢

E-Bdv

則等離子體入射速度不變，減小A、B兩金屬板間的距離d,電源電動勢減小，選項B錯誤；

C.根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，A、B兩金屬板間的電勢差等于外電路的電壓，小于電源電動勢，選

項C錯誤；

D.A、B兩金屬板間的電勢差

_ER_BdvR

R+rR+r

可知，與等離子體的入射速度有關(guān)，選項D正確。

故選D。

14.科學(xué)家們設(shè)想存在磁單極子，即一些僅帶有N極或S極單一磁極的磁性物質(zhì)。假設(shè)在尸點有一個固

定的磁單極子，在其周圍形成均勻輻射磁場，磁感線如圖所示。當(dāng)質(zhì)量為機、半徑為R的導(dǎo)體圓環(huán)通有

恒定電流時，恰好能靜止在該磁單極子正上方，環(huán)心與尸點的距離為H,且圓環(huán)平面恰好沿水平方向。

已知距磁單極子/?處的磁感應(yīng)強度3=4，其中％為己知常量，重力加速度為g。下列說法正確的是

A.圓環(huán)靜止時對環(huán)的安培力使其有沿半徑方向擴張的趨勢

B.圓環(huán)靜止時可由題中條件求出圓環(huán)中電流的大小為/=哩無+R')

271k普

C.若尸點放置N極磁單極子，從上向下看導(dǎo)體圓環(huán)，導(dǎo)體圓環(huán)中的電流為逆時針方向

D.若將圓環(huán)豎直向上平移一小段距離后靜止釋放，下落過程中環(huán)的加速度先增大后減小

【答案】B

【解析】

【詳解】A.若在圓環(huán)上截取一個微元，根據(jù)左手定則可知，該微元所受安培力必定垂直于磁場方向，由

于導(dǎo)體圓環(huán)處于靜止平衡狀態(tài)，則所受外力的合力為零，可知，微元所受安培力必定垂直于磁場方向向

上，根據(jù)對稱性可知，圓環(huán)上各個微元所受安培力在水平方向的分量均指向圓心，在豎直方向上的分量

均豎直向上，可知圓環(huán)靜止時對環(huán)的安培力使其有沿半徑方向收縮的趨勢，A錯誤；

B.令位移與磁單極子連線與豎直方向的夾角為。，則有

八R

tan。=——

H

根據(jù)上述可知，圓環(huán)上的微元所受安培力

k

AF=BIAx=-,=-1Ax

S/R2+H2

根據(jù)平衡條件結(jié)合對稱性有

klR

LAFsin0-=?「=?2TTR=mg

尿F2”212小

解得

1，mg(H2+R2)

—2兀kN

B正確；

C.若尸點放置N極磁單極子，則磁場方向呈現(xiàn)中心發(fā)散方向，根據(jù)左手定則，結(jié)合上述可知，從上向

下看導(dǎo)體圓環(huán)，導(dǎo)體圓環(huán)中的電流為順時針方向，C錯誤；

D.若將圓環(huán)豎直向上平移一小段距離，該位置磁感應(yīng)強度變小，靜止釋放后，導(dǎo)電圓環(huán)受力不平衡，下

落過程中環(huán)的加速度先減小后增大，D錯誤。

故選B。

第二部分

二、本部分共6題，共58分

15.物理實驗一般都涉及實驗?zāi)康?、實驗原理、實驗器材、實驗方法、實驗操作、?shù)據(jù)分析等。

(1)某實驗小組在做“測量做直線運動小車的瞬時速度”的實驗中，選取了一條點跡清晰的紙帶，如圖

所示。圖中A、B、C、D、E是按打點先后順序選取的計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的時間間隔為7。在圖中

邑<($2—邑)<($3-$2)<($4-$3)，由此可判斷出，小車運動的速度(選填“越來越大”或

“越來越小”)。為了計算打下8點時小車的瞬時速度力,甲同學(xué)用功=今計算，乙同學(xué)用以=余計

算，得到不同的計算結(jié)果從理論上講，(選填“甲”或“乙”)同學(xué)的計算結(jié)果更接近力的真實

值。

（2）某同學(xué)想用下述方法研究機械能是否守恒：在紙帶上選取多個計數(shù)點，測量它們到起始點。的距離

h,計算對應(yīng)計數(shù)點的重物速度v,描繪聲―〃圖像，并做如下判斷：若圖像是一條過原點的直線，則重

物下落過程中機械能守恒。請你分析論證該同學(xué)的判斷依據(jù)是否正確O

（3）用如圖所示平拋運動實驗裝置探究平拋運動水平分運動的特點。以下是關(guān)于本實驗的一些做法，其

中正確的是O

A.將坐標(biāo)紙上確定的點用直線依次連接

B.調(diào)整斜槽，使小球放置在軌道末端時，不左右滾動

C.不斷改變擋片P的位置，使小球從斜槽上不同位置釋放

D.不斷改變水平擋板的位置，記錄下小球落到擋板上的位置

【答案】①.越來越大②.乙③.不正確④.BD##DB

【解析】

【詳解】（1）口］［2］根據(jù)題意，圖中A、B、C、。、E是按打點先后順序選取的計數(shù)點，且相鄰計數(shù)點間

的時間間隔為T,而有

51＜（52-51）＜（53-52）＜（54-53）

即連續(xù)相等時間間隔的位移越來越大，則可知小車的速度越來越大，而要計算8點的瞬時速度，則應(yīng)該

取位移所對應(yīng)的中間時刻更為準(zhǔn)確，根據(jù)甲、乙提供的方案，乙的方案B點恰為位移所對應(yīng)的中間時

刻，因此從理論上講，乙同學(xué)的計算結(jié)果更接近真實值。

（2）［3］不正確；假設(shè)重物下落過程受到的阻力一定，根據(jù)動能定理可得

1,

（mg—f）h=—mv

可得

m

可知聲—〃圖像為一條過原點的直線，但重物下落過程中機械能不守恒，說明該同學(xué)的判斷依據(jù)不正

確。若重物下落過程受到的阻力可忽略不計，則有

mgh=gmv2

可得

v2=2gh

可見當(dāng)y―。圖像為一條過原點的直線，且滿足圖像的斜率接近2g時，重物下落過程中機械能守恒。

(3)[4]A.做平拋運動實驗得到的坐標(biāo)紙上的點跡應(yīng)該用平滑的曲線連接起來，因為平拋運動是曲線運動，

軌跡為曲線，故A錯誤；

B.調(diào)整斜槽，使小球放置在軌道末端時，不左右滾動，說明此時斜槽末端水平，而平拋運動必須做到平拋

出去時小球的速度方向水平，故B正確；

C.平拋運動必須保證每次釋放小球的位置相同，只有這樣才能保證小球每次做平拋運動的初速度相同，

故c錯誤；

D.為了描繪小球做平拋運動的軌跡，必須不斷改變水平擋板的位置，且每次都記錄下小球落到擋板上的

位置，最后將這些記錄點用平滑的曲線連接起來，就得到了小球做平拋運動的軌跡，故D正確。

故選BD?

16.利用電流表和電壓表測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻，電路如圖所示。要求盡量減小實驗誤差

(1)現(xiàn)有電流表(0-0.6A),開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：

A.電壓表(0-15V)

B.電壓表(0?3V)

C.滑動變阻器(0?5。)

D.滑動變阻器(0-500Q),

實驗中電壓表應(yīng)選用；滑動變阻器應(yīng)選用;(選填相應(yīng)器材前的字母)

(2)某位同學(xué)記錄的6組數(shù)據(jù)如表所示，其中5組數(shù)據(jù)的對應(yīng)點已經(jīng)標(biāo)在坐標(biāo)紙上如圖所示，請在坐標(biāo)

紙上標(biāo)出余下一組數(shù)據(jù)的對應(yīng)點，并畫出S/圖線；

UN

【答案】(D.B

1.48##1.49##1.50##1.51##1.52⑤.

【解析】

【詳解】（1）口][2]所選取得電壓表應(yīng)接近電源的電動勢，電源為一節(jié)干電池，而一節(jié)干電池的電動勢約

為1.5V,因此。?15V與0?3V的電壓表應(yīng)選擇。?3V的電壓表；滑動變阻器采用限流式接法，而電

流表的量程為。?0.6A,根據(jù)電表的偏轉(zhuǎn)原則以及實驗的可操作性，則滑動變阻器應(yīng)選擇0~5Q的。

（3）[4]⑸在圖像中，圖線與縱軸的截距表示電源的電動勢，而根據(jù)實驗電路圖可知，圖線斜率的

絕對值表示電源的內(nèi)阻，因此可知電源的電動勢為

E=1.50V

電源的內(nèi)阻為

1.50—1.00八ccc

r=-----------Qx0.8312

0.6

（4）[6]⑺利用等效電源法，將電壓表和電源看成一體，則實際的測量為

測二G真真，十瓶。

因此可得，電動勢和內(nèi)阻的測量值均偏小。

(5)[8]電壓表測量路端電壓，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，電壓表的示數(shù)隨著滑動變阻器阻值的增大

而增大，當(dāng)內(nèi)阻和外阻相等時，電源的輸出功率達到最大值，而此時的路端電壓恰好為電源電動勢的一

半，外電路斷開時，路端電壓等于電源的電動勢，此時輸出功率為零，再結(jié)合功率的表達式

可知此函數(shù)為二次函數(shù)，且為開口向下的拋物線，故符合條件的圖像為C。

故選Co

17.如圖所示，豎直平面內(nèi)有四分之一圓弧軌道固定在水平桌面上，圓心為。點。一小滑塊自圓弧軌道A

處由靜止開始自由滑下，在2點沿水平方向飛出，落到水平地面C點。已知小滑塊的質(zhì)量為根=0/kg,C

點與8點的水平距離為x=L0m,8點距地面高度為/?=1.25m,圓弧軌道半徑R=0.25m,重力加速度g取

10m/s2o求：

(1)小滑塊從8點飛出時的速度大小v；

(2)小滑塊剛到2點時對圓弧軌道的壓力大小B

(3)小滑塊沿圓弧軌道下滑過程中克服摩擦力所做的功W。

【解析】

【詳解】(1)滑塊從2點飛出后做平拋運動，設(shè)從B點飛出時的速度大小為v,則有

h,x=vt

解得

v=2m/s

(2)滑塊經(jīng)過B點時，由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得

v2

N-me=m—

R

解得

N=2.6N

根據(jù)牛頓第三定律得，在B點時滑塊對圓弧軌道的壓力大小為

子，初速度為零，經(jīng)粒子加速器加速后，恰能沿直線通過速度選擇器，由。點沿垂直于邊界"N的方向

進入分離器后打在上的P點，空氣阻力，粒子重力及粒子間相互作用力均忽略不計。

(1)求粒子進入速度選擇器時的速度大小V；

(2)求速度選擇器兩極板間的電壓。2；

(3)19世紀(jì)末，阿斯頓設(shè)計的質(zhì)譜儀只由區(qū)域I粒子加速器和區(qū)域III偏轉(zhuǎn)分離器構(gòu)成，在實驗中發(fā)現(xiàn)了

就22和演20兩種同位素粒子(兩種粒子電荷量相同，質(zhì)量不同)，他們分別打在"N上相距為AL的兩

點。為便于觀測。AL的數(shù)值大一些為宜，不計粒子從區(qū)域I的上極板飄入時的初速度，請通過計算分析

為了便于觀測應(yīng)采取哪些措施。

Ig

x：XBi

<---------

x!x

IIEI

<----------

Mx；xPN

XX。火XXX/X

\/

IIIXXx'、、XX

-----------J-2

XXXXXXX

?竺良；(3)增加加速電壓U或者減小磁場

【答案】(1)V=