《 嵌入式Linux系統(tǒng)原理與應(yīng)用》 試題及答案 試卷A卷

試卷A卷本卷共5頁第-5-頁《嵌入式Linux系統(tǒng)原理與應(yīng)用》課程考試試卷( A卷)一、單項選擇題(每小題2分，共20分)1、Linux分區(qū)類型默認(rèn)的是：（）

A.vfat

B.ext2/ext3

C.swap

D.dos

2、在大多數(shù)Linux發(fā)行版本中，以下哪個屬于塊設(shè)備（）

A.網(wǎng)卡

B.硬盤

C.虛擬終端

D.打印機

3、字符設(shè)備文件類型的標(biāo)志是（）

A.p

B.c

C.s

D.l

4、刪除文件命令為（）

A.mkdir

B.rmdir

C.mv

D.rm

5、（）命令可更改一個文件的權(quán)限設(shè)置？

A.attrib

B.chmod

C.change

D.file

6、在CPU和物理內(nèi)存之間進行地址轉(zhuǎn)換時，（）將地址從虛擬（邏輯）地址空間映射到物理地址空間。

A.TCB

B.MMU

C.CACHE

D.DMA

7、Linux將存儲設(shè)備和輸入/輸出設(shè)備均看做文件來操作，（）不是以文件的形式出現(xiàn)。

A.目錄

B.軟鏈接C.i節(jié)點表

D.網(wǎng)絡(luò)適配器

8、下列（）設(shè)備是字符設(shè)備。

A.hdc

B.fd0

C.hda1

D.tty1

9、下列提法中，屬于ifconfig命令作用范圍的是（

）。

A.編譯源程序

B.配置網(wǎng)卡的IP地址

C.配置系統(tǒng)內(nèi)核

D.加載網(wǎng)卡到內(nèi)核中

10、假設(shè)當(dāng)前目錄下有文件Makefile，下面是其內(nèi)容：

pr1:prog.osubr.o

gcc–opr1prog.osubr.o

prog.o:prog.cprog.h

gcc–c–lprog.oprog.c

subr.o:subr.c

gcc–c–osubr.osubr.c

clear:

rm–fpr1*.o

現(xiàn)在執(zhí)行命令makeclear，實際執(zhí)行的命令是（）：

A.rm–fpr1*.o

B.gcc–c–lprog.oprog.c

C.gcc–c–osubr.osubr.c

D.都執(zhí)行二．填空題(每空1分，共10分)1、文件系統(tǒng)的主要功能是（

）。

2、在ARMLinux體系中，用來處理外設(shè)中斷的異常模式是()。

3、在Linux系統(tǒng)中，驅(qū)動程序注冊中斷處理程序的函數(shù)是()。4、在ARM系統(tǒng)中，中斷處理程序進入C代碼以后，ARM的處于()工作模式。

5、嵌入式系統(tǒng)應(yīng)用軟件一般在宿主機上開發(fā)，在目標(biāo)機上運行，因此需要一個（）環(huán)境。

6、已知有變量data1定義如下：

uniondata

{

inti;

charch;

floatf;

}data1;

則變量data1所占的內(nèi)存存儲空間可表示為()。

7.ARM嵌入式系統(tǒng)中，PC（程序計數(shù)器）指向的是正在（）的指令地址。8.ARM系統(tǒng)中16位數(shù)據(jù)對應(yīng)的數(shù)據(jù)類型是（）。

9．Qt的核心特征是()和()機制。

三．問答題(每小題5分，共40分)1.評價下面的代碼片斷：

unsignedinttestzero=0;

unsignedintcomptestzero=0xFFFF;2.本題考查流水線知識。假設(shè)某處理機的流水線指令由3個子部件完成，每個子部件的工作周期均為t，采用常規(guī)標(biāo)量單流水線處理機。若連續(xù)執(zhí)行32條指令，則共需時間多少t？3.下面的代碼輸出是什么，為什么？

voidfoo(void)

{

unsignedinta=6;

intb=-20;

(a+b>6)?puts(">6"):puts("<=6");

}4.按要求編寫一個函數(shù)，實現(xiàn)對含有10000個整型元素的數(shù)組a進行每個元素加1然后賦值給新數(shù)組b的操作。并且該代碼段有如下要求：循環(huán)次數(shù)為5000次；每次循環(huán)減少一條判斷指令；流水線阻塞減少。

5.假設(shè)某系統(tǒng)的一個絕對地址為0x2547的整型變量的值為0x6879。請使用C語言編寫代碼實現(xiàn)這一操作。6.a,b是如下counter類的兩個實例。#include<QObject>classCounter:publicQObject{Q_OBJECTpublic:Counter(){m_value=0;}intvalue()const{returnm_value;}publicslots:voidsetValue(intvalue);signals:voidvalueChanged(intnewValue);private:intm_value;};當(dāng)實現(xiàn)如下操作后，Countera,b;QObject::connect(&a,&Counter::valueChanged,&b,&Counter::setValue);a.setValue(181)b.setValue(429)請分別寫出a.value(),b.value()的值7.下面的聲明都是什么意思？constintame；intconstame；constint*ame；int*constame；intconst*ameconst；8.下面的代碼使用了__interrupt關(guān)鍵字去定義了一個中斷服務(wù)子程序(ISR)，請評論一下這段代碼。__interruptdoublecompute_areas(doublebanjing)

{

doubleareas=PI*banjing*banjing;

printf("\nAreas=%f",area);

returnareas;

}四．應(yīng)用題(每小題6分，共30分)1.嵌入式系統(tǒng)總是要用戶對變量或寄存器進行位操作。給定一個整型變量a，寫兩段代碼，第一個設(shè)置a的第3位，第二個清除a的第3位。在以上兩個操作中，要保持其它位不變。2.ARM嵌入式系統(tǒng)的存儲系統(tǒng)根據(jù)地址與數(shù)據(jù)高低字節(jié)的關(guān)系可以分為big-ending和small-ending。請編寫代碼段實現(xiàn)判斷該處理器的存儲模式。3.請按要求寫出一個Makefile文件，要求包括：采用arm-linux-gcc交叉編譯器，指定安裝目錄位install，源文件為step.c,目標(biāo)文件為step，使用cortexa8.h頭文件，靜態(tài)編譯，含有clean操作。4.在一個單處理器的計算機系統(tǒng)中，采用搶占式優(yōu)先級的進程調(diào)度方案，且所有任務(wù)可以并行使用I/O設(shè)備。下表列出了4個任務(wù)T1、T2、T3、T4優(yōu)先級（1最高，4最低）和獨立運行時占用CPU與I/O設(shè)備的時間。如果操作系統(tǒng)的開銷忽略不計，這4個任務(wù)從同時啟動到全部結(jié)束的總時間為多少ms，CPU的空閑時間共有ms？請寫出分析過程。任務(wù)優(yōu)先級每個任務(wù)獨立運行時所需的時間T11對每個任務(wù)：占用CPU10ms，I/O12ms，再占用CPU5msT22T33T445.請根據(jù)嵌入式Linux的開發(fā)流程，回答以下問題。1)在模塊空處填上相應(yīng)內(nèi)容。（1）（2）（3）（4）2)請分析gcc與arm-linux-gcc的區(qū)別?！肚度胧絃inux系統(tǒng)原理與應(yīng)用》試卷參考答案及評分標(biāo)準(zhǔn)(A卷)一、選擇題(每小題2分，共20分)題號12345678910答案BBBDBBCBBA二、填空題(每空1分，共10分)1.實現(xiàn)對文件的按名存取。2.中斷請求（IRQ）。3.request_irq4.超級用戶（SVC）5.交叉編譯6.sizeof(float)7.取指8.Halfword9信號插槽四．問答題(每小題5分，共40分)1.對于一個int型不是16位的處理器為說，上面的代碼是不正確的。應(yīng)編寫如下：

unsignedintcompzero=~0;（能夠?qū)懗稣_與否的給2分，正確分析結(jié)果后給5分）2.本題考查指令流水的概念。順序執(zhí)行時，每條指令都需3步才能執(zhí)行完，沒有重疊。N級流水線執(zhí)行，在單標(biāo)量情況下，執(zhí)行時間=（N-1）+指令數(shù)量所以連續(xù)執(zhí)行32條指令后，共需時間為（3-1）?+?32=34Dt。5分或者做出類似圖形分析，正確亦給5分3.輸出是">6"。2分

原因是當(dāng)表達式中存在有符號類型和無符號類型時所有的操作數(shù)都自動轉(zhuǎn)換為無符號類型。3分4.voidincrement(int*b,int*c)

{

inti;

int*pb,*pc;

intb3,b4;

pb=b-1;

pc=c-1;

b3=pb[1];

for(i=(10000/2);i!=0;i--)

{

b4=*(pb+=2);

pc[1]=b3+3;

b3=pb[1];

*(pc+=2)=b4+1;

}

}程序評價視完成目標(biāo)及代碼流暢度決定。完成程序給2分――循環(huán)次數(shù)壓縮（1分）

――數(shù)組變成了指針；（1分）

――循環(huán)從＋＋循環(huán)變成了――循環(huán)。（1分）5.int*ptr;1分

ptr=(int*)0x2547;2分

*ptr=0x6879;2分6.a.setValue(181);a.value()=181,b.value()=181各1分b.setValue(429);a.value()=181,2分b.value()=4291分7.constintam;ame是一個常整型數(shù)intconstam;ame是一個常整型數(shù)constint*am;ame是一個指向常整型數(shù)的指針（也就是，整型數(shù)是不可修改的，但指針可以）。int*constam;ame是一個指向整型數(shù)的常指針（也就是說，指針指向的整型數(shù)是可以修改的，但指針是不可修改的）intconst*amconst;ame是一個指向常整型數(shù)的常指針（也就是說，指針指向的整型數(shù)是不可修改的，同時指針也是不可修改的）以上每項各1分8.ISR不能返回一個值。1分

ISR不能傳遞參數(shù)。1分在許多的處理器/編譯器中，浮點一般都是不可重入的。有些處理器/編譯器需要讓額處的寄存器入棧，有些處理器/編譯器就是不允許在ISR中做浮點運算。此外，ISR應(yīng)該是短而有效率的，在ISR中做浮點運算是不明智的。2分

printf()經(jīng)常有重入和性能上的問題。1分四．應(yīng)用題(每小題6分，共30分)1.#defineBIT3(0x1<<3)

staticinta;

voidset_bit3(void){a|=BIT3;}3分

voidclear_bit3(void){a&=~BIT3;}3分2.typedefunion{charchChar;shortshShort;}UnEndian;//該枚舉體的內(nèi)存分配如下，chChar和shShort的低地址字節(jié)重合//如果是BigEndian則返回trueboolIsBigEndian（）{UnEndiantest；test.shShort=0x10;//如果是大端模式，則上面的語句就該同時把chChar成員賦值成了0x10if(test.chChar==0x10){returntrue;}returnfalse;}說明：程序功能完成即可得6分3.CC =arm-linux-gcc2分INSTALL =installTARGET =step2分all:$(TARGET)$(TARGET):step.ccortexa8.h1分 $(CC)-static$<-o$@clean: rm-rf*.o$(TARGET)*~1分4.本題考查的是操作系統(tǒng)進程調(diào)度方面的知識?？梢园凑杖缦碌耐评聿襟E進行分析，如：根據(jù)題意可知，4個任務(wù)的優(yōu)先級T1>T2>T3>T44，進程調(diào)度過程如下圖所示，分析如下。t0時刻：進程調(diào)度程序選任務(wù)T1投入運行，運行10ms，任務(wù)T1占用I/O。t1時刻：此時由于CPU空閑，進程調(diào)度程序選任務(wù)T2投入運行，運行10ms后任務(wù)T2占用I/O。此時，t1與t2時刻任務(wù)T1占用I/O，任務(wù)T2在運行。t2時刻：此時由于CPU空閑，進程調(diào)