天津市漢沽區(qū)新高考物理100多選題沖刺訓練含解析

[word版可編輯】天津市漢沽區(qū)新高考物理100多選題沖刺訓練

精選高考物理多選題100題含答案有解析

1.如圖，質(zhì)量為機、長為L的直導線用兩絕緣細線懸掛于0、。'，并處于勻強磁場中.當導線中通以沿

x正方向的電流/,且導線保持靜止時，懸線與豎直方向夾角為。.則磁感應強度方向和大小可能為

正向，簧

A.z■tan6B.）正向，---

IL

C.z負向，簧■tan6D.沿懸線向上，遛sin。

【答案】BC

【解析】

試題分析：磁感應強度方向為z正方向，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿y負方向，則導體不可

能處于平衡狀態(tài)，選項A錯誤；磁感應強度方向為y正向時，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿z

正方向，此時細線的拉力為零，由平衡條件得：BIL=mg,解得：B=等，選項B正確；磁感應強度方向

為Z負向時，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿y正方向，由平衡條件得：BILcosAmgsin。，解得:

B=^tan。，選項C正確；當沿懸線向上時，由左手定則可知，安培力垂直于導線斜向左下方，導體

不可能處于平衡狀態(tài)，選項D錯誤；故選BC.

考點：物體的平衡；安培力；左手定則

【名師點睛】此題是物體的平衡及安培力的方向判斷問題；左手定則和右手定則一定要區(qū)分開，如果是和

力有關(guān)的則全依靠左手定則，即關(guān)于力的用左手，其他的（一般用于判斷感應電流方向）用右手定則；注

意立體圖形和平面圖形的轉(zhuǎn)化.

2.荷蘭某研究所推出了2023年讓志愿者登陸火星、建立人類聚居地的計劃.登陸火星需經(jīng)歷如圖所示的

變軌過程，已知引力常量為G,則下列說法正確的是

（%（軌吟

"?……..二

A.飛船在軌道上運動時，運行的周期Tni>Tii>Ti

B.飛船在軌道I上的機械能大于在軌道D上的機械能

C.飛船在P點從軌道n變軌到軌道I,需要在P點朝速度反方向噴氣

D.若軌道I貼近火星表面，已知飛船在軌道I上運動的角速度，可以推知火星的密度

【答案】AD

【解析】

【詳解】

a3

A.根據(jù)開普勒第三定律=k,可知，飛船在軌道上運動時，運行的周期Tni>Tii>Ti。故A正確。

BC.飛船在P點從軌道II變軌到軌道I,需要在P點朝速度方向噴氣，從而使飛船減速到達軌道I,則

在軌道I上機械能小于在軌道II的機械能。故BC錯誤。

MM

D.據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力火星的密度為：夕一可羨。聯(lián)立解得火星的密度:

3

3療

p二---------

41G

故D正確。

3.質(zhì)量均為m的小球A、B分別固定在一長為L的輕桿的中點和一端點，如圖所示。當輕桿繞另一端點

O在光滑水平面上做角速度為3的勻速圓周運動時，則（）

A.處于中點的小球A的線速度為L①

B.處于中點的小球A的加速度為乙02

C.處于端點的小球B所受的合外力為m^L

D.輕桿0A段中的拉力與AB段中的拉力之比為3：2

【答案】CD

【解析】

【詳解】

A.處于中點的小球A的運動半徑為《，根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系可知線速度

2

1

v=—Lr（o

2

A錯誤；

B.處于中點的小球A的加速度為

縱=g"乙

B錯誤；

C.處于端點的小球B的向心加速度

a=cerL

由牛頓第二定律F=ma可知小球B所受的合外力為

F=marL

C正確；

D.設(shè)輕桿OA段中的拉力為6,輕桿AB段中的拉力為月，對小球A由牛頓第二定律可得

Fy-F2=—marL

對小球B由牛頓第二定律可得

F2—marL

聯(lián)立解得

二=3

62

D正確。

故選CD,

4.下列有關(guān)光學現(xiàn)象的說法正確的是（）

A.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，其頻率不變，傳播速度變小

B.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，若入射角大于臨界角，則一定發(fā)生全反射

C.光的干涉、衍射現(xiàn)象證明了光具有波動性

D.做雙縫干涉實驗時，用紅光替代紫光，相鄰明條紋間距變小

【答案】BC

【解析】

【分析】

【詳解】

A.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，其頻率不變，傳播速度變大，選項A錯誤；

B.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，若入射角大于臨界角，則一定發(fā)生全反射，選項B正確；

C.光的干涉、衍射現(xiàn)象證明了光具有波動性，選項C正確；

D.紅光的波長大于紫光，做雙縫干涉實驗時，用紅光替代紫光，根據(jù)可知，相鄰明條紋間距

d

變大，選項D錯誤。

故選BC,

5.下列說法中正確的是（）

A.光的偏振現(xiàn)象證明了光波是橫波

B.機械波和電磁波一樣，從空氣進入水中波長變短

C.白光經(jīng)過三棱鏡色散后，紫光的傳播方向改變量最大

D.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，往往在鏡頭前加裝一個偏振片以增加透射光的強度

E.在白織燈的照射下從兩塊捏緊的玻璃板表面看到彩色條紋，這是光的干涉現(xiàn)象

【答案】ACE

【解析】

【詳解】

A.光的偏振現(xiàn)象證明了光波是橫波，故A正確；

B.機械波從空氣進入水中波速變大，波長變長，而電磁波從空氣進入水中，波速變小，波長變短，故B

錯誤；

C.可見光通過三棱鏡后，傳播方向改變最大的紫色的光，紅光改變最小。在光的色散中，對于同一種介

質(zhì)，光的頻率越大，介質(zhì)對其的折射率就越大。而折射率越大，光的折射角就越小，偏轉(zhuǎn)程度就越大。由

于可見光中紫光的頻率最大，所以紫色的光線的折射角最小，偏轉(zhuǎn)最大，故c正確；

D.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，往往在鏡頭前加裝一個偏振片以消除玻璃反射的偏振光。故D錯誤；

E.在白熾燈的照射下從兩塊捏緊的玻璃板表面看到彩色條紋，是薄膜干涉。故E正確。

故選：ACE?

6.如圖所示，兩個帶電小球A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平面內(nèi)，用水

平向左的推力F作用于B球，兩球在圖示位置靜止，現(xiàn)將B球沿斜面向下移動一小段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨

之向上移動少許，兩球在新位置重新平衡，重新平衡后與移動前相比，下列說法正確的是（）

C.墻面對A的彈力不變D.兩球之間的距離減小

【答案】AB

【解析】

【詳解】

CD.先對小球A受力分析，受重力、支持力、靜電力，如圖所示：

根據(jù)共點力平衡條件，有:

口mg口,

F&：=——,r=mgtana

'cosaN

由于。減小，可知墻面對A的彈力變小，庫侖力減小，故兩球間距增加，選項CD錯誤;

AB.對AB整體受力分析，受重力、斜面支持力N、墻壁支持力FN、推力F,如圖所示:

根據(jù)共點力平衡條件，有

Nsin/3+F=FN

Ncosp=（.m+M）g

解得

F=mgtana-（.m+M）gtan^

N=（M+m）g

cos/3

由于a減小，/不變，所以推力F減小，斜面對B的彈力N不變，選項AB正確。

故選AB。

7.如圖所示為一簡化后的跳臺滑雪的雪道示意圖，運動員從O點由靜止開始，在不借助其它外力的情況

下，自由滑過一段圓心角為6()。的光滑圓弧軌道后從A點水平飛出，落到斜坡上的B點。已知A點是斜

坡的起點，光滑圓弧軌道半徑為R=40m,斜坡與水平面的夾角6=30°,運動員的質(zhì)量機=50kg,重

力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是()

A.運動員從O運動到B的整個過程中機械能守恒

B.運動員到達A點時的速度為2m/s

7

C.運動員到達B點時的動能為§X104J

D.運動員從A點飛出到落到B點所用的時間為

【答案】AC

【解析】

【詳解】

A.運動員從O運動到B的整個過程中，只有重力做功，機械能守恒，故A選項正確;

B.運動員在光滑圓軌道上運動時，由機械能守恒得

~^mv\=mgh=mgR(1-cos600)

所以

vA=J2g/?(l-cos60。)=y[gR=V10x40m/s=20m/s

故B選項錯誤；

D.設(shè)運動員做平拋運動的時間為t,水平位移為x,豎直位移為y,則

12

y=2gr

由幾何關(guān)系

^-=tan30°=—

x3

聯(lián)立得

473

-----s

3

故D選項錯誤；

C.運動員從A到B的過程中機械能守恒，所以在B點的動能

E*B=mgy+g〃tv：

代入

7

EkB=§X10'J

故C選項正確。

故選AC。

8.如圖，勻強磁場中位于P處的粒子源可以沿垂直于磁場向紙面內(nèi)的各個方向發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為

q、速率為v的帶正電粒子，P到熒光屏MN的距離為d。設(shè)熒光屏足夠大，不計粒子重力及粒子間的相

互作用。下列判斷正確的是()

XXXX

X立：X

X°X

D

NXXXX

mv則同一時刻發(fā)射出的粒子到達熒光屏的最大時間差為㈣

A.若磁感應強度8=一；,

qdV

uI

mv則同一時刻發(fā)射出的粒子到達熒光屏的最大時間差為F

B.若磁感應強度8=r，

qd

mv

C.若磁感應強度8=。，則熒光屏上形成的亮線長度為（1+G）d

2qa

mv

D.若磁感應強度8=、，則熒光屏上形成的亮線長度為（、歷+百）d

2qd

【答案】BD

【解析】

【詳解】

AB.若磁感應強度8=1,即粒子的運動半徑為

qa

mv

r=——=d

qB

如圖所示:

…一一一一42兀m

到達熒光屏的粒子運動時間最長的是發(fā)射速度沿垂直且背離MN運動的粒子，其運動時間（周期T=--

qB

為

3_3似1

A="/=-----

142v

運動時間最短的是以d為弦長的粒子，運動時間為

t—T上

263v

所以最大時間差為

故A錯誤，B正確；

mv

CD.若磁感應強度8==,即粒子的運動半徑為R=2d,如圖所示:

到達熒光屏最下端的粒子的軌跡是與MN相切的，設(shè)下半部分的亮線長度為X”根據(jù)幾何關(guān)系，有

片+(/?-亦=火2

解得％=6d;到達熒光屏最上端的粒子與屏的交點與P點連線為軌跡的直徑，設(shè)上半部分亮線的長度

為X2,根據(jù)幾何關(guān)系，有

(2/?y=4+儲

解得％2=后"，所以亮線的總長度為(、后+6)4,故C錯誤，D正確。

故選BD?

9.關(guān)于光的干涉衍射和偏振，下列說法中正確的是?

A.高級照相機鏡頭在陽光下呈現(xiàn)淡紫色是光的干涉現(xiàn)象

B.全息照相的拍攝主要是利用了光的偏振原理

C.通過手指間的縫蹤觀察日光燈，可以看到彩色條紋，這是光的衍射現(xiàn)象

D.中國古代的“小孔成像”實驗，反映了光波的衍射

E.與X射線相比，紫外線更容易發(fā)生行射現(xiàn)象

【答案】ACE

【解析】

【詳解】

A.照相機的鏡頭呈現(xiàn)淡紫色是光的干涉現(xiàn)象，因為可見光有七種顏色，而膜的厚度是唯一的，所以只能

照顧到一種顏色的光讓它完全進入鏡頭，一般情況下都是讓綠光全部進人的，這種情況下，你在陽光下看

到的鏡頭反光其顏色就是淡紫色，故A正確；

B.全息照相的拍攝主要是利用了光的干涉原理，故B錯誤；

C.通過手指間的縫隙觀察日光燈，可看到彩色條紋，這是光的衍射現(xiàn)象，故C正確；

D.小孔成像反映了光的直線傳播，與衍射無關(guān)，故D錯誤；

E.波長越長越容易發(fā)生衍射，與X射線相比，紫外線波長更長更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，故E正確。

故選ACEo

10.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端疊放兩個質(zhì)量均為M的物體A、B(B物體與彈

簧連接)，彈簧的勁度系數(shù)為k,初始時物體處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體A上，使

物體A開始向上做加速度為a(a<g)的勻加速運動，重力加速度為g,則下列說法不正確的是

A.施加外力F大小恒為M(g+a)

B.A,B分離時，彈簧彈力恰好為零

C.A、B分離時，A上升的距離為三三

D.彈簧恢復到原長時，物體B的速度達到最大值

【答案】ABD

【解析】

【分析】

題中彈簧彈力根據(jù)胡克定律列式求解，先對物體AB整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程；再對物體

B受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程；h時刻是A與B分離的時刻，之間的彈力為零。

【詳解】

A項：施加F前，物體AB整體平衡，根據(jù)平衡條件，有：

2Mg=kx

解得：二=*

加外力F后到物體A、B分離前，對AB整體有二一2二二+二W=2\匕

又因二套=二二

由于壓縮量x減小，故F為變力，物體A、B分離時，此時A、B具有共同的v和a,且二--=0

對A有：二一二匚=二二

解得此時：二=二（二+二），故A錯誤;

B、D項：A、B分離后，B將做加速度減小的加速運動，當二卓=二二時，B達到最大速度，故B、D錯誤;

C項：對B有：二&一二二=二二，解得：二分=二（二+二），此時彈簧的壓縮量為二；=專三，故彈簧

的壓縮量減小了二二=二」一二：=三三，即A上升的距離二=三三，故C正確。

本題選不正確的，故應選：ABD.

【點睛】

本題關(guān)鍵是明確A與B分離的時刻，它們間的彈力為零這一臨界條件；然后分別對AB整體和B物體受

力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程分析。

11.如圖所示，正方形ABCD的四個頂點各固定一個點電荷，所帶電荷量分別為+q、-q、+q、-q,E、F、

O分別為AB、BC及AC的中點.下列說法正確的是

8/-,C

A.E點電勢低于F點電勢

B.F點電勢等于O點電勢

C.E點電場強度與F點電場強度相同

D.F點電場強度大于O點電場強度

【答案】BD

【解析】

A、對A、B位置的兩個電荷而言，E、O在中垂線上，電勢等于無窮遠電勢，為零；對C、D位置的兩

個電荷而言，E、O同樣在中垂線上，電勢依然等于無窮遠電勢，為零；根據(jù)代數(shù)合成法則，E、O點的

電勢均為零，相等；

同理，對A、D位置的兩個電荷而言，F(xiàn)、O在中垂線上，電勢等于無窮遠電勢，為零；對B、C位置的

兩個電荷而言，F(xiàn)、O同樣在中垂線上，電勢依然等于無窮遠電勢，為零；根據(jù)代數(shù)合成法則，F(xiàn)、O點

的電勢均為零，相等，故A錯誤，B正確；

C、先考慮。點場強，對A、C位置的電荷而言，O點場強為零；對B、D位置的電荷而言，。點場強同

樣為零；故根據(jù)矢量合成法則，。點的場強為零；

再分析E點，對A、B位置的兩個電荷，在E位置場強向下，設(shè)為Ei；對C、D位置的兩個電荷而言，

在E位置場強向上，設(shè)為E2；由于EI>E2,故E點的合場強向下，為E『E2,不為零；

再分析F點，對B、C位置的兩個電荷，在EF置場強向左，大小也為EI；對A、D位置的兩個電荷而言，

在F位置場強向右，大小也為E2；由于EI>E2,故E點的合場強向左，為E/E2,不為零；

故E點場強等于F點場強，但大于O點場強，故C錯誤，D正確.

點睛：本題考查電場強度的和電勢的合成，關(guān)鍵是分成兩組熟悉的電荷，同時區(qū)分矢量合成和標量合成遵

循的法則不同.

12.關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說法正確的是（）

A.在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，油酸分子的直徑（也就是單層油酸分子組成的油膜的厚度）等

于一小滴溶液中純油酸的體積與它在水面上攤開的面積之比

B.兩個鄰近的分子之間同時存在著引力和斥力，它們都隨距離的增大而減小，當兩個分子的距離為r。時,

引力與斥力大小相等，分子勢能最小

C.物質(zhì)是晶體還是非晶體，比較可靠的方法是從各向異性或各向同性來判斷

D.如果用Q表示物體吸收的能量，用W表示物體對外界所做的功，AU表示物體內(nèi)能的增加，那么熱

力學第一定律可以表達為Q=AU+W

E.如果沒有漏氣沒有摩擦，也沒有機體熱量的損失，這樣的熱機的效率可以達到100%

【答案】ABD

【解析】

【分析】

【詳解】

A.根據(jù)用“油膜法”估測分子大小的實驗原理可知，讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，由于

油酸分子是緊密排列的，而且形成的油膜為單分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含純油酸體積除以油

膜面積得出的油膜厚度即為油酸分子直徑，故A正確；

B.當分子間的距離rVr。時，分子力表現(xiàn)為斥力，減小分子間的距離，分子力做負功，分子勢能增加；當

分子間的距離r>r0時，分子力表現(xiàn)為引力，增大分子間的距離，分子力做負功，分子勢能增加，所以當

兩個分子的距離為ro時，引力與斥力大小相等，分子勢能最小，故B正確；

C.單晶體具有各向異性，多晶體與非晶體都具有各向同性，所以不能根據(jù)各向異性或各向同性來判斷物質(zhì)

是晶體還是非晶體；晶體具有一定的熔點，而非晶體沒有固定的熔點，比較可靠的方法是通過比較熔點來

判斷，故C錯誤；

D.根據(jù)熱力學第一定律可知，如果用Q表示物體吸收的能量，用W表示物體對外界所做的功，U表示

物體內(nèi)能的增加，那么熱力學第一定律可以表達為Q=U+W,故D正確；

E.即使沒有漏氣沒有摩擦，也沒有機體熱量的損失，根據(jù)熱力學第二定律可知，熱機的效率不可以達到

100%.故E錯誤。

故選ABD.

13.如圖所示，在粗糙水平面上放置質(zhì)量分別為m、m、3m、2m的四個木塊A、B、C>D,木塊A、B

用一不可伸長的輕繩相連，木塊間的動摩擦因數(shù)均為H，木塊C、D與水平面間的動摩擦因數(shù)相同，最大

靜摩擦力等于滑動摩擦力。若用水平拉力F拉木塊B,使四個木塊一起勻速前進，重力加速度為g,則需

要滿足的條件是（）

A.木塊A、C間的摩擦力與木塊B、D間的摩擦力大小之比為3：2

B.木塊C、D與水平面間的動摩擦因數(shù)最大為￡

C.輕繩拉力力最大為〃mg

D.水平拉力F最大為名等

【答案】BC

【解析】

【詳解】

A.設(shè)左側(cè)A與C之間的摩擦力大小為Ffl,右側(cè)B與D之間摩擦力大小為Fn設(shè)木塊C、D與水平面間

的動摩擦因數(shù)最大為木塊C、D均做勻速運動，與地面間的動摩擦因數(shù)相同，則

Fnfmg,Fa=3n，mg

得

Fn與Fp之比為4：3,故A錯誤；

B.對A、C整體分析知，輕繩上的拉力大小

Fi=4ji'mg

A剛要滑動時，靜摩擦力達到最大值

FT=|img

聯(lián)立兩式得木塊C、D與水平面間的動摩擦因數(shù)最大為與，故B正確；

CD,對B、D整體分析，水平拉力F最大不能超過最大靜摩擦力的大小，所以

，/r、"mg

/r〃（7mg）=4-

r

q=〃（4mg）=/jmg

故C正確，D錯誤。

故選BCo

14.如圖所示，質(zhì)量均為m的兩輛拖車甲、乙在汽車的牽引下前進，當汽車的牽引力恒為F時，汽車以

速度v勻速前進。某時刻甲、乙兩拖車之間的掛鉤脫鉤，而汽車的牽引力F保持不變（將脫鉤瞬間記為t

=0時刻）。則下列說法正確的是（）

mv

A.甲、乙兩車組成的系統(tǒng)在0?時間內(nèi)的動量守恒

F

2相口3777V

B,甲、乙兩車組成的系統(tǒng)在r——丁時間內(nèi)的動量守恒

FF

C.一時刻甲車動量的大小為2mv

F

3/77V

D.二廠時刻乙車動量的大小為mv

【答案】AC

【解析】

【詳解】

A.設(shè)兩拖車受到的滑動摩擦力都為f,脫鉤前兩車做勻速直線運動，根據(jù)平衡條件得

F=2f

設(shè)脫鉤后乙車經(jīng)過時間跖速度為零，以F的方向為正方向，對乙車，由動量定理得

—fto=0—mv

解得

2mv

以甲、乙兩車為系統(tǒng)進行研究，在乙車停止運動以前，兩車受到的摩擦力不變，兩車組成的系統(tǒng)所受外力

Itnv

之和為零，則系統(tǒng)的總動量守恒，故在。至一*的時間內(nèi)，甲、乙兩車的總動量守恒，A正確；

2777V

B.在才時刻后，乙車停止運動，甲車做勻加速直線運動，兩車組成的系統(tǒng)所受的合力不為零，故甲、

乙兩車的總動量不守恒，故B錯誤，

CD.由以上分析可知，學時刻乙車的速度為零，動量為零，以F的方向為正方向，

2niv

to=一丁時刻，對甲車，由動量定理得

F

Ft。一ft（）=p-mv

又

F

f=—

2

解得

p=2mv

故C正確，D錯誤。

故選AC?

15.為了測量某化工廠的污水排放量，技術(shù)人員在該廠的排污管末端安裝了如圖所示的流量計，該裝置由

絕緣材料制成，長、寬、高分別為a、b、c,左、右兩端開口，在垂直于前、后面的方向加磁感應強度為

B的勻強磁場，在上、下兩個面的內(nèi)側(cè)固定有金屬板M、N作為電極，污水充滿管口從左向右流經(jīng)該裝置

時，電壓表將顯示兩個電極間的電壓U,若用Q表示污水流量（單位時間內(nèi)流出的污水體積），下列說法

中正確的是（）

A.M板電勢一定高于N板的電勢

B.污水中離子濃度越高，電壓表的示數(shù)越大

C.污水流動的速度越大，電壓表的示數(shù)越大

D.電壓表的示數(shù)U與污水流量Q成正比

【答案】ACD

【解析】

A項，根據(jù)左手定則知負離子所受洛倫茲力方向向下，正離子所受洛倫茲力方向向上，所以M板電勢一

定高于N板的電勢，故A正確；

B、C項，最終離子處于平衡，故電場力等于洛倫茲力，根據(jù)牛頓第二定律有/8=q2，解得U=,

C

所以與離子的濃度無關(guān)，與污水流動的速度成正比，故B項錯誤，C項正確.

D項，根據(jù)u=",則流量Q=v）c="加=幺8,即。=坐,故電壓表示數(shù)與污水流量成正比,

BeBeBb

故D項正確.

綜上所述本題正確答案為ACD.

16.a、匕兩個質(zhì)點在同一直線上運動，它們的速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示，0~10s內(nèi)匕質(zhì)點運動的

距離為65m,f=10s時，力兩質(zhì)點速度相等，且此時兩質(zhì)點剛好相遇，則（）

A.。=0時刻，兩質(zhì)點相距25m

B.r=10s時，兩質(zhì)點的速度為8m/s

C.f=15s時，兩質(zhì)點相距18.75m

D.f=20s時，兩質(zhì)點再次相遇

【答案】AB

【解析】

【分析】

【詳解】

A.由于速度相等時，公〃兩質(zhì)點剛好相遇，貝h=o時刻，兩質(zhì)點相距

x0=^x(10-5)xl0m=25m

選項A正確;

B.0~10s內(nèi)質(zhì)點人運動的距離為65m,設(shè)f=10s時質(zhì)點人的速度大小為丫，則

5+“X10=65m

2

求得丫=8m/s,選項B正確；

C.由幾何關(guān)系可知，r=15s時，兩質(zhì)點相距的距離與右5s時相距的距離相同，則

1,“

x=-x0=6.25m

選項C錯誤；

D.f=20s時，兩質(zhì)點相距方,選項D錯誤。

故選AB?

17.傳感器是智能社會的基礎(chǔ)元件。如圖為電容式位移傳感器的示意圖，觀測電容C的變化即可知道物體

位移x的變化，任表征該傳感器的靈敏度。電容器極板和電介質(zhì)板長度均為L,測量范圍為-

AA22

下列說法正確的是（）

0

A.電容器的電容變大，物體向-x方向運動

B.電容器的電容變大，物體向+x方向運動

C.電介質(zhì)的介電常數(shù)越大，傳感器靈敏度越高

D.電容器的板間電壓越大，傳感器靈敏度越高

【答案】AC

【解析】

【分析】

【詳解】

AB.根據(jù)電容公式

C=-

4nkd

可知，電容器的電容變大，兩板間電介質(zhì)部分增多，物體向-x方向運動，故A正確，B錯誤；

C.電介質(zhì)的介電常數(shù)越大，當物體沿左右方向運動，移動相同距離時，電容器的變化量變大，即傳感器

的靈敏度變大，故c正確；

D.電容器的電容和板間電壓無關(guān)，電容器的板間電壓變大，電容器的變化量不變，即傳感器的靈敏度不

變，故D錯誤。

故選AC。

18.下列說法正確的是（）

A.游泳時頭露出水面后，頭發(fā)全貼在頭皮上是液體表面張力的作用

B.密封容器中氣體的壓強是由氣體所受的重力產(chǎn)生的

C.一定質(zhì)量的理想氣體，內(nèi)能隨著溫度升高一定增大

D.晶體在熔化過程中，分子勢能一定是增大的

E.陰天教室里，同學們感覺空氣濕度大，是因為空氣中水蒸氣的飽和汽壓大

【答案】ACD

【解析】

【分析】

【詳解】

A.液體表面張力使液體表面具有收縮的趨勢，故游泳時頭露出水面后頭發(fā)全貼在頭皮上，A正確；

B.密封容器中氣體的壓強是由大量氣體分子對容器的碰撞引起的，B錯誤；

C.對于一定質(zhì)量的理想氣體，其內(nèi)能的變化僅與分子熱運動的動能有關(guān)，當溫度升高時，分子熱運動的

平均動能一定增大，則內(nèi)能也一定增大，C正確；

D.晶體熔化時從外界吸熱，而溫度并不升高，晶體分子的平均動能沒有變化，故分子勢能一定增大，D

正確；

E.同學們感覺到空氣濕度大，不是因為空氣中水蒸氣的飽和汽壓大，而是空氣中水蒸氣的實際壓強與同

一溫度下水的飽和汽壓之比大，E錯誤。

故選ACD?

19.如圖甲所示，在平靜湖面上有兩個相距2m的波源S卜S2上下振動產(chǎn)生兩列水波，Si、S2波源振動圖

象分別如圖乙.丙所示。在兩波源的連線，上有M、N兩點，M點距波源Si為0.8m,N點距波源S2為0.9m。

已知水波在該湖面上的傳播速度為0.2m/s,從0時刻開始計時，經(jīng)過10s時，下列說法正確的是。

甲

A.M點的振幅為10cm

B.N點的振幅為10cm

C.N點為振動加強點

D.N點位移為一30cm

E.M點位移為10cm

【答案】ACD

【解析】

【分析】

【詳解】

ABC.由圖乙或丙可知，周期為2s,且兩波的振動步調(diào)相反，則波長為

x=vT=0.4m

M點到兩波源的距離差為

=0.4m=—x2

M2

則M點為振動減弱點，N點到兩波源的距離差為

2

Axu=0.2m=—xl

加2

則N點為振動加強點，因此M點的振幅為10cm,N點振幅為30cm,故A正確，B錯誤，C正確

D.兩列波傳到N點所用的時間分別為5.5s和4.5s,到10s時Si波使N點振動

4.5s=2.25T

此時振動在波谷，至IJ10s時S2波使N點振動

55s=2.757

此時也在波谷，則到10s時N點位移為一30cm,故D正確；

E.兩列波傳到M點所用的時間分別為4.0s和6.0s,至1!10s時si波使M點振動

6.0s=3T

此時振動在平衡位置，到10s時S2波使M點振動

4.0s=2T

此時也在平衡位置，則到10s時M點位移為()，故E錯誤。

故選ACDo

20.如圖，方向豎直向下的勻強磁場中有兩根位于同一水平面內(nèi)的足夠長的平行金屬導軌，兩相同的光滑

導體棒ab、cd靜止在導軌上.t=0時，棒ab以初速度vo向右滑動.運動過程中，ab、cd始終與導軌垂

直并接觸良好，兩者速度分別用VI、V2表示，回路中的電流用I表示.下列圖像中可能正確的是

【答案】AC

【解析】

【詳解】

ab棒向右運動，切割磁感線產(chǎn)生感應電流，則受到向左的安培力，從而向右做減速運動,；金屬棒cd受

向右的安培力作用而做加速運動，隨著兩棒的速度差的減小安培力減小，加速度減小，當兩棒速度相等時，

感應電流為零，最終兩棒共速，一起做勻速運動，故最終電路中電流為0,故AC正確，BD錯誤.

21.美國物理學家阿瑟?阿什金因利用光的力量來操縱細胞獲得2018年諾貝爾物理學獎，原來光在接觸物

體后，會對其產(chǎn)生力的作用，這個來自光的微小作用可以讓微小的物體（如細胞）發(fā)生無損移動，這就是

光鎰技術(shù).在光鎰系統(tǒng)中，光路的精細控制非常重要。對此下列說法正確的是（）

A.光鐐技術(shù)利用光的粒子性

B.光鑲技術(shù)利用光的波動性

C.紅色激光光子能量大于綠色激光光子能量

D.紅色激光光子能量小于綠色激光光子能量

【答案】AD

【解析】

【分析】

【詳解】

AB.光在接觸物體后，會對其產(chǎn)生力的作用，則光鏡技術(shù)利用光的粒子性，選項A正確，B錯誤；

CD.紅光的頻率小于綠光，根據(jù)￡=〃/可知，紅色激光光子能量小于綠色激光光子能量，選項C錯誤,

D正確。

故選AD。

22.一列簡諧橫波沿x軸傳播，t=0時的波形如圖所示，質(zhì)點A和B相距0.5m,質(zhì)點A速度沿y軸

正方向；t=0.03s時，質(zhì)點A第一次到達負向最大位移處。則下列說法正確的是（）

A.該波沿x軸負方向傳播

B.該波的傳播速度為25m/s

C.從t=0時起，經(jīng)過0.04s,質(zhì)點A沿波傳播方向遷移了1m

D.在t=().04s時，質(zhì)點B處在平衡位置，速度沿y軸負方向

E.某頻率為25Hz的簡諧橫波與該波一定能發(fā)生干涉

【答案】ABD

【解析】

【分析】

【詳解】

A.t=0時質(zhì)點A速度沿y軸正方向，可知該波沿x軸負方向傳播，選項A正確；

B.t=0.03s時，質(zhì)點A第一次到達負向最大位移處，可知周期T=0.04s,波長入=lm,則該波的傳播速

度為

A.1

u=—=-----m/s=25m/s

T0.04

選項B正確；

C.波傳播過程中，質(zhì)點只能在平衡位置附近上下振動，而不隨波遷移，選項C錯誤；

D.在t=0.04s=T時，質(zhì)點B回到平衡位置，速度沿y軸負方向，選項D正確；

E.波的頻率為

/=-=25Hz

T

則該波與頻率是25Hz的簡諧橫波相遇時可能發(fā)生波的干涉現(xiàn)象，選項E錯誤。

故選ABD?

23.一棟大樓的電梯運行高度為104m,測試人員測試電梯的運行情況。某次測試時讓電梯從地面直達最

高處，電梯運行的速度不超過4m/s,加速度大小不超過2m/s2。電梯中的測試人員的質(zhì)量為75kg,重力

加速度g取10m/sL若電梯以最短時間運行，下列說法正確的是()

A.最短時間為28sB.最短時間為24s

C.測試人員的腳部承受的最大壓力為750ND.測試人員的腳部承受的最大壓力為900N

【答案】AD

【解析】

【詳解】

電梯運行時間最短，則電梯運動的過程如下：以最大加速度a做初速度為0的加速運動至最大速度v,再

以速度v勻速運動，最后以最大加速度a做減速運動至靜止。加速和減速過程有對稱性。

AB.勻加速過程與勻減速過程，均有

通過的位移

%—4m

2a2x2

勻速過程有

%,=104—2王=104-2x4=96m

又有

x,96m一，

心=二=-----=24s

v4m/s

總時間為

t-2,t[+——28s

故A正確，B錯誤；

CD.在加速上升過程測試人員腳部承受的壓力最大，有

FN—mg=ma

則

氏=m(g+a)=75x(]0+2)N=900N

故C錯誤，D正確。

故選AD。

24.如圖甲所示，一個小球懸掛在細繩下端，由靜止開始沿豎直方向運動，運動過程中小球的機械能E與

路程X的關(guān)系圖像如圖乙所示，其中O-X]過程的圖像為曲線，X「X2過程的圖像為直線。忽略空氣阻力。

下列說法正確的是

A.Ow過程中小球所受拉力大于重力

B.小球運動路程為xi時的動能為零

C.O-X2過程中小球的重力勢能一直增大

D.X1-X2過程中小球一定做勻加速直線運動

【答案】BD

【解析】

【詳解】

A.小球在豎直向上的拉力和豎直向下的重力下運動，拉力做功改變小球的機械能，貝II：

口_A￡

品F

可知題中機械能-路程圖像斜率的大小為拉力的大??；O-X]過程中小球所受拉力豎直向上且減小，拉力做

正功，小球的機械能增加，開始時小球從靜止開始加速，拉力大于重力，運動過程中拉力逐漸減小，X】

之后，拉力豎直向上做負功，小球向下運動，所以A處速度為零，動能為零，說明O-xi過程中小球先加

速后減速，所以在減速階段拉力小于重力，A錯誤，B正確；

C.O-X】過程中小球向上運動，重力做負功，重力勢能增大，X「X2過程中小球向下運動，重力做正功，重

力勢能減小，c錯誤；

D.X「X2過程中重力大于拉力，小球向下運動，圖像斜率不變，拉力不變，所以小球加速度恒定，向下做

勻加速直線運動，D正確。

故選BD?

25.如圖，質(zhì)量相同的兩球A、B分別用不同長度的細線懸掛，LA>LB,當拉至同一高度使細線水平時

釋放，兩球到最低點時，相同的物理量是（）

B

A.細線的拉力B.小球的加速度

C.小球的速度D.小球具有的動能

【答案】AB

【解析】

【詳解】

AC.根據(jù)動能定理得

r1

mgL=—mv2

解得

v=y[2gL

因為所以

以<以

再根據(jù)

T-mg=

得

2

V

T=mg+m—=3mg

L

所以繩子拉力相等，故A選項正確，C選項錯誤;

B.根據(jù)。=匕可得

L

所以兩球加速度相等，故B選項正確；

D.根據(jù)動能定理得

r12

mgL=-mv~

因為4<4，所以在最低點，兩球的動能不等。故D選項錯誤；

故選AB.

26.2019年央視春晚加入了非常多的科技元素，在舞臺表演中還出現(xiàn)了無人機?，F(xiàn)通過傳感器將某臺無

人機上升向前追蹤拍攝的飛行過程轉(zhuǎn)化為豎直向上的速度v,及水平方向速度外與飛行時間t的關(guān)系圖象,

如圖所示。則下列說法正確的是()

A.無人機在h時刻處于超重狀態(tài)

B.無人機在()?t2這段時間內(nèi)沿直線飛行

C.無人機在t2時刻上升至最高點

D.無人機在t2?t3時間內(nèi)做勻變速運動

【答案】AD

【解析】

【詳解】

A.根據(jù)圖象可知，無人機在L時刻，在豎直方向上向上做勻加速直線運動，有豎直向上的加速度，處于

超重狀態(tài)，故A正確；

B.由圖象可知，無人機在t=0時刻，Vy=0,合初速度為Vx沿水平方向，水平與豎直方向均有加速度，那

么合加速度與合初速度不共線，所以無人機做曲線運動，即無人機沿曲線上升，故B錯誤；

C.無人機在豎直方向，先向上做勻加速直線運動，后向上做勻減速直線運動，在t3時刻上升至最高點，

故c錯誤；

D.無人機在t2?t3時間內(nèi)，在水平方向上做勻速直線運動，而在豎直方向上向上做勻減速直線運動，因

此無人機做勻變速運動，故D正確；

故選ADO

27.如圖所示為一列沿龍軸正方向傳播的簡諧橫波f=Is時刻波形圖，該時刻M點開始振動，再過1.5s,

N點開始振動。下列判斷正確的是o

A.波的傳播速度4m/s

B.質(zhì)點”的振動方程y=0.5sin(2加+])

C.質(zhì)點M、N相位相差是乃

D.r=0.5s時刻，x=1.0m處質(zhì)點在波峰

E.r=2.5s時刻，質(zhì)點〃、N與各自平衡位置的距離相等

【答案】ACE

【解析】

【詳解】

A.質(zhì)點M和N相距6m,波的傳播時間為1.5s,則波速:

Ar12-6

v=——=m/s=4m/s,

X1.5

故A正確;

B.波長?.=4m,根據(jù)波長、波速和周期的關(guān)系可知周期為：

T=—=1s,

v

圓頻率：

27r

a>=——=27rad/s,

T

質(zhì)點M起振方向向上，t=ls時開始振動，則質(zhì)點M的振動方程為y=0.5sin(27tt-27t),故B錯誤；

C.相隔半波長奇數(shù)倍的兩個質(zhì)點，相位相差為兀，質(zhì)點M、N相隔1.53故相位相差n,故C正確；

D.t=0.5s=0.5T,波傳播到x=4.0m處，此時x=1.0m處質(zhì)點處于波谷，故D錯誤；

E.t=2.5s=2.5T,N點開始振動，質(zhì)點M、N相隔1.53振動情況完全相反，故質(zhì)點M、N與各自平衡位

置的距離相等，故E正確。

故選ACE,

28.下列說法中正確的是

A.當溫度升高時，物體內(nèi)所有分子熱運動速率都一定增大

B.分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小

C.在潮濕的天氣里，空氣的相對濕度小，有利于蒸發(fā)

D.溫度相同的不同物體，它們分子的平均動能一定相同

E.一定質(zhì)量的理想氣體分別經(jīng)等容過程和等壓過程，溫度均由Ti升高到T2,等壓過程比等容過程吸收的

熱量多

【答案】BDE

【解析】

【分析】

【詳解】

A.當溫度升高時，物體內(nèi)分子的平均速率變大，并非所有分子熱運動速率都一定增大，選項A錯誤；

B.分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，選項B正確；

C.在潮濕的天氣里，空氣的相對濕度大，不利于蒸發(fā)，選項C錯誤；

D.溫度是分子平均動能的標志，溫度相同的不同物體，它們分子的平均動能一定相同，選項D正確；

E.一定質(zhì)量的理想氣體溫度由Ti升高到T2,則內(nèi)能變化量相同，經(jīng)等壓過程，體積變大，對外做功W<0,

則等容過程中不對外做功W=0,根據(jù)熱力學第一定律可知，等壓過程比等容過程吸收的熱量多，選項E

正確。

故選BDE?

29.一列周期為().8s的簡諧波在均勻介質(zhì)中沿x軸傳播，該波在某一時刻的波形如圖所示；A、B、C是

介質(zhì)中的三個質(zhì)點，平衡位置分別位于2m、3m、6m處.此時B質(zhì)點的速度方向為一y方向，下列說

法正確的是()

A.該波沿x軸正方向傳播，波速為10m/s

B.A質(zhì)點比B質(zhì)點晚振動0.1s

C.B質(zhì)點此時的位移為1cm

D.由圖示時刻經(jīng)0.2s,B質(zhì)點的運動路程為2cm

E.該列波在傳播過程中遇到寬度為d=4m的障礙物時不會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象

【答案】BCD

【解析】

【分析】

【詳解】

48

由題圖知，波長入=8m,則波速為v=^=dwm/s=10m/s.此時B質(zhì)點的速度方向為一y方向，由波形

的平移法知，該波沿x軸負方向傳播，故A錯誤；A質(zhì)點與B質(zhì)點平衡位置相距x=lm,則波從B質(zhì)點

X]3

傳到A質(zhì)點的時間t=—=ys=O.ls,故B正確；B質(zhì)點此時的位移為y=0sin—兀cm=lcm,故C

v104

正確；由題圖所示時刻經(jīng)0.2s=-T,由波形平移法可知，x=5m處質(zhì)點的狀態(tài)傳到B質(zhì)點，B質(zhì)點的

4

運動路程為s=2y=2cm,故D正確；因該列波的波長為8m,則該列波在傳播過程中遇到寬度為d=4m

的障礙物時會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故E錯誤.

30.在光滑絕緣水平面上，一絕緣輕繩栓著一個帶電小球繞豎直方向的軸O在勻強磁場中做順時針方向

的勻速圓周運動，磁場的方向豎直向下，其俯視圖如圖，若小球運動到A點時，繩子突然斷開，關(guān)于小球

在繩斷開后的運動情況，可能的是（）

XXXX

XXX'X

：*；4

X、X0X/X

XXXX

A.小球做逆時針勻速圓周運動，半徑不變

B.小球做逆時針勻速圓周運動，半徑減小

C.小球做順時針勻速圓周運動，半徑不變

D.小球做順時針勻速圓周運動，半徑減小

【答案】ABC

【解析】

【分析】

【詳解】

AB.如果小球帶正電，則小球所受的洛倫茲力方向背離圓心，當洛倫茲力的大小等于小球原來所受合力

大小時，繩子斷后，小球做逆時針的勻速圓周運動，半徑不變，也可能洛倫茲力大于之前合力的大小，則

半徑減小，故AB正確；

CD