河北省邯鄲市2023-2024學年高三上學期第一次調研監(jiān)測物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1邯鄲市2024屆高三年級第一次調研監(jiān)測物理滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、班級、考場號、座位號、考生號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.物理學中物理定律最終都能用數學公式表示，物理公式不僅確定了物理量之間的數量關系，同時也確定了物理量間的單位關系。等式兩端單位必定一致。而量綱分析就是在保證量綱一致的原則下，分析和探求物理量之間的關系，第26屆國際計量大會決定，千克由普朗克常量h及米（m）和秒（s）定義，即。則普朗克常量h的單位可表示為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗根據題意可得普朗克常量h的單位為，同時可知故選A。2.生活中有很多跟物理相關的問題，我們可以利用所學知識對這些問題進行分析，例如平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運動，最后靜止（物體始終沒有離開手）。關于物體的運動分析正確的是（）A.物體所受支持力始終大于重力，物體始終處于超重狀態(tài)B.物體一直向上運動，所以不會出現失重狀態(tài)C.物體所受支持力始終對物體做正功D.物體的機械能不變〖答案〗C〖解析〗AB．平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運動，最后靜止，可知物體先向上做加速運動，加速度向上，物體所受支持力大于重力，物體處于超重狀態(tài)，后向上做減速運動，加速度向下，物體所受支持力小于重力，物體處于失重狀態(tài)，故AB錯誤；C．物體所受支持力方向與運動方向相同，為豎直向上，可知物體所受支持力始終對物體做正功，故C正確；D．物體的動能不變，重力勢能增大，故物體的機械能增大，故D錯誤。故選C。3.圖甲是雙縫干涉實驗的裝置，用a、b兩種不同頻率的單色光分別做實驗，a光形成的相鄰兩條亮紋中心之間的距離較大。圖乙是研究光電效應工作的實驗裝置，當用a、b兩束光分別照射陰極時，微安表均有示數，普朗克常量為h，下列說法正確的是（）A.a光的頻率大于b光的頻率B.用a光照射陰極，滑動變阻器的滑片向右移動時，電流表的示數一定增大C.用b光照射陰極時，光電子的最大初動能較大D.陰極K接電源正極，微安表示數一定為零〖答案〗C〖解析〗A．根據知，a光產生的條紋間距大，則a光的波長長，頻率小，故A錯誤；B．滑動變阻器的滑片向右滑動時，光電管兩端電壓增大，會有更多光電子達到陽極，電流表的示數逐漸增大，當達到飽和光電流后，電流表示數不再增大，故B錯誤；C．根據已知b光頻率大，可得用b光照射陰極時，光電子的最大初動能較大，故C正確；D．陰極K接電源正極時，該裝置所加的電壓為反向電壓，而當逸出的光電子的最大初動能較小，使其無法達到A端，此時電流表示數才為0，故D錯誤；故選C。4.地球繞太陽運動，月球繞地球運動，它們之間的作用力是同一性質的力，這種力與地球對樹上蘋果的力也是同一性質的力嗎？牛頓認為蘋果受到地球的吸引才下落，這種吸引力與天體間（如地球與月球）的引力具有相同的性質，且都滿足。已知地月之間的距離r大約是地球半徑的60倍，蘋果自由落體的加速度為，根據牛頓的想法，月球繞地球公轉的向心加速度為，則（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗假設地面的地球吸引力與地球吸引月球繞地球運行的引力是同種力，即地面的重力滿足則對于月球，有所以故選A。5.降噪耳機越來越受到人們的青睞。降噪耳機的工作原理包括幾個環(huán)節(jié)：（1）耳機內的微型麥克風采集耳朵能聽到的環(huán)境中的中、低噪聲（比如）；（2）將噪聲信號傳至降噪電路，降噪電路對環(huán)境噪聲進行實時分析、運算等處理工作；（3）通過揚聲器向外發(fā)出與噪聲相位相反、振幅相同的降噪聲波來抵消噪聲。最后，我們的耳朵就會感覺到噪聲減弱甚至消失了。如圖為噪聲在某時刻的簡諧波圖像，則下列說法正確的是（）A.降噪聲波的振幅為10cmB.降噪聲波和噪聲聲波傳播速度不相等C.質點P此時刻一定正從平衡位置向上振動D.如果降噪電路處理信息的速度大幅度變慢，也不影響耳機的使用〖答案〗A〖解析〗A．由題意可知，降噪聲波的振幅為A=10cm故A正確；B．降噪聲波與噪聲聲波頻率相同、相位相反、振幅相同，即速度相等，相互疊加后波的振幅變?yōu)榱?，故B錯誤；C．未知波的傳播方向，無法判斷P的振動方向，故C錯誤；D．如果降噪電路處理信息的速度大幅度變慢，則在降噪電路處理完成后，通過揚聲器可能會向外發(fā)出與噪聲相位相同、振幅相同的聲波來加強噪聲，則耳機使用者可能會聽到更強的噪聲，故D錯誤；故選A。6.如圖所示為某運動員做蹦床運動的簡化示意圖，A為運動員某次下落過程的最高點，B為運動員下落過程中剛接觸蹦床時的位置，C為運動員下落過程的最低點。若A、B之間的豎直距離為h，B、C之間的豎直距離為，人的質量為m，重力加速度為g，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.下落過程中運動員與蹦床組成的系統(tǒng)勢能一直在減小B.從最高點A運動到最低點C，運動員的機械能守恒C.從B點至C點過程中，運動員在B點時的加速度最大D.蹦床的最大彈性勢能是〖答案〗D〖解析〗A．不計空氣阻力，運動員與蹦床組成的系統(tǒng)在整個運動過程中只有重力與彈力做功，蹦床與運動員組成的系統(tǒng)機械能守恒，運動員的動能在整個過程中先變大后變小，則運動員與蹦床組成的系統(tǒng)勢能先變小后變大，故A錯誤；B．A至B，運動員先做自由落體運動，只有重力做功，運動員機械能守恒，從B運動到C，蹦床逐漸發(fā)生形變，蹦床彈力對運動員做負功，運動員和蹦床組成系統(tǒng)機械能守恒，運動員的機械能不守恒，故B錯誤；CD．蹦床與運動員組成的系統(tǒng)機械能守恒，在B點時，加速度大小為從B點至C點過程中，運動員加速度先減小至0，后增大，可知在C點時，運動員所有的重力勢能轉化為蹦床的彈性勢能，此時蹦床的彈性勢能最大，為則可得蹦床的彈力為根據牛頓第二定律可得可得則可知此時加速度最大，即在C點時，運動員在的加速度最大，故C錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，傾角為的斜面體c放在水平地面上，質量的小物塊b放在斜面上并通過絕緣細繩跨過光滑定滑輪與通電直導線a相連，滑輪左側細繩與斜面平行，通電直導線處于豎直向上的磁場中，通電直導線的質量。初始時滑輪右側的細繩與豎直方向之間的夾角為。現將滑輪右側磁場的磁感應強度B逐漸減小，直到減為零，在此過程中b、c始終都處于靜止狀態(tài)，磁感應強度為零時b恰好沒滑動，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取。下列說法正確的是（）A.初始狀態(tài)，地面對斜面體c的摩擦力大小為5NB.磁感應強度B減小的過程中，b對c的摩擦力一直在增大C.磁感應強度B減小的過程中，地面對斜面體c的支持力先變小后變大D.小物塊b和斜面體c之間的動摩擦因數為〖答案〗B〖解析〗A．將a、b、c看成整體，水平方向有故初始狀態(tài)，地面對斜面體c的摩擦力大小為，故A錯誤；B．設滑輪右側的細繩與豎直方向之間的夾角為，對c受力分析有可知磁感應強度B減小的過程中，逐漸減小，繩子拉力逐漸減小，初始時滑輪右側的細繩與豎直方向之間的夾角為，繩子拉力為b沿斜面向下的分力為可知磁感應強度B減小的過程中，c受力平衡有可知磁感應強度B減小的過程中，c對b的摩擦力一直在增大，根據牛頓第三定律b對c的摩擦力一直在增大，故B正確；C．將b、c看成整體，豎直方向有可得故磁感應強度B減小的過程中，地面對斜面體c的支持力不變，故C錯誤；D．磁感應強度為零時b恰好沒滑動，有解得小物塊b和斜面體c之間的動摩擦因數為故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中有兩個或兩個以上選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，兩正對的平行金屬板AB、CD與水平面成角固定，豎直截面如圖所示。AB板帶正電、CD板帶負電，兩板間距10cm，電荷量為，質量為的小球用長為5cm的絕緣細線懸掛于A點處于靜止狀態(tài)。細線與AB板夾角為；剪斷細線，小球運動到CD板上的M點（未標出），g取。則下列說法正確的是（）A.MC距離為15cmB.小球的電勢能增加了C.電場強度大小為D.剪斷細線后小球做勻加速直線運動〖答案〗BD〖解析〗A．剪斷細線，小球沿直線運動到M點，如圖所示：根據幾何關系可得故A錯誤；B．根據幾何關系可得電場力F和細線拉力T夾角為60°，在三個力所在的三角形中，根據正弦定理可得可得電場力大小為逆電場線方向的位移其中解得克服電場力做的功為所以電勢能增加了，故B正確；C．電場強度的大小為解得故C錯誤；D．剪斷細線后小球平衡狀態(tài)被打破，受到的合外力為T，方向與原細線拉力方向的反方向，則可知其沿原細線拉力方向的反方向做勻加速運動，故D正確；故選BD。9.如圖1所示為遠距離輸電示意圖，實際用電因季節(jié)不同，電力需求量差異很大，用電高峰和低谷之間存在一個較大的差值，因此有必要在遠距離輸電時再建立一個節(jié)能儲能輸電網。如圖2所示，這樣的電網可以在用電低谷時段把電能儲存起來，高峰時段輸出，填補用電缺口。已知發(fā)電機的輸出電壓，輸出功率為，，輸電線總電阻。其余線路電阻不計，用戶端電壓，，所有變壓器均為理想變壓器。下列說法正確的是（）A.發(fā)電機的輸出電流為32AB.降壓變壓器的匝數比C.輸送給儲能站的功率為30kWD.輸電線上損失的功率為6kW〖答案〗CD〖解析〗A．發(fā)電機的輸出電壓U1=250V，輸出功率P1=80kW=8.0×104W根據P1=U1I1可得發(fā)電機的輸出電流為I1=320A故A錯誤；B．用戶端電壓U4=220V，功率P2=44kW=44×104W根據P2=U4I4可得降壓變壓器線圈中的電流為I4=200A降壓變壓器的匝數比可得又因為根據輸電線損耗可得聯立數據解得或又因為能量守恒，則僅成立故B錯誤；CD．可得輸電線上的電流大小為輸電線上損失的功率為輸送給儲能站的功率為故CD正確；故選CD。10.如圖1所示，匝數、邊長為、電阻、重力未知的正方形金屬線框用兩根均帶有拉力傳感器（圖中未畫出）的絕緣輕繩懸掛在天花板上。位于線框中間的虛線上方充滿磁場，磁感應強度按（未知且為恒量，式中各量的單位均為國際單位）變化，電腦顯示每個拉力傳感器的示數變化如圖2所示，整個過程中輕繩未斷且線框始終處于靜止狀態(tài)。不考慮線框的形變和電阻的變化。下列說法正確的是（）A.線框的重力為4NB.k值為C.時間內線框的功率為4WD.時間內通過金屬線框某一截面的電荷量為2C〖答案〗A〖解析〗AB．根據拉力傳感器隨著時間的增大而增大，同時磁感應強度按變化可知，楞次定律可知金屬圓環(huán)產生逆時針方向的電流，根據法拉第電磁感應定律可得金屬圓環(huán)產生感應電動勢為可得電流為由左手定則可知安培力方向向下，由受力平衡可得則可得線框的重力為同時解得故A正確，B錯誤；C．時間內金屬環(huán)的功率為故C錯誤；D．時間內通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為故D錯誤。故選A。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某物理興趣小組的同學們想探究小燈泡的電阻在不同電壓下的阻值，于是設計了如圖1所示的電路圖進行測量。實驗所用電壓表內阻約為6kΩ，電流表內阻為1.5Ω.待測小燈泡額定電壓為6V、額定功率約為3W。（1）閉合開關前，滑動變器的滑片應該位于滑動變阻器的_________（選填“左”或“右”）端。（2）實驗中得到的電流I和電壓U的關系曲線如圖2所示，電壓表示數是6V時，小燈泡的內阻是_________Ω。（3）結合圖2在答題卡所給圖上用實線畫出小燈泡實際的I-U圖線_____?！即鸢浮剑?）左（2）12（3）〖解析〗（1）[1]為保護電路，開關閉合前燈泡兩端的電壓應該最小，因此應將該分壓式接法的滑動變阻器的滑片置于最左端。（2）[2]根據圖2可知，當電壓表的示數為6V時，流過小燈泡的電流為500mA，根據部分電路的歐姆定律可得小燈泡此時的電阻為（3）[3]根據圖1電路圖所得到的圖2關于小燈泡I-U圖線，通過數據計算得到小燈泡的內阻為，電流表的內阻1.5Ω，與小燈泡串聯會導致電流表分壓，分析可知，根據圖2可知，當電壓為1V，電流為200mA時，電流表分壓為，則此時小燈泡的實際電壓為0.7V；當電壓為2V，電流為300mA時，電流表的分壓為0.45V，則此時小燈泡的實際電壓為1.55V；當電壓為3V，電流為400mA時，電流表的分壓為0.60V，則此時小燈泡的實際電壓為2.40V；當電壓為6V，電流為500mA時，電流表的分壓為0.75V，則此時小燈泡的實際電壓為5.25V；也就是說，相同電流時，燈泡兩端的實際電壓要小于電壓表讀數，則根據以上數據可做出圖像如圖所示

12.用如圖所示的氣墊導軌來驗證動量守恒定律，在氣墊導軌的一端裝有位移傳感器（圖中未畫出），A、B兩物塊（可視為質點）沿同一直線運動并發(fā)生正碰，若A物塊質量，B物塊的質量為，表中是電腦記錄的A、B兩物塊在同一時刻距離傳感器的距離。1.201.010.800.590.400.350.3000.100.210.300.400.250（1）根據表中數據可以判斷出位移傳感器固定在_________（選填“A端”或“B端”）。（2）為了更方便判斷A、B碰撞時是否滿足動量守恒，于是畫出了A、B兩物塊位移隨時間變化的圖像，a、b分別為A、B兩物塊碰撞前后的位移一時間圖線。①碰撞前A物塊的速度為_________，碰撞前B物塊的速度為_________；②由題中數據結合x-t圖像中提供的信息，可以得出的結論是__________________.③這個碰撞_________（選填“是”或“不是”）彈性碰撞?！即鸢浮剑?）B端（2）-42兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒不是〖解析〗（1）[1]根據表中數據可以判斷出位移傳感器在開始時距離B端較近，可知固定在B端；（2）①[2]碰撞前A物塊的速度為[3]碰撞前B物塊的速度為②[4]讀圖可知碰撞后A物塊的速度為碰撞后B物塊的速度為則可知故可得出的結論兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒；③[5]可知碰撞前的總動能為碰撞后的總動能為則可知這個碰撞不是彈性碰撞。13.如圖所示，帶有加熱裝置（圖中未畫出）的絕熱汽缸用輕桿固定在天花板上?，F用一個質量為，面積為的絕熱活塞將一定質量的理想氣體封閉在汽缸內。初始時缸內溫度為300K，活塞處于平衡狀態(tài)，此時缸內氣體處于狀態(tài)A，體積為。現豎直向上緩慢將活塞推動1cm，此時缸內氣體處于狀態(tài)B。然后將活塞固定，同時啟動汽缸內的加熱裝置，氣體達到狀態(tài)C，此時壓強。已知氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C，內能增加25J，從狀態(tài)B到狀態(tài)C吸收的熱量為12J。已知大氣壓，不計活塞與汽缸之間的摩擦。（1）求氣體處于狀態(tài)A時的壓強；（2）求氣體在狀態(tài)C的溫度（結果保留一位小數）；（3）求氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程中外界對氣體做的功?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）13J〖解析〗（1）氣體處于狀態(tài)A時，對活塞進行分析有解得（2）根據題意可知在過程，根據理想氣體狀態(tài)方程有解得（3）由于氣缸與活塞均為絕熱，可知在過程，與外界沒有熱交換，在過程，氣體體積不變，該過程氣體與外界沒有做功，則在過程，根據熱力學第一定律有其中，解得W=13J14.如圖所示的環(huán)形區(qū)域中存在垂直于紙面向外的勻強磁場，已知外圓半徑是內圓半徑的倍，內圓半徑為R。MN為磁場外圓邊界的直徑，一群均勻分布、質量為m、帶電荷量為的粒子垂直MN以速度v平行射入磁場區(qū)域，粒子入射范圍的寬度等于MN的長度。已知正對圓心O入射的粒子恰好沒有射入內圓，不計粒子重力及粒子間的相互作用。求：（1）磁場的磁感應強度大?。唬?）若某粒子可以垂直射入內圓，則該粒子從進入磁場到內圓所需的時間；（3）從M點射入的粒子第一次在環(huán)形磁場中速度偏轉角的余弦值?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）正對圓心O入射的粒子恰好沒有射入內圓，軌跡圖如圖1所示，根據幾何關系有解得根據洛倫茲力提供向心力有磁場的磁感應強度大小為（2）粒子可以垂直射入內圓，軌跡圖如圖2所示，打在內圓的點設為，軌跡圓圓心為，則三角形為等腰直角三角形，可得根據可知故軌跡的圓心角為粒子從進入磁場到內圓所需的時間為（3）從M點射入的粒子第一次在環(huán)形磁場中，軌跡圖如圖3所示，點為軌跡圓圓心，根據幾何關系可知三角形為等腰三角形，有從M點射入的粒子第一次在環(huán)形磁場中速度偏轉角的余弦值為15.如圖甲所示，物塊C以的速度沖上靜止于地面的木板B，距木板B右端x處固定一個物體A。已知木板質量，物塊C的質量，物塊C從沖上木板到最終靜止的圖像如圖乙所示，物塊C始終未從木板上掉下來，地面光滑，所有的碰撞均為彈性碰撞，重力加速度。（1）物體A距木板B右端的最大距離。（2）木板的長度至少是多少？（3）若A距B木板右端的距離，，解除A的固定，則B與A會碰撞幾次，A物體最終的速度是多少？〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）由B、C速度為零，可知B一定與A發(fā)生了碰撞，且碰撞次數越少，A距B板右端距離越大，因此A、B只碰撞一次時最大，且B、A碰撞前B、C未共速。設B與A碰撞前B的速度為，C的速度為，根據動量守恒有可得根據物塊C從沖上木板到最終靜止的圖像可知物塊C的加速度大小為根據牛頓第二定律有可得，根據動力學公式有可得物體A距木板B右端的最大距離（2）由能量守恒定律可得故木板的長度至少是（3）B與A第一次碰撞前B的速度為，根據動力學公式有解得，B與A的質量相等，碰撞為彈性碰撞，B與A的速度交換，A的速度為，B的速度為零。B與A第二次碰撞前有B與A第二次碰撞前B的速度為根據動量守恒有解得第二次彈性碰撞，B與A的速度交換，A的速度為，B的速度為。B與A第三次碰撞前有解得第三次碰撞前B的速度為根據動量守恒有解得第三次彈性碰撞，B與A的速度交換，A的速度為，B的速度為。第四次碰撞前B、C共速，有解得速度為第四次彈性碰撞，B與A的速度交換，A的速度為，B的速度為?？芍谒拇螐椥耘鲎埠驜與A不在發(fā)生碰撞，故A物體最終的速度是邯鄲市2024屆高三年級第一次調研監(jiān)測物理滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、班級、考場號、座位號、考生號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.物理學中物理定律最終都能用數學公式表示，物理公式不僅確定了物理量之間的數量關系，同時也確定了物理量間的單位關系。等式兩端單位必定一致。而量綱分析就是在保證量綱一致的原則下，分析和探求物理量之間的關系，第26屆國際計量大會決定，千克由普朗克常量h及米（m）和秒（s）定義，即。則普朗克常量h的單位可表示為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗根據題意可得普朗克常量h的單位為，同時可知故選A。2.生活中有很多跟物理相關的問題，我們可以利用所學知識對這些問題進行分析，例如平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運動，最后靜止（物體始終沒有離開手）。關于物體的運動分析正確的是（）A.物體所受支持力始終大于重力，物體始終處于超重狀態(tài)B.物體一直向上運動，所以不會出現失重狀態(tài)C.物體所受支持力始終對物體做正功D.物體的機械能不變〖答案〗C〖解析〗AB．平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運動，最后靜止，可知物體先向上做加速運動，加速度向上，物體所受支持力大于重力，物體處于超重狀態(tài)，后向上做減速運動，加速度向下，物體所受支持力小于重力，物體處于失重狀態(tài)，故AB錯誤；C．物體所受支持力方向與運動方向相同，為豎直向上，可知物體所受支持力始終對物體做正功，故C正確；D．物體的動能不變，重力勢能增大，故物體的機械能增大，故D錯誤。故選C。3.圖甲是雙縫干涉實驗的裝置，用a、b兩種不同頻率的單色光分別做實驗，a光形成的相鄰兩條亮紋中心之間的距離較大。圖乙是研究光電效應工作的實驗裝置，當用a、b兩束光分別照射陰極時，微安表均有示數，普朗克常量為h，下列說法正確的是（）A.a光的頻率大于b光的頻率B.用a光照射陰極，滑動變阻器的滑片向右移動時，電流表的示數一定增大C.用b光照射陰極時，光電子的最大初動能較大D.陰極K接電源正極，微安表示數一定為零〖答案〗C〖解析〗A．根據知，a光產生的條紋間距大，則a光的波長長，頻率小，故A錯誤；B．滑動變阻器的滑片向右滑動時，光電管兩端電壓增大，會有更多光電子達到陽極，電流表的示數逐漸增大，當達到飽和光電流后，電流表示數不再增大，故B錯誤；C．根據已知b光頻率大，可得用b光照射陰極時，光電子的最大初動能較大，故C正確；D．陰極K接電源正極時，該裝置所加的電壓為反向電壓，而當逸出的光電子的最大初動能較小，使其無法達到A端，此時電流表示數才為0，故D錯誤；故選C。4.地球繞太陽運動，月球繞地球運動，它們之間的作用力是同一性質的力，這種力與地球對樹上蘋果的力也是同一性質的力嗎？牛頓認為蘋果受到地球的吸引才下落，這種吸引力與天體間（如地球與月球）的引力具有相同的性質，且都滿足。已知地月之間的距離r大約是地球半徑的60倍，蘋果自由落體的加速度為，根據牛頓的想法，月球繞地球公轉的向心加速度為，則（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗假設地面的地球吸引力與地球吸引月球繞地球運行的引力是同種力，即地面的重力滿足則對于月球，有所以故選A。5.降噪耳機越來越受到人們的青睞。降噪耳機的工作原理包括幾個環(huán)節(jié)：（1）耳機內的微型麥克風采集耳朵能聽到的環(huán)境中的中、低噪聲（比如）；（2）將噪聲信號傳至降噪電路，降噪電路對環(huán)境噪聲進行實時分析、運算等處理工作；（3）通過揚聲器向外發(fā)出與噪聲相位相反、振幅相同的降噪聲波來抵消噪聲。最后，我們的耳朵就會感覺到噪聲減弱甚至消失了。如圖為噪聲在某時刻的簡諧波圖像，則下列說法正確的是（）A.降噪聲波的振幅為10cmB.降噪聲波和噪聲聲波傳播速度不相等C.質點P此時刻一定正從平衡位置向上振動D.如果降噪電路處理信息的速度大幅度變慢，也不影響耳機的使用〖答案〗A〖解析〗A．由題意可知，降噪聲波的振幅為A=10cm故A正確；B．降噪聲波與噪聲聲波頻率相同、相位相反、振幅相同，即速度相等，相互疊加后波的振幅變?yōu)榱?，故B錯誤；C．未知波的傳播方向，無法判斷P的振動方向，故C錯誤；D．如果降噪電路處理信息的速度大幅度變慢，則在降噪電路處理完成后，通過揚聲器可能會向外發(fā)出與噪聲相位相同、振幅相同的聲波來加強噪聲，則耳機使用者可能會聽到更強的噪聲，故D錯誤；故選A。6.如圖所示為某運動員做蹦床運動的簡化示意圖，A為運動員某次下落過程的最高點，B為運動員下落過程中剛接觸蹦床時的位置，C為運動員下落過程的最低點。若A、B之間的豎直距離為h，B、C之間的豎直距離為，人的質量為m，重力加速度為g，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.下落過程中運動員與蹦床組成的系統(tǒng)勢能一直在減小B.從最高點A運動到最低點C，運動員的機械能守恒C.從B點至C點過程中，運動員在B點時的加速度最大D.蹦床的最大彈性勢能是〖答案〗D〖解析〗A．不計空氣阻力，運動員與蹦床組成的系統(tǒng)在整個運動過程中只有重力與彈力做功，蹦床與運動員組成的系統(tǒng)機械能守恒，運動員的動能在整個過程中先變大后變小，則運動員與蹦床組成的系統(tǒng)勢能先變小后變大，故A錯誤；B．A至B，運動員先做自由落體運動，只有重力做功，運動員機械能守恒，從B運動到C，蹦床逐漸發(fā)生形變，蹦床彈力對運動員做負功，運動員和蹦床組成系統(tǒng)機械能守恒，運動員的機械能不守恒，故B錯誤；CD．蹦床與運動員組成的系統(tǒng)機械能守恒，在B點時，加速度大小為從B點至C點過程中，運動員加速度先減小至0，后增大，可知在C點時，運動員所有的重力勢能轉化為蹦床的彈性勢能，此時蹦床的彈性勢能最大，為則可得蹦床的彈力為根據牛頓第二定律可得可得則可知此時加速度最大，即在C點時，運動員在的加速度最大，故C錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，傾角為的斜面體c放在水平地面上，質量的小物塊b放在斜面上并通過絕緣細繩跨過光滑定滑輪與通電直導線a相連，滑輪左側細繩與斜面平行，通電直導線處于豎直向上的磁場中，通電直導線的質量。初始時滑輪右側的細繩與豎直方向之間的夾角為?，F將滑輪右側磁場的磁感應強度B逐漸減小，直到減為零，在此過程中b、c始終都處于靜止狀態(tài)，磁感應強度為零時b恰好沒滑動，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取。下列說法正確的是（）A.初始狀態(tài)，地面對斜面體c的摩擦力大小為5NB.磁感應強度B減小的過程中，b對c的摩擦力一直在增大C.磁感應強度B減小的過程中，地面對斜面體c的支持力先變小后變大D.小物塊b和斜面體c之間的動摩擦因數為〖答案〗B〖解析〗A．將a、b、c看成整體，水平方向有故初始狀態(tài)，地面對斜面體c的摩擦力大小為，故A錯誤；B．設滑輪右側的細繩與豎直方向之間的夾角為，對c受力分析有可知磁感應強度B減小的過程中，逐漸減小，繩子拉力逐漸減小，初始時滑輪右側的細繩與豎直方向之間的夾角為，繩子拉力為b沿斜面向下的分力為可知磁感應強度B減小的過程中，c受力平衡有可知磁感應強度B減小的過程中，c對b的摩擦力一直在增大，根據牛頓第三定律b對c的摩擦力一直在增大，故B正確；C．將b、c看成整體，豎直方向有可得故磁感應強度B減小的過程中，地面對斜面體c的支持力不變，故C錯誤；D．磁感應強度為零時b恰好沒滑動，有解得小物塊b和斜面體c之間的動摩擦因數為故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中有兩個或兩個以上選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，兩正對的平行金屬板AB、CD與水平面成角固定，豎直截面如圖所示。AB板帶正電、CD板帶負電，兩板間距10cm，電荷量為，質量為的小球用長為5cm的絕緣細線懸掛于A點處于靜止狀態(tài)。細線與AB板夾角為；剪斷細線，小球運動到CD板上的M點（未標出），g取。則下列說法正確的是（）A.MC距離為15cmB.小球的電勢能增加了C.電場強度大小為D.剪斷細線后小球做勻加速直線運動〖答案〗BD〖解析〗A．剪斷細線，小球沿直線運動到M點，如圖所示：根據幾何關系可得故A錯誤；B．根據幾何關系可得電場力F和細線拉力T夾角為60°，在三個力所在的三角形中，根據正弦定理可得可得電場力大小為逆電場線方向的位移其中解得克服電場力做的功為所以電勢能增加了，故B正確；C．電場強度的大小為解得故C錯誤；D．剪斷細線后小球平衡狀態(tài)被打破，受到的合外力為T，方向與原細線拉力方向的反方向，則可知其沿原細線拉力方向的反方向做勻加速運動，故D正確；故選BD。9.如圖1所示為遠距離輸電示意圖，實際用電因季節(jié)不同，電力需求量差異很大，用電高峰和低谷之間存在一個較大的差值，因此有必要在遠距離輸電時再建立一個節(jié)能儲能輸電網。如圖2所示，這樣的電網可以在用電低谷時段把電能儲存起來，高峰時段輸出，填補用電缺口。已知發(fā)電機的輸出電壓，輸出功率為，，輸電線總電阻。其余線路電阻不計，用戶端電壓，，所有變壓器均為理想變壓器。下列說法正確的是（）A.發(fā)電機的輸出電流為32AB.降壓變壓器的匝數比C.輸送給儲能站的功率為30kWD.輸電線上損失的功率為6kW〖答案〗CD〖解析〗A．發(fā)電機的輸出電壓U1=250V，輸出功率P1=80kW=8.0×104W根據P1=U1I1可得發(fā)電機的輸出電流為I1=320A故A錯誤；B．用戶端電壓U4=220V，功率P2=44kW=44×104W根據P2=U4I4可得降壓變壓器線圈中的電流為I4=200A降壓變壓器的匝數比可得又因為根據輸電線損耗可得聯立數據解得或又因為能量守恒，則僅成立故B錯誤；CD．可得輸電線上的電流大小為輸電線上損失的功率為輸送給儲能站的功率為故CD正確；故選CD。10.如圖1所示，匝數、邊長為、電阻、重力未知的正方形金屬線框用兩根均帶有拉力傳感器（圖中未畫出）的絕緣輕繩懸掛在天花板上。位于線框中間的虛線上方充滿磁場，磁感應強度按（未知且為恒量，式中各量的單位均為國際單位）變化，電腦顯示每個拉力傳感器的示數變化如圖2所示，整個過程中輕繩未斷且線框始終處于靜止狀態(tài)。不考慮線框的形變和電阻的變化。下列說法正確的是（）A.線框的重力為4NB.k值為C.時間內線框的功率為4WD.時間內通過金屬線框某一截面的電荷量為2C〖答案〗A〖解析〗AB．根據拉力傳感器隨著時間的增大而增大，同時磁感應強度按變化可知，楞次定律可知金屬圓環(huán)產生逆時針方向的電流，根據法拉第電磁感應定律可得金屬圓環(huán)產生感應電動勢為可得電流為由左手定則可知安培力方向向下，由受力平衡可得則可得線框的重力為同時解得故A正確，B錯誤；C．時間內金屬環(huán)的功率為故C錯誤；D．時間內通過金屬環(huán)某一截面的電荷量為故D錯誤。故選A。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某物理興趣小組的同學們想探究小燈泡的電阻在不同電壓下的阻值，于是設計了如圖1所示的電路圖進行測量。實驗所用電壓表內阻約為6kΩ，電流表內阻為1.5Ω.待測小燈泡額定電壓為6V、額定功率約為3W。（1）閉合開關前，滑動變器的滑片應該位于滑動變阻器的_________（選填“左”或“右”）端。（2）實驗中得到的電流I和電壓U的關系曲線如圖2所示，電壓表示數是6V時，小燈泡的內阻是_________Ω。（3）結合圖2在答題卡所給圖上用實線畫出小燈泡實際的I-U圖線_____。〖答案〗（1）左（2）12（3）〖解析〗（1）[1]為保護電路，開關閉合前燈泡兩端的電壓應該最小，因此應將該分壓式接法的滑動變阻器的滑片置于最左端。（2）[2]根據圖2可知，當電壓表的示數為6V時，流過小燈泡的電流為500mA，根據部分電路的歐姆定律可得小燈泡此時的電阻為（3）[3]根據圖1電路圖所得到的圖2關于小燈泡I-U圖線，通過數據計算得到小燈泡的內阻為，電流表的內阻1.5Ω，與小燈泡串聯會導致電流表分壓，分析可知，根據圖2可知，當電壓為1V，電流為200mA時，電流表分壓為，則此時小燈泡的實際電壓為0.7V；當電壓為2V，電流為300mA時，電流表的分壓為0.45V，則此時小燈泡的實際電壓為1.55V；當電壓為3V，電流為400mA時，電流表的分壓為0.60V，則此時小燈泡的實際電壓為2.40V；當電壓為6V，電流為500mA時，電流表的分壓為0.75V，則此時小燈泡的實際電壓為5.25V；也就是說，相同電流時，燈泡兩端的實際電壓要小于電壓表讀數，則根據以上數據可做出圖像如圖所示

12.用如圖所示的氣墊導軌來驗證動量守恒定律，在氣墊導軌的一端裝有位移傳感器（圖中未畫出），A、B兩物塊（可視為質點）沿同一直線運動并發(fā)生正碰，若A物塊質量，B物塊的質量為，表中是電腦記錄的A、B兩物塊在同一時刻距離傳感器的距離。1.201.010.800.590.400.350.3000.100.210.300.400.250（1）根據表中數據可以判斷出位移傳感器固定在_________（選填“A端”或“B端”）。（2）為了更方便判斷A、B碰撞時是否滿足動量守恒，于是畫出了A、B兩物塊位移隨時間變化的圖像，a、b分別為A、B兩物塊碰撞前后的位移一時間圖線。①碰撞前A物塊的速度為_________，碰撞前B物塊的速度為_________；②由題中數據結合x-t圖像中提供的信息，可以得出的結論是__________________.③這個碰撞_________（選填“是”或“不是”）彈性碰撞?！即鸢浮剑?）B端（2）-42兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒不是〖解析〗（1）[1]根據表中數據可以判斷出位移傳感器在開始時距離B端較近，可知固定在B端；（2）①[2]碰撞前A物塊的速度為[3]碰撞前B物塊的速度為②[4]讀圖可知碰撞后A物塊的速度為碰撞后B物塊的速度為則可知故可得出的結論兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒；③[5]可知碰撞前的總動能為碰撞后的總動能為則可知這個碰撞不是彈性碰撞。13.如圖所示，帶有加熱裝置（圖中未畫出）的絕熱汽缸用輕桿固定在天花板上?，F用一個質量為，面積為的絕熱活塞將一定質量的理想氣體封閉在汽缸內。初始時