2023-2024學(xué)年江蘇省決勝新高考高三上學(xué)期10月大聯(lián)考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1決勝新高考——2024屆高三年級(jí)大聯(lián)考物理注意事項(xiàng)：考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求1．本試卷共6頁(yè)，滿分為100分，考試時(shí)間為75分鐘。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置。3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符。4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效。5．如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗。一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每題4分，共44分。每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1.打開(kāi)手機(jī)加速度傳感器APP，手握手機(jī)迅速下蹲，手機(jī)記錄的圖像如圖所示，a、b分別為圖像的峰值，則（）A.峰值a對(duì)應(yīng)時(shí)刻，人向下運(yùn)動(dòng)的速度最大B.峰值b對(duì)應(yīng)時(shí)刻，人向下運(yùn)動(dòng)的速度最大C.峰值a對(duì)應(yīng)時(shí)刻，人對(duì)地面的壓力小于自身重力D.峰值b對(duì)應(yīng)時(shí)刻，人對(duì)地面的壓力小于自身重力〖答案〗D〖解析〗AC．峰值a對(duì)應(yīng)時(shí)刻，有向上的最大加速度，人在做減速運(yùn)動(dòng)，人對(duì)地面的壓力大于自身重力，速度不是最大，故AC錯(cuò)誤；BD．峰值b對(duì)應(yīng)時(shí)刻有向下的最大加速度，人處在失重狀態(tài)，人對(duì)地面的壓力小于自身重力，此后一段時(shí)間人仍在向下加速，所以向下的速度不是最大，故B錯(cuò)誤，D正確。故選D。2.在同一豎直方向、不同高處分別水平拋出兩個(gè)小球A、B，兩球在P點(diǎn)相碰，如圖所示。設(shè)A、B兩球的初速度分別為、，運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間分別為、，在P點(diǎn)的速度與豎直方向的夾角分別為、，則（）A.， B.，C.， D.，〖答案〗C〖解析〗根據(jù)題意可知，小球A到P點(diǎn)的高度大于小球B到P點(diǎn)的高度，由公式可得則小球A運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間較大，即兩球到P點(diǎn)的水平位移相等，由可知，小球A的初速度較小，即兩球運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)，豎直分速度為則有由于小球A在豎直方向的速度較大，初速度小，則有故選C。3.華為手機(jī)直連天通一號(hào)的衛(wèi)星業(yè)務(wù)全球領(lǐng)先，天通一號(hào)在同步地球衛(wèi)星軌道上，而國(guó)外“星鏈”衛(wèi)星部署在距地面約1000公里高度的圓軌道上，則天通一號(hào)比“星鏈”衛(wèi)星的（）A.周期大 B.線速度大C.角速度大 D.向心加速度大〖答案〗A〖解析〗根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可知軌道半徑越大，加速度、線速度、角速度越小，周期越大，同步地球衛(wèi)星離地的高度約萬(wàn)公里，遠(yuǎn)高于“星鏈”衛(wèi)星離地的高度，故天通一號(hào)比“星鏈”衛(wèi)星的周期大，線速度、角速度、向心加速度小。故選A。4.甲、乙、丙三列水波的波長(zhǎng)分別為、、，先后通過(guò)同一狹縫得到的圖像如圖，則（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件，障礙物、孔的尺寸與波長(zhǎng)相比差不多或比波長(zhǎng)小時(shí)能發(fā)生明顯的衍射，不同水波通過(guò)相同狹縫，圖甲衍射最為明顯、圖丙最不明顯，故波長(zhǎng)關(guān)系為故選C。5.主動(dòng)降噪耳機(jī)的原理：耳機(jī)上的麥克風(fēng)在接收環(huán)境噪音后，利用內(nèi)部電路產(chǎn)生另一個(gè)聲波，實(shí)現(xiàn)抵銷(xiāo)環(huán)境噪音。則耳機(jī)產(chǎn)生的聲波與環(huán)境噪音的相位差為（）A.0 B. C. D.〖答案〗C〖解析〗當(dāng)兩個(gè)波的振動(dòng)情況完全相反，即相位差為時(shí)，兩列波疊加后振動(dòng)減弱。故選C。6.如圖為運(yùn)動(dòng)員張博恒在杭州亞運(yùn)會(huì)上直體繞單桿旋轉(zhuǎn)經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的照片，將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，其到單桿的距離為r，不計(jì)手和單桿間的摩擦，則其（）A.此時(shí)的速度一定大于等于B.在豎直平面內(nèi)可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)C.下擺過(guò)程中，手臂受到的作用力一定增加D.下擺過(guò)程中，重力做功的功率先增加后減小〖答案〗D〖解析〗A．運(yùn)動(dòng)員直體繞單桿旋轉(zhuǎn)可以抽象為桿模型，即人在最高點(diǎn)時(shí)的速度大于等于0，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，由于重力做功必定為變速圓周運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員直體繞單桿旋轉(zhuǎn)可以抽象為桿模型，若人在最高點(diǎn)的速度小于，則人在單桿的上方下擺時(shí)，手臂受到的作用力先減小，故C錯(cuò)誤；D．在最高和最低點(diǎn)時(shí)運(yùn)動(dòng)員受到的重力與速度垂直，此時(shí)重力的瞬時(shí)功率均為0，故下擺過(guò)程中重力做功的功率先增加后減小，故D正確。故選D。7.如圖，桌面上放置一張紙和一個(gè)小紐扣，紐扣靜止在紙面上。用手迅速拉動(dòng)紙的一邊，紐扣相對(duì)紙滑動(dòng)，則（）A.手用力越大，紐扣受到摩擦力越大B.手用力越小，紐扣離開(kāi)紙時(shí)的速度越大C.拉動(dòng)速度越大，紐扣受到摩擦力越小D.拉動(dòng)速度越小，紐扣離開(kāi)紙時(shí)的速度越小〖答案〗B〖解析〗AC．紐扣在紙上滑動(dòng)時(shí)受到的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式可知，滑動(dòng)摩擦力大小與手拉紙作用力的大小及紙的速度大小無(wú)關(guān)；AC錯(cuò)誤；BD．手用力越小，即紙獲得的加速度越小，無(wú)論是紙運(yùn)動(dòng)的加速度小還是手拉動(dòng)紙速度小，都會(huì)導(dǎo)致紐扣在紙上滑動(dòng)的時(shí)間增加，手拉動(dòng)速度越小或手用力越小，紐扣離開(kāi)紙時(shí)的速度越大，B正確，D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖，沿直線做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體，經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，加速度大小為，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)，加速度大小為，且兩處加速度方向相同，則運(yùn)動(dòng)的（）A.平衡位置A、B兩點(diǎn)之間B.平衡位置到A點(diǎn)的距離小于到B點(diǎn)的C.物體經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度小于B點(diǎn)時(shí)的D.振幅小于A、B兩點(diǎn)間的距離〖答案〗B〖解析〗AD．因加速度方向相同，即物體在平衡位置同一側(cè)，振幅大于A、B兩點(diǎn)間的距離，故AD錯(cuò)誤；BC．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)回復(fù)力可知，加速度越小，離平衡位置越近，速度越大，即平衡位置到A點(diǎn)的距離小于到B點(diǎn)的，物體經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度大于B點(diǎn)時(shí)的，故C錯(cuò)誤，B正確。故選B。9.如圖所示，一顆子彈水平擊中固定的木塊A，并留在其中；另一顆相同的子彈以相同的速度擊中放在光滑水平面上的相同的木塊B。子彈在木塊A、B中產(chǎn)生的熱量分別為、，則（）A.子彈能穿過(guò)木塊B，B.子彈能穿過(guò)木塊B，C.子彈不能穿過(guò)木塊B，D.子彈不能穿過(guò)木塊B，〖答案〗D〖解析〗木塊A、B相同，由題意可知，子彈擊中木塊A，并留在其中，設(shè)子彈擊中木塊前的動(dòng)能為，子彈在木塊中受到的平均阻力是，在木塊A中的位移是，對(duì)子彈由動(dòng)能定理可得解得以相同子彈相同速度水平擊中木塊B后，子彈與木塊B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，因此子彈與木塊B相互作用后速度都不是零，即都有動(dòng)能，設(shè)此時(shí)子彈的動(dòng)能為，木塊B的動(dòng)能為，子彈在木塊B中的位移是，由功能關(guān)系可得解得可知即子彈不能穿過(guò)木塊B。所以子彈擊中木塊A，子彈的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；可知相同子彈以相同的速度水平擊中木塊B后，子彈的動(dòng)能一部分轉(zhuǎn)化為木塊B的動(dòng)能，另一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則有選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。10.如圖所示，光滑斜面底端固定一輕質(zhì)彈簧，質(zhì)量為m的物塊A從彈簧的自由端處由靜止釋放，沿斜面做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，其最大加速度為，彈簧最大壓縮量為，最大彈性勢(shì)能為。當(dāng)物塊A沿斜面運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，緊挨著A由靜止釋放質(zhì)量為m的物塊B，物塊B沿斜面運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，最大加速度為，彈簧最大壓縮量為，最大彈性勢(shì)能為。彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi)，則（）A.，，B，，C，，D.，，〖答案〗B〖解析〗物塊A或物塊A、B一起沿斜面運(yùn)動(dòng)均為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，最大加速度均為，物塊A、B一起運(yùn)動(dòng)時(shí)的振幅是物塊A單獨(dú)運(yùn)動(dòng)時(shí)振幅的兩倍，所以彈簧最大壓縮量根據(jù)機(jī)械能守恒和彈簧的彈性勢(shì)能計(jì)算公式，可知彈簧最大彈性勢(shì)能滿足ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。11.杭州亞運(yùn)會(huì)上，鞏立姣獲得女子鉛球冠軍。以鉛球的拋出點(diǎn)為原點(diǎn)O建立水平x軸，鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的示意圖如圖所示，不計(jì)空氣阻力，鉛球的動(dòng)能與水平位移x的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗被拋出后的鉛球做斜拋運(yùn)動(dòng)，水平方向上速度不變，水平位移與時(shí)間成正比，可以用水平位移的大小表示時(shí)間，即把圖像看作為圖像，而圖像中的斜率表示合力做功的功率，即為重力做功的功率，鉛球豎直方向的速度先減小后增大，故重力做功的功率先減小后增大，圖象斜率大小先減小后增大，故A圖象符合要求。故選A。二、非選擇題：共5題，共56分。其中第12題-第16題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后〖答案〗的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，〖答案〗中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。12.用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)能定理，所用器材包括：氣墊導(dǎo)軌、滑塊（上方裝有寬度為d的遮光片）、兩個(gè)與計(jì)算機(jī)相連接的光電門(mén)、槽碼等。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度，如圖乙所示，則游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_(kāi)_______mm。（2）下列調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平操作正確的是________A掛上槽碼，不開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊勻速滑動(dòng)B掛上槽碼，開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊能夠長(zhǎng)時(shí)間靜止C.不掛槽碼，開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊能夠短暫靜止D.不掛槽碼，不開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊勻速滑動(dòng)（3）滑塊在細(xì)線拉動(dòng)下從左邊開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，光電門(mén)測(cè)量出遮光片經(jīng)過(guò)A、B兩處光電門(mén)的遮光時(shí)間分別為、。兩個(gè)光電門(mén)中心的距離為L(zhǎng)，槽碼的總質(zhì)量、滑塊（含遮光片）的質(zhì)量。將槽碼所受重力視為滑塊所受的拉力，要驗(yàn)證動(dòng)能定理，即需要驗(yàn)證________等式成立。（用題中給出的物理量及重力加速度g表示）（4）保持、L不變，改變，測(cè)得滑塊經(jīng)過(guò)A、B兩光電門(mén)的動(dòng)能改變量為，作圖像如圖丙實(shí)線所示，圖像a為實(shí)驗(yàn)的理論值，請(qǐng)簡(jiǎn)要說(shuō)明圖像偏離理論值的原因。_______（5）圖丙中，漸近線b對(duì)應(yīng)的值為_(kāi)_______。〖答案〗（1）（2）C（3）（4）細(xì)線對(duì)滑塊的拉力實(shí)際小于槽碼的重力，且槽碼質(zhì)量越大偏差越大（5）〖解析〗（1）[1]游標(biāo)尺為20格，其精確度為0.05mm，主尺讀數(shù)為5mm，游標(biāo)尺上第2個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為5mm+0.05×2mm=5.10mm（2）[2]氣墊導(dǎo)軌水平時(shí)，摩擦力幾乎為0，為確?；瑝K所受的合外力為零，故不需要掛槽碼，同時(shí)開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊能夠短暫靜止時(shí)氣墊導(dǎo)軌水平；（3）[3]砝碼與砝碼盤(pán)重力勢(shì)能的減少量為，砝碼與砝碼盤(pán)和滑塊（含速光片）系統(tǒng)動(dòng)能的變化量為，則要驗(yàn)證動(dòng)能定理，即需要驗(yàn)證（4）[4]槽碼的重力所做的功等于滑塊動(dòng)能的增加量和槽碼動(dòng)能的增加量，故滑塊動(dòng)能的增加量小于槽碼的重力所做的功，即細(xì)線對(duì)滑塊的拉力做的功小于槽碼的重力所做的功，細(xì)線對(duì)滑塊的拉力實(shí)際小于槽碼的重力，且當(dāng)槽碼質(zhì)量越大偏差越大；（5）[5]根據(jù)牛頓第二定律可得解得滑塊的動(dòng)能為隨著的增大，滑塊的動(dòng)能總小于；13.一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，波源沿y軸方向振動(dòng)。時(shí)刻，剛好傳到A點(diǎn)，如圖所示。時(shí)，B點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)。（1）用箭頭在圖中標(biāo)出質(zhì)點(diǎn)P、Q、M的振動(dòng)方向；（2）通過(guò)計(jì)算判斷質(zhì)點(diǎn)Q、N中的哪個(gè)質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置；（3）寫(xiě)出質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方程?！即鸢浮剑?）見(jiàn)〖解析〗；（2）質(zhì)點(diǎn)N先回到平衡位置；（3）〖解析〗（1）如答圖（2）設(shè)波傳播的速度為v，Q、N平衡位置到波形圖平衡位置的距離分別為、，Q、N到平衡位置的時(shí)間分別為、，則代入數(shù)據(jù)解得所以質(zhì)點(diǎn)N先回到平衡位置。（3）設(shè)機(jī)械波的波長(zhǎng)為，周期為T(mén)，振幅為A，由題意可得機(jī)械波的波長(zhǎng)為又有所以B點(diǎn)的振動(dòng)方程解得14.一輛電動(dòng)汽車(chē)在水平路面上由靜止開(kāi)始加速，其加速度a隨速度v的變化關(guān)系如圖所示，當(dāng)汽車(chē)的速度達(dá)到后，牽引力的功率保持恒定。已知汽車(chē)的質(zhì)量，行駛過(guò)程中受到恒定的阻力，重力加度g取。（1）求汽車(chē)剛開(kāi)始加速時(shí)的牽引力F；（2）求汽車(chē)由靜止加速到所經(jīng)歷的時(shí)間；（3）若汽車(chē)由靜止加速到速度所經(jīng)歷的時(shí)間；求該過(guò)程中汽車(chē)行駛的位移s?！即鸢浮剑?）4000N；（2）1s；（3）3m〖解析〗（1）設(shè)汽車(chē)勻加速時(shí)的加速度為a，牽引力為F，根據(jù)牛頓第二定律,有代入數(shù)據(jù)解得（2）設(shè)汽車(chē)的功率為P，最大速度為v，則根據(jù)瞬時(shí)功率根據(jù)速度時(shí)間公式代入數(shù)據(jù)解得（3）設(shè)汽車(chē)勻加速運(yùn)動(dòng)的位移為，額定功率行駛的位移和時(shí)間分別為、，根據(jù)位移時(shí)間公式根據(jù)動(dòng)能定理總時(shí)間為總位移為代入數(shù)據(jù)解得15.如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑水平桿離地的高度為2L，滑塊A套在水平桿上，通過(guò)長(zhǎng)度為L(zhǎng)的細(xì)線連接質(zhì)量為m的小球B。將小球B拉至與滑塊A等高，細(xì)線水平伸直，由靜止釋放小球，當(dāng)細(xì)線運(yùn)動(dòng)到豎直方向時(shí)，細(xì)線剛好斷裂，此時(shí)滑塊向右運(yùn)動(dòng)了。重力加速度為g，求：（1）滑塊質(zhì)量M；（2）細(xì)線承受拉力的最大值F；（3）小球落地時(shí)到滑塊M的距離d。〖答案〗（1）2m；（2）4mg；（3）〖解析〗（1）設(shè)滑塊的質(zhì)量為M，滑塊、小球?yàn)橄到y(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，則可得即解得（2）設(shè)細(xì)線運(yùn)動(dòng)到豎直方向時(shí)，滑塊的速度為，小球的速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒有根據(jù)能量守恒有小球在最低點(diǎn)有解得細(xì)線承受拉力的最大值（3）設(shè)細(xì)線斷后，小球運(yùn)動(dòng)到地面的時(shí)間為t，這段時(shí)間內(nèi)小球的水平位移為，滑塊的位移為，則小球落地時(shí)到滑塊M的距離為16.如圖，圓管A放置在光滑斜面上，其下端到斜面底端擋板C的距離為S，頂端塞有小球B。圓管由靜止下滑，與擋板發(fā)生多次彈性正撞，且每次碰撞時(shí)間均極短；在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，管始終保持與擋板C垂直。已知管的質(zhì)量2m，小球的質(zhì)量為m，球與管之間的滑動(dòng)摩擦力，斜面的傾角，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。（1）管第一次與擋板碰撞作用的時(shí)間為，求此過(guò)程中管對(duì)擋板平均作用力F的大?。唬?）管第一次與擋板碰撞后沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，球沒(méi)有從管中滑出，求管上滑的最大距離；（3）球始終沒(méi)有從管中滑出，求圓管的最小長(zhǎng)度L?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）3S〖解析〗（1）研究圓管，設(shè)管到達(dá)擋板的速度為v，擋板對(duì)管的作用力為，取沿斜面向上為正方向，則根據(jù)動(dòng)量定理可得解得由牛頓第三定律得中管對(duì)擋板平均作用力的大小為（2）設(shè)管第一次碰撞后向上運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度為，小球的加速度為，則小球管解得，說(shuō)明管的速度減小到0時(shí)，小球仍有沿斜面向下的速度解得（3）設(shè)當(dāng)管停在擋板處，小球剛好不滑出，根據(jù)功能關(guān)系，則解得決勝新高考——2024屆高三年級(jí)大聯(lián)考物理注意事項(xiàng)：考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求1．本試卷共6頁(yè)，滿分為100分，考試時(shí)間為75分鐘。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置。3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符。4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效。5．如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗。一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每題4分，共44分。每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1.打開(kāi)手機(jī)加速度傳感器APP，手握手機(jī)迅速下蹲，手機(jī)記錄的圖像如圖所示，a、b分別為圖像的峰值，則（）A.峰值a對(duì)應(yīng)時(shí)刻，人向下運(yùn)動(dòng)的速度最大B.峰值b對(duì)應(yīng)時(shí)刻，人向下運(yùn)動(dòng)的速度最大C.峰值a對(duì)應(yīng)時(shí)刻，人對(duì)地面的壓力小于自身重力D.峰值b對(duì)應(yīng)時(shí)刻，人對(duì)地面的壓力小于自身重力〖答案〗D〖解析〗AC．峰值a對(duì)應(yīng)時(shí)刻，有向上的最大加速度，人在做減速運(yùn)動(dòng)，人對(duì)地面的壓力大于自身重力，速度不是最大，故AC錯(cuò)誤；BD．峰值b對(duì)應(yīng)時(shí)刻有向下的最大加速度，人處在失重狀態(tài)，人對(duì)地面的壓力小于自身重力，此后一段時(shí)間人仍在向下加速，所以向下的速度不是最大，故B錯(cuò)誤，D正確。故選D。2.在同一豎直方向、不同高處分別水平拋出兩個(gè)小球A、B，兩球在P點(diǎn)相碰，如圖所示。設(shè)A、B兩球的初速度分別為、，運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間分別為、，在P點(diǎn)的速度與豎直方向的夾角分別為、，則（）A.， B.，C.， D.，〖答案〗C〖解析〗根據(jù)題意可知，小球A到P點(diǎn)的高度大于小球B到P點(diǎn)的高度，由公式可得則小球A運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間較大，即兩球到P點(diǎn)的水平位移相等，由可知，小球A的初速度較小，即兩球運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)，豎直分速度為則有由于小球A在豎直方向的速度較大，初速度小，則有故選C。3.華為手機(jī)直連天通一號(hào)的衛(wèi)星業(yè)務(wù)全球領(lǐng)先，天通一號(hào)在同步地球衛(wèi)星軌道上，而國(guó)外“星鏈”衛(wèi)星部署在距地面約1000公里高度的圓軌道上，則天通一號(hào)比“星鏈”衛(wèi)星的（）A.周期大 B.線速度大C.角速度大 D.向心加速度大〖答案〗A〖解析〗根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可知軌道半徑越大，加速度、線速度、角速度越小，周期越大，同步地球衛(wèi)星離地的高度約萬(wàn)公里，遠(yuǎn)高于“星鏈”衛(wèi)星離地的高度，故天通一號(hào)比“星鏈”衛(wèi)星的周期大，線速度、角速度、向心加速度小。故選A。4.甲、乙、丙三列水波的波長(zhǎng)分別為、、，先后通過(guò)同一狹縫得到的圖像如圖，則（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件，障礙物、孔的尺寸與波長(zhǎng)相比差不多或比波長(zhǎng)小時(shí)能發(fā)生明顯的衍射，不同水波通過(guò)相同狹縫，圖甲衍射最為明顯、圖丙最不明顯，故波長(zhǎng)關(guān)系為故選C。5.主動(dòng)降噪耳機(jī)的原理：耳機(jī)上的麥克風(fēng)在接收環(huán)境噪音后，利用內(nèi)部電路產(chǎn)生另一個(gè)聲波，實(shí)現(xiàn)抵銷(xiāo)環(huán)境噪音。則耳機(jī)產(chǎn)生的聲波與環(huán)境噪音的相位差為（）A.0 B. C. D.〖答案〗C〖解析〗當(dāng)兩個(gè)波的振動(dòng)情況完全相反，即相位差為時(shí)，兩列波疊加后振動(dòng)減弱。故選C。6.如圖為運(yùn)動(dòng)員張博恒在杭州亞運(yùn)會(huì)上直體繞單桿旋轉(zhuǎn)經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的照片，將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，其到單桿的距離為r，不計(jì)手和單桿間的摩擦，則其（）A.此時(shí)的速度一定大于等于B.在豎直平面內(nèi)可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)C.下擺過(guò)程中，手臂受到的作用力一定增加D.下擺過(guò)程中，重力做功的功率先增加后減小〖答案〗D〖解析〗A．運(yùn)動(dòng)員直體繞單桿旋轉(zhuǎn)可以抽象為桿模型，即人在最高點(diǎn)時(shí)的速度大于等于0，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，由于重力做功必定為變速圓周運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員直體繞單桿旋轉(zhuǎn)可以抽象為桿模型，若人在最高點(diǎn)的速度小于，則人在單桿的上方下擺時(shí)，手臂受到的作用力先減小，故C錯(cuò)誤；D．在最高和最低點(diǎn)時(shí)運(yùn)動(dòng)員受到的重力與速度垂直，此時(shí)重力的瞬時(shí)功率均為0，故下擺過(guò)程中重力做功的功率先增加后減小，故D正確。故選D。7.如圖，桌面上放置一張紙和一個(gè)小紐扣，紐扣靜止在紙面上。用手迅速拉動(dòng)紙的一邊，紐扣相對(duì)紙滑動(dòng)，則（）A.手用力越大，紐扣受到摩擦力越大B.手用力越小，紐扣離開(kāi)紙時(shí)的速度越大C.拉動(dòng)速度越大，紐扣受到摩擦力越小D.拉動(dòng)速度越小，紐扣離開(kāi)紙時(shí)的速度越小〖答案〗B〖解析〗AC．紐扣在紙上滑動(dòng)時(shí)受到的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式可知，滑動(dòng)摩擦力大小與手拉紙作用力的大小及紙的速度大小無(wú)關(guān)；AC錯(cuò)誤；BD．手用力越小，即紙獲得的加速度越小，無(wú)論是紙運(yùn)動(dòng)的加速度小還是手拉動(dòng)紙速度小，都會(huì)導(dǎo)致紐扣在紙上滑動(dòng)的時(shí)間增加，手拉動(dòng)速度越小或手用力越小，紐扣離開(kāi)紙時(shí)的速度越大，B正確，D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖，沿直線做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體，經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，加速度大小為，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)，加速度大小為，且兩處加速度方向相同，則運(yùn)動(dòng)的（）A.平衡位置A、B兩點(diǎn)之間B.平衡位置到A點(diǎn)的距離小于到B點(diǎn)的C.物體經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度小于B點(diǎn)時(shí)的D.振幅小于A、B兩點(diǎn)間的距離〖答案〗B〖解析〗AD．因加速度方向相同，即物體在平衡位置同一側(cè)，振幅大于A、B兩點(diǎn)間的距離，故AD錯(cuò)誤；BC．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)回復(fù)力可知，加速度越小，離平衡位置越近，速度越大，即平衡位置到A點(diǎn)的距離小于到B點(diǎn)的，物體經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度大于B點(diǎn)時(shí)的，故C錯(cuò)誤，B正確。故選B。9.如圖所示，一顆子彈水平擊中固定的木塊A，并留在其中；另一顆相同的子彈以相同的速度擊中放在光滑水平面上的相同的木塊B。子彈在木塊A、B中產(chǎn)生的熱量分別為、，則（）A.子彈能穿過(guò)木塊B，B.子彈能穿過(guò)木塊B，C.子彈不能穿過(guò)木塊B，D.子彈不能穿過(guò)木塊B，〖答案〗D〖解析〗木塊A、B相同，由題意可知，子彈擊中木塊A，并留在其中，設(shè)子彈擊中木塊前的動(dòng)能為，子彈在木塊中受到的平均阻力是，在木塊A中的位移是，對(duì)子彈由動(dòng)能定理可得解得以相同子彈相同速度水平擊中木塊B后，子彈與木塊B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，因此子彈與木塊B相互作用后速度都不是零，即都有動(dòng)能，設(shè)此時(shí)子彈的動(dòng)能為，木塊B的動(dòng)能為，子彈在木塊B中的位移是，由功能關(guān)系可得解得可知即子彈不能穿過(guò)木塊B。所以子彈擊中木塊A，子彈的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；可知相同子彈以相同的速度水平擊中木塊B后，子彈的動(dòng)能一部分轉(zhuǎn)化為木塊B的動(dòng)能，另一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則有選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。10.如圖所示，光滑斜面底端固定一輕質(zhì)彈簧，質(zhì)量為m的物塊A從彈簧的自由端處由靜止釋放，沿斜面做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，其最大加速度為，彈簧最大壓縮量為，最大彈性勢(shì)能為。當(dāng)物塊A沿斜面運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，緊挨著A由靜止釋放質(zhì)量為m的物塊B，物塊B沿斜面運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，最大加速度為，彈簧最大壓縮量為，最大彈性勢(shì)能為。彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi)，則（）A.，，B，，C，，D.，，〖答案〗B〖解析〗物塊A或物塊A、B一起沿斜面運(yùn)動(dòng)均為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，最大加速度均為，物塊A、B一起運(yùn)動(dòng)時(shí)的振幅是物塊A單獨(dú)運(yùn)動(dòng)時(shí)振幅的兩倍，所以彈簧最大壓縮量根據(jù)機(jī)械能守恒和彈簧的彈性勢(shì)能計(jì)算公式，可知彈簧最大彈性勢(shì)能滿足ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。11.杭州亞運(yùn)會(huì)上，鞏立姣獲得女子鉛球冠軍。以鉛球的拋出點(diǎn)為原點(diǎn)O建立水平x軸，鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的示意圖如圖所示，不計(jì)空氣阻力，鉛球的動(dòng)能與水平位移x的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗被拋出后的鉛球做斜拋運(yùn)動(dòng)，水平方向上速度不變，水平位移與時(shí)間成正比，可以用水平位移的大小表示時(shí)間，即把圖像看作為圖像，而圖像中的斜率表示合力做功的功率，即為重力做功的功率，鉛球豎直方向的速度先減小后增大，故重力做功的功率先減小后增大，圖象斜率大小先減小后增大，故A圖象符合要求。故選A。二、非選擇題：共5題，共56分。其中第12題-第16題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后〖答案〗的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，〖答案〗中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。12.用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)能定理，所用器材包括：氣墊導(dǎo)軌、滑塊（上方裝有寬度為d的遮光片）、兩個(gè)與計(jì)算機(jī)相連接的光電門(mén)、槽碼等。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度，如圖乙所示，則游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_(kāi)_______mm。（2）下列調(diào)整氣墊導(dǎo)軌水平操作正確的是________A掛上槽碼，不開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊勻速滑動(dòng)B掛上槽碼，開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊能夠長(zhǎng)時(shí)間靜止C.不掛槽碼，開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊能夠短暫靜止D.不掛槽碼，不開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊勻速滑動(dòng)（3）滑塊在細(xì)線拉動(dòng)下從左邊開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，光電門(mén)測(cè)量出遮光片經(jīng)過(guò)A、B兩處光電門(mén)的遮光時(shí)間分別為、。兩個(gè)光電門(mén)中心的距離為L(zhǎng)，槽碼的總質(zhì)量、滑塊（含遮光片）的質(zhì)量。將槽碼所受重力視為滑塊所受的拉力，要驗(yàn)證動(dòng)能定理，即需要驗(yàn)證________等式成立。（用題中給出的物理量及重力加速度g表示）（4）保持、L不變，改變，測(cè)得滑塊經(jīng)過(guò)A、B兩光電門(mén)的動(dòng)能改變量為，作圖像如圖丙實(shí)線所示，圖像a為實(shí)驗(yàn)的理論值，請(qǐng)簡(jiǎn)要說(shuō)明圖像偏離理論值的原因。_______（5）圖丙中，漸近線b對(duì)應(yīng)的值為_(kāi)_______?！即鸢浮剑?）（2）C（3）（4）細(xì)線對(duì)滑塊的拉力實(shí)際小于槽碼的重力，且槽碼質(zhì)量越大偏差越大（5）〖解析〗（1）[1]游標(biāo)尺為20格，其精確度為0.05mm，主尺讀數(shù)為5mm，游標(biāo)尺上第2個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為5mm+0.05×2mm=5.10mm（2）[2]氣墊導(dǎo)軌水平時(shí)，摩擦力幾乎為0，為確?；瑝K所受的合外力為零，故不需要掛槽碼，同時(shí)開(kāi)動(dòng)氣泵，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌使滑塊能夠短暫靜止時(shí)氣墊導(dǎo)軌水平；（3）[3]砝碼與砝碼盤(pán)重力勢(shì)能的減少量為，砝碼與砝碼盤(pán)和滑塊（含速光片）系統(tǒng)動(dòng)能的變化量為，則要驗(yàn)證動(dòng)能定理，即需要驗(yàn)證（4）[4]槽碼的重力所做的功等于滑塊動(dòng)能的增加量和槽碼動(dòng)能的增加量，故滑塊動(dòng)能的增加量小于槽碼的重力所做的功，即細(xì)線對(duì)滑塊的拉力做的功小于槽碼的重力所做的功，細(xì)線對(duì)滑塊的拉力實(shí)際小于槽碼的重力，且當(dāng)槽碼質(zhì)量越大偏差越大；（5）[5]根據(jù)牛頓第二定律可得解得滑塊的動(dòng)能為隨著的增大，滑塊的動(dòng)能總小于；13.一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，波源沿y軸方向振動(dòng)。時(shí)刻，剛好傳到A點(diǎn)，如圖所示。時(shí)，B點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)。（1）用箭頭在圖中標(biāo)出質(zhì)點(diǎn)P、Q、M的振動(dòng)方向；（2）通過(guò)計(jì)算判斷質(zhì)點(diǎn)Q、N中的哪個(gè)質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置；（3）寫(xiě)出質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方程?！即鸢浮剑?）見(jiàn)〖解析〗；（2）質(zhì)點(diǎn)N先回到平衡位置；（3）〖解析〗（1）如答圖（2）設(shè)波傳播的速度為v，Q、N平衡位置到波形圖平衡位置的距離分別為、，Q、N到平衡位置的時(shí)間分別為、，則代入數(shù)據(jù)解得所以質(zhì)點(diǎn)N先回到平衡位置。