2021-2022學(xué)年廣東省深圳市某中學(xué)高二（上）期中復(fù)習(xí)物理試卷（二）（附答案詳解）

202L2022學(xué)年廣東省深圳市高級中學(xué)高二（上）期中復(fù)

習(xí)物理試卷（二）

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.小明坐在汽車的副駕駛位上看到一個現(xiàn)象：當(dāng)汽車

的電動機啟動時，汽車的車燈會瞬時變暗。汽車的

電源、電流表、車燈、電動機連接的簡化電路如圖

所示，已知汽車電源電動勢為15S,內(nèi)阻為0.1。。

車燈接通電動機未啟動時，電流表示數(shù)為154（車燈

可看作不變的電阻）；電動機啟動的瞬間，電流表示數(shù)達到604電動機的線圈電阻

為0.10。下列論述正確的是（）

A.車燈接通電動機未啟動時，車燈的功率為2251V

B.電動機啟動時，車燈的功率為54vlz

C.電動機啟動時輸出的機械功率為195小

D.電動機啟動時，電源輸出的功率為540W

2.一帶電小球從空中的a點運動到b點的過程中，重力做功為3/,靜電力做功為1/,克

服空氣阻力做功為0.5/,則下列判斷錯誤的是（）

A.a點動能比b點小3.5/B.a點重力勢能比b點大3/

C.a點電勢能比b點小0.5/D.a點機械能比b點小0.5/

3.如圖所示，不帶電的金屬球Q放在絕緣支架上，并用導(dǎo)線與大地相連，將帶正電的

物體P移近金屬球Q,則在移近過程中，下列說法錯誤的是（）

A.金屬球Q帶負電B.金屬球Q的電勢越來越高

C.物體P受到的電場力越來越大D.物體P具有的電勢能越來越小

4.如圖所示，水平放置的充電平行金屬板相距為d,其間形:二二二二二二:

成勻強電場，一帶正電的油滴從下極板左邊緣射入，并沿

直線從上極板右邊緣射出，油滴質(zhì)量為m,帶電荷量為q。

現(xiàn)僅將上極板上移少許，其他條件保持不變，重力加速度為g,則下列分析正確的

是（）

A.上移后，油滴的運動軌跡是曲線

B.上移后，電場強度大小小于詈，方向豎直向上

C.上移后，下極板和上極板之間的電勢差為等

D.上移后，油滴穿越兩板之間的電場時電勢能減少了zngd

5.磁場中某處的磁感線如圖所示，則（）/

A.a、b兩處的磁感應(yīng)強度的大小不等，%>%卜j

B.a、b兩處的磁感應(yīng)強度的大小不等，Ba<Bb

C.同一通電導(dǎo)線放在a處受力一定比放在b處大

D.同一通電導(dǎo)線放在a處受力一定比放在b處小

6.如圖所示，矩形線框平面與勻強磁場方向垂直，穿過的磁通XXXX

量為中，若線框繞某條邊轉(zhuǎn)過90。角，則磁通量變?yōu)椋ǎXXX

XX

XX

B.2

D.2中

7.在如圖所示的電路中，定值電阻8=70、/?2=30、~匚二）_?~c

/?3=10、&=40,電容器的電容C=2〃F,電源

的電動勢E=5V,內(nèi)阻不計。閉合開關(guān)Si、S2,電一烹—J—京一,

路穩(wěn)定后，貝女）___j|________________

A.a、b兩點的電勢差l/助=2.5V

B.電容器所帶電荷量為1.0x10-5。

C.斷開開關(guān)S2,穩(wěn)定后電容器上極板所帶電荷量與斷開前相比的變化量為7.0x

10-6C

D.斷開開關(guān)S2,穩(wěn)定后流過電阻7?3的電流與斷開前相比將發(fā)生變化

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

8.下面是四個同學(xué)對電勢和電勢差概念的理解，其中正確的是（）

第2頁，共19頁

A.甲說：只有選定一個參考點（零電勢點），電場中某點的電勢才有確定的值

B.乙說：只有選定一個參考點（零電勢點），電場中兩點間的電勢差才有確定的值

C.丙說：電場中某點的電勢為負，表明該點的電勢比參考點的電勢高

D.丁說：電荷在電場中某點的電勢能為正，表明電荷在該點具有的電勢能比在參

考點（零電勢點）處具有的電勢能大

9.如圖所示電路中，電源內(nèi)阻忽略不計。閉合電鍵，電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為

/；在滑動變阻器&的滑片P由a端滑到b端的過程中不正確的是（）

A.U先變大后變小

C.U與/的比值先變大后變小D.U變化量與/變化量比值等于

10.如圖所示，圖線a是某一電源的U-/曲線，圖線b是一定值

電阻的U-/曲線。若將該電源與該定值電阻連成閉合電路,

已知該電源的內(nèi)阻r=2.00,則說法正確的是（）

A.該定值電阻為6。

B.該電源的電動勢為20V

C.將2只這種電阻串聯(lián)作為外電阻，電源輸出功率最大

D.將2只這種電阻并聯(lián)作為外電阻，電源輸出功率最大

11.某靜電場的方向平行于x軸,其電勢@隨x的分布如圖所示。質(zhì)量m=1.0x10T%g,

電荷量q=1.0X10-9。的帶正電的粒子從（—icm,0）點由靜止開始，僅在電場力作

用下在無軸上往返運動，a、EK分別表示帶電粒子的加速度、速度、動能。則a、

以ER隨時間t、位移%變化的圖象正確的是（）

三、實驗題(本大題共2小題，共18.0分)

12.在“測定金屬的電阻率”的實驗中。

(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖1所示，讀數(shù)為mm；

(2)用游標(biāo)卡尺測量金屬絲的長度，示數(shù)如圖2所示，讀數(shù)為cm；

(3)為了減少實驗誤差，并要求在實驗中獲得較大的電壓調(diào)節(jié)范圍，請在虛線框中

畫出電路原理圖；

(4)請根據(jù)(3)中設(shè)計的電路圖，連接實物圖；

(5)兩電表的示數(shù)分別如圖4所示(電壓表量程0?3U，電流表量程0?0.64)，電壓表

讀數(shù)匕電流表讀數(shù)_____4根據(jù)以上實驗數(shù)據(jù)，則該金屬材料的電阻率

為(保留兩位有效數(shù)字)o

第4頁，共19頁

13.小明在超市中發(fā)現(xiàn)兩種品牌的5號干電池，他利用電流表和電壓表設(shè)計實驗，分別

測定一節(jié)這兩種品牌干電池的電動勢和內(nèi)阻。

（1）實驗時有開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：

4.電壓表（0?3V,內(nèi)阻約為1k。）

B.電流表（0?34,內(nèi)阻為0.20）

C.電流表（0?0.6A,內(nèi)阻為0.50）

D滑動變阻器（0?200,允許通過的最大電流為14）

E.滑動變阻器（0?2000,允許通過的最大電流為0.54）

實驗中電流表應(yīng)選用;滑動變阻器應(yīng)選用。（均填相應(yīng)器材前的字母）

（2）小明應(yīng)該選擇的實驗電路是圖_____（填“甲”或“乙”）。

（3）小明分別記錄了6組數(shù)據(jù)并在同一坐標(biāo)紙內(nèi)畫出兩個干電池的U-/圖線，如圖

丙所示.根據(jù)所畫圖線可得出品牌/干電池的電動勢E=心內(nèi)阻r=0。

（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

（4）小明根據(jù)數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn)一節(jié)不同品牌干電池的電動勢基本相同，只是內(nèi)阻差異較大,

小明繼續(xù)對I、n兩個品牌干電池做了進一步探究，對電池的輸出功率P隨外電阻

R變化的關(guān)系，以及電池的輸出功率P隨路端電壓U變化的關(guān)系進行了猜想和實驗驗

證，并分別畫出了下列的P—R和P—U圖像。圖丁各圖中可能正確的是。（填

正確答案標(biāo)號）

T

四、計算題（本大題共3小題，共30.0分）

14.如圖所示，電源的電動勢E=127,內(nèi)阻r=20,R1=30,R2=in,R3為電阻箱，

其調(diào)節(jié)范圍為0?9999.90。MN之間有一極板正對且水平放置的平行板電容器.電

容器在具有電壓時會在極板之間形成豎苴方向的勻強電場，極板之外區(qū)域的電場忽

略不計。兩極板左側(cè)有一帶電粒子源不斷以相同初速度發(fā)射某種粒子。初始時刻開

關(guān)S斷開，R3=0,粒子恰能沿上板右邊緣離開電場區(qū)域。粒子重力不計，不計粒

子之間的相互作用。

(1)開關(guān)S斷開且電路穩(wěn)定后，求電容器兩極板間的電壓UMN；

(2)開關(guān)S閉合，保持R3=0,待電路穩(wěn)定后，粒子恰能沿下板右邊緣離開電場區(qū)域，

則/?4的阻值為多少；

(3)保持開關(guān)S閉合并調(diào)節(jié)&，恰使粒子沿直線穿過電容，則/?3的阻值為多少。

15.如圖所示，圖甲中在滑動變阻器的滑片從一端滑到另一端的過程中，兩電壓表的讀

數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖乙中的AC、8C兩直線所示，不考慮電表對電路的

影響。

(1)電壓表匕、匕的示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖像應(yīng)分別為U-/圖像中的哪一條直

線？

(2)定值電阻R。、滑動變阻器的總電阻R分別為多少？

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(3)求出電源的電動勢和內(nèi)阻;

(4)電源的工作效率什么時候最大，最大效率是多少？

16.如圖所示，在水平方向的勻強電場中有一表面光滑、與水平面成45。角的絕緣直桿

4C,其下端(C端)距地面高度h=0.8m。有一質(zhì)量為500g的帶電小環(huán)套在直桿上,

正以某一速度沿桿勻速下滑。小環(huán)離桿后正好通過C端的正下方P點處。(g取

10m/s2),求:

(1)小環(huán)離開直桿后運動的加速度大小和方向;

(2)小環(huán)從C運動到P過程中的動能增量；

(3)小環(huán)在直桿上勻速運動速度的大小為。

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4根據(jù)閉合電路的歐姆定律得燈泡電阻為R=彳―r=15U+154-0.1。=

0.90,車燈的功率為P=I2R=15x15X0.9=202.5W,故A錯誤；

B、電動機啟動時，路端電壓為U=F-/r=15V-604x0.10=9V,車燈的功率為P=

吠=經(jīng)皿=90小，故8錯誤；

R0.9

C、電動機啟動時，電動機的電流為/'=/-9=604-券=504電動機啟動時輸出

的機械功率為P'=U1'-/'2rM=9Ux504-50Ax50Ax0.10=2001V,故C錯誤；

D、電動機啟動時，電源輸出的功率為P"=U/=9Px6(M=540W,故。正確。

故選：。。

掌握閉合電路的歐姆定律，分清電機的輸入功率，產(chǎn)熱功率和輸出功率等。

綜合考查了多種電功率的計算以及閉合電路的歐姆定律，要熟悉電路的組成和公式的計

算。

2.【答案】C

【解析】解：人一帶電小球從空中的a點運動到b點的過程中，合外力做功為勿分=31+

1/-0.57=3.57,由動能定理可知，a點動能比匕點小3.5/,故A正確；

3、根據(jù)重力做功與重力勢能關(guān)系，可知重力做多少正功，重力勢能減小多少，則a點

重力勢能比b點大3/,故8正確；

C、根據(jù)電場力做功與電勢能關(guān)系，可知電場力做多少正功，電勢能減小多少，貝Ua點

電勢能比b點1/,故C錯誤；

Q、根據(jù)功能關(guān)系，除了重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力以外的力做功用來改變機械能，則4E=W其=

1/-0.5/=0.57,則a點機械能比b點小0.5/,故。正確；

本題選不正確的，故選：Co

解決本題需掌握：重力做功等于重力勢能的減小量；電場力做功等于電勢能的減小量；

合力做功等于動能的增加量；除重力外的各個力做的總功等于機械能的增加量.

功是能量轉(zhuǎn)化的量度，有多種表現(xiàn)形式：重力做功是重力勢能變化的量度；電場力做功

是電勢能變化的量度；合力做功是動能變化的量度；重力外的各個力做的總功是機械能

變化的量度0

3.【答案】B

【解析】解：4、根據(jù)靜電感應(yīng)，在金屬球Q離物體P的一側(cè)金屬球會帶負電，金屬球Q離

物體P遠的一側(cè)不帶電，則金屬球整體帶負電，故A正確；

3、金屬球Q與大地相連，電勢為零。所以金屬球Q的電勢不變，故8錯誤；

C、越靠近金屬球Q，電場越強，所以物體P受到的電場力越來越大，故C正確；

。、金屬球Q對物體P是吸引力，該力做正功，所以物體P具有的電勢能越來越小，故。

正確。

本題選不正確的，故選：8。

根據(jù)靜電感應(yīng)判斷出金屬球的電性，與大地相連的金屬球電勢為零，定性地判斷金屬球

的電場線分布，由此分析物體P的電場力和電勢能的變化情況。

本題以靜電感應(yīng)為考查背景，綜合考查了電勢和場強的相關(guān)變化，同時要理解大地的電

勢為零和等勢體的概念。

4.【答案】D

【解析】解：AB,由于油滴沿直線在極板間運動，可知油滴一定做勻速直線運動，可

得qE=mg,則電場強度大小為E=詈,根據(jù)公式E=*C=小C=懸,可得E=鬻,

則當(dāng)上極板向上移動時，E不變，方向豎直向上，仍有qE=rng,所以油滴的運動軌跡

仍然是直線，故AB錯誤；

C、綜上分析，由于E不變，根據(jù)U=Ed,當(dāng)上極板向上移動少許，d變大，所以U變大，

兩極板間的電勢差不再是等，故C錯誤；

。、當(dāng)上極板向上移動少許，E不變，所以油滴射出電場時的位置也不變，重力做的負

功為-mgd,則電場力做的正功為mgd,根據(jù)功能關(guān)系可知，油滴的電勢能減少了mgd,

故。正確。

故選：D。

僅將上極板上移些許，其它條件保持不變，板間電場強度不變，油滴的受力情況不變，

運動情況不變。油滴在電場中受到重力和電場力，而做直線運動，電場力與重力必定平

衡做勻速直線運動，否則就做曲線運動。根據(jù)平衡條件求電場強度，根據(jù)U=Ed求解

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電勢差；根據(jù)功能關(guān)系確定電勢能減少量。

本題是帶電粒子在電場中運動的問題，關(guān)鍵是掌握電容器帶電量不變，只改變兩板間距

離時的電場強度的推論：E=誓，知道電容器帶電量不變，僅僅改變電容器極板間距

離時板間場強不變。要能正確分析油滴的受力情況，判斷出粒子做勻速直線運動。

5.【答案】B

【解析】解：4、磁感線的疏密表示磁場的強弱，由圖可知匕處的磁感線密，所以b處的

磁場強。故A錯誤，B正確；

C、電流受到的安培力：F=BILsin。,與磁感應(yīng)強度的大小、電流的大小以及電流與磁

場方向之間的夾角有關(guān)，所以同一通電導(dǎo)線放在a處受力不一定比放在b處小，也不一定

比放在b處大。故錯誤。

故選：B。

在磁鐵的外部磁感線從N極出發(fā)進入S極，在磁鐵的內(nèi)部，從S極指向N極；磁感線上的

切線方向表示該點的磁感應(yīng)強度的方向.磁場的強弱由磁場本身的性質(zhì)決定.

解決本題的關(guān)鍵知道磁場的強弱由磁場本身的性質(zhì)決定，與電流元所受力的大小無關(guān)，

掌握磁鐵磁場磁感線的分布情況.

6.【答案】A

【解析】解：轉(zhuǎn)過90。角后，線框與磁場平行，所以磁通量為零，故A正確，8CZ）錯誤。

故選：4。

根據(jù)。=BSsinOQ是線圈平面與磁場方向的夾角）即可求解磁通量的大小。

對于勻強磁場中磁通量的求解，可以根據(jù)一般的計算公式。=BSsin。（。是線圈平面與

磁場方向的夾角）來分析線圈平面與磁場方向垂直、平行兩個特殊情況。注意夾角。是磁

場與線圈平面的夾角，同時理解磁通量不是矢量，但注意分清正面還是反面通過線圈。

7.【答案】C

【解析】解：A設(shè)電源負極的電勢為0,則電源正極的電勢為尹=5乙因為w-Wa=

等心，代入數(shù)據(jù)可解得%=L5心理有W一%=占氏3,得Wb=",U=%—

t\\i?v2ri3Tx\4ab

<pb=1.5V-4K=-2.5V,故A錯誤；

6

B.由Q=CU可知此時電容器所帶電荷量為Q=CU=2x10-6x2.5C=5.0x10-C,

且上極板帶負電，故8錯誤；

C.斷開開關(guān)S2,穩(wěn)定后a點的電勢為W'a=5V,b點電勢仍為為=4V,故此時〃助=<p'a~

(p'h=5V-4V=IV,上極板帶正電，故上極板帶電荷量的變化量為4Q=CAU,即/Q=

CAU=2x10-6x3.5C=7.0x10~6C,C正確；

D由電路知識司.知，斷開開關(guān)S2,穩(wěn)定后流過電阻/?3的電流與斷開前相比不會發(fā)生變化，

故O錯誤。

故選：Co

設(shè)電源負極的電勢為0,則電源正極的電勢為租=5V,求出a和b點的電勢進行解答；由

Q=Ct/求解電容器所帶電荷量；斷開開關(guān)S2,再次分析a和b點的電勢，求出電勢差，

根據(jù)電荷量的計算公式求解電荷量的變化；斷開開關(guān)S2,穩(wěn)定后流過電阻/?3的電流不會

發(fā)生變化。

本題主要是考查“橋式電路”，關(guān)鍵是弄清楚電路的連接情況，能夠根據(jù)閉合電路的歐

姆定律、電勢差的概念、電容的定義式等進行分析。

8.【答案】AD

【解析】解：4、電勢是相對的，只有在選定零電勢點后才能確定電場中某點的電勢。

故A正確，

8、電勢差是絕對量，與參考點選取無關(guān)，故B錯誤；

C、電勢、電勢能都是標(biāo)量，為負時，都比參考點的相應(yīng)量小，故C錯誤，O正確。

故選：AD.

電勢是描述電場能的性質(zhì)的物理量，與檢驗電荷無關(guān)，電勢是標(biāo)量，沒有方向.

解決本題的關(guān)鍵要加強電場基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)，理解并掌握電勢的物理意義、標(biāo)量性、定

義方式等.

9.【答案】AD

【解析】解：4由圖可知電壓表測量的是電源的電壓，由于電源內(nèi)阻忽略不計，則電壓

表的示數(shù)總是不變，故A錯誤；

BC.由圖可知，在滑動變阻器％的滑片。由。端滑到b端的過程中，滑動變阻器燈的電阻

第12頁，共19頁

先增大后減小，由于電壓不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流表示數(shù)/先變小后變大，

U與/的比值就是接入電路的R]的電阻與7?2的電阻之和，所以u與/比值先變大后變小，

故BC正確；

D、由于電壓表示數(shù)沒有變化，所以U變化量與/變化量比值等于0,故。錯誤。

本題選擇不正確選項，

故選：ADo

電源內(nèi)阻忽略不計，電壓表測量電源電壓，所以無論外電阻如何變化，電壓表示數(shù)不變。

滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中，電阻先曾大后減小，由歐姆定律可判斷

電流表示數(shù)的變化和和U與/比值的變化。

考查閉合電路歐姆定律與部分電路歐姆定律的應(yīng)用，掌握閉合電路的動態(tài)分析，知道電

阻的串并聯(lián)阻值，注意本題已說明電源內(nèi)阻忽略不計，學(xué)生容易忽略該條件，從而導(dǎo)致

錯誤。

10.【答案】AB

【解析】解：4該定值電阻為/?="色。=60,A正確；

員有閉合電路歐姆定律得E=U+Ir=15V+2.5x2V=20V,故B正確；

C將2只這種電阻串聯(lián)作為外電阻，外電阻的阻值為12。并聯(lián)時外電路總電阻30,只

有當(dāng)內(nèi)外電阻相等，電源輸出功率最大，所以CO錯誤。

故選：AB.

根據(jù)圖線b的斜率求出定值電阻的阻值：讀出兩圖線交點處電壓和電流，根據(jù)閉合電路

歐姆定律求出電源的電動勢；對于電源，當(dāng)內(nèi)外電路的電阻相等時輸出功率最大。

本題要理解伏安特性曲線的物理意義，知道定值電阻的伏安特性曲線斜率等于電阻，電

源的伏安特性曲線的斜率絕對值表示內(nèi)電阻、縱軸截距表示電源的電動勢。

11.【答案】ABC

【解析】解：AB.—1cm?0之間的場強為：E=怒=2x104N/C,向右；

0?2cm之間的場強為：E'==1x104N/C,向左；

在一1cm?0之間，粒子加速度：a=.==2X1014]=2；

7711.UX1vKg

?之間的加速度：優(yōu)=妲=142

02cmm1。嚷1.0;X1黑0kTg=1x10m'/s;

從—1cm到0,粒子加速，根據(jù)％=：砒2,有：t=后=層需=io-8s；

末速度：v=at=2x10-6m/s；

再向右減速的時間：口=5=2x10—8s,

向右移動的距離為：xr=—=2x-2；

2a(10m=2cm

此后向左運動，結(jié)合對稱性和重復(fù)性可知在過2X10-85回到0點，此后再過IX10-8s回

到-1cm位置，

故4正確，B正確；

2-7；

C、最大動能&=-mv=3x10-19x(2x10-6)2/=2x10；

根據(jù)動能定理，F(xiàn)x=4Ek，故EK-x圖象時兩個斜的線段，故C正確；

D、從-1cm到0位置是勻變速直線運動，根據(jù)速度位移公式可知，v2=2ax,故u-x圖

象時曲線，/-X圖象是直線，故。錯誤；

故選：ABC.

0-x圖象的斜率表示電場強度，結(jié)合牛頓第二定律得到加速度情況，根據(jù)運動學(xué)公式

列式分析粒子的運動情況，根據(jù)動能定理分析動能變化情況。

本題是力電綜合問題，關(guān)鍵時明確粒子的受力情況和運動情況，結(jié)合牛頓第二定律、動

能定理、運動學(xué)公式列式分析，不難，要細心。

12.【答案】6.8581.051.200.508.4x10-3n/m

【解析】解：⑴金屬絲的直徑為。=6.5mm+0.01x35.8mm=6.858mm

(2)金屬絲的長度為L=10mm+0.1x5mm=10.5mm=1.05cm

(3)金屬絲阻值較小，在伏安法測電阻時應(yīng)用電流表外接法；實驗中要求有較大的電壓

調(diào)節(jié)范圍，所以滑動變阻器應(yīng)用分壓接法，如圖1所示；

圖1

(4)連接實物圖如圖2所示:

第14頁，共19頁

圖2

(5)由圖根據(jù)電表讀數(shù)規(guī)則可知，電壓表讀數(shù)為1.20V；電流表示數(shù)為0.504。

由歐姆定律和電阻定律可知

nUL

R=7=PS

代入數(shù)據(jù)可得該金屬材料的電阻率為p=8.4x10-3n/m

故答案為：(1)6.858(2)1.05(3)電路原理圖如圖1；(4)實物圖如圖2；

(5)1.200.508.4x10-30/7n

(1)根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則，得出金屬絲的直徑；

(2)根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則，得出金屬絲的長度；

(3)根據(jù)實驗原理，結(jié)合題意畫出電路原理圖；

(4)利用實驗原理圖，完成實物圖的連接；

(5)利用電表的讀數(shù)規(guī)則，讀出電表的讀數(shù)；根據(jù)實驗原理，結(jié)合題意求出金屬的電阻

率。

在讀數(shù)問題上，要注意游標(biāo)卡尺不需要估讀，且主尺讀數(shù)單位是厘米，油標(biāo)尺單位是毫

米。

13.【答案】C。乙1.50.33AD

【解析】解：(1)為方便操作，滑動變阻器選D一節(jié)干電池電動勢約為1.51Z,電路中電

流較小，所以電流表選C,

(2)因電流表內(nèi)阻已知，故可以采用相對電源的內(nèi)接法進行測量，故應(yīng)選擇乙電路圖；

⑶根據(jù)E=U+/r以及U-/圖可知，電源的電動勢為：E=l"內(nèi)電阻為：r'=^-

以=啜與_0,5。=。.33。

(4)48、根據(jù)電源的輸出功率規(guī)律可知，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時輸出功率最大，如果外電阻

大于內(nèi)電阻時，隨著電阻的增大，輸出功率將越來越小，由P=^可知，電動勢相同，

4r

內(nèi)阻越小的I輸出功率越大，故A正確，B錯誤。

CD,當(dāng)內(nèi)阻和外阻相等時?，輸出功率最大；此時輸出電壓為電動勢的一半。由4的分析

可知，i輸出的功率比n的大；而當(dāng)外電路斷開時，路端電壓等于電源的電動勢，此時

輸出功率為零；故。正確，c錯誤。

故選

故答案為：(l)c,D；(2)乙；(3)1.5,0.33；(4)4。

(1)實驗中要能保證安全和準(zhǔn)確性選擇電表。

(2)本實驗應(yīng)采用滑動變阻器和電壓表聯(lián)合測量，由實驗原理可得出電路原理圖。

(3)利用閉合電路歐姆定律可得出表達式，由數(shù)學(xué)關(guān)系可得出電動勢和內(nèi)電阻。

(4)根據(jù)電源的輸出功率規(guī)律可明確對應(yīng)的實驗圖象，知道當(dāng)內(nèi)外電阻相等時電源的輸

出功率最大。

解題時應(yīng)注意明確實驗的原理；并且要由實驗原理結(jié)合閉合電路歐姆定律得出表達式,

結(jié)合圖象得出電動勢和內(nèi)電阻。注意電流表內(nèi)阻已知時可以采用相對電源的內(nèi)接法準(zhǔn)確

求出電源內(nèi)阻。

14.【答案】解：(1)S斷開且穩(wěn)定后，%、/?2與電源串聯(lián)，電容兩端電壓等于的電壓，

而不分壓，故

/=―--

R1+&+T

代入數(shù)據(jù)解得/=2A

沿電流經(jīng)過電阻，電勢降低，故

UMC=/&=2xIV=2U

由于流過/?4的電流為0,/?4兩端電壓為0,故

UMN=UMC=2K

(2)S閉合且穩(wěn)定后，&與串聯(lián)再與并聯(lián)，由于危=0，故電容電壓等于&的電壓,

而粒子恰能沿下板右邊緣離開電場區(qū)域，說明電容電壓大小仍為2V,但極板上負下正，

故

r="生=%

Rx3

〃c=/'(R】+&)=|x(3+l"=|l/

則

代入數(shù)據(jù)解得&=|。

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(3)根據(jù)橋式電路知識，當(dāng)0M=SN時，電容電壓為零粒子即可沿直線穿過電容，此時

電阻之間應(yīng)滿足

色=3

&夫4

解得

R3=2/2

答：(1)開關(guān)S斷開且電路穩(wěn)定后，電容器兩極板間的電壓為2，；

(2)開關(guān)S閉合，保持/?3=0,待電路穩(wěn)定后，粒子恰能沿下板右邊緣離開電場區(qū)域，則

/?4的阻值為|。；

(3)保持開關(guān)S閉合并調(diào)節(jié)色，恰使粒子沿直線穿過電容，則色的阻值為20。

【解析】(1)S斷開且穩(wěn)定后，%、R2與電源串聯(lián)，電容兩端電壓等于&的電壓，根據(jù)閉

合電路歐姆定律解得；

(2)S閉合且穩(wěn)定后，咒與/?2串聯(lián)再與心并聯(lián)，由于/?3=。，故電容電壓等于小的電壓,

而粒子恰能沿下板右邊緣離開電場區(qū)域，說明電容電壓大小仍為2人結(jié)合部分電路歐

姆定律解得；

(3)根據(jù)橋式電路知識，當(dāng)8M=<PN時，電容電壓為零粒子即可沿直線穿過電容，此時

電阻之間應(yīng)滿足M=r

本題考查閉合電路歐姆定律，解題關(guān)鍵掌握橋式電路的特點。

15.【答案】解：(1)隨著滑動變阻器的滑片從右端滑到左端，回路總電阻減小，由閉合

電路歐姆定律可知，干路電流增大，則定值電阻品兩端電壓增大，電壓表巧測的是凡兩

端電壓，其示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖像是U-/圖中的4C,由。=￡-什可知，路端

電壓隨電流增大而減小，電壓表外測的是路端電壓，其示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖像是

U-/圖中的BC。

(2)由圖線4c的斜率可知，定值電阻R。的阻值為&=黑翌。=3。，當(dāng)滑動變阻器的滑

2.0—0.5

片在最右端時，路端電壓為7.5V,Ro兩端電壓為L5，，電流為0.54可得滑動變阻器R的

總阻值為R==生"。=12。

/0.5

(3)由圖線BC的斜率可知，電源的內(nèi)阻為r=M哭0=10,當(dāng)路端電壓為7.5U時，電

N.U-U.5

流為0.54,內(nèi)電壓為。的=}=0.5xIV=0.51Z,則電動勢為E=L/端+U為=7.5V+

0.51/=8V

(4)電源的工作效率為4=4100%=嗎電x100%,可知，當(dāng)滑片處于最右端時，

即滑動變阻器接入電阻最