山西省長(zhǎng)治市二中2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期12月月考試題含解析

PAGE18-山西省長(zhǎng)治市二中2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期12月月考試題（含解析）一、選擇題1.關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度B的概念，下面說(shuō)法正確的是（）A.依據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的定義式可知，在磁場(chǎng)中某處，B與F成正比，B與成反比B.一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場(chǎng)力作用，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度肯定為零C.一小段通電導(dǎo)線放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為零處，它所受磁場(chǎng)力肯定為零D.磁場(chǎng)中某處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，與直線電流在該處所受磁場(chǎng)力方向相同【答案】C【解析】試題分析：A、磁感應(yīng)強(qiáng)度是采納比值法定義的，B大小與F、IL無(wú)關(guān)，B由磁場(chǎng)本身確定，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)導(dǎo)體方向與磁場(chǎng)方向在一條線上時(shí)，導(dǎo)體不受磁場(chǎng)力作用，此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度并非為零，故B錯(cuò)誤；C、依據(jù)F=BIL可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零處，它所受磁場(chǎng)力肯定為零，故C正確．D、依據(jù)左手定則可知，磁場(chǎng)方向與磁場(chǎng)力方向垂直，故D錯(cuò)誤．故選C．2.如圖所示，在x軸上方存在著垂直于紙面對(duì)里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)不計(jì)重力的帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O處以速度v進(jìn)入磁場(chǎng)，粒子進(jìn)人磁場(chǎng)時(shí)的速度方向垂直于磁場(chǎng)且與x軸正方向成120°角，若粒子穿過(guò)y軸正半軸后在磁場(chǎng)中到x軸的最大距離為a，則該粒子的比荷和所帶電荷的正負(fù)是()A.，正電荷Ｂ．，正電荷 B.，負(fù)電荷C.，負(fù)電荷【答案】C【解析】從“粒子穿過(guò)y軸正半軸后……”可知粒子向右側(cè)偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力指向運(yùn)動(dòng)方向的右側(cè)，由左手定則可判定粒子帶負(fù)電，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖如圖．依據(jù)幾何關(guān)系有r＋rsin30°＝a，再結(jié)合半徑表達(dá)式r＝可得＝，故C項(xiàng)正確．3.如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，三個(gè)質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c，以不同的速率對(duì)準(zhǔn)圓心O沿著AO方向射入磁場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖．若帶電粒子只受磁場(chǎng)力的作用，則下列說(shuō)法正確的是A.a粒子動(dòng)能最大B.c粒子速率最大C.b粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)D.它們做圓周運(yùn)動(dòng)的周期Ta<Tb<Tc【答案】B【解析】【詳解】A.帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，有：有：，其中m、q、B都相同，所以R越大，v越大；由題意，c的軌跡半徑最大，故c粒子的速率最大，c粒子的動(dòng)能最大；故A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；D.粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期，有：周期與速度無(wú)關(guān)，它們做圓周運(yùn)動(dòng)的周期Ta=Tb=Tc，故D項(xiàng)錯(cuò)誤；C.設(shè)粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為θ，則有運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：，又由圖可知a粒子轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角θ最大，故a粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，故C項(xiàng)錯(cuò)誤．4.如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有四個(gè)點(diǎn)A、B、C、D，恰好為平行四邊形的四個(gè)頂點(diǎn)，O點(diǎn)為平行四邊形兩條對(duì)角線的交點(diǎn)．已知：φA＝－4V，φB＝6V，φC＝8V，則φD、φO分別為()A.－6V,6VB.2V,1VC.－2V,2VD.－4V,4V【答案】C【解析】勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿著某個(gè)方向，每前進(jìn)相同距離，電勢(shì)的變更相同，故：φB?φA=φC?φD代入數(shù)據(jù)為：6?(?4)=8?φD解得：φD=?2V同理有：φC?φO=φO?φA代入數(shù)據(jù)有：8?φO=φO?(?4)解得：φO=2V故選C.點(diǎn)睛：在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿著某個(gè)方向，每前進(jìn)相同的距離，電勢(shì)的變更相同，依據(jù)該規(guī)律列式求解即可．5.如圖所示,虛線a、b、c代表電場(chǎng)中的三條電場(chǎng)線,實(shí)線為一帶負(fù)電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下通過(guò)該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡,P、R、Q是這條軌跡上的三點(diǎn),由此可知()A.帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的加速度小于在Q點(diǎn)時(shí)的加速度B.帶電粒子在P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能比在Q點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大C.帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能與電勢(shì)能之和比在Q點(diǎn)時(shí)的小,比在P點(diǎn)時(shí)的大D.帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的速度大于在Q點(diǎn)時(shí)的速度【答案】D【解析】【詳解】A電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，則由電場(chǎng)線疏密確定出，R點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大，電場(chǎng)力大，加速度大，故A錯(cuò)誤；BD.電荷做曲線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力指向曲線的內(nèi)側(cè)，所以電場(chǎng)力的方向向右；若粒子從P經(jīng)過(guò)R運(yùn)動(dòng)到Q，電場(chǎng)力做負(fù)功，帶電粒子的電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，所帶電粒子在P點(diǎn)的電勢(shì)能小于在Q點(diǎn)的電勢(shì)能，帶電粒子在R點(diǎn)的動(dòng)能大于帶電粒子在Q點(diǎn)的動(dòng)能，即帶電粒子在R點(diǎn)時(shí)的速度大于在Q點(diǎn)時(shí)的速度，故B錯(cuò)誤，D正確．C.依據(jù)能量守恒定律，帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中各點(diǎn)處的動(dòng)能與電勢(shì)能之和保持不變．故C錯(cuò)誤．6.通電直導(dǎo)線A與圓形通電導(dǎo)線環(huán)B固定放在同一水平面上，通有如圖所示的電流，則A.直導(dǎo)線A受到的安培力大小為零B.直導(dǎo)線A受到的安培力大小不為零，方向水平向右C.導(dǎo)線環(huán)B受到的安培力的合力大小為零D.導(dǎo)線環(huán)B受到的安培力的合力大小不為零，其方向水平向右【答案】B【解析】【詳解】CD.依據(jù)右手螺旋定則知，直導(dǎo)線四周的磁場(chǎng)在導(dǎo)線的左側(cè)垂直紙面對(duì)里，在圓形導(dǎo)線的左右兩側(cè)對(duì)稱的各取一小段，依據(jù)左手定則，左側(cè)所受的安培力方向向右，右側(cè)所受安培力的方向向左，因?yàn)殡娏鞯拇笮∠嗟?，圓環(huán)左側(cè)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度小于右側(cè)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度，可知左側(cè)的受力小球右側(cè)的受力，則圓環(huán)B所受的合力方向向左，大小不為零．故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)錯(cuò)誤；AB.依據(jù)牛頓第三定律知，直導(dǎo)線所受的合力大小不為零，方向水平向右．故A錯(cuò)誤，B正確．7.如圖所示，ABC為與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直的邊長(zhǎng)為a的等邊三角形，比荷為的電子以速度v0從A點(diǎn)沿AB邊射出（電子重力不計(jì)），欲使電子能經(jīng)過(guò)AC邊，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值為A.B＜ B.B＜ C.B＞ D.B＞【答案】C【解析】【詳解】當(dāng)電子從C點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)，電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的半徑最小，設(shè)為R，如圖所示：由幾何學(xué)問(wèn)得：2Rcos30°=a，解得：；欲使電子能經(jīng)過(guò)AC邊,必需滿意：而，得：，解得：；A.B＜．故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.B＜．故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C.B＞．故C項(xiàng)正確；D.B＞．故D項(xiàng)錯(cuò)誤．8.勞倫斯由于獨(dú)創(chuàng)了回旋加速器以及借此取得的成果而于1939年獲得諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)．回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與頻率肯定的高頻溝通電極相連的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變更的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示．要增大帶電粒子射出的動(dòng)能，下列說(shuō)法正確的是A.增大勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓，其他保持不變B.增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，其他保持不變C.減小狹縫間的距離，其他保持不變D.增大D形金屬盒的半徑，其他保持不變【答案】BD【解析】【詳解】依據(jù)洛倫茲力等于向心力：，解得：，則最大動(dòng)能：，知最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，與狹縫間的距離無(wú)關(guān)．與磁感應(yīng)強(qiáng)度以及D形盒的半徑有關(guān)．A.增大勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓，其他保持不變，帶電粒子射出的動(dòng)能不變．故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，其他保持不變，帶電粒子射出的動(dòng)能增大．故B項(xiàng)正確；C.減小狹縫間的距離，其他保持不變，帶電粒子射出的動(dòng)能不變．故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.增大D形金屬盒的半徑，其他保持不變，帶電粒子射出的動(dòng)能增大．故D項(xiàng)正確．9.在如圖所示的電路中，已知電容C=2μF，電源電動(dòng)勢(shì)E=12V，內(nèi)電阻不計(jì)，R1：R2：R3：R4=1：2：6：3，則電容器極板a上所帶的電量為A－8×10-6C B.4×10-6CC.－4×10-6C D.8×10-6C【答案】D【解析】【詳解】電路結(jié)構(gòu)如圖所示：當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)R1電壓為：R3電壓為：所以電容器兩端電壓為：U′=U3?U1=4V此時(shí)電容器極板a上帶正電，所帶電荷量為：A.－8×10-6C．故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.4×10-6C．故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C.－4×10-6C．故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.8×10-6C．故D項(xiàng)正確．10.1922年英國(guó)物理學(xué)家阿斯頓因質(zhì)譜儀的獨(dú)創(chuàng)、同位素和質(zhì)譜的探討榮獲了諾貝爾化學(xué)獎(jiǎng)．若一束粒子由左端射入質(zhì)譜儀后的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，不計(jì)重力，則下列說(shuō)法中正確的是A.該束帶電粒子帶負(fù)電B.速度選擇器的P1極板帶正電C.在B2磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑越大的粒子，質(zhì)量越大D.在B2磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑越大的粒子，比荷越小【答案】BD【解析】【詳解】A.帶電粒子在磁場(chǎng)中向下偏轉(zhuǎn)，磁場(chǎng)的方向垂直紙面對(duì)外，依據(jù)左手定則知，該粒子帶正電．故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.在平行金屬板間，依據(jù)左手定則知，帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場(chǎng)力的方向豎直向下，知電場(chǎng)強(qiáng)度的方向豎直向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電．故B項(xiàng)正確；CD.進(jìn)入B2磁場(chǎng)中的粒子速度v是相同的，由牛頓其次定律得：解得：，可知，r越大，比荷越小，粒子的質(zhì)量m不肯定大，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確．11.霍爾元件是一種應(yīng)用霍爾效應(yīng)的磁傳感器，廣泛應(yīng)用于各領(lǐng)域，如在翻蓋手機(jī)中，常用霍爾元件來(lái)限制翻蓋時(shí)開(kāi)啟或關(guān)閉運(yùn)行程序．如圖是一霍爾元件的示意圖，磁場(chǎng)方向垂直霍爾元件工作面，霍爾元件寬為d（M、N間距離），厚為h（圖中上下面距離），當(dāng)通以圖示方向電流時(shí)，MN兩端將出現(xiàn)電壓UMN，則A.MN兩端電壓UMN僅與磁感應(yīng)強(qiáng)度B有關(guān)B.若霍爾元件的載流子是自由電子，則MN兩端電壓UMN<0C.若增大霍爾元件寬度d，則MN兩端電壓UMN肯定不變D.通過(guò)限制磁感應(yīng)強(qiáng)度B可以變更MN兩端電壓UMN【答案】CD【解析】【詳解】A.依據(jù)左手定則，電子向N側(cè)面偏轉(zhuǎn)，N表面帶負(fù)電，M表面帶正電，所以M表面電勢(shì)高，則UMN>0.MN間存在電勢(shì)差，之間就存在電場(chǎng)，電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，設(shè)霍爾元件的長(zhǎng)為a，有，I=nqvS=nqvdh，則：，所以MN兩端電壓UMN與磁感應(yīng)強(qiáng)度B、電流I、載流子電量、霍爾元件厚度都有關(guān)系，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.若霍爾元件的載流子是自由電子，依據(jù)左手定則，結(jié)合題意可知，自由電子偏向N極，則MN兩端電壓UMN>0，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C.由MN兩端電壓的表達(dá)式可知，增大霍爾元件寬度d，MN兩端電壓UMN肯定不變，故C項(xiàng)正確；D.由MN兩端電壓的表達(dá)式可知，通過(guò)限制磁感應(yīng)強(qiáng)度B可以變更MN兩端電壓UMN，故D項(xiàng)正確．12.電磁軌道炮工作原理如圖所示．待放射彈體可在兩平行軌道之間自由移動(dòng)，并與軌道保持良好接觸．電流I從一條軌道流入，通過(guò)導(dǎo)電彈體后從另一條軌道流回．軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面得磁場(chǎng)（可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)），磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與I成正比．通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出．現(xiàn)欲使彈體的出射速度增加至原來(lái)的2倍，理論上可采納的方法是A.只將軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍B.只將電流I增加至原來(lái)的2倍C.只將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半D.將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半，軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其它量不變【答案】BD【解析】試題分析：通電的彈體在軌道上只受安培力作用，依據(jù)動(dòng)能定理可得，因?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度的大小與I成正比，即，聯(lián)立解得，若只將軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則速度變?yōu)樵瓉?lái)的倍，若只將電流I增加至原來(lái)的2倍，則速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，若將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半，則速度變?yōu)樵瓉?lái)的倍，將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半，軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故BD正確；考點(diǎn)：考查了安培力，動(dòng)能定理13.在圖示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最上端漸漸滑向最下端的過(guò)程中，電壓表V的讀數(shù)變更量為ΔU，電流表A2的讀數(shù)變更量為ΔI2（電表均視為志向電表）．則A.電壓表V的讀數(shù)先變大后變小B.電流表A1的讀數(shù)變大C.電流表A2的讀數(shù)變大D.ΔU與ΔI2的比值為定值【答案】ABD【解析】【詳解】A.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最上端漸漸滑向最下端的過(guò)程中，總電阻先增大后減小，依據(jù)閉合電路歐姆定律知，總電流先減小后增大，內(nèi)電壓先減小后增大，則路端電壓表讀數(shù)先增大后減小，因此電壓表V的讀數(shù)先變大后變?。娏鞅鞟2的讀數(shù)先變小后變大，故A項(xiàng)正確，C項(xiàng)錯(cuò)誤；B.滑片P從最上端滑至中點(diǎn)的過(guò)程中，變阻器的總電阻增大，電壓增大，下部分電阻減小，所以電流表A1的讀數(shù)變大．從中點(diǎn)滑至最下端的過(guò)程中，變阻器總電阻減小，電流增大，路端電壓減小，通過(guò)變阻器上部分的電流變小，而電路的總電流增大，則電流表A1的讀數(shù)變大，因此電流表A1的讀數(shù)始終變大，故B項(xiàng)正確；D.依據(jù)閉合電路歐姆定律得，得，保持不變，故D項(xiàng)正確．14.如圖所示，一個(gè)帶正電的滑環(huán)套在水平且足夠長(zhǎng)的粗糙的絕緣桿上，整個(gè)裝置處于方向如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，現(xiàn)給滑環(huán)一個(gè)水平向右的瞬時(shí)作用力，使其起先運(yùn)動(dòng)，則滑環(huán)在桿上的運(yùn)動(dòng)狀況可能的是A.始終做勻速運(yùn)動(dòng)B.始終做減速運(yùn)動(dòng)，最終靜止于桿上C.先做加速運(yùn)動(dòng)，最終做勻速運(yùn)動(dòng)D.先做減速運(yùn)動(dòng)，最終做勻速運(yùn)動(dòng)【答案】ABD【解析】【詳解】A．當(dāng)帶正電的環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)豎直向上的洛倫茲力恰好等于自身的重力時(shí)，則環(huán)與桿沒(méi)有相互作用力，所以沒(méi)有摩擦力存在，因此環(huán)做勻速運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．當(dāng)帶正電的環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的豎直向上的洛倫茲力小于自身的重力時(shí)，則環(huán)與桿有相互作用力，所以有摩擦力存在，因此環(huán)在摩擦力作用下，做減速運(yùn)動(dòng)，直到停止，故B正確；C．當(dāng)帶正電的環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)豎直向上的洛倫茲力，其大小確定環(huán)是否受到摩擦力，所以環(huán)不行能加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)帶正電的環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)豎直向上的洛倫茲力恰好大于自身的重力時(shí)，則環(huán)與桿有相互作用力，所以有摩擦力存在，因此環(huán)做減速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)致洛倫茲力大小減小，當(dāng)其等于重力時(shí)，環(huán)起先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D正確．二、試驗(yàn)題15.（1）某同學(xué)選擇多用電表的“×1”擋測(cè)量一電阻的阻值．正確操作后得到如圖所示的指針狀況．則電阻的阻值約為_(kāi)_________Ω．（2）為了精確測(cè)量該電阻Rx的阻值，該同學(xué)從試驗(yàn)室找來(lái)了下列器材：電流表A1（0～40mA．內(nèi)阻r1=11.5Ω）電流表A2（0～100mA．內(nèi)阻r2≈5Ω）滑動(dòng)變阻器R（0～10Ω）電源E（電動(dòng)勢(shì)1.5V、有內(nèi)阻）開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干①試驗(yàn)中要求調(diào)整范圍盡可能大，在方框內(nèi)畫(huà)出符合要求的電路圖，并在圖中注明各元件的符號(hào)．（）②用I1、I2分別表示電流表A1、A2的示數(shù)，該同學(xué)通過(guò)描點(diǎn)法得到了I1?I2圖像，如圖所示，則電阻的阻值為_(kāi)____________Ω．【答案】(1).12(2).(3).11.5【解析】【詳解】（1）[1]歐姆表的示數(shù)為：12×1=12Ω（2）①[2]將A1當(dāng)作電壓表用，小電阻用電流表外接法；要求調(diào)整范圍盡可能大，滑動(dòng)變阻器阻值小，用分壓式接法．電路如圖所示：②[3]由電路圖：代入其中嚴(yán)格在線上的點(diǎn)可得：Rx=11.5Ω三、計(jì)算題16.豎直放置的兩塊足夠長(zhǎng)的帶電平行金屬板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)，其電場(chǎng)強(qiáng)度為E，在該勻強(qiáng)電場(chǎng)中，用絲線懸掛質(zhì)量為m的帶正電小球，當(dāng)絲線跟豎直方向成θ角，小球與板距離為b時(shí)，小球恰好平衡，如圖所示．（重力加速度為g）求：（1）小球帶電量q是多少？（2）若剪斷絲線，小球遇到金屬板需多長(zhǎng)時(shí)間？【答案】（1）；（2）t=【解析】【詳解】（1）小球受力平衡，對(duì)小球受力分析如圖所示：依據(jù)平衡條件可知：水平方向上：Fsinθ=qE豎直方向上有：Fcosθ=mg聯(lián)立解得：；（2）探討水平方向的運(yùn)動(dòng)．剪斷絲線后，小球沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．加速度為：，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：解得：17.如圖所示，在傾角為θ=30°斜面上，固定一寬L=0.25m的平行光滑金屬導(dǎo)軌，在導(dǎo)軌上端接入電源和滑動(dòng)變阻器R．電源電動(dòng)勢(shì)E=12V、內(nèi)阻r=1Ω，一質(zhì)量m=20g的金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并接觸良好