2023-2024學年四川省眉山市仁壽縣兩校高二下學期開學聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE3高二2022級仁壽縣第四學期開學聯(lián)考試卷物理考試時間75分鐘，滿分100分一、單項選擇題：（本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。）1.如圖所示，長直導線與閉合金屬線框位于同一平面內(nèi)，長直導線中通以恒定電流，則下列運動中，閉合金屬線框中有感應電流產(chǎn)生的是（）A.閉合金屬線框向上平移B.閉合金屬線框向右平移C.閉合金屬線框以直導線為軸在空間中旋轉(zhuǎn)D.閉合金屬線框向下平移〖答案〗B〖解析〗AD．當閉合金屬線框向上平移或向下平移時，線框中的磁通量保持不變，閉合金屬線框中沒有感應電流產(chǎn)生，故AD錯誤；B．當閉合金屬線框向右平移時，線框中的磁場減弱，磁通量減小，閉合金屬線框中有感應電流產(chǎn)生，B正確；C．當閉合金屬線框以直導線為軸在空間中旋轉(zhuǎn)時，由于磁場空間的對稱性，線框中的磁通量保持不變，閉合金屬線框中沒有感應電流產(chǎn)生，C錯誤。2.圖為研究影響平行板電容器電容大小的因素的實驗裝置，實驗前電容器已經(jīng)充電，則下列描述符合事實的是（）A.只在極板間插入有機玻璃板，靜電計指針的張角變大B.只將電容器a板左移，靜電計指針的張角變小C.只將電容器a板向上平移，靜電計指針的張角變大D.只人為增加極板帶電荷量，靜電計指針的張角變大，表明電容減小〖答案〗C〖解析〗根據(jù)可得A．根據(jù)只在極板間插入有機玻璃，ε增大，U變小，靜電計的指針張角變小，A錯誤；B．根據(jù)只將電容器a板左移，增大兩極板間的距離，d增大，U變大，靜電計的指針張角變大，B錯誤；C．根據(jù)只將電容器a板向上平移，正對面積變小，S變小，U變大，靜電計的指針張角將變大，C正確；D．根據(jù)只增加電荷量，U變大，靜電計的指針張角變大，電容器電容不變，D錯誤。3.在固定正點電荷形成的電場中，a、b、c是以點電荷為圓心的同心圓，與、與的半徑差相等，一帶負電粒子經(jīng)過該區(qū)域時，軌跡與a、b、c的交點如圖所示，若粒子運動過程中只受電場力的作用，則下列說法正確的是（）A.A點的電勢高于B點的電勢B.A、B兩點間的電勢差大于B、C兩點間的電勢差C.粒子通過D點與通過B點時的速度大小相等D.粒子在C點的電勢能大于在D點的電勢能〖答案〗C〖解析〗AD．由于中心點電荷是正電荷，電場線向外，所以C點的電勢高于B、D兩點的電勢，B點的電勢高于A點的電勢，帶負電的粒子在電勢高處的電勢能小，故AD錯誤；B．由電場線分布規(guī)律可知，離O點越遠，電場強度越小，沿電場線方向相同距離的電勢差越小，所以A、B兩點間的電勢差小于B、C兩點間的電勢差，故B項錯誤；C．由于B、D兩點到中心點電荷的距離相等，所以兩點的電勢相等，由能量守恒定律可知，粒子通過B、D兩點時的速度大小相等，故C項正確。故選C。A.電流表分壓，測得的電源電動勢偏大B.電流表分壓，測得的電源電動勢偏小C.電壓表分流，測得的電源電動勢偏大D.電壓表分流，測得的電源電動勢偏小〖答案〗D〖解析〗ABCD．由于電壓表分流作用，電源電流的測量值比真實值小，當外電路短路時測量值與真實值相等，電源的圖如下可知電動勢的測量值小于真實值。故D正確，ABC錯誤。5.如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可以視為不變），R1和R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強度的增強而減小。閉合開關(guān)S后，將照射光強度增強，則（）A.電路的路端電壓將減小 B.燈泡L將變暗C.R1兩端的電壓將減小 D.內(nèi)阻r上發(fā)熱的功率將減小〖答案〗A〖解析〗ACD．光照增強，光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，所以電源內(nèi)部的電壓增大，所以路端電壓將減小；內(nèi)阻r上發(fā)熱的功率將增大，R1兩端的電壓增大，故A正確，CD錯誤。B．因路端電壓減小，同時R1兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，則流過R2的電流減小，而總電流增大，所以通過燈泡L的電流增大，所以燈泡L變亮，故B錯誤。6.圖（a）為演示單擺共振的裝置，實驗時依次讓不同的單擺先擺起來，觀察單擺P（圖中未標出）能達到的最大振幅A和穩(wěn)定時的振動頻率f，并描點記錄在圖（b）中，用光滑曲線連接各點得到如圖（b）所示曲線。取重力加速度g＝π2m/s2，下列說法正確的是（）A.單擺P的固有頻率約為1HzB.裝置（a）中只有一個單擺的擺長約為1.0mC.當單擺P穩(wěn)定時的振動頻率為1.0Hz時，先振動的單擺擺長約為0.25mD.單擺P的振動周期總為2s〖答案〗C〖解析〗A．圖（b）為單擺P的共振曲線，振幅最大時對應的頻率0.50Hz接近或等于其固有頻率，故A錯誤；B．單擺P振幅最大時，先振動的單擺與P的固有周期相近或相同，P的固有周期約為2.0s，由T＝2π可求得其擺長約為1.0m，說明裝置中至少還有一個單擺的擺長約為1.0m，故B錯誤；C．當單擺P穩(wěn)定時的振動頻率為1.0Hz時，先振動的單擺的固有頻率也為1.0Hz，由T＝2π，可得擺長約0.25m，故C正確；D．單擺P做受迫振動的周期與先振動的單擺周期相同，故D錯誤。故選C。7.某同學在山頂找到一塊密度較大、體積較小，形狀不規(guī)則的石塊，用細線系住石塊使其在豎直平面內(nèi)小角度擺動，測量石塊擺動的周期和對應的細線長度，改變細線的長度，得到多組周期的平方和對應的細線長度，描點得到如圖所示的圖像，則山頂?shù)闹亓铀俣却笮∽罱咏ǎ〢. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)單擺周期公式解得可得斜率解得故C正確；ABD錯誤。故選C。8.一列簡諧橫波某時刻波形如圖甲所示。由該時刻開始計時，質(zhì)點N的振動情況如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.t=0.7s時，質(zhì)點N位于波谷處B.該橫波在該介質(zhì)中傳播的速度為10m/sC.由該時刻起經(jīng)過0.1s，質(zhì)點N將沿x軸負方向移動到M點D.由該時刻起經(jīng)過1.1s，質(zhì)點K經(jīng)過的路程大于質(zhì)點L經(jīng)過的路程〖答案〗A〖解析〗A.．根據(jù)質(zhì)點N的振動圖像可知，t=0.7s=T時，質(zhì)點N位于波谷處，選項A正確；B．該橫波在該介質(zhì)中的波長為2m，周期為0.4s，可知傳播的速度為選項B錯誤；C．機械波在傳播的過程中，質(zhì)點只能在自己平衡位置附近振動，但不隨波遷移，選項C錯誤。D．質(zhì)點K從波峰位置開始振動，質(zhì)點K從平衡位置開始振動，則由該時刻起經(jīng)過1.1s=，質(zhì)點K經(jīng)過的路程等于質(zhì)點L經(jīng)過的路程都等于11A，選項D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求；全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖所示，在電場強度大小為E的勻強電場中，將一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球從O點由靜止釋放，小球沿直線OA斜向下運動，直線OA與豎直方向的夾角為θ。已知重力加速度為g，不計空氣阻力。下列判斷正確的是（）A.場強的最小值為E=B.場強的最小值為E=C.E=時，小球電勢能一定不變D.E=時，小球的機械能一定減小〖答案〗AC〖解析〗A．小球受重力和電場力作用，合力方向即OA方向，根據(jù)力的合成原則可知，當電場力方向與OA方向垂直時，電場力最小即電場強度最小。此時，根據(jù)垂直于OA方向的平衡條件有：解得故A正確，B錯誤；C．當時，電場力方向與OA方向垂直，即電場力方向與小球運動方向垂直，電場力對小球不做功，則小球的電勢能一定不變。小球僅受重力做功，其機械能不變，故C正確，D錯誤。故選AC。10.如圖所示的是水平面上兩列頻率相同的簡諧波在某時刻的疊加情況，圖中實線為波峰，虛線為波谷。已知兩列波的振幅均為2cm，波速為4m/s，波長為8cm，E點是B、D和A、C連線的交點，下列說法中正確的是（）A.E處質(zhì)點是振動減弱的點B.B、D處兩質(zhì)點在該時刻的豎直高度差是8cmC.A、C處兩質(zhì)點經(jīng)過0.01s豎直高度差為0D.經(jīng)0.02s，B處質(zhì)點通過的路程是8cm〖答案〗BC〖解析〗A．由題圖可知，E點到兩列波的波峰的距離相等，兩列波的波峰會同時傳到E點，所以E處質(zhì)點是振動加強的點，A錯誤；B．由題圖可知，B、D兩點都是振動加強的點，振幅都是4cm，此時D點處于波峰，B點處于波谷，則B、D處兩質(zhì)點在該時刻的豎直高度差是8cm，B正確；C．A、C為虛實線相交，振動減弱，因兩列波振幅相同，A、C始終在平衡位置，高度差始終為零，C正確；D．由知時間t=0.02s為一個周期，則B處質(zhì)點通過的路程是s=4A=4×4cm=16cmD錯誤。故選BC。A.t=16s時，x=5m處的質(zhì)點位移y=-6cmB.兩列波的波速之比vA∶vB=2∶1C.B波的波長為4mD.t=12s時，A、B兩波開始相遇〖答案〗CD〖解析〗AB．由圖2可知TA=4s所以且在同種均勻介質(zhì)中兩列波的波速相等，所以A波的振動傳到x=5m處需要的時間為所以t=16s時，A波單獨傳播到x=5m處后又振動了一個半周期，則產(chǎn)生的位移為0；同理可得，B波的振動傳到x=5m處需要的時間為又因為所以t=16s時，B波的振動單獨傳播到x=5m處后，又振動了的周期，且有圖2可知，B波起振方向向上，所以t=16s時，B波的振動單獨在x=5m處產(chǎn)生的位移等于6cm，所以t=16s時，由位移疊加原理可知，x=5m處質(zhì)點的位移為y=6cm故AB錯誤；C．根據(jù)λ=vT可知λB=4m故C正確；D．波在介質(zhì)中的傳播速度所以在t=12s時，兩列波同時傳播到x=6m處，則兩列波開始相遇，故D正確。故選CD。三、實驗探究題：（本題共3小題，共16分）12.寫出如圖所示的游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)。游標卡尺的讀數(shù)___________cm；螺旋測微器的讀數(shù)___________mm?！即鸢浮?.0552.615〖解析〗[1]游標卡尺讀數(shù)為[2]螺旋測微器讀數(shù)為13.某同學做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗，已知小燈泡L“”標稱值為“5V；2.5W”，實驗室中除導線和開關(guān)外，還有以下器材可供選擇：電壓表V1（量程為3V，內(nèi)阻為3kΩ）電流表A1（量程為0.6A，內(nèi)阻約為10Ω）電流表A2（量程為3A，內(nèi)阻約為0.1Ω）滑動變阻器R1（0~10Ω，額定電流為2A）滑動變阻器R2（0~1kΩ，額定電流為0.5A）定值電阻R3（阻值為10Ω）定值電阻R4（阻值為3kΩ）電源E（E=12V，內(nèi)阻不計）（1）實驗中滑動變阻器應選用___________，電流表應選用___________，定值電阻應選用___________（均填器材的符號）（2）實驗中得到的該燈泡的伏安特性曲線如圖2所示，如果將小燈泡與另一個電動勢為4V，內(nèi)阻為8Ω的電源直接相連，則小燈泡的實際功率為_________W。（保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）R1A1R4（2）0.44-0.54W〖解析〗（1）[1]實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能進行多次測量，所以變阻器需要分壓式接入電路，故滑動變阻器應選用R1。[2]根據(jù)功率公式，可得小燈泡額定電流為電流表A2的量程太大，電流表A1量程為0.6A比較合適，實驗中電流表應選用A1。[3]電壓表V1較小，但是內(nèi)阻已知，雖然需要串聯(lián)一個電阻，改裝成大量程的電壓表，應該在上述器材中選擇定值電阻R4。（2）[4]在燈泡的伏安特性曲線圖像中作出電源（把電阻看成電源內(nèi)阻）的特性曲線，如圖所示由圖線可得，交點坐標為I=0.28A，U=1.8V所以燈泡的實際功率為P=UI=1.8×0.28W≈0.50W14.某探究小組學習了多用電表工作原理和使用方法后，為測量一種新型材料制成的圓柱形電阻的電阻率，進行了如下實驗探究。（1）該小組用螺旋測微器測量該圓柱形電阻的直徑D，再用游標卡尺測得其長度L。（2）該小組用如圖乙所示的電路測量該圓柱形電阻的阻值。圖中電流表量程為0.6A、內(nèi)阻為1.0Ω，定值電阻的阻值為10.0Ω，電阻箱R的最大阻值為999.9Ω。首先將置于位置1，閉合，多次改變電阻箱R的阻值，記下電流表的對應讀數(shù)I，實驗數(shù)據(jù)見下表。R/ΩI/A5.00.4142.4210.00.3522.8415.00.3083.2520.00.2723.6825.00.2444.1030.02.2224.50根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖丙中繪制出圖像。再將置于位置2，此時電流表讀數(shù)為0.400A．根據(jù)圖丙中的圖像可得___________Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。最后可由表達式___________得到該材料的電阻率（用D、L、表示）。（3）該小組根據(jù)圖乙電路和圖丙的圖像，還可以求得電源電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=________Ω。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（4）持續(xù)使用后，電源電動勢降低、內(nèi)阻變大。若該小組再次將此圓柱形電阻連入此裝置，測得電路的電流，仍根據(jù)原來描繪的圖丙的圖像得到該電阻的測量值會___________（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）6.0（3）1213（4）偏大〖解析〗（1）[1][2]由電路可知，當將置于位置1，閉合時即由圖像可知解得解得再將置于位置2，此時電流表讀數(shù)為0.400A，則解得根據(jù)解得（3）[3][4]由（2）可知，（4）[5]根據(jù)表達式因電源電動勢變小，內(nèi)阻變大，則當安培表由相同讀數(shù)時，得到的的值偏小，即測量值偏大。四、計算題：本題共3小題，共34分。解答應當寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后〖答案〗的，不能得分。15.如圖所示，一玻璃球體的半徑為R，O為球心，AB為直徑。來自B點的光線BM在M點射出，出射光線平行于AB，另一光線BN恰好在N點發(fā)生全反射。已知∠ABM=30°，求：（1）玻璃的折射率；（2）球心O到BN的距離。（3）求光線BM在該棱鏡中傳播的時間。（已知光在空氣中的傳播速度為c）〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）已知，由幾何關(guān)系可得入射角，折射角，則有（2）由題意可知臨界角，則球心O到BN的距離為（3）光在玻璃中傳播的速度為由幾何關(guān)系可得光線BM在該棱鏡中傳播的時間解得16.如圖，一根長為L=0.5m的細絕緣線，上端固定，下端系一個質(zhì)量為m=4×10-3kg的帶電小球，將整個裝置放入一勻強電場當中，電場強度大小為E=3×103N/C，方向為水平向右，已知：當細線偏離豎直方向為θ=37°時，小球處于平衡狀態(tài)，重力加速度為g=10m/s2，試求：（1）小球帶何種電荷，帶電量為多少；（2）若剪斷細線，小球運動的加速度大??；（3）若將小球拉至最低點C無初速度釋放，當小球運動到B點時繩中拉力大小?！即鸢浮剑?）正電，1×10-5C；（2）12.5m/s2；（3）7×10-2N〖解析〗（1）由題圖分析可得，小球所受電場力水平向右，故小球帶正電。設小球帶電量q，根據(jù)受力平衡可得解得（2）繩剪斷后，小球做勻加速直線運動由牛頓第二定律可得（3）由最低點無初速度釋放至拉力最大過程中，由動能定理由牛頓第二定律解得FT=7×10-2N17.如圖甲所示，水平地面上左側(cè)有一固定的圓弧斜槽，斜槽左端是四分之一光滑圓弧AB，圓弧半徑為R＝5.3m，右端是粗糙的水平面BC，緊挨著斜槽右側(cè)有一足夠長的小車P，小車質(zhì)量為，小車左端和斜槽末端C平滑過渡但不粘連，在C點靜止放置一滑塊N（可視為質(zhì)點），滑塊質(zhì)量為，最右邊有一固定的豎直墻壁，小車右端距離墻壁足夠遠。已知斜槽BC段長度為L＝1.2m，由特殊材料制成，從B點到C點其與小球間的動摩擦因數(shù)隨到B點距離增大而均勻減小到0，變化規(guī)律如圖乙所示?；瑝KN與小車的水平上表面間的動摩擦因數(shù)為，水平地面光滑，現(xiàn)將一質(zhì)量為的小球M（可視為質(zhì)點）從斜槽頂端A點靜止?jié)L下，經(jīng)過ABC后與靜止在斜槽末端的滑塊N發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間極短，碰撞后滑塊滑上小車，小車與墻壁相碰時碰撞時間極短且為彈性碰撞，重力加速度取。求：（1）小球運動到B點時受到的支持力大?。唬?）小球運動到C點時（還未與滑塊碰撞）的速度大?。唬?）小車與墻壁第1次碰撞后到與墻壁第2次碰撞前瞬間的過程中，滑塊與小車間由于摩擦產(chǎn)生的熱量?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）小球M（可視為質(zhì)點）從斜槽頂端A點靜止?jié)L下，小球運動到B點時由動能定理得解得在B點由牛頓第二定律解得小球運動到B點時受到的支持力大?。?）設小球到C的速度為v0，B到C過程中小球克服摩擦力做功為Wf1，由圖可知過程摩擦力均勻減小，則有克服摩擦力做功為重力與圖像面積的乘積，即小球由A到C過程中，根據(jù)動能定理得解得（3）小球與滑塊彈性碰撞過程中，由于小球與滑塊質(zhì)量相等，根據(jù)動量守恒定律、機械能守恒定律可知解得碰撞后滑塊速度v=v0=10m/s滑塊滑上小車后達到的共同速度為v1，由動量守恒定律得解得第一次小車與墻壁碰前小車和滑塊速度均為v1，碰后小車速度變?yōu)椋瑝K速度仍為v1，碰后動量守恒，達到共同速度為v2，則由動量守恒得解得小車與墻壁第1次碰撞后到與墻壁第2次碰撞前過程中，滑塊與小車間產(chǎn)生的熱量為Q，根據(jù)能量守恒得解得高二2022級仁壽縣第四學期開學聯(lián)考試卷物理考試時間75分鐘，滿分100分一、單項選擇題：（本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。）1.如圖所示，長直導線與閉合金屬線框位于同一平面內(nèi)，長直導線中通以恒定電流，則下列運動中，閉合金屬線框中有感應電流產(chǎn)生的是（）A.閉合金屬線框向上平移B.閉合金屬線框向右平移C.閉合金屬線框以直導線為軸在空間中旋轉(zhuǎn)D.閉合金屬線框向下平移〖答案〗B〖解析〗AD．當閉合金屬線框向上平移或向下平移時，線框中的磁通量保持不變，閉合金屬線框中沒有感應電流產(chǎn)生，故AD錯誤；B．當閉合金屬線框向右平移時，線框中的磁場減弱，磁通量減小，閉合金屬線框中有感應電流產(chǎn)生，B正確；C．當閉合金屬線框以直導線為軸在空間中旋轉(zhuǎn)時，由于磁場空間的對稱性，線框中的磁通量保持不變，閉合金屬線框中沒有感應電流產(chǎn)生，C錯誤。2.圖為研究影響平行板電容器電容大小的因素的實驗裝置，實驗前電容器已經(jīng)充電，則下列描述符合事實的是（）A.只在極板間插入有機玻璃板，靜電計指針的張角變大B.只將電容器a板左移，靜電計指針的張角變小C.只將電容器a板向上平移，靜電計指針的張角變大D.只人為增加極板帶電荷量，靜電計指針的張角變大，表明電容減小〖答案〗C〖解析〗根據(jù)可得A．根據(jù)只在極板間插入有機玻璃，ε增大，U變小，靜電計的指針張角變小，A錯誤；B．根據(jù)只將電容器a板左移，增大兩極板間的距離，d增大，U變大，靜電計的指針張角變大，B錯誤；C．根據(jù)只將電容器a板向上平移，正對面積變小，S變小，U變大，靜電計的指針張角將變大，C正確；D．根據(jù)只增加電荷量，U變大，靜電計的指針張角變大，電容器電容不變，D錯誤。3.在固定正點電荷形成的電場中，a、b、c是以點電荷為圓心的同心圓，與、與的半徑差相等，一帶負電粒子經(jīng)過該區(qū)域時，軌跡與a、b、c的交點如圖所示，若粒子運動過程中只受電場力的作用，則下列說法正確的是（）A.A點的電勢高于B點的電勢B.A、B兩點間的電勢差大于B、C兩點間的電勢差C.粒子通過D點與通過B點時的速度大小相等D.粒子在C點的電勢能大于在D點的電勢能〖答案〗C〖解析〗AD．由于中心點電荷是正電荷，電場線向外，所以C點的電勢高于B、D兩點的電勢，B點的電勢高于A點的電勢，帶負電的粒子在電勢高處的電勢能小，故AD錯誤；B．由電場線分布規(guī)律可知，離O點越遠，電場強度越小，沿電場線方向相同距離的電勢差越小，所以A、B兩點間的電勢差小于B、C兩點間的電勢差，故B項錯誤；C．由于B、D兩點到中心點電荷的距離相等，所以兩點的電勢相等，由能量守恒定律可知，粒子通過B、D兩點時的速度大小相等，故C項正確。故選C。A.電流表分壓，測得的電源電動勢偏大B.電流表分壓，測得的電源電動勢偏小C.電壓表分流，測得的電源電動勢偏大D.電壓表分流，測得的電源電動勢偏小〖答案〗D〖解析〗ABCD．由于電壓表分流作用，電源電流的測量值比真實值小，當外電路短路時測量值與真實值相等，電源的圖如下可知電動勢的測量值小于真實值。故D正確，ABC錯誤。5.如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可以視為不變），R1和R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強度的增強而減小。閉合開關(guān)S后，將照射光強度增強，則（）A.電路的路端電壓將減小 B.燈泡L將變暗C.R1兩端的電壓將減小 D.內(nèi)阻r上發(fā)熱的功率將減小〖答案〗A〖解析〗ACD．光照增強，光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，所以電源內(nèi)部的電壓增大，所以路端電壓將減?。粌?nèi)阻r上發(fā)熱的功率將增大，R1兩端的電壓增大，故A正確，CD錯誤。B．因路端電壓減小，同時R1兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，則流過R2的電流減小，而總電流增大，所以通過燈泡L的電流增大，所以燈泡L變亮，故B錯誤。6.圖（a）為演示單擺共振的裝置，實驗時依次讓不同的單擺先擺起來，觀察單擺P（圖中未標出）能達到的最大振幅A和穩(wěn)定時的振動頻率f，并描點記錄在圖（b）中，用光滑曲線連接各點得到如圖（b）所示曲線。取重力加速度g＝π2m/s2，下列說法正確的是（）A.單擺P的固有頻率約為1HzB.裝置（a）中只有一個單擺的擺長約為1.0mC.當單擺P穩(wěn)定時的振動頻率為1.0Hz時，先振動的單擺擺長約為0.25mD.單擺P的振動周期總為2s〖答案〗C〖解析〗A．圖（b）為單擺P的共振曲線，振幅最大時對應的頻率0.50Hz接近或等于其固有頻率，故A錯誤；B．單擺P振幅最大時，先振動的單擺與P的固有周期相近或相同，P的固有周期約為2.0s，由T＝2π可求得其擺長約為1.0m，說明裝置中至少還有一個單擺的擺長約為1.0m，故B錯誤；C．當單擺P穩(wěn)定時的振動頻率為1.0Hz時，先振動的單擺的固有頻率也為1.0Hz，由T＝2π，可得擺長約0.25m，故C正確；D．單擺P做受迫振動的周期與先振動的單擺周期相同，故D錯誤。故選C。7.某同學在山頂找到一塊密度較大、體積較小，形狀不規(guī)則的石塊，用細線系住石塊使其在豎直平面內(nèi)小角度擺動，測量石塊擺動的周期和對應的細線長度，改變細線的長度，得到多組周期的平方和對應的細線長度，描點得到如圖所示的圖像，則山頂?shù)闹亓铀俣却笮∽罱咏ǎ〢. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗根據(jù)單擺周期公式解得可得斜率解得故C正確；ABD錯誤。故選C。8.一列簡諧橫波某時刻波形如圖甲所示。由該時刻開始計時，質(zhì)點N的振動情況如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.t=0.7s時，質(zhì)點N位于波谷處B.該橫波在該介質(zhì)中傳播的速度為10m/sC.由該時刻起經(jīng)過0.1s，質(zhì)點N將沿x軸負方向移動到M點D.由該時刻起經(jīng)過1.1s，質(zhì)點K經(jīng)過的路程大于質(zhì)點L經(jīng)過的路程〖答案〗A〖解析〗A.．根據(jù)質(zhì)點N的振動圖像可知，t=0.7s=T時，質(zhì)點N位于波谷處，選項A正確；B．該橫波在該介質(zhì)中的波長為2m，周期為0.4s，可知傳播的速度為選項B錯誤；C．機械波在傳播的過程中，質(zhì)點只能在自己平衡位置附近振動，但不隨波遷移，選項C錯誤。D．質(zhì)點K從波峰位置開始振動，質(zhì)點K從平衡位置開始振動，則由該時刻起經(jīng)過1.1s=，質(zhì)點K經(jīng)過的路程等于質(zhì)點L經(jīng)過的路程都等于11A，選項D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求；全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖所示，在電場強度大小為E的勻強電場中，將一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球從O點由靜止釋放，小球沿直線OA斜向下運動，直線OA與豎直方向的夾角為θ。已知重力加速度為g，不計空氣阻力。下列判斷正確的是（）A.場強的最小值為E=B.場強的最小值為E=C.E=時，小球電勢能一定不變D.E=時，小球的機械能一定減小〖答案〗AC〖解析〗A．小球受重力和電場力作用，合力方向即OA方向，根據(jù)力的合成原則可知，當電場力方向與OA方向垂直時，電場力最小即電場強度最小。此時，根據(jù)垂直于OA方向的平衡條件有：解得故A正確，B錯誤；C．當時，電場力方向與OA方向垂直，即電場力方向與小球運動方向垂直，電場力對小球不做功，則小球的電勢能一定不變。小球僅受重力做功，其機械能不變，故C正確，D錯誤。故選AC。10.如圖所示的是水平面上兩列頻率相同的簡諧波在某時刻的疊加情況，圖中實線為波峰，虛線為波谷。已知兩列波的振幅均為2cm，波速為4m/s，波長為8cm，E點是B、D和A、C連線的交點，下列說法中正確的是（）A.E處質(zhì)點是振動減弱的點B.B、D處兩質(zhì)點在該時刻的豎直高度差是8cmC.A、C處兩質(zhì)點經(jīng)過0.01s豎直高度差為0D.經(jīng)0.02s，B處質(zhì)點通過的路程是8cm〖答案〗BC〖解析〗A．由題圖可知，E點到兩列波的波峰的距離相等，兩列波的波峰會同時傳到E點，所以E處質(zhì)點是振動加強的點，A錯誤；B．由題圖可知，B、D兩點都是振動加強的點，振幅都是4cm，此時D點處于波峰，B點處于波谷，則B、D處兩質(zhì)點在該時刻的豎直高度差是8cm，B正確；C．A、C為虛實線相交，振動減弱，因兩列波振幅相同，A、C始終在平衡位置，高度差始終為零，C正確；D．由知時間t=0.02s為一個周期，則B處質(zhì)點通過的路程是s=4A=4×4cm=16cmD錯誤。故選BC。A.t=16s時，x=5m處的質(zhì)點位移y=-6cmB.兩列波的波速之比vA∶vB=2∶1C.B波的波長為4mD.t=12s時，A、B兩波開始相遇〖答案〗CD〖解析〗AB．由圖2可知TA=4s所以且在同種均勻介質(zhì)中兩列波的波速相等，所以A波的振動傳到x=5m處需要的時間為所以t=16s時，A波單獨傳播到x=5m處后又振動了一個半周期，則產(chǎn)生的位移為0；同理可得，B波的振動傳到x=5m處需要的時間為又因為所以t=16s時，B波的振動單獨傳播到x=5m處后，又振動了的周期，且有圖2可知，B波起振方向向上，所以t=16s時，B波的振動單獨在x=5m處產(chǎn)生的位移等于6cm，所以t=16s時，由位移疊加原理可知，x=5m處質(zhì)點的位移為y=6cm故AB錯誤；C．根據(jù)λ=vT可知λB=4m故C正確；D．波在介質(zhì)中的傳播速度所以在t=12s時，兩列波同時傳播到x=6m處，則兩列波開始相遇，故D正確。故選CD。三、實驗探究題：（本題共3小題，共16分）12.寫出如圖所示的游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)。游標卡尺的讀數(shù)___________cm；螺旋測微器的讀數(shù)___________mm。〖答案〗1.0552.615〖解析〗[1]游標卡尺讀數(shù)為[2]螺旋測微器讀數(shù)為13.某同學做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗，已知小燈泡L“”標稱值為“5V；2.5W”，實驗室中除導線和開關(guān)外，還有以下器材可供選擇：電壓表V1（量程為3V，內(nèi)阻為3kΩ）電流表A1（量程為0.6A，內(nèi)阻約為10Ω）電流表A2（量程為3A，內(nèi)阻約為0.1Ω）滑動變阻器R1（0~10Ω，額定電流為2A）滑動變阻器R2（0~1kΩ，額定電流為0.5A）定值電阻R3（阻值為10Ω）定值電阻R4（阻值為3kΩ）電源E（E=12V，內(nèi)阻不計）（1）實驗中滑動變阻器應選用___________，電流表應選用___________，定值電阻應選用___________（均填器材的符號）（2）實驗中得到的該燈泡的伏安特性曲線如圖2所示，如果將小燈泡與另一個電動勢為4V，內(nèi)阻為8Ω的電源直接相連，則小燈泡的實際功率為_________W。（保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）R1A1R4（2）0.44-0.54W〖解析〗（1）[1]實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能進行多次測量，所以變阻器需要分壓式接入電路，故滑動變阻器應選用R1。[2]根據(jù)功率公式，可得小燈泡額定電流為電流表A2的量程太大，電流表A1量程為0.6A比較合適，實驗中電流表應選用A1。[3]電壓表V1較小，但是內(nèi)阻已知，雖然需要串聯(lián)一個電阻，改裝成大量程的電壓表，應該在上述器材中選擇定值電阻R4。（2）[4]在燈泡的伏安特性曲線圖像中作出電源（把電阻看成電源內(nèi)阻）的特性曲線，如圖所示由圖線可得，交點坐標為I=0.28A，U=1.8V所以燈泡的實際功率為P=UI=1.8×0.28W≈0.50W14.某探究小組學習了多用電表工作原理和使用方法后，為測量一種新型材料制成的圓柱形電阻的電阻率，進行了如下實驗探究。（1）該小組用螺旋測微器測量該圓柱形電阻的直徑D，再用游標卡尺測得其長度L。（2）該小組用如圖乙所示的電路測量該圓柱形電阻的阻值。圖中電流表量程為0.6A、內(nèi)阻為1.0Ω，定值電阻的阻值為10.0Ω，電阻箱R的最大阻值為999.9Ω。首先將置于位置1，閉合，多次改變電阻箱R的阻值，記下電流表的對應讀數(shù)I，實驗數(shù)據(jù)見下表。R/ΩI/A5.00.4142.4210.00.3522.8415.00.3083.2520.00.2723.6825.00.2444.1030.02.2224.50根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖丙中繪制出圖像。再將置于位置2，此時電流表讀數(shù)為0.400A．根據(jù)圖丙中的圖像可得___________Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。最后可由表達式___________得到該材料的電阻率（用D、L、表示）。（3）該小組根據(jù)圖乙電路和圖丙的圖像，還可以求得電源電動勢E=_________V，內(nèi)阻r=________Ω。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（4）持續(xù)使用后，電源電動勢降低、內(nèi)阻變大。若該小組再次將此圓柱形電阻連入此裝置，測得電路的電流，仍根據(jù)原來描繪的圖丙的圖像得到該電阻的測量值會___________（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）6.0（3）1213（4）偏大〖解析〗（1）[1][2]由電路可知，當將置于位置1，閉合時即由圖像可知解得解得再將置于位置2，此時電流表讀數(shù)為0.400A，則解得根據(jù)解得（3）[3][4]由（2）可知，（4）[5]根據(jù)表達式因電源電動勢變小，內(nèi)阻變大，則當安培表由相同讀數(shù)時，得到的的值偏小，即測量值偏大。四、計算題：本題共3小題，共34分。解答應當寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后〖答案〗的，不能得分。15.如圖所示，一玻璃球體的半徑為R，O為球心，AB為直徑。來自B點的光線BM在M點射出，出射光線平行于AB，另一光線BN恰好