2022屆河南省周口市項(xiàng)城三高三最后一卷物理試卷含解析_第1頁(yè)
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2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng):1.答題前,考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)清楚,將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂;非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě),字體工整、筆跡清楚。3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效;在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4.保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖所示,完全相同的兩個(gè)光滑小球A、B放在一置于水平桌面上的圓柱形容器中,兩球的質(zhì)量均為m,兩球心的連線與豎直方向成角,整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。則下列說(shuō)法中正確的是()A.A對(duì)B的壓力為B.容器底對(duì)B的支持力為mgC.容器壁對(duì)B的支持力為D.容器壁對(duì)A的支持力為2.有甲、乙兩個(gè)可看成質(zhì)點(diǎn)的小鋼球,乙球的質(zhì)量大于甲球的質(zhì)量?,F(xiàn)讓甲球以速度v0在某一水平桌面上水平拋出,拋出后甲球的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中的②圖線所示。然后再將乙球以同樣的速度在同一地點(diǎn)將它水平拋出。兩球的運(yùn)動(dòng)都不計(jì)空氣的阻力,則乙球的運(yùn)動(dòng)軌跡為圖中的()A.① B.② C.③ D.④3.如圖所示,一有界區(qū)域磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直紙面向里,磁場(chǎng)寬度為L(zhǎng);正方形導(dǎo)線框abcd的邊長(zhǎng)也為L(zhǎng),當(dāng)bc邊位于磁場(chǎng)左邊緣時(shí),線框從靜止開(kāi)始沿x軸正方向勻加速通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。若規(guī)定逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较?,則反映線框中感應(yīng)電流變化規(guī)律的圖像是A. B.C. D.4.如圖所示,由粗糙的水平桿AO與光滑的豎直桿BO組成的絕緣直角支架,在AO桿、BO桿上套有帶正電的小球P、Q,兩個(gè)小球恰能在某一位置平衡。現(xiàn)將P緩慢地向左移動(dòng)一小段距離,兩球再次達(dá)到平衡。若小球所帶電荷量不變,與移動(dòng)前相比()A.桿AO對(duì)P的彈力減小 B.桿BO對(duì)Q的彈力減小C.P、Q之間的庫(kù)侖力減小 D.桿AO對(duì)P的摩擦力增大5.真空中的某裝置如圖所示,現(xiàn)有質(zhì)子、氘核和α粒子都從O點(diǎn)由靜止釋放,經(jīng)過(guò)相同加速電場(chǎng)和偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),射出后都打在同一個(gè)與垂直的熒光屏上,使熒光屏上出現(xiàn)亮點(diǎn)。粒子重力不計(jì)。下列說(shuō)法中正確的是()A.在熒光屏上只出現(xiàn)1個(gè)亮點(diǎn)B.三種粒子出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度相同C.三種粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為2∶1∶1D.偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電場(chǎng)力對(duì)三種粒子做功之比為1∶2∶26.如圖所示,在以R0為半徑,O為圓心的圓形區(qū)域內(nèi)存在磁場(chǎng),直徑MN左側(cè)區(qū)域存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng),方向垂直于紙面向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1;MN右側(cè)區(qū)域也存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng),方向垂直于紙面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2,有一質(zhì)量為m,電荷量為+q的帶電粒子(不計(jì)重力)沿垂直于MN的方向從P點(diǎn)射入磁場(chǎng),通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域后自Q點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng),離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)其運(yùn)動(dòng)方向仍垂直于MN。已知OP與MN的夾角為θ1,OQ與MN的夾角為θ2,粒子在左側(cè)區(qū)域磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1,粒子在右側(cè)區(qū)域磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2,則下列說(shuō)法正確的是()A. B.C. D.二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7.如圖所示,粗糙水平圓盤(pán)上,質(zhì)量均為m的A、B兩物塊疊放在一起,距軸心距離為L(zhǎng),隨圓盤(pán)一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知圓盤(pán)與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,B與A之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,假如最大靜摩擦力大小等于滑動(dòng)摩擦力,則下列說(shuō)法正確的是()A.物塊A、B一起勻速轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中加速度恒定B.物塊A、B一起轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中所需向心力大小相等C.AB一起轉(zhuǎn)動(dòng)的最大角速度為D.當(dāng)A、B恰發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)圓盤(pán)對(duì)B的摩擦力為2mg8.如圖所示,xOy坐標(biāo)系內(nèi)存在平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一個(gè)質(zhì)量為m。電荷量為+q的帶電粒子,以的速度沿AB方向入射,粒子恰好以最小的速度垂直于y軸擊中C點(diǎn)。已知A、B、C三個(gè)點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(,0)、(0,2L)、(0,L)。若不計(jì)重力與空氣阻力,則下列說(shuō)法中正確的是()A.帶電粒子由A到C過(guò)程中最小速度一定為B.帶電粒子由A到C過(guò)程中電勢(shì)能先減小后增大C.勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小為D.若勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小和方向可調(diào)節(jié),粒子恰好能沿AB方向到達(dá)B點(diǎn),則此狀態(tài)下電場(chǎng)強(qiáng)度大小為9.如圖所示,以O(shè)為圓心、半徑為R的虛線圓位于足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,圓所在平面與電場(chǎng)方向平行,M、N為圓周上的兩點(diǎn).帶正電粒子只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng),在M點(diǎn)速度方向如圖所示,經(jīng)過(guò)M、N兩點(diǎn)時(shí)速度大小相等.已知M點(diǎn)電勢(shì)高于O點(diǎn)電勢(shì),且電勢(shì)差為U,下列說(shuō)法正確的是()A.M,N兩點(diǎn)電勢(shì)相等B.粒子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn),電勢(shì)能先增大后減小C.該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D.粒子在電場(chǎng)中可能從M點(diǎn)沿圓弧運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)10.下列有關(guān)光學(xué)現(xiàn)象的說(shuō)法正確的是________。A.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì),若入射角大于臨界角,則一定發(fā)生全反射B.光從光密介質(zhì)射人光疏介質(zhì),其頻率不變,傳播速度變小C.光的干涉,衍射現(xiàn)象證明了光具有波動(dòng)性D.做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí),用紅光替代紫光,相鄰明條紋間距變小E.頻率相同、相位差恒定的兩列波相遇后能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉條紋三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11.(6分)為了驗(yàn)證機(jī)能守恒定律,同學(xué)們?cè)O(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置:(1)實(shí)驗(yàn)時(shí),該同學(xué)進(jìn)行了如下操作:①將質(zhì)量分別為和的重物、(的含擋光片、的含掛鉤)用繩連接后,跨放在定滑輪上,處于靜止?fàn)顟B(tài),測(cè)量出____________(填“的上表面”、“的下表面”或“擋光片中心”)到光電門(mén)中心的豎直距離。②如果系統(tǒng)(重物、)的機(jī)械能守恒,應(yīng)滿足的關(guān)系式為_(kāi)______。(已知重力加速度為,經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為,擋光片的寬度以及和和)。(2)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行過(guò)程中,有同學(xué)對(duì)裝置改進(jìn),如圖乙所示,同時(shí)在的下面掛上質(zhì)量為的鉤碼,讓,經(jīng)過(guò)光電門(mén)的速度用表示,距離用表示,若機(jī)械能守恒,則有______。12.(12分)在測(cè)定電容器電容的實(shí)驗(yàn)中,將電容器、電壓傳感器、阻值為3kΩ的電阻R、電源、單刀雙擲開(kāi)關(guān)S按圖甲所示電路圖進(jìn)行連接。先使開(kāi)關(guān)S與1相連,電源給電容器充電,充電完畢后把開(kāi)關(guān)S擲向2,電容器放電,直至放電完畢,實(shí)驗(yàn)得到的與電壓傳感器相連接的計(jì)算機(jī)所記錄的電壓隨時(shí)間變化的圖線如圖乙所示,圖丙為由計(jì)算機(jī)對(duì)圖乙進(jìn)行數(shù)據(jù)處理后記錄了“峰值”及圖線與時(shí)間軸所圍“面積”的圖像。(1)根據(jù)圖甲所示的電路,觀察圖乙可知:充電電流與放電電流方向________(填“相同”或“相反”),大小都隨時(shí)間________(填“增大”或“減小”)。(2)該電容器的電容為_(kāi)_______F(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。(3)某同學(xué)認(rèn)為:仍利用上述裝置,將電壓傳感器從電阻兩端改接在電容器的兩端,也可以測(cè)出電容器的電容值,請(qǐng)你分析并說(shuō)明該同學(xué)的說(shuō)法是否正確________。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,帶正電的A球固定在足夠大的光滑絕緣斜面上,斜面的傾角α=37°,其帶電量Q=83×10﹣5C;質(zhì)量m=0.1kg、帶電量q=+1×10﹣7C的B球在離A球L=0.1m處由靜止釋放,兩球均可視為點(diǎn)電荷.(靜電力恒量k=9×109N?m2/C2(1)A球在B球釋放處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向;(2)B球的速度最大時(shí)兩球間的距離;(3)若B球運(yùn)動(dòng)的最大速度為v=4m/s,求B球從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最大速度的過(guò)程中電勢(shì)能怎么變?變化量是多少?14.(16分)如圖所示,兩平行金屬板,、長(zhǎng),兩板間距離,、兩板間的電勢(shì)差。一比荷為的帶正電粒子(不計(jì)重力)從點(diǎn)沿電場(chǎng)中心線垂直電場(chǎng)線以初速度飛入電場(chǎng),粒子飛出平行板電場(chǎng)后經(jīng)過(guò)界面、間的無(wú)電場(chǎng)區(qū)域,已知兩界面、相距為。帶點(diǎn)粒子從分界線上的點(diǎn)進(jìn)入右側(cè)的區(qū)域,右側(cè)是一個(gè)矩形磁場(chǎng)區(qū)域上下無(wú)邊界,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為,方向如圖所示。求:(1)分界線上的點(diǎn)與中心線的距離;(2)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后若能從邊返回,求磁場(chǎng)寬度應(yīng)滿足的條件。15.(12分)如圖所示,質(zhì)量為M=2kg的長(zhǎng)木板甲放在光滑的水平桌面上,在長(zhǎng)木板右端l=2m處有一豎直固定的彈性擋板,質(zhì)量為m=1kg可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊乙從長(zhǎng)木板的左端沖上,滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2,重力加速度g=10m/s2,假設(shè)長(zhǎng)木板與彈性擋板發(fā)生碰撞時(shí)沒(méi)有機(jī)械能的損失。(1)滑塊乙的初速度大小為v0=3m/s時(shí),滑塊乙不會(huì)離開(kāi)長(zhǎng)木板甲,則整個(gè)過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能應(yīng)為多少?(2)如果滑塊乙的初速度大小為v0=11m/s,則長(zhǎng)木板甲至少多長(zhǎng)時(shí),才能保證滑塊乙不會(huì)離開(kāi)長(zhǎng)木板甲?

參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】

AD.對(duì)球A受力分析可知,球B對(duì)A的支持力則A對(duì)B的壓力為;容器壁對(duì)A的壓力選項(xiàng)A正確,D錯(cuò)誤;B.對(duì)球AB的整體豎直方向有容器底對(duì)B的支持力為2mg,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;C.對(duì)球AB的整體而言,容器壁對(duì)B的支持力等于器壁對(duì)A的壓力,則大小為,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;故選A。2、B【解析】

兩球在水平方向都做初速度相同的勻速直線運(yùn)動(dòng),在豎直方向,兩小球的加速度相同,都為重力加速度g,故在豎直方向的運(yùn)動(dòng)也完全相同,因此兩球的運(yùn)動(dòng)軌跡相同,即乙球的運(yùn)動(dòng)軌跡依然是圖線②。A.①與分析不符,故A錯(cuò)誤;B.②與分析相符,故B正確;C.③與分析不符,故C錯(cuò)誤;D.④與分析不符,故D錯(cuò)誤。故選B。3、B【解析】

由楞次定律可判斷線圈中的電流方向;由E=BLV及勻加速運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得出電流隨時(shí)間的變化規(guī)律。【詳解】設(shè)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的加速度為,則某時(shí)刻其速度所以在0-t1時(shí)間內(nèi)(即當(dāng)bc邊位于磁場(chǎng)左邊緣時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí),到bc邊位于磁場(chǎng)右邊緣結(jié)束)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得:,電動(dòng)勢(shì)為逆時(shí)針?lè)较蛴砷]合電路歐姆定律得:,電流為正。其中R為線框的總電阻。所以在0-t1時(shí)間內(nèi),,故AC錯(cuò)誤;從t1時(shí)刻開(kāi)始,換ad邊開(kāi)始切割磁場(chǎng),電動(dòng)勢(shì)大小,其中,電動(dòng)勢(shì)為順時(shí)針?lè)较驗(yàn)樨?fù)電流:,電流為負(fù)(即,)其中,電流在t1時(shí)刻方向突變,突變瞬間,電流大小保持不變。故B正確,D錯(cuò)誤。故選B?!军c(diǎn)睛】對(duì)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問(wèn)題,經(jīng)常是根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方向,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時(shí)間變化關(guān)系,然后推導(dǎo)出縱坐標(biāo)與橫坐標(biāo)的關(guān)系式,由此進(jìn)行解答,這是電磁感應(yīng)問(wèn)題中常用的方法和思路.4、D【解析】

A.對(duì)兩個(gè)小球作為整體分析可知,整體在豎直方向只受重力和AO的支持力,故桿AO對(duì)小球P的彈力不變,故A錯(cuò)誤;BC.對(duì)Q受力如圖小球P向左移后,兩個(gè)小球P、Q間的庫(kù)侖力方向向圖中虛線處變化,則由力的合成和平衡條件可知桿BO對(duì)小球Q的彈力變大,兩小球P、Q之間的庫(kù)侖力變大,故B、C錯(cuò)誤;D.對(duì)兩個(gè)小球作為整體受力分析,在水平方向則有桿BO對(duì)小球Q的彈力等于桿AO對(duì)小球P的摩擦力,所以可得桿AO對(duì)小球P的摩擦力變大,故D正確;故選D。5、A【解析】

ABC.根據(jù)動(dòng)能定理得則進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度因?yàn)橘|(zhì)子、氘核和α粒子的比荷之比為2:1:1,則初速度之比為,在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間,則知時(shí)間之比為,在豎直方向上的分速度則出電場(chǎng)時(shí)的速度因?yàn)榱W拥谋群刹煌?,則速度的大小不同,偏轉(zhuǎn)位移因?yàn)閯t有與粒子的電量和質(zhì)量無(wú)關(guān),則粒子的偏轉(zhuǎn)位移相等,熒光屏將只出現(xiàn)一個(gè)亮點(diǎn),故A正確,BC錯(cuò)誤;D.偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電場(chǎng)力對(duì)粒子做功W=qEy因?yàn)镋和y相同,電量之比為1:1:2,則電場(chǎng)力做功為1:1:2,故D錯(cuò)誤。故選A。6、D【解析】

AB.粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示:

由幾何知識(shí)可知,粒子在兩個(gè)磁場(chǎng)中的軌跡半徑分別為粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得解得則故AB錯(cuò)誤;

CD.粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角θ相等,粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為則有故C錯(cuò)誤,D正確。

故選D。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】

A.兩物體做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的向心加速度大小恒定,方向始終指向圓心不恒定,故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)向心力公式Fn=mLω2可知,物塊A、B一起轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中所需向心力大小相等,故B正確;

CD.對(duì)AB整體分析,當(dāng)最大靜摩擦力提供向心力,有μ?2mg=2mωB2L解得對(duì)A分析,B對(duì)A的最大靜摩擦力提供向心力,有0.5μ?mg=mωA2L解得AB一起轉(zhuǎn)動(dòng)的最大角速度為,此時(shí)圓盤(pán)對(duì)B的摩擦力為故C正確,D錯(cuò)誤。

故選:BC。8、AD【解析】

A.因帶電粒子只受恒定的電場(chǎng)力,做勻變速曲線運(yùn)動(dòng),而C點(diǎn)有最小速度且垂直y軸,可推得粒子做類斜上拋運(yùn)動(dòng),C是最高點(diǎn),其速度與電場(chǎng)力垂直,則電場(chǎng)力沿y軸負(fù)方向,設(shè)A點(diǎn)的速度與x軸的夾角為,則由幾何關(guān)系可知聯(lián)立可得故A正確;B.因粒子做類斜上拋運(yùn)動(dòng),從A點(diǎn)到C點(diǎn)電場(chǎng)力與速度的夾角從鈍角變?yōu)橹苯?,則電場(chǎng)力一直做負(fù)功,電勢(shì)能一直增大,故B錯(cuò)誤;C.粒子從A到C的過(guò)程,由動(dòng)能定理聯(lián)立可得勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小為故C錯(cuò)誤;D.調(diào)節(jié)勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小和方向使粒子恰好能沿AB方向到達(dá)B點(diǎn),則粒子一定AB做勻減速直線運(yùn)動(dòng),電場(chǎng)力沿BA方向,由動(dòng)能定理有則勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為故D正確。故選AD。9、AB【解析】

帶正電粒子僅在電場(chǎng)力作用下,從M運(yùn)動(dòng)到N,由速度大小,得出粒子的動(dòng)能,從而確定粒子的電勢(shì)能大與小。由于勻強(qiáng)電場(chǎng),則等勢(shì)面是平行且等間距。根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)條件可從而確定電場(chǎng)力的方向,從而得出勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線方向?!驹斀狻繋щ娏W觾H在電場(chǎng)力作用下,由于粒子在M、N兩點(diǎn)動(dòng)能相等,則電勢(shì)能也相等,則M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相等。因?yàn)閯驈?qiáng)電場(chǎng),所以兩點(diǎn)的連線MN即為等勢(shì)面。根據(jù)等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直特性,從而畫(huà)出電場(chǎng)線CO.由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知,正電粒子所受的電場(chǎng)力沿著CO方向;

可知,速度方向與電場(chǎng)力方向夾角先大于90°后小于90°,電場(chǎng)力對(duì)粒子先做負(fù)功后做正功,所以電勢(shì)能先增大后減小。故AB正確;勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度Ed=U式中的d是沿著電場(chǎng)強(qiáng)度方向的距離,則,故C錯(cuò)誤;粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)受到的是恒定的電場(chǎng)力,不可能做圓周運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)D錯(cuò)誤;故選AB.【點(diǎn)睛】緊扣動(dòng)能相等作為解題突破口,由于僅在電場(chǎng)力作用下,所以得出兩點(diǎn)的電勢(shì)能大小關(guān)系。并利用等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直的特性,從而推出電場(chǎng)線位置。再由曲線運(yùn)動(dòng)來(lái)確定電場(chǎng)力的方向。同時(shí)考查U=Ed中d的含義重要性,注意公式中的d為沿電場(chǎng)線方向上的距離。10、ACE【解析】

A.發(fā)生全發(fā)射的條件是,光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì),且入射角大于或等于臨界角,故A正確;B.光從光密介質(zhì)射到光疏介質(zhì),頻率不變,根據(jù)可知,折射率減小,所以速度增大,故B錯(cuò)誤;C.光的衍射和干涉是波獨(dú)有的現(xiàn)象,所以可以說(shuō)明光具有波動(dòng)性,故C正確;D.紅光的波長(zhǎng)大于紫光,根據(jù)條紋間距公式可知紅光的條紋間距大于紫光,故D錯(cuò)誤;E.兩列波發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象的條件是頻率相同,相位差恒定,故E正確。故選ACE。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、擋光片中心【解析】

(1)①[1]需要測(cè)量系統(tǒng)重力勢(shì)能的變化量,則應(yīng)該測(cè)量出擋光片中心到光電門(mén)中心的距離;②[2]根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度表示瞬時(shí)速度,則系統(tǒng)的末速度為則系統(tǒng)動(dòng)能的增加量為系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量為若系統(tǒng)機(jī)械能守恒則有(2)[3]若系統(tǒng)機(jī)械能守恒則有解得12、相反減小1.0×10-2正確【解析】

(1)[1][2]根據(jù)圖甲所示的電路,觀察圖乙可知充電電流與放電電流方向相反,大小都隨時(shí)間減?。?2)[3]根據(jù)充電時(shí)電壓—時(shí)間圖線可知,電容器的電荷量為:Q=It=t而電壓的峰值為Um=6V,則該電容器的電容為:C=設(shè)電壓—時(shí)間圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積為S,聯(lián)立解得:C===F=1.0×10-2F;(3)[4]正確,電容器放電的過(guò)程中,電容器C與電阻R兩端的電壓大小相等,因此通過(guò)對(duì)放電曲線進(jìn)行數(shù)據(jù)處理后記錄的“峰值Um”及圖線與時(shí)間軸所圍“面積”,仍可應(yīng)用:C==計(jì)算電容值。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)

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