浙江專用2025屆高考物理二輪復習評估驗收仿真模擬卷十一含解析

PAGE12-考前仿真模擬卷(十一)(時間：90分鐘滿分：100分)本卷計算中，無特別說明時，重力加速度g均取10m/s2.選擇題部分一、選擇題Ⅰ(本題共10小題，每小題3分，共30分．每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分)1．節(jié)能減排可體現(xiàn)在我們?nèi)粘Ｉ钪校僭O公交車通過城市十字路口時允許的最大速度為10m/s，一輛公交車在距離十字路口50m的車站停留，乘客上下完后，司機看到紅燈顯示還有10s，為了節(jié)能減排，削減停車，降低能耗，公交車司機啟動公交車，要使公交車盡快通過十字路口且不違章，則公交車啟動后的運動圖象可能是()2．下列狀態(tài)中的人或物沒有利用摩擦力的是()A．傳送帶運輸貨物B．豎直上升的電梯中的乘客C．運動員跑步D．用手拿住杯子3．如圖所示，一根彈簧，其自由端B在未懸掛重物時指針正對刻度5，在彈性限度內(nèi)，當掛上80N重物時指針正對刻度45，若要指針正對刻度20應掛重物是()A．40N B．30NC．20N D．因k值不知無法計算4．如圖所示，在光滑水平面上有一小球a以初速度v0運動，同時在它的正上方有一小球b也以初速度v0沿同一方向水平拋出，并落于c點，則()A．兩球同時到達c點 B．小球a先到達c點C．小球b先到達c點 D．不能確定5．質(zhì)量為m、初速度為零的物體，在不同的合外力作用下都通過位移x0，F(xiàn)－x圖象分別如圖甲、乙所示，下列說法正確的是()A．圖甲中合外力做的功多B．圖乙中合外力做的功多C．圖甲中合外力做功的平均功率大D．圖乙中合外力做功的平均功率大6．已知以下的哪組數(shù)據(jù)不行以計算出地球的質(zhì)量(引力常量G已知)()A．地球繞太陽運動的周期及地球距太陽中心的距離B．月球繞地球運動的周期及月球距地球中心的距離C．人造衛(wèi)星在地球表面旁邊繞地球運動的速率和運轉周期D．已知地球的半徑和地球表面的重力加速度(不考慮地球自轉的影響)7．如圖，某帶負電荷的小球沿電場中一豎直電場線從A運動到B.E表示電場強度，φ表示小球的電勢，Ep表示小球的電勢能，Ek表示小球的動能，則下列說法正確的是()A．小球從A點到B點肯定是勻加速度運動B．EA肯定大于EB，φA肯定大于φBC．小球電勢能EpA大于EpB，動能EkA小于EkBD．小球在A點的機械能大于在B點的機械能8．兩個完全相同的金屬小球，分別帶有＋3Q和－Q的電荷量，當它們相距r時，它們之間的庫侖力是F.若把它們接觸后分開，再置于相距r/3的兩點(此時兩帶電小球仍可視為點電荷)，則它們的庫侖力的大小將變?yōu)?)A.eq\f(F,3) B．FC．3F D．9F9．如圖所示電路，燈A、B都能正常發(fā)光，突然燈A變亮，燈B變暗，假如電路中有一處出現(xiàn)斷路故障，則出現(xiàn)斷路故障的電路是()A．R1所在的支路 B．R2所在的支路C．R3所在的支路 D．電源所在的電路10．如圖所示，豎直向上的勻強磁場中，水平放置一根長直通電導線，電流方向向外，a、b、c、d是以直導線上的點為圓心的同一個圓周上的四個點，則()A．四個點不行能有磁感應強度為零的點B．a(chǎn)點的磁感應強度最小C．b、d兩點磁感應強度相同D．c點的磁感應強度最小二、選擇題Ⅱ(本題共5小題，每小題4分，共20分．每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分)11．一個平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，兩極板間有一正電荷(電荷量少)固定在P點，如圖所示．以E表示兩極板間的場強，U表示電容器兩極板間的電壓，W表示正電荷在P點的電勢能．若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，那么()A．U變大，E不變 B．E變大，W變大C．U變小，W不變 D．U不變，W不變12．某溝通發(fā)電機給燈泡供電，產(chǎn)生正弦式交變電流的圖象如圖所示，下列說法中正確的是()A．交變電流的頻率為50HzB．交變電流的瞬時表達式為i＝5cos50πt(A)C．在t＝0.01s時，穿過溝通發(fā)電機線圈的磁通量最大D．若發(fā)電機線圈電阻為0.4Ω，則其產(chǎn)生的熱功率為5W13．一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，O、A、B、C、D為傳播方向上的五個質(zhì)點，相鄰質(zhì)點之間相隔1.0m，如圖所示．t＝0時刻波源從O點起先向y軸正方向運動．經(jīng)過0.10s它第一次達到正向最大位移，而此時刻B質(zhì)點起先從平衡位置起先向y軸正方向運動．由此可以確定()A．這列波的波長為8.0m，周期為2.0sB．這列波的波速為20m/s，頻率是2.5HzC．在0.30s末D質(zhì)點剛起先振動D．在0.30s末D質(zhì)點第一次達到正向最大位移14．在信息技術迅猛發(fā)展的今日，光盤是存儲信息的一種重要媒體．光盤上的信息通常是通過激光束來讀取的．若激光束不是垂直入射到盤面上，則光線在通過透亮介質(zhì)層時會發(fā)生偏折而變更行進的方向．如圖所示為一束激光(紅、藍混合)入射到光盤面上后的折射狀況．則下列說法中正確的是()A．圖中光束①是紅光，光束②是藍光B．光束①的光子動量比光束②的光子動量大C．若光束①、②先后通過同一雙縫干涉裝置，光束①的條紋寬度比光束②的寬D．若光束①、②都能使某種金屬發(fā)生光電效應，則光束①照耀下逸出的光電子的最大初動能較大15．如圖所示，導線CD與導線GH平行，一平行板電容器置于勻強磁場中，當一束等離子體(含有大量正、負帶電粒子)射入兩金屬板之間時，下列說法正確的是()A．若等離子體從右方射入，則上金屬板的電勢高B．若等離子體從左方射入，則下金屬板的電勢高C．若等離子體從右方射入，則導線CD受到向左的安培力D．若等離子體從左方射入，則導線GH受到向右的安培力題號123456789101112131415答案非選擇題部分三、非選擇題(本題共5小題，共50分)16．(6分)(1)在“驗證機械能守恒定律”的試驗中，有如下可供選擇的試驗器材：鐵架臺，電火花打點計時器，紙帶，電池，秒表等．其中不必要的器材是______________________．在試驗數(shù)據(jù)處理時，得到重錘動能的增量總小于重錘勢能的削減量，其緣由可能是________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________.(2)如圖是某同學利用教材供應的方案進行“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”試驗時，剛要打開夾子時的狀況．某同學指出了試驗時的幾個錯誤，其說法正確的是________．A．該試驗前沒有平衡摩擦力B．拉小車的細線應平行桌面C．試驗電源應為溝通電電源D．小車應靠近打點計時器且打點計時器應距左端較近17．(9分)如圖所示，將馬蹄形磁鐵放在鐵架臺上，并使粗銅棒P恰好位于磁鐵的磁極間．連接成如圖所示的電路，在粗銅棒靜止的狀況下，閉合電鍵，發(fā)覺粗銅棒發(fā)生運動．(1)該現(xiàn)象說明磁場對________有力的作用，變更________或________可以變更這個作用力的方向；(2)在如圖所示的狀況下，粗銅棒P中電流流向為________及銅棒將向________運動．A．左 B．右C．A向B D．B向A18．(9分)某運動員做跳傘訓練，他從懸停在空中的直升機上由靜止落下，如圖所示，經(jīng)過8s后打開著陸傘，運動員做勻減速直線運動，再經(jīng)過16s后剛好到達地面，且速度恰好為零．忽視打開著陸傘前的空氣阻力和打開著陸傘的時間．已知人和傘的總質(zhì)量m＝60kg.求：(1)打開著陸傘時運動員的速度大?。?2)打開著陸傘后運動員的加速度大??；(3)打開著陸傘后運動員和傘受到的阻力大?。?9.(12分)如圖所示，在水平光滑軌道PQ上有一個輕彈簧其左端固定，現(xiàn)用一質(zhì)量m＝2.0kg的小物塊(視為質(zhì)點)將彈簧壓縮后釋放，物塊離開彈簧后經(jīng)過水平軌道右端恰好沿半圓軌道的切線進入豎直固定的軌道，小物塊進入半圓軌道后恰好能沿軌道運動，經(jīng)過最低點后滑上質(zhì)量M＝8.0kg的長木板，最終恰好停在長木板最左端．已知豎直半圓軌道光滑且半徑R＝0.5m，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，木板與水平地面間摩擦不計，g取10m/s2.求：(1)彈簧具有的彈性勢能；(2)小物塊滑到半圓軌道底端時對軌道的壓力；(3)木板的長度．20．(14分)如圖所示，在Ⅰ區(qū)里有豎直方向的勻強電場，場強大小E＝4×105N/C，在Ⅱ區(qū)里有垂直于紙面對外的勻強磁場，電場和磁場的寬度d相等且d＝0.4m．質(zhì)量與帶電荷量的比值為eq\f(m,q)＝4×10－10kg/C的帶正電粒子以初速度v0＝2×107m/s從PQ邊界上的O點垂直PQ射入電場．若電場和磁場區(qū)域在豎直方向足夠長，不計粒子的重力．(1)求粒子第一次經(jīng)過電場、磁場邊界MN時的速度及偏離O點的豎直距離；(2)若要使粒子不偏出ST邊界，求磁感應強度B的取值范圍；(3)求粒子在電場和磁場中運動的最長時間．考前仿真模擬卷(十一)1．解析：選C.因速度圖象與坐標軸圍成的面積等于物體的位移，由速度圖象可知，A、B、D三個圖象與坐標軸圍成的面積均大于50m，且速度不超過10m/s；C圖象中公交車的位移可能恰好等于50m，且速度小于10m/s，故公交車啟動后的運動圖象可能是C.2．解析：選B.傳送帶將貨物送到高處，依靠的是傳送帶給貨物的靜摩擦力，故A錯誤；乘客在豎直上升的電梯中，沿豎直方向運動時與電梯間沒有相對運動或相對運動趨勢，因此乘客不受摩擦力作用，故B正確；運動員跑步，運動員相對地面有向后運動的趨勢，因此地面給運動員向前的靜摩擦力，故C錯誤；手拿住杯子，滿意摩擦力產(chǎn)生的條件，杯子相對手有向下滑動的趨勢，因此手給杯子向上的靜摩擦力，故D錯誤．3．解析：選B.由胡克定律F＝kx知，80＝k(45－5)①，G＝F＝k(20－5)②，由①②聯(lián)立得G＝30N，所以選B.4．A5．解析：選D.由力做功公式可知，F(xiàn)－x圖象中，圖線與x軸圍成的面積表示力F所做的功，由圖象可知，兩圖線圍成的面積相等，說明做功是一樣多的，末速度一樣大，故選項A、B錯誤．由于物體初速度為零，題圖乙狀況下物體起先的加速度大，運動相等位移所需時間題圖乙狀況下要小一點，如圖所示，故題圖乙中合外力做功的平均功率大，選項D正確，C錯誤．6．解析：選A.由F＝eq\f(GMm,r2)＝eq\f(m4π2r,T2)知已知地球繞太陽運動的周期及地球距太陽中心的距離，能求出太陽的質(zhì)量，不能求地球的質(zhì)量，A選；而已知月球繞地球運動的周期及月球距地球中心的距離可以求出地球的質(zhì)量，B不選；而依據(jù)GMm/r2＝mω2r可以求出地球的質(zhì)量，C不選，依據(jù)黃金代換GM＝gR2能求出地球質(zhì)量，所以D不選．7．解析：選D.小球受到向下的重力、向上的電場力，由于重力和電場力的大小未知，無法推斷是加速還是減速，故A、C錯誤；沿電場線方向電勢降低，φA肯定大于φB；對于負電荷，電勢越高電勢能越小，EA肯定小于EB，故B錯誤；從A到B，電場力做負功，機械能減小，小球在A點的機械能大于在B點的機械能，故D正確．8．解析：選C.由題意得，F(xiàn)＝keq\f(3Q2,r2).兩球接觸后電荷中和后等量安排，庫侖力F′＝k·eq\f(Q2,\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(r,3)))\s\up12(2))，則F′＝3F，故C項對．9．解析：選B.A燈變亮，說明A燈兩端電壓增大，B燈變暗，說明B燈兩端電壓變?。驗槿羰请娫此陔娐窋嚅_，兩燈都不會亮，如R3所在支路斷開，則A、B都變暗，C、D兩項錯．若R2支路斷開，則燈A變亮，燈B變暗，若R1支路斷開，則燈B變亮，燈A變暗，A項錯，B項對．10．解析：選B.通電導線在圓周上各點磁感應強度B等大，在a點通電導線磁場與勻強磁場反向，有可能抵消，所以A項錯誤，B項正確；b、d兩點對應的兩磁場垂直，所以b、d兩點總的磁感應強度大小相等但方向不同，C項錯誤；c點兩磁場同向，所以c點磁感應強度最大，D項錯誤．11．解析：選C.平行板電容器與電源斷開后電荷量保持恒定，由E∝eq\f(Q,S)知，它們之間的場強不變，極板間的電壓U＝Ed變小，正電荷在P點的電勢能W＝q·φP＝qE·dP不變．12．解析：選AD. 由圖知：T＝0.020s，f＝50Hz，溝通電瞬時值的表達式為：i＝5cos100πtA，當t＝0.01s時，電流有最大值，穿過線圈的磁通量有最小值．由P＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(Im,\r(2))))eq\s\up12(2)R代入數(shù)據(jù)得P＝5W.13．解析：選BD.由題意可知，t＝T/4＝0.10s，則T＝0.40s，f＝1/T＝2.5Hz，設相鄰兩點之間的距離為d，則2d＝λ/4，λ＝8d＝8.0m，v＝λ/T＝20m/s，A錯，B對；OD兩點相距半個波長，則振動由波源傳到D點需時間t1＝T/2＝0.2s，再經(jīng)過t2＝T/4＝0.10s，D質(zhì)點將第一次達到正向最大位移，故C錯，D對．14．解析：選BD.由圖可知①光的偏折程度較大，則折射率較大，藍光的折射率大于紅光的折射率，所以①是藍光，②是紅光，故A錯誤．紅光波長較長，則依據(jù)p＝eq\f(h,λ)可知，紅光動量較小，光束①的光子動量比光束②的光子動量大，選項B正確．藍光的波長小于紅光的波長，干涉條紋的間距與波長成正比，則若①光、②光先后通過同一雙縫干涉裝置，前者得到的條紋比后者的窄，故C錯誤．①光是藍光，頻率大，則若光束①、②都能使某種金屬發(fā)生光電效應，則光束①照耀下逸出的光電子的最大初動能較大，故D正確．15．解析：選C.右側電路中的電流的方向為由G到H，當?shù)入x子體從右方射入時，由左手定則可以推斷電容器的上極板帶負電，下極板帶正電，電流的方向為由D到C，導線CD中的電流方向與導線GH中的電流方向相反，所以導線CD受到的作用力向左，因上極板帶負電，則電勢低，所以C正確，A錯誤；當?shù)入x子體從左方射入時，由左手定則可以推斷電容器的上極板帶正電，下極板帶負電，電流方向為由C到D，導線CD中的電流方向與導線GH中的電流方向相同，所以GH受到的作用力向左，且下金屬板的電勢低，所以B、D錯誤．16．(1)電池，秒表運動過程中受摩擦阻力(2)ABC17．解析：本試驗說明磁場對通電導體有安培力作用，而且通電導體所受安培力方向與電流的方向、磁場方向有關．由左手定則可得此時所受的安培力向右，故銅棒將向右運動．電流由A向B.答案：(1)電流電流方向磁場方向(2)CB18．解析：(1)打開著陸傘前，人和傘做自由落體運動v＝gt得v＝80m/s.(2)打開著陸傘后，人和傘一起做勻減速直線運動a2＝eq\f(|Δv|,Δt)a2＝5m/s2.(3)依據(jù)牛頓其次定律得mg－Ff＝－ma2得Ff＝900N.答案：見解析19．解析：(1)物塊進入軌道后恰好沿軌道運動：mg＝meq\f(veq\o\al(2,1),R)彈簧具有彈性勢能：Ep＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)＝5J.(2)物塊由頂端滑究竟端過程由機械能守恒：2mgR＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)得v2＝5m/s在軌道底端由牛頓其次定律得：F－mg＝meq\f(veq\o\al(2,2),R)解得：F＝6mg＝120N由牛頓第三定律得物塊對軌道的壓力大小為120N，方向豎直向下．(3)對物塊由牛頓其次定律得：a1＝eq\f(μmg,m)＝μg＝2m/s2對木板由牛頓其次定律得：a2＝eq\f(μmg,M)＝0.5m/s2設經(jīng)過時間t小物塊與木板相對靜止，共同速度為v則：v＝v2