惠州一中、珠海一中等六校聯(lián)考2025屆高考沖刺押題(最后一卷)物理試卷含解析_第1頁
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文檔簡介

惠州一中、珠海一中等六校聯(lián)考2025屆高考沖刺押題(最后一卷)物理試卷請考生注意:1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上,請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2.答題前,認真閱讀答題紙上的《注意事項》,按規(guī)定答題。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓環(huán)的最高點有一個光滑的小孔。質(zhì)量為m的小球套在圓環(huán)上。一根細線的下端系著小球,上端穿過小孔用手拉住。現(xiàn)拉動細線,使小球沿圓環(huán)緩慢上移,在移動過程中手對線的拉力F和軌道對小球的彈力FN的大小變化情況是()A.F不變,F(xiàn)N增大 B.F減小,F(xiàn)N不變C.F不變,F(xiàn)N減小 D.F增大,F(xiàn)N減小2、在豎直平衡(截面)內(nèi)固定三根平行的長直導(dǎo)線a、b、c,通有大小相等、方向如圖所示的電流.若在三根導(dǎo)線所在空間內(nèi)加一勻強磁場后,導(dǎo)線a所受安培力的合力恰好為零,則所加磁場的方向可能是()A.垂直導(dǎo)線向左B.垂直導(dǎo)線向右C.垂直紙面向里D.垂直紙面向外3、如圖甲所示,開口向上的導(dǎo)熱氣缸靜置于水平桌面,質(zhì)量為m的活塞封閉一定質(zhì)量氣體,若在活塞上加上質(zhì)量為m的砝碼,穩(wěn)定后氣體體積減小了△V1,如圖乙;繼續(xù)在活塞上再加上質(zhì)量為m的砝碼,穩(wěn)定后氣體體積又減小了△V2,如圖丙.不計摩擦,環(huán)境溫度不變,則()A.△V1<△V2 B.△V1=△V2C.△V1>△V2 D.無法比較△V1與△V2大小關(guān)系4、如圖所示,斜面固定在水平面上,斜面上一個物塊在沿斜面向下拉力F1作用下勻速下滑,某時刻在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F2,則之后較短的一段時間內(nèi)物塊的運動狀態(tài)是()A.仍勻速下滑 B.勻加速下滑C.勻減速下滑 D.不確定,這與接觸面摩擦系數(shù)的大小有關(guān)5、若已知引力常量G,則利用下列四組數(shù)據(jù)可以算出地球質(zhì)量的是()A.一顆繞地球做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星的運行速率和周期B.一顆繞地球做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星的質(zhì)量和地球的第一宇宙速度C.月球繞地球公轉(zhuǎn)的軌道半徑和地球自轉(zhuǎn)的周期D.地球繞太陽公轉(zhuǎn)的周期和軌道半徑6、頻率為的入射光照射某金屬時發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象。已知該金屬的逸出功為W,普朗克常量為h,電子電荷量大小為e,下列說法正確的是()A.該金屬的截止頻率為B.該金屬的遏止電壓為C.增大入射光的強度,單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)不變D.增大入射光的頻率,光電子的最大初動能不變二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖甲所示,圓形的剛性金屬線圈與一平行板電容器連接,線圈內(nèi)存在垂直于線圈平面的勻強磁場,取垂直于紙面向里為磁感應(yīng)強度B的正方向,B隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示.t=0時刻,在平行板電容器間,由靜止釋放一帶正電的粒子(重力可忽略不計),假設(shè)粒子運動未碰到極板,不計線圈內(nèi)部磁場變化對外部空間的影響,下列關(guān)于板間電場強度、粒子在板間運動的位移、速度和加速度與時間的關(guān)系圖象中(以向上為正方向)可能正確的是()A. B.C. D.8、如圖所示,兩平行金屬板A、B板間電壓恒為U,一束波長為λ的入射光射到金屬板B上,使B板發(fā)生了光電效應(yīng),已知該金屬板的逸出功為W,電子的質(zhì)量為m。電荷量為e,已知普朗克常量為h,真空中光速為c,下列說法中正確的是()A.若增大入射光的頻率,金屬板的逸出功將大于WB.到達A板的光電子的最大動能為-W+eUC.若減小入射光的波長一定會有光電子逸出D.入射光子的能量為9、如圖所示為一簡化后的跳臺滑雪的雪道示意圖,運動員從O點由靜止開始,在不借助其它外力的情況下,自由滑過一段圓心角為60°的光滑圓弧軌道后從A點水平飛出,落到斜坡上的B點。已知A點是斜坡的起點,光滑圓弧軌道半徑為,斜坡與水平面的夾角,運動員的質(zhì)量,重力加速度。下列說法正確的是()A.運動員從O運動到B的整個過程中機械能守恒B.運動員到達A點時的速度為2m/sC.運動員到達B點時的動能為JD.運動員從A點飛出到落到B點所用的時間為s10、P1、P2為相距遙遠的兩顆行星,距各自表面相同高度處各有一顆衛(wèi)星s1、s2做勻速圓周運動,圖中縱坐標(biāo)表示行星對周圍空間各處物體的引力產(chǎn)生的加速度a,橫坐標(biāo)表示物體到行星中心的距離r的平方,兩條曲線分別表示P1、P2A.P1的平均密度比PB.P1的第一宇宙速度比PC.s1的向心加速度比sD.s1的公轉(zhuǎn)周期比s三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)實驗小組利用以下方法對物體的質(zhì)量進行間接測量,裝置如圖1所示:一根輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪與兩個相同的重物P、Q相連,已知重物P、Q的質(zhì)量均為m,當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。在重物Q的下面通過輕質(zhì)掛鉤懸掛待測物塊Z,重物P的下端與穿過打點計時器的紙帶相連。(1)先接通頻率為50Hz的交流電源,再由靜止釋放系統(tǒng),得到如圖2所示的紙帶,則系統(tǒng)運動的加速度a=______m/s2(結(jié)果保留2位有效數(shù)字);(2)在忽略阻力的理想情況下,物塊Z質(zhì)量M的表達式為M=______(用字母m、a、g表示);(3)實際情況下,空氣阻力、紙帶與打點計時器間的摩擦、定滑輪中的滾動摩擦不可以忽略,物塊Z的實際質(zhì)量與理論值M有一定差異,這種誤差是______誤差(填“偶然”或“系統(tǒng)”)。12.(12分)如圖甲(側(cè)視圖只畫了一個小車)所示的實驗裝置可以驗證“牛頓第二定律”,兩個相同的小車放在光滑水平桌面上,右端各系一條細繩,跨過定滑輪各掛一個小盤增減盤中的砝碼可改變小車受到的合外力,增減車上的砝碼可改變小車的質(zhì)量。兩車左端各系一條細線用一個黑板擦把兩細線同時按在固定、粗糙的水平墊片上,使小車靜止(如圖乙),抬起黑板擦兩車同時運動,在兩車尚未碰到滑輪前,迅速按下黑板擦,兩車立刻停止,測出兩車位移的大小。(1)該實驗中,盤和盤中砝碼的總質(zhì)量應(yīng)___小車的總質(zhì)量(填“遠大于”、“遠小于”、“等于”);(2)圖丙為某同學(xué)在驗證“合外力不變加速度與質(zhì)量成反比”時的實驗記錄,已測得小車1的總質(zhì)量M1=100g,小車2的總質(zhì)量M2=200g,由圖可讀出小車1的位移x1=5.00m小車2的位移x2=___cm,可以算出=___(結(jié)果保留三位有效數(shù)字);在實驗誤差允許的范圍內(nèi),___(填“大于”、“小于”、“等于”)。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,寬L=2m、足夠長的金屬導(dǎo)軌MN和M′N′放在傾角為θ=30°的斜面上,在N和N′之間連接一個R=2.0Ω的定值電阻,在AA′處放置一根與導(dǎo)軌垂直、質(zhì)量m=0.8kg、電阻r=2.0Ω的金屬桿,桿和導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù),導(dǎo)軌電阻不計,導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強度B=1.0T、方向垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場中.用輕繩通過定滑輪將電動小車與桿的中點相連,滑輪與桿之間的連線平行于斜面,開始時小車位于滑輪正下方水平面上的P處(小車可視為質(zhì)點),滑輪離小車的高度H=4.0m.啟動電動小車,使之沿PS方向以v=5.0m/s的速度勻速前進,當(dāng)桿滑到OO′位置時的加速度a=3.2m/s2,AA′與OO′之間的距離d=1m,求:(1)該過程中,通過電阻R的電量q;(2)桿通過OO′時的速度大??;(3)桿在OO′時,輕繩的拉力大??;(4)上述過程中,若拉力對桿所做的功為13J,求電阻R上的平均電功率.14.(16分)如圖所示為玻璃制成的長方體,已知長AB=l=0.6m,寬d=AD=0.2m,高h=AA1=m,底面中心O點有一個點光源,玻璃對光的折射率為1.5,俯視看ABCD面的一部分會被光照亮,求:照亮部分的面積。15.(12分)如圖直角坐標(biāo)系xOy中,第Ⅰ象限內(nèi)存在場強為E,沿x軸負方向的勻強電場,第Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ象限內(nèi)存在垂直坐標(biāo)平面向里的勻強磁場。一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的帶電粒子,從P(l,l)處由靜止開始運動,第1次通過x軸時沿y軸負方向。不計粒子重力。求:(1)勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小;(2)粒子第3次經(jīng)過y軸時的縱坐標(biāo);(3)通過計算說明粒子離開P點后能否再次經(jīng)過P點。

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

小球沿圓環(huán)緩慢上移可看作處于平衡狀態(tài),對小球進行受力分析,作出受力示意圖如圖由圖可知△OAB∽△GFA即:,當(dāng)A點上移時,半徑不變,AB長度減小,故F減小,F(xiàn)N不變,ACD錯誤B正確。2、D【解析】

根據(jù)安培定則可知,導(dǎo)線b在a處的磁場向里,導(dǎo)線c在a處的磁場向外,因b離a較近,可知bc在a處的合磁場垂直紙面向里;因?qū)Ь€a所受安培力的合力恰好為零,可知a處所加磁場的方向為垂直紙面向外;A.垂直導(dǎo)線向左,與結(jié)論不相符,選項A錯誤;B.垂直導(dǎo)線向右,與結(jié)論不相符,選項B錯誤;C.垂直紙面向里,與結(jié)論不相符,選項C錯誤;D.垂直紙面向外,與結(jié)論相符,選項D正確;3、C【解析】

設(shè)大氣壓強為,起初活塞處于平衡狀態(tài),所以:解得該氣體的壓強為:則甲狀態(tài)氣體的壓強為:乙狀態(tài)時氣體的壓強為:丙狀態(tài)時氣體的壓強為:由玻意耳定律得:得:,所以所以:.故本題選C.【點睛】對活塞進行受力分析,由平衡條件分別求出幾種情況下的氣體壓強;由玻意耳定律可以求出氣體體積,然后比較體積的變化即可.4、C【解析】

設(shè)物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ,斜面傾角為θ,以物體為研究對象進行受力分析如圖所示:沿斜面方向根據(jù)共點力的平衡條件可得:F1+mgsinθ=μmgcosθ所以μtanθ;當(dāng)物塊上再施加一個豎直向下的恒力F2,則有:F2sinθμF2cosθ所以某時刻在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F2后,物塊將勻減速下滑,故ABD錯誤、C正確。故選C。5、A【解析】

ABC.可根據(jù)方程和聯(lián)立可以求出地球質(zhì)量M,選項BC錯誤,A正確;D.已知地球繞太陽公轉(zhuǎn)的周期和軌道半徑可以求出太陽質(zhì)量,選項D錯誤。故選A。6、B【解析】

A.金屬的逸出功大小和截止頻率都取決于金屬材料本身,用光照射某種金屬,要想發(fā)生光電效應(yīng),要求入射光的頻率大于金屬的截止頻率,入射光的能量為,只有滿足便能發(fā)生光電效應(yīng),所以金屬的逸出功為即金屬的截止頻率為所以A錯誤;B.使光電流減小到0的反向電壓稱為遏制電壓,為再根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程,可得光電子的最大初動能為所以該金屬的遏止電壓為所以B正確;C.增大入射光的強度,單位時間內(nèi)的光子數(shù)目會增大,發(fā)生了光電效應(yīng)后,單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)將增大,所以C錯誤;D.由愛因斯坦的光電效應(yīng)方程可知,增大入射光的頻率,光電子的最大初動能將增大,所以D錯誤。故選B。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、CD【解析】A、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,感應(yīng)電動勢大小不變,方向逆時針,感應(yīng)電動勢大小不變,方向順時針方向,方向與相反;感應(yīng)電動勢大小不變沿逆時針方向,方向與相同,故A錯誤;BCD、內(nèi)情況:由楞次定律可知,金屬板上極板帶負電,金屬板下極板帶正電;粒子帶正電,則粒子所受電場力方向豎直向上而向上做勻加速運動.內(nèi)情況:由楞次定律可知,金屬板上極板帶正電,金屬板下極板帶負電;因粒子帶正電,則粒子所受電場力方向豎直向下而向上做勻減速運動,直到速度為零,,內(nèi)情況:由楞次定律可知,金屬板上極板帶正電,金屬板下極板帶負電,帶正電粒子向下勻加速,同理,,內(nèi)情況:由楞次定律可知,金屬板上極板帶負電,金屬板下極板帶正電;因粒子帶正電,則粒子所受電場力方向豎直向上,而向下做勻減速運動,直到速度為零;由上分析可知,末速度減小為零,位移最大,當(dāng)T末,粒子回到了原來位置,故B錯誤,CD正確.點睛:本題屬于綜合性題目,注意將產(chǎn)生感應(yīng)電流的部分看作電源,則可知電容器兩端的電壓等于線圈兩端的電壓,這樣即可還原為我們常見題型.8、BCD【解析】

A.金屬板的逸出功取決于金屬材料,與入射光的頻率無關(guān),故A錯誤;B.由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知,光電子的逸出最大動能根據(jù)動能定理則當(dāng)?shù)竭_A板的光電子的最大動能為故B正確;C.若減小入射光的波長,那么頻率增大,仍一定會有光電子逸出,故C正確;D.根據(jù),而,則光子的能量為故D正確。故選BCD。9、AC【解析】

A.運動員從O運動到B的整個過程中,只有重力做功,機械能守恒,故A選項正確;B.運動員在光滑圓軌道上運動時,由機械能守恒得所以故B選項錯誤;D.設(shè)運動員做平拋運動的時間為t,水平位移為x,豎直位移為y,則由幾何關(guān)系聯(lián)立得故D選項錯誤;C.運動員從A到B的過程中機械能守恒,所以在B點的動能代入J故C選項正確。故選AC。10、AC【解析】由圖可知,兩行星的球體半徑相同,對行星周圍空間各處物體來說,萬有引力提供加速度,故有,故可知P1的質(zhì)量比P2的大,即P1的平均密度比P2的大,所以選項A正確;由圖可知,P1表面的重力加速比P2的大,由可知,P1的第一宇宙速度比P2的大,所以選項B錯誤;對衛(wèi)星而言,萬有引力提供向心加速度,即,故可知,s1的向心加速度比s2考點:天體與萬有引力定律三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、8.0系統(tǒng)【解析】

根據(jù)位移差公式求解系統(tǒng)的加速度。對整個系統(tǒng)進行分析,根據(jù)牛頓第二定律求解M的表達式。根據(jù)誤差來源分析誤差的性質(zhì)?!驹斀狻?1)[1]根據(jù)位移差公式,解得系統(tǒng)運動的加速度為(2)[2]根據(jù)牛頓第二定律,對Q和Z有對物體P有聯(lián)立解得。(3)[3]由題意可知本實驗中誤差是由于實驗原理的選擇而造成的,無法通過多測數(shù)據(jù)來消除,故這是一種系統(tǒng)誤差?!军c睛】本題主要考查了通過系統(tǒng)牛頓第二定律測質(zhì)量的方法,能分析出實驗誤差的原因。明確系統(tǒng)誤差和偶然誤差的定義。12、遠小于2.42~2.472.02~2.07等于【解析】

(1)因為實驗的研究對象是整個系統(tǒng),系統(tǒng)受到的合外力就等于mg,所以不需要滿足懸掛的沙桶總質(zhì)量一定要遠遠小于小車(包括盛沙的盒及盒內(nèi)的砂)的總質(zhì)量;(2)由圖可知,小車2的位移為2.43m,由勻加速直線運的位移公式可知,,即由于時間相等,所以,由牛頓第二定律可知:,所以兩小車的加速度之比等于質(zhì)量的反比.四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.5C(2)3m/s(3)12.56N(4)2.0W【解析】

(1)平均感應(yīng)電動勢代入數(shù)據(jù),可得:(2)幾何關(guān)系:解得:桿的速度等于小車速度沿繩方向的分量:(3)桿受的摩擦力桿受的安培力代入數(shù)據(jù),可得根據(jù)牛頓第二定律:解得:(4)根據(jù)動能

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