武漢外國(guó)語(yǔ)2023-2024學(xué)年度高二下學(xué)期期末考試+物理試卷答案

參考答案：1．B【詳解】由圖甲可知，溫度為T(mén)2的圖線中速率大分子占據(jù)的比例較大，則說(shuō)明其對(duì)應(yīng)的平均動(dòng)能較大，故T2對(duì)應(yīng)的溫度較高，故T1<T2。由圖乙可以看出，隨著溫度的升高，各種波長(zhǎng)的輻射強(qiáng)度都有增加，輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短方向移動(dòng)，所以有T12．D【詳解】A．根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒可知X為β粒子，穿透性較強(qiáng)，但不能輕松穿透幾厘米厚的鉛板，故A錯(cuò)誤；B．半衰期是統(tǒng)計(jì)數(shù)據(jù)，100個(gè)碘129原子在1570萬(wàn)年后不一定還有50個(gè)未發(fā)生衰變，故B錯(cuò)誤；C．半衰期不會(huì)受外界環(huán)境的影響而改變，故C錯(cuò)誤；D．由于衰變過(guò)程中有質(zhì)量虧損，所以碘129原子核的質(zhì)量大于氙129原子核和X粒子的總質(zhì)量，故D正確。3．C4．D【詳解】A．氫原子從n=4能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)能輻射出6種頻率的光，只有2種可見(jiàn)光，分別為從n=4能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷和從n=3能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)滑片P向a端移動(dòng)時(shí)，施加反向電壓，光電流I將減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知頻率越大，遏止電壓越大，故a光的頻率最大，根據(jù)λ=可知頻率越大，波長(zhǎng)越短，故a光的波長(zhǎng)最短，根據(jù)p=可知a光光子動(dòng)量最大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)氫原子能級(jí)圖可知?dú)涔庾V可見(jiàn)光只有4條，而a光的能量最大，故排除氫原子從n=6能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷的可能，故a光是氫原子從n=5能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷發(fā)出的光，能量為2.86eV，b光是氫原子從n=4能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷發(fā)出的光，能量為2.55eV，c光是氫原子從n=3能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷發(fā)出的光，能量為1.89eV，故圖丙中3條圖線對(duì)應(yīng)的遏止電壓，一定有U5．C【詳解】其運(yùn)動(dòng)過(guò)程的圖像如圖所示由于圖像的斜率表示物體加速度，圖像的面積表示物體的位移，則加速度大小分別為，整理有6．A【詳解】瓦片放在房脊上，相當(dāng)于物體放在斜面上的模型，如圖所示瓦片重力沿斜面和垂直斜面的分力分別為mgsinθ，A．彈力的合力A的重力垂直斜面方向的分力平衡，大小為mgcos對(duì)A的彈力大小為FB．B對(duì)A的作用力與A的重力平衡，故大小等于mg，方向豎直向上。故B錯(cuò)誤；C．A受到重力，兩個(gè)側(cè)面對(duì)它的彈力和兩個(gè)側(cè)面對(duì)它的摩擦力，共5個(gè)力，故C錯(cuò)誤；D．B對(duì)A的最大靜摩擦力的合力大小與瓦片沿斜面方向的重力的分力平衡F故D錯(cuò)誤。7．CD【詳解】A．因?yàn)槭谴昙堓啂?dòng)第一張向右運(yùn)動(dòng)，第1張紙上表面受到搓紙輪施加的靜摩擦力f，方向向右，大小不確定，故A錯(cuò)誤；D．第1張紙下表面受到第2張紙施加的滑動(dòng)摩擦力f′，方向向左，即有f'=F為搓紙輪對(duì)第1張紙的壓力，要讓紙張一張一張進(jìn)入則需滿足f'=由題知F?mg，故必有BC．第2張紙與第3張紙之間的摩擦力及第99張紙與第100張紙之間的摩擦力都是靜摩擦力，根據(jù)受力平衡可知，大小均為f'=μ8．BCD【詳解】A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，衰變方程為z故A錯(cuò)誤；B．此反應(yīng)中放出的總能量ΔE=故B正確；C．核反應(yīng)前后系統(tǒng)動(dòng)量守恒，即m新核和α粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力提供向心力，有Bqv=聯(lián)立兩式可知核Y和α粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑之比rα粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為R，所以核Y在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑r故C正確；D．核X發(fā)生衰變前后，根據(jù)能量守恒定律有ΔE=又由于m聯(lián)立兩式整理得核Y的動(dòng)能19．BC系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，對(duì)整體運(yùn)用牛頓第二定律得隔離對(duì)分析，有解得可知彈簧秤的示數(shù)是25N，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．在突然撤去的瞬間，彈簧彈力保持不變，則m2的受力不變，m2的加速度大小仍為；的加速度大小為故C正確，D錯(cuò)誤。10．AD【詳解】AB．設(shè)棒以加速度a0則有Ncosθ解得a故A正確，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)a=10時(shí)，滑套會(huì)沿棒上滑，如圖所示設(shè)滑套相對(duì)棒的加速度大小為a1，經(jīng)時(shí)間tNNL解得a1=2m/故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)a=5時(shí)，滑套會(huì)沿棒下滑，如圖所示設(shè)滑套相對(duì)棒的加速度大小為a2，經(jīng)時(shí)間tmg?NNL解得a2=2m/11．不需要BAC/CA12．不需要1Δt2=【詳解】（1）[1]實(shí)驗(yàn)中小車的受到的合力可以由彈簧測(cè)力計(jì)讀出，因此不需要鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量。（2）[2]小車通過(guò)光電門(mén)的速度為v，有v=設(shè)小車初到光電門(mén)的位移為s，有v對(duì)小車受力分析，由牛頓第二定律有F=Ma整理有1圖像的斜率為k=可知，斜率與小車質(zhì)量、小車釋放的位置、擋光片的寬度有關(guān)，與鉤碼的質(zhì)量無(wú)關(guān)。故選B。由之前的分析可知，其關(guān)系式為1（3）[4]描點(diǎn)連線，其圖像如圖所示

（4）由上圖可知，圖線在橫軸上有一段正截距，說(shuō)明當(dāng)力F在某個(gè)值時(shí)，小車才運(yùn)動(dòng)，據(jù)此可知小車沒(méi)有平衡摩擦力或平衡摩擦力不夠，即適當(dāng)增大斜面左端的高度可以使圖像過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)。13.（?。?duì)汽缸受力分析有解得（ⅱ）設(shè)活塞B剛離開(kāi)汽缸A時(shí)內(nèi)部氣體的壓強(qiáng)為，彈簧的壓縮量為，有對(duì)活塞B受力分析有可得彈簧長(zhǎng)度L仍然為原長(zhǎng)10CM14．（1）22N；（2）4N，方向水平向右；（3）1.1kg【詳解】（1）以圓環(huán)為對(duì)象，豎直方向根據(jù)受力平衡可得解得繩子拉力大小為以物塊為對(duì)象，豎直方向根據(jù)受力平衡可得解得支持力根據(jù)牛頓第三定律，可知物塊對(duì)地面的壓力大小22N。（2）以物塊為對(duì)象，水平方向根據(jù)受力平衡可得可知地面對(duì)物塊的摩擦力大小為4N，方向水平向右。（3）若m、M大小可調(diào)，以圓環(huán)為對(duì)象，可得繩子拉力大小為以物塊為對(duì)象，豎直方向根據(jù)受力平衡可得解得水平方向根據(jù)受力平衡可得又聯(lián)立可得解得15．（1）1m/s2；（2）6m【詳解】（1）設(shè)t=0時(shí)長(zhǎng)木板的加速度大小為a1μ解得a（2）設(shè)0~3s內(nèi)，物體A的加速度大小為a2，位移大小為x1，物體B的位移大小為x2F?a物體A的位移大小為物體B的位移大小為L(zhǎng)?解得（3）t2v物體A的位移為x長(zhǎng)木板的速度為v長(zhǎng)木板的位移為x物體B的位移為t2=2.4s時(shí)，物體BΔ即B離長(zhǎng)木板的最右端的距離為L(zhǎng)物體A相對(duì)長(zhǎng)木板的位移Δ可知A離長(zhǎng)木板右端距離L?Δ設(shè)撤去推力F后物體A的加速度大小為a2μ解得a物體A與木板的共同速度設(shè)為v共v解得tv故在t=2.88s時(shí)物體A和長(zhǎng)木板達(dá)到共同的速度2.