浙江省鎮(zhèn)海中學(xué)2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期期末考試物理試題

鎮(zhèn)海中學(xué)2023學(xué)年第二學(xué)期高二期末考試物理姓名________準(zhǔn)考證號(hào)_________本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共6頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘?？忌⒁猓?．答題前，請(qǐng)務(wù)必粘貼條形碼，并將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽宇筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答。在本試題卷或草稿紙上的作答一律無效?？荚嚱Y(jié)束時(shí)，只需要上交答題紙。3．本試卷中的g取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本大題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列屬于國際單位制中單位的是（）A.伏特（V） B.電子伏特（eV） C.攝氏度（） D.克（g）【答案】A【解析】【詳解】A．國際單位制中伏特是電壓的單位，故A正確；B．電子伏特是能量的單位，能量的國際單位是焦耳（J），故B錯(cuò)誤；C．溫度的國際單位是開爾文（K），而不是攝氏度（），故C錯(cuò)誤；D．質(zhì)量的國際單位是千克（kg），故D錯(cuò)誤。故選A。2.在物理學(xué)發(fā)展過程中，許多物理學(xué)家做出了貢獻(xiàn)，他們的科學(xué)發(fā)現(xiàn)和所采用的科學(xué)方法推動(dòng)了人類社會(huì)的進(jìn)步，以下說法正確的是（）A.亞里士多德猜想自由落體運(yùn)動(dòng)的速度與下落時(shí)間成正比，并直通過實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證B.牛頓根據(jù)行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，并通過“月—地檢驗(yàn)”，得出了萬有引力定律C.盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)原子核是由質(zhì)子和中子組成D.愛因斯坦的相對(duì)論否定了牛頓力學(xué)理論，成功解決了宏觀物體的高速運(yùn)動(dòng)問題【答案】B【解析】【詳解】A．伽利略猜想自由落體運(yùn)動(dòng)的速度與下落時(shí)間成正比，并直通過實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證，故A錯(cuò)誤；B．牛頓根據(jù)行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，并通過“月—地檢驗(yàn)”，得出了萬有引力定律，故B正確；C．盧瑟福通過粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，故C錯(cuò)誤；D．愛因斯坦的相對(duì)論只是證明了牛頓力學(xué)理論的局限性，成功解決了宏觀物體的高速運(yùn)動(dòng)問題，并沒有否定牛頓力學(xué)理論，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，我國空間站在離地面高約400km的圓軌道運(yùn)行，航天員在空間站中每天可看到16次日出，下列說法正確的是（）A.空間站的運(yùn)行速度大于7.9km/sB.空間站的運(yùn)行周期約為90minC.航天員“飄浮”在空間站中不動(dòng)時(shí)處于平衡狀態(tài)D.由于稀薄大氣的影響，如不加干預(yù)，運(yùn)行一段時(shí)間后空間站的動(dòng)能會(huì)減小【答案】B【解析】【詳解】A．7.9km/s是衛(wèi)星在軌道運(yùn)行的最大速度，所以空間站在軌道運(yùn)動(dòng)的線速度都不會(huì)大于7.9km/s，故A錯(cuò)誤；B．地球自轉(zhuǎn)周期為24h，所以空間站的公轉(zhuǎn)周期為故B正確；C．航天員“飄浮”在空間站中不動(dòng)時(shí)萬有引力完全提供向心力，處于完全失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．由于稀薄大氣的影響，如不加干預(yù)，運(yùn)行一段時(shí)間后空間站的機(jī)械能減小，空間站將變軌到低軌道運(yùn)行，動(dòng)能會(huì)增大，故D錯(cuò)誤。故選B。4.2023年8月24日，日本啟動(dòng)核污染水排海，排放的核污染水里含64種放射性元素，將對(duì)全人類和海洋生命產(chǎn)生長久的重大威脅。核污染水中發(fā)生衰變時(shí)的核反應(yīng)方程為，該核反應(yīng)過程中釋放的能量為Q，光在真空中的傳播速度為c，下列說法正確的是（??）A.利用海水稀釋可以使的半衰期縮短B.該核反應(yīng)中發(fā)生了β衰變C.衰變后與X粒子的結(jié)合能之和小于衰變前的結(jié)合能D.該核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損為【答案】D【解析】【詳解】A．半衰期是放射性元素本身的屬性，利用海水稀釋后，的半衰期不變，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，X的質(zhì)量數(shù)為210206=4根據(jù)電荷數(shù)守恒，X的電荷數(shù)為8482=2所以X為，該反應(yīng)為α衰變，故B錯(cuò)誤；C．核反應(yīng)過程中放出的核能為反應(yīng)后生成的所有新核的總結(jié)合能與反應(yīng)前所有原子核的總結(jié)合能之差，所以衰變后與X粒子的結(jié)合能之和大于衰變前的結(jié)合能，故C錯(cuò)誤；D．該核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損為故D正確。故選D。5.小明運(yùn)動(dòng)后用網(wǎng)兜將籃球掛在相互垂直的墻角。簡化圖如圖所示，設(shè)籃球質(zhì)量為、半徑為，懸掛點(diǎn)為互相垂直的兩豎直墻壁交線處的點(diǎn)，到球心的距離為，一切摩擦不計(jì)，則籃球?qū)θ我粔Ρ诘膲毫Υ笮椋ǎ〢. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】對(duì)球進(jìn)行受力分析，球受重力Mg、繩子的拉力T及兩個(gè)墻壁對(duì)它的支持力，兩個(gè)支持力大小相等，夾角為，設(shè)支持力的大小為N、繩子與豎直墻壁交線的夾角，根據(jù)幾何知識(shí)可知球心到豎直墻壁交線的垂直距離為故解得在豎直方向上根據(jù)受力平衡可得解得在水平方向上根據(jù)受力平衡可知兩個(gè)墻壁對(duì)球的支持力的合力大小等于繩子拉力T的水平分力的大小，即解得根據(jù)牛頓第三定律可得則球?qū)θ我粔Ρ诘膲毫Υ笮?，B正確。故選B。6.如圖，小球從加速滑道的不同位置由靜止滑下，到達(dá)A點(diǎn)后會(huì)以不同的速度水平飛出，分別落在滑道的M、B和N點(diǎn)。已知滑道AB和BC傾斜角均為45°，并且M為AB的中點(diǎn)，M、N兩點(diǎn)在同一水平面。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為，則下列說法正確的是（）A.三次在空中飛行時(shí)間之比為B.三次的水平初速度大小之比為C.落在M點(diǎn)的速度偏轉(zhuǎn)角比落在B點(diǎn)的速度偏轉(zhuǎn)角大D.落在N點(diǎn)的時(shí)候速度方向恰好垂直斜坡BC【答案】B【解析】【詳解】A．軌跡1、3的高度相等，在空中飛行的時(shí)間相等；軌跡1、2的高度之比為1∶2，由所以時(shí)間之比為，綜合可得故A錯(cuò)誤；B．由幾何關(guān)系，軌跡1、2、3的水平位移之比為由水平初速度之比為故B正確。C．因?yàn)槁湓谛逼律系奈灰破D(zhuǎn)角相同，速度偏轉(zhuǎn)角也相同，故C錯(cuò)誤；D．軌跡1的速度偏轉(zhuǎn)角軌跡3的速度偏轉(zhuǎn)角已知所以不與斜坡垂直，故D錯(cuò)誤。故選B。7.高樓出現(xiàn)火情時(shí)，需要一種舉高噴射消防車。如圖，某高樓離地面65m處出現(xiàn)火情，消防車正在滅火中。已知水炮炮口與樓房距離為15m，與地面距離為60m，水炮每分鐘噴出的水，水柱剛好垂直打中著火房間窗戶，水流沖擊到窗戶玻璃后向四周流散。重力加速度，下列說法正確的是（）A.水泵對(duì)水做功的功率約為B.水泵對(duì)水做功的功率約為C.水流對(duì)窗戶玻璃沖擊力約為500ND.水流對(duì)窗戶玻璃沖擊力約為900N【答案】B【解析】【詳解】AB．將水噴到窗口時(shí)的過程的逆過程看做是平拋運(yùn)動(dòng)，則水噴到窗口時(shí)的速度每秒噴出水的質(zhì)量水泵對(duì)水做功的功率約為選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD．水噴射到窗戶上由動(dòng)量定理解得選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。8.2022年11月21日中國空間站第三次太空授課中演示了紫色水球從“活躍”到“懶惰”的過程。如圖所示，用注射器向水球噴氣，水球發(fā)生振動(dòng)。向水球射入一枚質(zhì)量10g的鋼球，鋼球留在水球中，再用注射器以相同方式向水球噴氣，水球振動(dòng)幅度減小。則（）A.首次噴氣水球振幅較大一定是因?yàn)樽⑸淦鲊姎獾念l率與水球的固有頻率相等B.水球振動(dòng)中不破裂，是因?yàn)橹行牡乃畬?duì)外面的水有萬有引力的作用C.鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用D.鋼球在水中受到浮力為0.1N【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)動(dòng)量定理，力的沖量相同的情況下，質(zhì)量小的物體獲得的速度大，振幅也大，故A錯(cuò)誤；BC．水球振動(dòng)中不破裂，鋼球射入水球而未穿出，是水的表面張力起了作用，故B錯(cuò)誤，C正確。D．太空中處于失重狀態(tài)，浮力為0，故D錯(cuò)誤；故選C。9.如圖所示，D是一支理想二極管（正向電阻為零，可視為短路；反向電阻無窮大，可視為斷路），C是極板水平放置的平行板電容器，初始時(shí)不帶電。當(dāng)S接1且穩(wěn)定后，處于兩極板間P點(diǎn)的一帶電油滴能保持靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A.保持S接1，減小C兩極板的正對(duì)面積，油滴會(huì)向上移動(dòng)B.保持S接1，將C的下極板上移，油滴會(huì)向下移動(dòng)C.將S從1擲到2，油滴將向下運(yùn)動(dòng)D.將S從1擲到2，同時(shí)將下極板上移，油滴將向下運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】【詳解】A．保持S接1，減小C兩極板的正對(duì)面積，則根據(jù)知電容C減小，又而存在二極管，使得Q不能減少，故實(shí)際過程為Q不變，故U增大，根據(jù)及d不變，知E增大，所以油滴受到向上的電場力大于重力，油滴會(huì)向上移動(dòng)，故A正確；B．保持S接1，將C的下極板上移，根據(jù)知d減小，C增大，U不變，Q增大，可以充電，根據(jù)知E增大，油滴向上運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．將S從1擲到2，斷開開關(guān)，不能放電，故油滴不動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．將S從1擲到2，同時(shí)將下極板上移，d減小，根據(jù)知C增大，斷開開關(guān)，Q不變，根據(jù)聯(lián)立知不變，故油滴不動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。10.如圖甲所示，波源和分別沿y軸方向振動(dòng)形成兩列簡諧橫波，分別向x軸正向和負(fù)向傳播，、振動(dòng)圖像分別如圖乙、丙所示。當(dāng)時(shí)，處質(zhì)點(diǎn)通過的路程為10cm，則（）A.波速為2m/sB.處的質(zhì)點(diǎn)最早出現(xiàn)振幅為10cm的波谷位置C.時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)通過的路程為30cmD.后，兩波源之間（不包括波源）有20個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)【答案】B【解析】【詳解】A．由圖可知，周期振幅由圖可知比早振動(dòng)的時(shí)間為當(dāng)時(shí)，處質(zhì)點(diǎn)通過的路程為可知當(dāng)時(shí)，處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的時(shí)間即波源的振動(dòng)傳播到處的時(shí)間為則波速大小為故A錯(cuò)誤；B．波長為波源的振動(dòng)形成的第一個(gè)波谷是在處，時(shí)間為在，波源振動(dòng)形成的第一個(gè)波谷的位置為最早出現(xiàn)振幅為10cm的波谷位置為故B正確；C．兩波源的振動(dòng)傳播到處的時(shí)間為由于波源比晚振動(dòng)0.2s，所以之間處的質(zhì)點(diǎn)只參與的振動(dòng)，通過的路程之間處的質(zhì)點(diǎn)參與兩波源的振動(dòng)，振動(dòng)加強(qiáng)，通過的路程所以時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)通過的路程為故C錯(cuò)誤；D．時(shí)，兩波源的振動(dòng)方向都是向軸負(fù)方向，兩波源處振動(dòng)加強(qiáng)，兩波源之間（不包括波源）振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)為故D錯(cuò)誤。故選B。11.用波長為的單色光做楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，在觀察屏上可看到干涉條紋。今將一個(gè)厚度為l的薄玻璃片放到上面狹縫的后面，發(fā)現(xiàn)中央亮條紋移動(dòng)到了第m亮條紋的位置，以下說法正確的是（）A.條紋向下移動(dòng)B.條紋間距隨之變寬C.玻璃的折射率為D.再將一個(gè)折射率為的薄云母片放到下面狹縫的后面，發(fā)現(xiàn)條紋恢復(fù)到最初的位置，則云母片的厚度為【答案】C【解析】【詳解】AB．條紋間距為因?yàn)樯峡p光路的光程增加，上下光路光程相等的位置即零級(jí)條紋的位置上移，同理其它條紋也上移，條紋間距不變，故AB錯(cuò)誤；C．插入玻片后引起的上下縫光波間的光程差的變化值為則條紋移動(dòng)的周期數(shù)滿足關(guān)系因此玻璃的折射率故C正確；D．插入云母片后引起的下縫光波的光程變化值為由題中條件可知，云母片引起的光程變化應(yīng)該等于玻璃片引起的光程變化，即聯(lián)立解得云母片的厚度為故D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為2：1，電源的輸出電壓，定值電阻，，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為5Ω，a、b為滑動(dòng)變阻器的兩個(gè)端點(diǎn)，所有電表均為理想電表?，F(xiàn)將滑動(dòng)變阻器滑片P置于b端，則（）A.電流表示數(shù)為B.電壓表示數(shù)為10VC.滑片P由b向a緩慢滑動(dòng)，消耗的功率減小D.滑片P由b向a緩慢滑動(dòng)，變壓器的輸出功率減小【答案】C【解析】【詳解】AB．題圖的電路圖可以等效為設(shè)原線圈兩端電壓為，副線圈兩端電壓為，又因?yàn)槔硐胱儔浩髟本€圈的功率相等，有整理有電源的電壓輸出為因?yàn)殡娏鞅砗碗妷罕頊y量的為有效值，電源的有效值為30V，電流表的示數(shù)為原線圈兩端電壓的有效值為電壓表測量的是副線圈兩端的電壓，即整理有故AB錯(cuò)誤：C．當(dāng)滑片P從b向a緩慢滑動(dòng)過程中，阻值變大，根據(jù)電流規(guī)律可知，總電阻變大，結(jié)合之前的分析可知，流過電阻的電流減小，由變壓器規(guī)律，流過副線圈的電流也成比例減小，電阻不變，電流減小，根據(jù)，所以功率減小，故C正確；D．由之前的分析，可以將電阻與電源放在一起，等效成新電源，其副線圈輸出功率變?yōu)樾码娫吹妮敵龉β?，有電源的輸出功率的?guī)律可知，當(dāng)?shù)刃щ娮璧扔谛码娫吹膬?nèi)阻20Ω時(shí)，即，其輸出功率最大，所以在滑片從b向a緩慢滑的過程中，其副線圓的輸出功率先增大，后減小，故D錯(cuò)誤。故選C13.如圖所示，半徑為的半圓形閉合金屬線框可繞圓心在紙面內(nèi)逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，過點(diǎn)的邊界上方存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。初始時(shí)線框直徑與虛線邊界垂直。已知線框的電阻為，線框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，以順時(shí)針為感應(yīng)電流的正方向，下列關(guān)于線圈中的感應(yīng)電流隨時(shí)間的變化關(guān)系正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】如圖所示在時(shí)間內(nèi)，穿過線圈的磁通量向外增加，根據(jù)楞次定律可知，線圈中的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向（正方向），線圈切割磁感線的有效長度為則線圈轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢為線圈中的感應(yīng)電流為在時(shí)間內(nèi)，整個(gè)線圈都在磁場中，線圈的感應(yīng)電流為0；在時(shí)間內(nèi)，穿過線圈的磁通量向外減小，根據(jù)楞次定律可知，線圈中的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向（負(fù)方向），線圈切割磁感線的有效長度為則線圈轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢為線圈中的感應(yīng)電流為在時(shí)間內(nèi)，整個(gè)線圈都在磁場外，線圈的感應(yīng)電流為0。故選D。二、選擇題Ⅱ（本大題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，選對(duì)但不全的得2分，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）14.下列說法正確的是（）A.光敏電阻隨著光照的增強(qiáng)，載流子減少，導(dǎo)電性變差B.在LC振蕩電路中，放電完畢的瞬間磁場能全部轉(zhuǎn)化為電場能C.“遙知不是雪，為有暗香來”，“暗香來”是分子的擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)造成的D.食鹽被灼燒時(shí)發(fā)出的光主要是由食鹽蒸氣中鈉原子的能級(jí)躍遷而造成的【答案】CD【解析】【詳解】A．光敏電阻隨著光照的增強(qiáng)，載流子增多，導(dǎo)電性變好，故A錯(cuò)誤；B．在LC振蕩電路中，放電完畢的瞬間電場能全部轉(zhuǎn)化為磁場能，故B錯(cuò)誤；C．“遙知不是雪，為有暗香來”，“暗香來”是分子的擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)造成的，故C正確；D．食鹽被灼燒時(shí)發(fā)出的光主要是由食鹽蒸氣中鈉原子的能級(jí)躍遷而造成的，故D正確。故選CD。15.如圖所示，一群處于第4能級(jí)的氫原子，向低能級(jí)躍遷時(shí)能發(fā)出不同頻率的光，其中只有3種不同頻率的光a，b，c照射到圖甲電路陰極K的金屬上能夠發(fā)生光電效應(yīng)，測得光電流隨電壓變化的圖像如圖乙所示，調(diào)節(jié)過程中三種光均能達(dá)到對(duì)應(yīng)的飽和光電流，已知?dú)湓拥哪芗?jí)圖如圖丙所示，則下列推斷正確的是（）A.陰極金屬的逸出功可能為B.圖乙中的b光光子能量為C.若圖乙中的，則D.若甲圖中電源右端為正極，隨滑片向右滑動(dòng)，光電流先增大后保持不變【答案】AB【解析】【詳解】這些氫原子在向低能級(jí)躍遷過程中能發(fā)出6種不同頻率的光，按頻率從高到低（輻射能量從大到?。┓謩e是躍遷到，躍遷到，躍遷到，躍遷到，躍遷到，躍遷到。依題意，照射圖甲所示的光電管陰極K，能使金屬發(fā)生光電效應(yīng)的是其中頻率高的三種，分別是躍遷到；躍遷到；躍遷到。A．由第2能級(jí)向基態(tài)躍遷輻射的光子能量為輻射能量第4大的光子能量為由于只測得3條電流隨電壓變化的圖像，故陰極金屬的逸出功介于之間，故A正確；B．b光是頻率排第二高的光，則是第3能級(jí)向基態(tài)躍遷發(fā)出的，其能量值為故B正確；C．由乙圖可知，a光的遏止電壓最大，據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程a光的頻率最高，a光是由第4能級(jí)向基態(tài)躍遷發(fā)出的，其光子能量為由可知金屬的逸出功為，c光應(yīng)是能級(jí)2向基態(tài)躍遷產(chǎn)生的光，其光子能量為，故故C錯(cuò)誤；D．若甲圖中電源左端為正極，則光電管上加的正向電壓，隨著滑片向右滑動(dòng)，正向電壓逐漸增大，更多的光電子到達(dá)A極，光電流在增大；當(dāng)正向電壓達(dá)到某值時(shí)所有光電子都能到達(dá)A極，光電流達(dá)到最大值，滑片再向右滑動(dòng)，光電流保持不變，但該選項(xiàng)電源右端為正極，故D錯(cuò)誤。故選AB。非選擇題部分三、解答題（本大題共5小題，共55分）16.實(shí)驗(yàn)小組在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”時(shí)，用圖甲所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中，用槽碼的重力代替細(xì)線中的拉力。（1）如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測得遮光條的寬度d=______mm。（2）下列說法中正確的是（）A.槽碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量B.氣墊導(dǎo)軌右端應(yīng)比左端高C.先釋放滑塊再打開氣墊導(dǎo)軌的氣源（3）實(shí)驗(yàn)小組用如下方法測量滑塊的加速度a：將滑塊從圖甲所示位置由靜止釋放，測得遮光條通過光電門1、2的時(shí)間分別為t1、t2，兩個(gè)光電門間的距離為L，則滑塊的加速度大小a=______（用字母t1、t2、L、d表示）。（4）為了減小偶然誤差，該小組同學(xué)設(shè)計(jì)了另一種方案，測得遮光條從光電門1到2的時(shí)間為t，兩個(gè)光電門間的距離為L，保持光電門2的位置及滑塊在導(dǎo)軌上釋放的位置不變，改變光電門1的位置進(jìn)行多次測量，測得多組L和t的數(shù)據(jù)，作出了圖像如圖丙所示，已知縱軸截距為v0，橫軸截距為t0，則v0表示遮光條通過光電門_______（選填“1”或“2”）時(shí)的速度大小，滑塊的加速度大小a=______。（5）保持槽碼質(zhì)量m不變，改變滑塊質(zhì)量M，探究滑塊加速度a與質(zhì)量M的關(guān)系，將槽碼重力mg代替細(xì)線拉力F，引起的相對(duì)誤差表示為，請(qǐng)寫出隨M變化的關(guān)系式______?！敬鸢浮浚?）5.25（2）A（3）（4）①.2②.（5）【解析】【小問1詳解】游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，所以【小問2詳解】A．實(shí)驗(yàn)中，用槽碼的重力代替細(xì)線中的拉力，所以槽碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量，故A正確；B．由于滑塊在氣墊導(dǎo)軌上不受摩擦力作用，細(xì)線的拉力即為滑塊所受的合力，所以不需要?dú)鈮|導(dǎo)軌應(yīng)保持水平，故B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)中先打開氣墊導(dǎo)軌的氣源再釋放滑塊，故C錯(cuò)誤。故選A?！拘?詳解】由于滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則【小問4詳解】[1][2]根據(jù)題意可得所以由此可知，v0表示遮光條通過光電門2的速度，且所以【小問5詳解】根據(jù)牛頓第二定律可得所以17.單晶半導(dǎo)體材料沿某一軸向受到外力作用時(shí)，其電阻率發(fā)生變化的現(xiàn)象，稱為“壓阻效應(yīng)”。現(xiàn)用電路研究某長薄板電阻的壓阻效應(yīng)，已知電阻的阻值變化范圍為幾歐到十幾歐，實(shí)驗(yàn)室中有下列器材：A.電源E（，內(nèi)阻約為）B.電流表（，內(nèi)阻）C.電流表（，內(nèi)阻約為）D.開關(guān)SE.定值電阻（1）用多用電表粗測薄板不受力時(shí)阻值，選擇歐姆擋的恰當(dāng)倍率后，示數(shù)如圖甲，則讀數(shù)為______。（2）為了比較準(zhǔn)確地測量電阻的阻值，應(yīng)采取下列______電路圖。A. B. C.（3）閉合開關(guān)S，在電阻上加一個(gè)豎直向下的力F（設(shè)豎直向下為正方向），記下電流表讀數(shù)，電流表讀數(shù)為，電流表讀數(shù)為，得______（用字母表示）。（4）先對(duì)電阻施加豎直向下的壓力F，改變大小，得到相對(duì)應(yīng)的阻值。改變壓力方向?yàn)樨Q直向上，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，最后描繪成圖像如丙圖所示。則當(dāng)力F豎直向下時(shí)，電阻與壓力F的函數(shù)關(guān)系式是______?！敬鸢浮浚?）6.0（5.8~6.2）（2）A（3）（4）【解析】【小問1詳解】電阻阻值變化范圍為幾歐到十幾歐，則應(yīng)選擇歐姆擋的“”倍率，由圖甲可得讀數(shù)為【小問2詳解】由于電流表內(nèi)阻已知，則電流表可充當(dāng)電壓表測量電壓，為了比較準(zhǔn)確地測量電阻的阻值，應(yīng)采取A電路圖?！拘?詳解】根據(jù)歐姆定律可得【小問4詳解】當(dāng)力F豎直向下時(shí)，，取右邊圖像，由圖可知，電阻與壓力F的函數(shù)關(guān)系式為18.某實(shí)驗(yàn)小組通過實(shí)驗(yàn)探究一個(gè)熱敏電阻的特性，圖甲為探究電路，熱敏電阻RT處在虛線所示的溫控室中。（1）實(shí)驗(yàn)前，將滑動(dòng)變阻器R?的滑片移到____________（填“a”或“b”）端；實(shí)驗(yàn)時(shí)，記錄溫控室的溫度t，將S?打到1，閉合S?，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表的示數(shù)為I?；保持滑動(dòng)變阻器的滑片位置不變，將S?打到2，調(diào)節(jié)電阻箱R?，使電流表的示數(shù)仍為I?，記錄此時(shí)電阻箱的示數(shù)R，即為熱敏電阻的阻值。（2）上述測量過程中，由于電流表內(nèi)阻不可忽略，會(huì)導(dǎo)致熱敏電阻的測量值_____________（填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。（3）多次改變溫控室的溫度，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)過程，測得多組數(shù)據(jù)，作出Rt圖像如圖乙所示。當(dāng)溫度不同時(shí)，熱敏電阻的靈敏度（即電阻值隨溫度的變化率存在著較大的差異，要使熱敏電阻傳感器比較靈敏，就應(yīng)使之工作在靈敏度較大的區(qū)間。在下列溫度區(qū)間中，靈敏度最大的是（）A.20°C~40°C B.40°C~60°CC.60°C~80°C D.80°C~100°C（4）小巴同學(xué)發(fā)現(xiàn)可以利用該電路測量溫度。將S?打到1，保持滑動(dòng)變阻器的滑片位置不變，當(dāng)溫控室的溫度為110°C時(shí)，電流表恰好滿偏；當(dāng)溫控室的溫度為60°C時(shí)，電流表恰好半偏；當(dāng)電流表指在滿偏的時(shí)，溫控室的溫度為___________°C（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）b（2）等于（3）A（4）29【解析】【小問1詳解】實(shí)驗(yàn)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)b端，使滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最大?！拘?詳解】上述測量過程中，由于電流表內(nèi)阻不可忽略，會(huì)導(dǎo)致熱敏電阻的測量值等于真實(shí)值?！拘?詳解】要使熱敏電阻傳感器比較靈敏，就應(yīng)使之工作在靈敏度較大區(qū)間，即應(yīng)選取Rt圖像斜率絕對(duì)值較大的區(qū)間。故選A?！拘?詳解】當(dāng)溫控室溫度為110°C時(shí)，電阻為20，電流表恰好滿偏當(dāng)溫控室的溫度為60°C時(shí)，電阻為45，電流表恰好半偏聯(lián)立解得=5當(dāng)電流表指在滿偏的時(shí)則=95通過圖像可得，此時(shí)溫度為29°C。19.海洋溫差發(fā)電安全無污染，儲(chǔ)量巨大。在某次發(fā)電測試實(shí)驗(yàn)中，探測到490m深處的海水溫度為290K，如圖所示，在此處將氨水蒸氣封閉在橫截面積的氣缸內(nèi)，氣缸從深海490m深處上浮到海面，隨著海水溫度升高，封閉氣體的體積增大，活塞緩慢上升且始終未脫離氣缸。氨水蒸氣可看作理想氣體，氣缸導(dǎo)熱性能良好，活塞質(zhì)量不計(jì)。已知海面處溫度、此處氣體體積，大氣壓強(qiáng)恒為，海水密度。（1）氣缸從深海上浮到海面，氣缸內(nèi)氣體的分子平均動(dòng)能______（選填“變大”、“變小”或者“不變”）及內(nèi)能______（選填“變大”、“變小”或者“不變”）；（2）求氣缸在深海中上浮490m到海平面的過程中，活塞相對(duì)缸底上升的距離（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（3）在上述過程中，氣缸內(nèi)含蒸氣1.7kg，上升過程吸收的總熱量為105kJ，已知1摩爾蒸氣的內(nèi)能，其中常量，1摩爾蒸氣質(zhì)量為17g，求蒸氣對(duì)外做的功。【答案】（1）變大，變大；（2）1.47m；（3）80kJ【解析】【詳解】（1）缸從深海上浮到海面，海水溫度升高，氣體的溫度升高，則分子平均動(dòng)能變大，內(nèi)能變大；（2）初始時(shí)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程解得解得（3）根據(jù)熱力學(xué)第一定律有解得即對(duì)外做功80kJ。20.如圖所示，質(zhì)量的滑板A帶有四分之一光滑圓軌道，圓軌道的半徑，圓軌道底端點(diǎn)切線水平，滑板的水平部分粗糙。現(xiàn)滑板A靜止在光滑水平面上，左側(cè)緊靠固定擋板，右側(cè)不遠(yuǎn)處有一與A等高的平臺(tái)。平臺(tái)最右端有一個(gè)高的光滑斜坡，斜坡和平臺(tái)用長度不計(jì)的小光滑圓弧連接，斜坡頂端連接另一水平面。現(xiàn)將質(zhì)量的小滑塊B（可視為質(zhì)點(diǎn)）從A的頂端由靜止釋放。求：（1）滑塊B剛滑到圓軌道底端時(shí)，對(duì)圓軌道底端軌道的壓力大?。唬?）若A與平臺(tái)相碰前A、B能達(dá)到共同速度，則達(dá)到共同速度前產(chǎn)生的熱量；（3）若平臺(tái)上P、Q之間是一個(gè)長度的特殊區(qū)域，該區(qū)域粗糙，且當(dāng)滑塊B進(jìn)入該區(qū)域后，滑塊還會(huì)受到一個(gè)水平向右、大小的恒力作用，平臺(tái)其余部分光滑。若A與B共速時(shí)，B剛好滑到A的右端，A恰與平臺(tái)相碰，此后B滑上平臺(tái)，同時(shí)快速撤去A。設(shè)B與PQ之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。①求當(dāng)時(shí)，滑塊B第一次通過Q點(diǎn)時(shí)速度；②求當(dāng)時(shí)，滑塊B在PQ間通過的路程?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）①；②【解析】【詳解】（1）設(shè)B滑到A的底端時(shí)速度為，由動(dòng)能定理得小球在圓弧底端，有聯(lián)立各式并代入數(shù)據(jù)得，根據(jù)牛頓第三定律可知，滑塊對(duì)圓弧底端的壓力為60N。（2）設(shè)A、B獲得共同速度為，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得對(duì)A、B系統(tǒng)利用能量守恒定律（3）①當(dāng)μ=0.1時(shí)，對(duì)滑塊B從共速位置到點(diǎn)應(yīng)用動(dòng)能定理有解得②當(dāng)μ=0.9時(shí)，對(duì)滑塊B從共速位置到點(diǎn)應(yīng)用動(dòng)能定理有解得由于所以滑塊B不能從斜坡頂端沖出，將會(huì)再次滑上PQ段；由于所以滑塊B不能從平臺(tái)左端滑出；由于所以滑塊B不會(huì)停止在PQ段，最終靜止在點(diǎn)，對(duì)滑塊B全過程應(yīng)用動(dòng)能定理有解得21.如圖，用金屬制作的導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌平滑連接，導(dǎo)軌寬軌部分間距為，窄軌部分間距為，軌道傾斜部分與水平面成角，整個(gè)空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。質(zhì)量為、阻值為的金屬棒N垂直于導(dǎo)軌靜止放置在水平軌道與傾斜軌道交接處；質(zhì)量為、邊長為且每條邊阻值均為的正方形裸露線框P靜止在軌道窄部?，F(xiàn)將質(zhì)量為的橡膠棒M自傾斜導(dǎo)軌上高度處由靜止釋放，當(dāng)橡膠棒M運(yùn)動(dòng)到水平軌道后與N棒發(fā)生彈性碰撞，隨后立即將M棒拿走，金屬棒N和線框P在運(yùn)動(dòng)過程中始終相互平行且與導(dǎo)軌保持良好接觸，導(dǎo)軌電阻不計(jì)且足夠長，N棒總在寬軌上運(yùn)動(dòng)，線框P總在窄軌上運(yùn)動(dòng)，不計(jì)所有摩擦，重力加速度大小為（已知兩個(gè)完全相同的電源并聯(lián)時(shí)，電動(dòng)勢不變，內(nèi)阻減半）。求：（1）碰撞后N棒速度大小；（2）N棒最終速度大??；（3）整個(gè)過程中線框P產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）M棒為絕緣材料，所以不會(huì)切割產(chǎn)生電動(dòng)勢，M棒由靜止下滑到底端過程中，由動(dòng)能定理可得M棒與N棒在水平軌道發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有根據(jù)能量守恒定律有聯(lián)