遼寧省朝陽(yáng)市建平縣建平二中2022年高一物理第二學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

2021-2022學(xué)年高一物理下期末模擬試卷注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4．作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)的得5分，選不全的得3分，有選錯(cuò)的或不答的得0分）1、(本題9分)月球表面的重力加速度是地球表面的1/6，月球半徑是地球半徑的1/4，則在月球表面作勻速圓周運(yùn)動(dòng)的登月艙的線(xiàn)速度是地球第一宇宙速度的()A．124B．612C．62、(本題9分)如圖，某同學(xué)用繩子拉動(dòng)木箱，使它從靜止開(kāi)始沿粗糙水平路面運(yùn)動(dòng)至具有某一速度，木箱獲得的動(dòng)能一定：()A．等于拉力所做的功；B．小于拉力所做的功；C．等于克服摩擦力所做的功；D．大于克服摩擦力所做的功；3、(本題9分)一走時(shí)準(zhǔn)確的時(shí)鐘（設(shè)它們的指針連續(xù)均勻轉(zhuǎn)動(dòng)）A．時(shí)針的周期是1h，分針的周期是60sB．分針的角速度是秒針的12倍C．如果分針的長(zhǎng)度是時(shí)針的1.5倍,則分針端點(diǎn)的向心加速度是時(shí)針端點(diǎn)的1.5倍D．如果分針的長(zhǎng)度是時(shí)針的1.5倍,則分針端點(diǎn)的線(xiàn)速度是時(shí)針端點(diǎn)的18倍4、在如圖所示的電路中，E是直流電源，A、B是平行板電容器的兩極板。電容器原來(lái)不帶電，閉合開(kāi)關(guān)S，電源給電容器充電，下列說(shuō)法正確的是A．充電過(guò)程中，電容器的電容增大B．充電時(shí)，電容器儲(chǔ)存的是電場(chǎng)能C．充電時(shí)，A極板帶負(fù)電荷、B極板帶正電荷D．充電過(guò)程中，沒(méi)有電流流過(guò)電阻R5、(本題9分)如圖所示，一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)在半徑為R的半球形容器中（容器固定）由靜止開(kāi)始自邊緣上的A點(diǎn)滑下，到達(dá)最低點(diǎn)B時(shí)，它對(duì)容器的正壓力為FN．重力加速度為g，則質(zhì)點(diǎn)自A滑到B的過(guò)程中，摩擦力對(duì)其所做的功為（）A． B． C． D．6、如圖所示，小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上，在將彈簧壓縮到最短的整個(gè)過(guò)程中，下列關(guān)于小球和彈簧的能量敘述中正確的是（）A．重力勢(shì)能和動(dòng)能之和總保持不變B．重力勢(shì)能和彈性勢(shì)能之和總保持不變C．動(dòng)能和彈性勢(shì)能之和總保持不變D．重力勢(shì)能、彈性勢(shì)能和動(dòng)能之和總保持不變7、(本題9分)如圖甲所示，光滑平臺(tái)上的物體A以初速度v0滑到上表面粗糙的水平小車(chē)B上，車(chē)與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)不計(jì)，圖乙為物體A與小車(chē)B的v-t圖象，由此可知A．小車(chē)上表面長(zhǎng)度B．物體A與小車(chē)B的質(zhì)量之比C．物體A與小車(chē)B上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)D．小車(chē)B獲得的動(dòng)能8、如圖所示，圓1和圓2外切，它們的圓心在同一豎直線(xiàn)上，有四塊光滑的板，它們的一端A搭在豎直墻面上，另一端搭在圓2上，其中B、C、D三塊板都通過(guò)兩圓的切點(diǎn)，B在圓1上，C在圓1內(nèi)，D在圓1外，A板與D板最低點(diǎn)交于一點(diǎn)a（d），且兩板與豎直墻面的夾角分別為30°、60°，從A、B、C、D四處同時(shí)由靜止釋放一個(gè)物塊，它們都沿板運(yùn)動(dòng)，到達(dá)叫板底端的時(shí)間分別為tA、tB、tC、tD，下列判斷正確的是（）A．最短 B．最短 C． D．9、(本題9分)一重球從高h(yuǎn)處下落，如圖所示，到A點(diǎn)時(shí)接觸彈簧，壓縮彈簧至最低點(diǎn)位置B。那么重球從A至B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中：A．速度一直減小B．速度先增加后減小C．在AB之間有個(gè)確切位置速度有最大值D．加速度方向先豎直向下再豎直向上10、(本題9分)如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質(zhì)量分別為、的兩物塊A、B相連接，并靜止在光滑水平面上。現(xiàn)使B獲得水平向右、大小為6m/s的瞬時(shí)速度，從此刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，兩物塊的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖像提供的信息可得（）A．在、兩個(gè)時(shí)刻，兩物塊達(dá)到共同的速度2m/s，且彈簧都處于伸長(zhǎng)狀態(tài)B．在到時(shí)刻之間，彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長(zhǎng)C．兩物體的質(zhì)量之比為:=2:1D．運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，彈簧的最大彈性勢(shì)能與B的初始動(dòng)能之比為2：311、(本題9分)如圖所示，小球從A點(diǎn)以初速度v0沿粗糙斜面向上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)B后返回A，C為AB的中點(diǎn)。下列說(shuō)法中正確的是（）A．小球從A出發(fā)到返回A的過(guò)程中，位移為零，外力做功為零B．小球從A到C與從C到B的過(guò)程，減少的動(dòng)能相等C．小球從A到C與從C到B的過(guò)程，速度的變化相等D．小球從A到C與從C到B的過(guò)程，損失的機(jī)械能相等12、(本題9分)物體在合外力作用下做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示，下列表述正確的是A．在0～1s內(nèi)，物體做加速運(yùn)動(dòng)，合外力做正功B．在1～3s內(nèi)，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，合外力做正功C．在3～7s內(nèi)，合外力做功為零D．在0～5s內(nèi)，速度變化量為零，合力的平均功率為零二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)質(zhì)量為20kg的小明坐在秋千板上，小明離系繩子的橫梁2.5m。如果秋千板擺到最低點(diǎn)時(shí)，小明運(yùn)動(dòng)速度的大小是5m/s,他對(duì)秋千板的壓力是______N；是______（填“失重”或“超重”）現(xiàn)象。（取g=10m/s2）14、真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷q1=+2.010-8C和q2=-3.010-8C，距離1m，則它們之間的庫(kù)侖力為_(kāi)___力（填“吸引”或“排斥”），大小為_(kāi)_N。（靜電力常量為k=9.0109Nm2/C2）15、(本題9分)一起重機(jī)的鋼繩由靜止開(kāi)始勻加速提起質(zhì)量為m的重物，當(dāng)重物的速度為v1時(shí)，起重機(jī)的有用功率達(dá)到最大值P以后，起重機(jī)保持功率不變，繼續(xù)提升重物，直到以最大速度v2勻速上升為止，則整個(gè)過(guò)程中，鋼繩的最大拉力為_(kāi)____，重物做勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為_(kāi)____．三．計(jì)算題(22分)16、（12分）(本題9分)某物體以初速度v0=20m/s豎直上拋，當(dāng)速度大小變?yōu)?0m/s時(shí)，所經(jīng)歷的時(shí)間可能是多少？此時(shí)離拋出點(diǎn)的高度為多少？(不計(jì)空氣阻力，g=10m/s2)17、（10分）(本題9分)某同學(xué)設(shè)計(jì)出如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置，將一質(zhì)量為0.2kg的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）放置于水平彈射器內(nèi)，壓縮彈簧并鎖定，此時(shí)小球恰好在彈射口，彈射口與水平面AB相切于A點(diǎn)．AB為粗糙水平面，小球與水平面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，彈射器可沿水平方向左右移動(dòng)；BC為一段光滑圓弧軌道．O/為圓心，半徑R＝0.5m，O/C與O/B之間夾角為θ＝37°．以C為原點(diǎn)，在C的右側(cè)空間建立豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系xOy，在該平面內(nèi)有一水平放置開(kāi)口向左且直徑稍大于小球的接收器D．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）（1）某次實(shí)驗(yàn)中該同學(xué)使彈射口距離B處L1＝1.6m處固定，解開(kāi)鎖定釋放小球，小球剛好到達(dá)C處，求彈射器釋放的彈性勢(shì)能？（2）求上一問(wèn)中，小球到達(dá)圓弧軌道的B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力？（3）把小球放回彈射器原處并鎖定，將彈射器水平向右移動(dòng)至離B處L2＝0.8m處固定彈射器并解開(kāi)鎖定釋放小球，小球?qū)腃處射出，恰好水平進(jìn)入接收器D，求D處坐標(biāo)？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)的得5分，選不全的得3分，有選錯(cuò)的或不答的得0分）1、B【解析】忽略地球的自轉(zhuǎn)則有萬(wàn)有引力等于物體的重力，當(dāng)衛(wèi)星貼近地球表面圓周運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)時(shí)有mg1=mv12r1，解得v1=g1r1；同理當(dāng)?shù)窃屡撛谠虑虮砻孀鲌A周運(yùn)動(dòng)時(shí)mg1=mv22r2，解得v1點(diǎn)睛：當(dāng)不知道中心天體的質(zhì)量和萬(wàn)有引力常量G，并知道中心天體表面的重力加速度g的時(shí)候要用黃金代換公式GMmr2=mg求出GM=gr2、B【解析】

受力分析，找到能影響動(dòng)能變化的是那幾個(gè)物理量，然后觀測(cè)這幾個(gè)物理量的變化即可．【詳解】木箱受力如圖所示：木箱在移動(dòng)的過(guò)程中有兩個(gè)力做功，拉力做正功，摩擦力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可知即：，所以動(dòng)能小于拉力做的功，故B正確；無(wú)法比較動(dòng)能與摩擦力做功的大小，ACD錯(cuò)誤．故選B【點(diǎn)睛】正確受力分析，知道木箱在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有那幾個(gè)力做功且分別做什么功，然后利用動(dòng)能定理求解末動(dòng)能的大小．3、D【解析】

A、時(shí)針的周期是12h，分針的周期是1h，秒針的周期為，所以角速度之比為：，所以分針的角速度為秒針的倍，故AB錯(cuò)誤；C、根據(jù)可知分針端點(diǎn)的向心加速度與時(shí)針端點(diǎn)的向心加速度之比為：，故C錯(cuò)誤；D、由可得，分針和時(shí)針端點(diǎn)線(xiàn)速度之比為：，故D正確．4、B【解析】

AB.初始時(shí)電容器不帶電，當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S，在電源向電容器充電的過(guò)程中，因電容C不變，根據(jù)電容器的定義式可知，Q=CU，那么電容器的電量Q增大，充電時(shí)，儲(chǔ)存的是電場(chǎng)能，故A錯(cuò)誤，B正確。C.充電時(shí)，電流從正極流向正極板，故A極板帶正電，B極板帶負(fù)電，故C錯(cuò)誤。D.充電過(guò)程中，形成閉合回路，電流流過(guò)電阻R，故D錯(cuò)誤。5、A【解析】試題分析：在B點(diǎn)有：．得．A滑到B的過(guò)程中運(yùn)用動(dòng)能定理得，，得．故A正確．考點(diǎn)：考查了動(dòng)能定理的應(yīng)用6、D【解析】小球在下落過(guò)程中，要克服彈力做功，彈性勢(shì)能增大，重力勢(shì)能和動(dòng)能之和減小，ABC錯(cuò)；7、BC【解析】

A．由圖象可知，A和B最終以共同速度v1勻速運(yùn)動(dòng)，則不能確定小車(chē)上表面長(zhǎng)度，故A錯(cuò)誤；B．由動(dòng)量守恒定律得：解得：故可以確定物體A與小車(chē)B的質(zhì)量之比，故B正確；C．由圖象可以知道A相對(duì)小車(chē)B的位移為兩者的位移之差：根據(jù)能量守恒得：根據(jù)所求的質(zhì)量關(guān)系，可以解出動(dòng)摩擦因數(shù)，故C正確；D．由于只知兩車(chē)的質(zhì)量比值而小車(chē)B的質(zhì)量無(wú)法求得，故不能確定小車(chē)B獲得的動(dòng)能，故D錯(cuò)誤。8、BCD【解析】

設(shè)板與豎直方向的夾角為，沿板運(yùn)動(dòng)的加速度為：設(shè)上面圓1的半徑為，下面圓2的半徑為，則Bb軌道的長(zhǎng)度為：根據(jù)位移時(shí)間公式得：則故從上面圓1上的任一點(diǎn)沿光滑直軌道達(dá)到下面圓2的任一點(diǎn)的時(shí)間相等；因B在圓1上，C在圓1內(nèi)，D在圓1外，且板的低端堵在下面圓2上，故有；軌道Aa和Dd相交于最低點(diǎn)a（d），則對(duì)A、D有：，聯(lián)立解得：則有：故故有：故A錯(cuò)誤，BCD正確。故選BCD。9、BCD【解析】小球剛開(kāi)始與彈簧接觸過(guò)程中，在時(shí)，小球受到的合力豎直向下，所以仍做加速運(yùn)動(dòng)，隨著彈簧壓縮量的增大，向下的加速度在減小，當(dāng)時(shí)，加速度為零，速度達(dá)到最大，當(dāng)時(shí)，小球受到的合力方向向上，所以小球做減速運(yùn)動(dòng)，并且加速度在增大，當(dāng)壓縮至最低點(diǎn)時(shí)，速度為零．故BCD正確．10、BCD【解析】

兩個(gè)滑塊與彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒，結(jié)合圖象可以判斷它們的能量轉(zhuǎn)化情況和運(yùn)動(dòng)情況?！驹斀狻緼.從圖象可以看出，從0到t1的過(guò)程中彈簧被拉伸，t1時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度2m/s，此時(shí)彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，從t2到t3的過(guò)程中彈簧被壓縮，t3時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度2m/s，此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B.由圖示圖象可知，從t3到t4時(shí)間內(nèi)A做減速運(yùn)動(dòng)，B做加速運(yùn)動(dòng)，彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長(zhǎng)，故B正確；C.由圖示圖象可知，t1時(shí)刻兩物體速度相同，都是2m/s，A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以B的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：，即，解得：，故C正確；D.由圖示圖象可知，在初始時(shí)刻，B的初動(dòng)能為：在t1時(shí)刻，A、B兩物塊的速度是2m/s，A、B兩物塊動(dòng)能之和為：所以，這時(shí)候，最大的彈性勢(shì)能為，所以：故D正確。11、BD【解析】

A．小球從A出發(fā)到返回A的過(guò)程中，位移為零，返回到A點(diǎn)時(shí)的速度小于原來(lái)速度大小，由動(dòng)能定理可知合外力做負(fù)功，故A錯(cuò)誤；B．小球從A到C與從C到B的過(guò)程，合外力做功相同，由動(dòng)能定理可知這兩個(gè)過(guò)程中減少的動(dòng)能相等，故B正確；C．小球從A到C比從C到B用時(shí)短，由動(dòng)量定理可知從A到C速度的變化量小，故C錯(cuò)誤；D．小球從A到C與從C到B的過(guò)程，滑動(dòng)摩擦力做功相同，說(shuō)明損失的機(jī)械能相等，故D正確。故選BD。12、ACD【解析】A、在0～1s內(nèi)，物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能增加，根據(jù)動(dòng)能定理知，合外力做正功，故A正確；

B、在1～3s內(nèi)，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，合外力為零，故合外力不做功，故B錯(cuò)誤；

C、在點(diǎn)睛：本題根據(jù)動(dòng)能定理可以直接判斷合外力做功情況，也可以根據(jù)合外力方向與位移方向的關(guān)系判斷。二．填空題(每小題6分，共18分)13、400N超重【解析】

以小孩為研究對(duì)象分析受力，根據(jù)牛頓第二定律得

FN-mg=mv根據(jù)牛頓第三定律得，小孩對(duì)秋千板的壓力是400N．因加速度向上，則小孩處于超重狀態(tài)。14、吸引5.410-6【解析】

真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷q1、q2為異種電荷，它們之間的庫(kù)侖力為吸引力；根據(jù)庫(kù)侖定律，它們之間的庫(kù)侖力F=k=9.0109N=5.410-6N。15、【解析】

勻加速提升重物時(shí)鋼繩拉力最大，且等于勻加速結(jié)束時(shí)的拉力，由P＝Fv得：速度達(dá)到最大時(shí)，F(xiàn)＝f=mg，由P＝Fv得：，由牛頓第二定律得：，三．計(jì)算題(22分)16、1s或3s【解析】規(guī)定向上為正方向，若的速度方向與初速度方向相同．

根據(jù)得，

若的速度與初速度方向相反，則；根據(jù)可以得到：．點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵是明確：豎直上拋運(yùn)動(dòng)具有對(duì)稱(chēng)性，向上和向下經(jīng)過(guò)同一點(diǎn)時(shí)速度等大、反向；豎直上拋運(yùn)動(dòng)的向上和向下的過(guò)程中加速度不變，整個(gè)過(guò)程是勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的公式都適用．17、(1)1.8J(2)2.8N(3)（0.144，0.384）【解析】

（1）從A到C的過(guò)程中，由定能定理得：W彈-μmgL1-mgR（1-cosθ）=0解得：W彈=1.8J．根據(jù)能量守恒定律得：EP=W彈=1.8J；（2）從B到C由動(dòng)能定理：在B點(diǎn)由牛頓第二定律：帶入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：FNB=2.