甘肅省天水市張家川回族自治縣2023-2024學(xué)年高一下學(xué)期6月聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1張家川縣2023-2024學(xué)年第二學(xué)期聯(lián)考試卷高二物理注意事項(xiàng)：1．答題前填寫好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息；2．請(qǐng)將〖答案〗正確填寫在答題卡上；卷Ⅰ（選擇題）一、單項(xiàng)選擇題（本題共計(jì)7小題，每題4分，共計(jì)28分）1.下列各圖所描述的物理情境，正確的是（）A.圖甲中線圈垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向在磁場(chǎng)中向右平移時(shí)，線圈中有感應(yīng)電流B.圖乙中條形磁體附近的金屬框從A位置向B位置運(yùn)動(dòng)過程中，穿過金屬框的磁通量先減小后增大C.圖丙中矩形線圈繞與勻強(qiáng)磁場(chǎng)平行的水平軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，穿過線圈的磁通量的變化量不為零D.圖丁中開關(guān)S閉合瞬間，線圈N中沒有感應(yīng)電流〖答案〗B〖解析〗A．圖甲中線圈垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向在磁場(chǎng)中向右平移時(shí)，線圈中的磁通量沒有變化，沒有感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中條形磁體附近的金屬框從A位置向B位置運(yùn)動(dòng)過程中，穿過金屬框的磁通量先減小后增大，故B正確；C．圖丙中矩形線圈繞與勻強(qiáng)磁場(chǎng)平行的水平軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，穿過線圈的磁通量的變化量一直為零，故C錯(cuò)誤；D．圖丁中開關(guān)S閉合瞬間，穿過線圈N的磁通量瞬間增大，N中有感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤；故選B。2.下列說法正確的是（）A.變化的磁場(chǎng)激發(fā)變化的電場(chǎng)，變化的電場(chǎng)激發(fā)變化的磁場(chǎng)B.紅光的頻率低于紫光的頻率，在真空中紅光的傳播速度大于紫光的傳播速度C.若在地球上接收到來自某遙遠(yuǎn)星球的光波的頻率變低，則可判斷該星球正在離我們遠(yuǎn)去D.相同的單擺在地球緯度越高的地方，擺動(dòng)的周期越大〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)麥克斯韋電磁理論，非均勻變化的磁場(chǎng)激發(fā)變化的電場(chǎng)，非均勻變化的電場(chǎng)激發(fā)變化的磁場(chǎng)，A錯(cuò)誤；B．紅光的頻率低于紫光的頻率，在真空中紅光的傳播速度等于紫光的傳播速度，都等于光速，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)多普勒效應(yīng)，若在地球上接收到來自某遙遠(yuǎn)星球的光波的頻率變低，則可判斷該星球正在離我們遠(yuǎn)去．C正確；D．單擺周期公式為由單擺周期公式可以看出：周期T只與l及g有關(guān)，從赤道到北極，g增大，周期變小，D錯(cuò)誤。故選C。3.傳感器在日常生活中的應(yīng)用隨處可見，下列說法不正確的是（）A.血糖儀利用葡萄糖生物傳感器制成B.可燃?xì)怏w報(bào)警器利用電化學(xué)氣體傳感器制成C.電梯超出負(fù)載發(fā)出報(bào)警〖提示〗的報(bào)警器利用壓力傳感器制成D.全自動(dòng)洗衣機(jī)設(shè)有多段式水位自動(dòng)感應(yīng)裝置，該裝置利用溫度傳感器制成〖答案〗D〖解析〗A．血糖儀利用葡萄糖生物傳感器制成，A正確，不符合題意；B．可燃?xì)怏w報(bào)警器利用電化學(xué)氣體傳感器制成，B正確，不符合題意；C．電梯超出負(fù)載發(fā)出報(bào)警〖提示〗的報(bào)警器利用壓力傳感器制成，C正確，不符合題意；D．全自動(dòng)洗衣機(jī)設(shè)有多段式水位自動(dòng)感應(yīng)裝置，該裝置利用壓力傳感器制成，D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。4.圖甲為L(zhǎng)C振蕩電路，振蕩電流隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示，則（）A.時(shí)刻，電容器充電完畢B.時(shí)刻，線圈中的磁場(chǎng)最弱C.過程中，電容器極板間的電壓變大D.過程中，線圈中的自感電動(dòng)勢(shì)變大〖答案〗A〖解析〗A．在振蕩電路中，當(dāng)振蕩電流為零時(shí)，表示電容器充電結(jié)束，故A正確；BC．過程中電容器放電，電場(chǎng)能向磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化，時(shí)刻放電電流達(dá)到最大，此時(shí)電場(chǎng)能最小，電容器兩極板間的電壓最小，而線圈中的磁場(chǎng)能最大，故BC錯(cuò)誤；D．電流變化率越大自感電動(dòng)勢(shì)越大，反之電流的變化率越小自感電動(dòng)勢(shì)越小，在過程中，電流的變化率逐漸減小，則可知線圈的自感電動(dòng)勢(shì)逐漸減小，故D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示，質(zhì)量為3m的光滑曲面體A靜止在光滑的水平面上，水平面和曲面最低點(diǎn)相切，質(zhì)量為m的小球B從曲面的最高點(diǎn)由靜止釋放，小球沿曲面運(yùn)動(dòng)到底端的過程，合外力對(duì)小球的沖量大小為I；則小球沿曲面運(yùn)動(dòng)到底端的過程（）A.小球?qū)η骟w的沖量大小也為I B.曲面體對(duì)小球做功為IC.小球?qū)η骟w做功為 D.曲面體的高為〖答案〗D〖解析〗A．小球沿曲面運(yùn)動(dòng)到曲面底端的過程，合外力對(duì)小球的沖量大小為I，則合力對(duì)曲面體的沖量大小為I，故A錯(cuò)誤；B．曲面體的支持力和小球受到的重力對(duì)小球做功為故B錯(cuò)誤；C．小球?qū)η骟w做功等于其動(dòng)能增量，即為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)能量守恒解得故D正確。故選D。6.如圖所示，曲線表示一列橫波的傳播，其中實(shí)線是t1=1s時(shí)的波形，虛線是t2=2.5s時(shí)的波形，且（t2-t1）小于一個(gè)周期，則可以判斷（）A.這列波的波長(zhǎng)為20cmB.這列波一定是向x軸正方向傳播C.這列波的振幅為10cmD.這列波的周期可能為6s，也可能為2s〖答案〗D〖解析〗A．由圖可知，這列波的波長(zhǎng)是40cm，A錯(cuò)誤；B．由波形的平移得知，波不一定向x軸正方向傳播，也可能向x軸負(fù)方向傳播，B錯(cuò)誤；C．振幅是指偏離平衡位置的最大距離，由圖可知，振幅為5cm，C錯(cuò)誤；D．若波向x軸正方向傳播時(shí)，（t2?t1）小于一個(gè)周期，由波形的平移可知解得周期為T=4（t2?t1）=4×1.5s=6s若波向x軸負(fù)方向傳播時(shí)解得周期為T=2s這列波的周期可能為6s，也可能為2s，D正確。故選D。7.關(guān)于下列幾幅圖，描述正確的是（）A.由圖甲共振曲線可知，驅(qū)動(dòng)力頻率越大，能量越大，振動(dòng)幅度越大B.圖乙是雙縫干涉示意圖，若將單色光由紅色光改為藍(lán)色光，相鄰亮條紋間距離變大C.圖丙是檢測(cè)工件表面平整程度時(shí)得到的干涉圖樣，若將薄片向左移動(dòng)，條紋間距將變大D.圖丁中僅使N從圖示位置繞水平軸轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，P上的光亮度保持不變〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率小于振動(dòng)系統(tǒng)固有頻率時(shí)，驅(qū)動(dòng)力頻率越大，能量越大，振動(dòng)幅度越大；當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率大于振動(dòng)系統(tǒng)固有頻率時(shí)，驅(qū)動(dòng)力頻率越大，能量越小，振動(dòng)幅度越小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)條紋間距與波長(zhǎng)的關(guān)系若將單色光由紅色光改為藍(lán)色光，波長(zhǎng)變短，兩相鄰亮條紋間距離將變小，故B錯(cuò)誤；C．若將薄片向左移動(dòng)，即減小空氣薄層厚度，導(dǎo)致同級(jí)的光程差的間距變大，則干涉條紋間距會(huì)變大，故C正確；D．當(dāng)M固定不動(dòng)，緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，從圖示位置開始轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過程時(shí)，則M、N的振動(dòng)方向垂直，此時(shí)光屏P上的光亮度最暗，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多選題（本題共計(jì)3小題，每題5分，共計(jì)15分，選不全得3分，不選或者選錯(cuò)不得分）8.下列說法正確的是（）A.如圖甲所示，是用來加速帶電粒子的回旋加速器的示意圖，要想粒子獲得的最大動(dòng)能增大，可增加電壓UB.如圖乙所示，是磁流體發(fā)電機(jī)的結(jié)構(gòu)示意圖，可以判斷出A極板是發(fā)電機(jī)的正極，B極板是發(fā)電機(jī)的負(fù)極C.如圖丙所示，是速度選擇器，帶電粒子能夠沿直線勻速通過速度選擇器的條件是，即D.如圖丁所示，是霍爾效應(yīng)示意圖，金屬導(dǎo)體上表面的電勢(shì)比下表面的低〖答案〗CD〖解析〗A．由洛侖茲力提供向心力可得解得回旋加速器的最終速度公式則動(dòng)能為可知粒子最終動(dòng)能與加速電壓無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．磁感線由N極指向S極，由左手定則可知帶正電的等離子將向下偏轉(zhuǎn)，所以B極板將聚集正電荷，是發(fā)電機(jī)的正極，故B錯(cuò)誤；C．帶電粒子能夠沿直線勻速通過速度選擇器的條件是電場(chǎng)力與洛侖茲力等大反向，即解得故C正確；D．由左手定則可知自由電子向上偏轉(zhuǎn)，即上表面將聚集負(fù)電荷，所以上表面的電勢(shì)比下表面的低，故D正確。故選CD。9.圖甲為沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波時(shí)刻的波形圖，并已知波源的起振方向?yàn)閥軸負(fù)方向。坐標(biāo)原點(diǎn)與之間第一次形成圖甲所示波形，圖乙為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像。則下列說法中正確的是（）A.該波沿x軸的負(fù)方向傳播B.該波沿x軸的正方向傳播C.此時(shí)波剛好傳播到位置D.在到的時(shí)間內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)走過的路程為〖答案〗AC〖解析〗AB．由圖乙可得t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P在平衡位置，且向下振動(dòng)；故由圖甲可得：波沿x軸的負(fù)方向傳播，故A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)波源起振方向?yàn)閥軸負(fù)方向可得：波前振動(dòng)和t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)相同，故波前到P的距離為波長(zhǎng)的整數(shù)倍；又有坐標(biāo)原點(diǎn)與x=4m之間第一次形成圖甲所示波形，故波前到P的距離為λ=4m，根據(jù)波沿x軸的負(fù)方向傳播可得：此時(shí)波剛好傳播到x=-2m位置，故C正確；D．由圖甲可得波長(zhǎng)λ=4m，由圖乙可得周期T=1s；故波速t=0時(shí)刻，波剛好傳播到x=-2m位置，那么，波剛好傳播到x=-18m位置的時(shí)間為那么，在t=0s到t=6s的時(shí)間內(nèi)，x=-18m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)時(shí)間為2T=2s，故質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)路程為故D錯(cuò)誤；故選AC。10.如圖所示，固定的豎直光滑U型金屬導(dǎo)軌，間距為L(zhǎng)，上端接有阻值為R的電阻，處在方向水平且垂直于導(dǎo)軌平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒與勁度系數(shù)為k的固定輕彈簧相連放在導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì)．初始時(shí)刻，彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，其伸長(zhǎng)量為x1=，此時(shí)導(dǎo)體棒具有豎直向上的初速度v0．在沿導(dǎo)軌往復(fù)運(yùn)動(dòng)的過程中，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸．則下列說法正確的是（）A.初始時(shí)刻導(dǎo)體棒受到的安培力大小F=B.初始時(shí)刻導(dǎo)體棒加速度的大小C.導(dǎo)體棒開始運(yùn)動(dòng)直到最終靜止的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱D.導(dǎo)體棒往復(fù)運(yùn)動(dòng)，最終靜止時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)〖答案〗BD〖解析〗A．導(dǎo)體棒的初速度為v0，初始時(shí)刻產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E，由法拉第電磁感應(yīng)定律得E=BLv0設(shè)初始時(shí)刻回路中產(chǎn)生的電流為I，由閉合電路的歐姆定律得設(shè)初始時(shí)刻導(dǎo)體棒受到的安培力為F，由安培力公式得F=BIL聯(lián)立上式得F=故A錯(cuò)誤；B．初始時(shí)刻，彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，棒受到重力、向下的安培力和彈簧的彈力，所以ma=mg+kx+F得：a=故B正確；C．導(dǎo)體棒直到最終靜止時(shí)，棒受到重力和彈簧的彈力，受力平衡，則mg=kx2得：x2=由于x1=x2，所以彈簧的彈性勢(shì)能不變，由能的轉(zhuǎn)化和守恒定律得mg(x1+x2)+Ek=Q解得系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q=R上產(chǎn)生的熱量要小于系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量，故C錯(cuò)誤；D．從初始時(shí)刻到最終導(dǎo)體棒靜止的過程中，導(dǎo)體棒減少的機(jī)械能一部分轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能，另一部分通過克服安培力做功轉(zhuǎn)化為電路中的電能；當(dāng)導(dǎo)體棒靜止時(shí)，棒受到重力和彈簧的彈力，受力平衡，所以彈簧處于壓縮狀態(tài)，故D正確.故選BD．卷Ⅱ（非選擇題）三、實(shí)驗(yàn)探究題（本題共計(jì)2小題，每空2分，共計(jì)18分）11.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲所示的雙線擺來測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，已知圖甲中細(xì)線長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=100.00cm，與水平方向夾角均為θ=53°（sin53°=0.8）。（1）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是____。A．?dāng)[線上端直接繞在水平桿上即可B．為便于觀察擺球的運(yùn)動(dòng)，擺球應(yīng)選擇質(zhì)量和體積都大些的球C．為便于測(cè)量振動(dòng)周期，應(yīng)使擺球從擺角較大的位置釋放D．測(cè)量周期時(shí)應(yīng)從擺球通過最低點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，并記錄多次全振動(dòng)所用的總時(shí)間（2）小組成員先用游標(biāo)卡尺測(cè)得擺球的直徑如圖乙所示，則該擺球的直徑d=_________cm，雙線擺的擺長(zhǎng)l=_________cm；他們?cè)賹[球沿垂直紙面向外拉開一個(gè)較小角度后釋放，用秒表測(cè)出30次全振動(dòng)的總時(shí)間t=54.6s，則雙線擺的振動(dòng)周期T=_______s。（3）實(shí)驗(yàn)中，他們同時(shí)改變兩根細(xì)線的長(zhǎng)度，測(cè)出多組雙線擺的擺長(zhǎng)l和對(duì)應(yīng)振動(dòng)周期T，作出l-T2圖像如圖丙所示，A、B為圖像上的兩點(diǎn)。根據(jù)圖像可求得當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=_____m/s2（π2取9.87，計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；圖像不過坐標(biāo)原點(diǎn)，則重力加速度的測(cè)量值_________（選填“偏大”、“偏小”、“不變”）?！即鸢浮剑?）D（2）2.17081.0851.82（3）9.75不變〖解析〗（1）A．?dāng)[線上端直接繞在水平桿上，這樣擺球在擺動(dòng)時(shí)，擺線的長(zhǎng)度會(huì)產(chǎn)生變化，實(shí)驗(yàn)誤差會(huì)增大，因此擺線的上端應(yīng)固定在懸點(diǎn)上，A錯(cuò)誤；B．為減小實(shí)驗(yàn)誤差，擺球應(yīng)選擇質(zhì)量大些和體積小些的球，B錯(cuò)誤；C．為便于測(cè)量振動(dòng)周期，應(yīng)使擺球從擺角較小的位置釋放，以減小實(shí)驗(yàn)誤差，C錯(cuò)誤；D．測(cè)量周期時(shí)應(yīng)從擺球通過最低點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，并記錄多次全振動(dòng)所用的總時(shí)間，D正確。故選D。（2）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為2.1cm，游標(biāo)尺的第14條刻度線與主尺的某刻度線對(duì)齊，則讀數(shù)為14×0.05mm=0.70mm=0.070cm則該擺球的直徑d=2.1cm+0.070cm=2.170cm由幾何關(guān)系可得雙線擺的擺長(zhǎng)用秒表測(cè)出30次全振動(dòng)的總時(shí)間t=54.6s，則雙線擺的振動(dòng)周期（3）由題意可知，單擺的擺長(zhǎng)準(zhǔn)確值為，由單擺的周期公式可得整理可得由斜率解得重力加速度的測(cè)量值圖像不過坐標(biāo)原點(diǎn)，可圖線斜率不變，則重力加速度的測(cè)量值不變。12.在“測(cè)玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中：（1）為了取得較好的實(shí)驗(yàn)效果，下列操作正確的是_______。A．必須選用上下表面平行的玻璃磚B．選擇的入射角應(yīng)盡量小些C．大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上D．大頭針和及和之間的距離適當(dāng)大些（2）甲同學(xué)在量入射角和折射角時(shí)，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，以O(shè)點(diǎn)為圓心，OA為半徑畫圓，交延長(zhǎng)線于C點(diǎn)，過A點(diǎn)和C點(diǎn)作垂直法線的直線分別交于B點(diǎn)和D點(diǎn)，如圖所示，若他測(cè)得，，則可求出玻璃的折射率n=_________。（3）乙同學(xué)使用同一個(gè)玻璃磚完成實(shí)驗(yàn)，卻發(fā)現(xiàn)測(cè)出的折射率明顯大于理論值，反復(fù)檢查實(shí)驗(yàn)操作過程后認(rèn)為是用鉛筆描出玻璃磚上下表面時(shí)候出現(xiàn)了操作失誤，由此可以判斷該同學(xué)畫出的兩界面間距_______玻璃磚的實(shí)際寬度。（選填“大于”、“小于”）〖答案〗（1）CD##DC（2）##1.75（3）小于〖解析〗（1）A．作插針法測(cè)定折射率時(shí)，玻璃磚上下表面不一定要平行，A錯(cuò)誤；B．為了減小測(cè)量的相對(duì)誤差，選擇的入射角應(yīng)盡量大些，效果會(huì)更好，B錯(cuò)誤；C．為了準(zhǔn)確確定入射光線和折射光線，大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上，C正確；D．大頭針和及和之間的距離適當(dāng)大些時(shí)，相同的距離誤差，引起的角度誤差會(huì)減小，角度的測(cè)量誤差會(huì)小些，D正確。故選CD。（2）圖中作為入射光線，是折射光線，設(shè)光線在玻璃磚上表面的入射角為，折射角為，則由幾何知識(shí)得到，又則折射率（3）如果兩界面間距偏大，則折射角比真實(shí)的折射角偏大，因此測(cè)得的折射率偏小，故應(yīng)兩界面間距小于玻璃磚的實(shí)際寬度。四、解答題（本題共計(jì)3小題，13題10分，14題12分，15題17分，共計(jì)39分，寫出必要的文字說明和解題過程，否則不給分）13.一足夠長(zhǎng)的矩形區(qū)域abcd內(nèi)充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，矩形區(qū)域的左邊界ad寬為L(zhǎng)，現(xiàn)從ad中點(diǎn)O垂直于磁場(chǎng)射入一帶電粒子，速度大小為方向與ad邊夾角為30°，如圖所示。已知粒子的電荷量為q，質(zhì)量為m（重力不計(jì)）。（1）若粒子帶負(fù)電，且恰能從d點(diǎn)射出磁場(chǎng)，求的大小；（2）若粒子帶正電，使粒子能從ad邊射出磁場(chǎng)，求的最大值。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）帶電粒子帶負(fù)電，其軌跡如圖由圖可知據(jù)牛頓第二定律則（2）帶電粒子帶正電，當(dāng)最大值恰好和ab邊相切，軌跡如圖由幾何關(guān)系得得據(jù)牛頓第二定律則14.如圖甲為某中小型水力發(fā)電站遠(yuǎn)距離輸送單相交流電示意圖，每根導(dǎo)線電阻為4Ω，遠(yuǎn)距離輸電線的輸送電流為100A，若升壓變壓器的輸入電壓如圖乙所示，輸入功率為720kW，在用戶端起點(diǎn)接有交流電壓表，求：（1）升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比；（2）設(shè)降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比，求用戶端交流電壓表的示數(shù)；（3）若用戶端全是照明用電，能使多少盞“220V、20W”的節(jié)能燈