河南省平頂山一中新區(qū)學(xué)校2025屆高三物理周末測(cè)試試題八

PAGE11-河南省平頂山一中新區(qū)學(xué)校2025屆高三物理周末測(cè)試試題（八）可能用到的相對(duì)原子質(zhì)量：H1C12O16Al27Cl35．5Ca40Fe56Co59一、選擇題（每題6分，共126分。1-18為單項(xiàng)選擇題，19-21為多項(xiàng)選擇題）14.已知?dú)湓幽芗?jí)公式En＝（E1＝﹣13.6eV，n＝1，2，3…）。大量處于某激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，發(fā)出的復(fù)色光通過玻璃三棱鏡后分成a、b、c、d、e、f六束（含不行見光），如圖所示。下面說法中正確的是（）A．在三棱鏡中a光的傳播速率小于f光的傳播速率 B．若變更復(fù)色光的入射角，最先消逝的是a光 C．從n＝3能級(jí)向n＝1能級(jí)躍遷產(chǎn)生的那一束是e光 D．b、c通過同一雙縫干涉裝置產(chǎn)生的干涉條紋的間距相等15．2024年5月5日，長(zhǎng)征五號(hào)B運(yùn)載火箭搭載新一代載人飛船試驗(yàn)船，在海南文昌航天放射場(chǎng)首飛勝利，將載人飛船試驗(yàn)船送入預(yù)定軌道后，試驗(yàn)船繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，淄博的40余種蔬菜種子在飛船中進(jìn)行航天育種。將來月球探測(cè)器、火星探測(cè)器和載人空間站都要靠長(zhǎng)征五號(hào)來放射升空。以下推斷中正確的是（）A．同一火箭，在文昌航天放射場(chǎng)（北緯19.6度）時(shí)的有效載荷大于西昌航天放射場(chǎng)（北緯28.2度）的有效載荷 B．試驗(yàn)船的繞地運(yùn)行速度大于7.9km/s C．在繞地球飛行的試驗(yàn)船內(nèi)培育出的蔬菜的根，其生長(zhǎng)方向應(yīng)是指向地球的方向 D．火星探測(cè)器的放射速度應(yīng)大于7.9km/s，且小于11.2km/s16．如圖所示，固定斜面足夠長(zhǎng)，斜面與水平面的夾角α＝37°，一質(zhì)量為3m的L形工件沿斜面以速度v0＝1m/s勻速向下運(yùn)動(dòng)。工件上表面光滑，下端為擋板，某時(shí)刻，一質(zhì)量為m的小木塊輕輕放在工件上的A點(diǎn)，當(dāng)木板運(yùn)動(dòng)到工件下端是（與擋板碰前的瞬間），工件速度剛好減為零，后木塊與擋板第一次相碰，以后每隔一段時(shí)間，木塊就與擋板碰撞一次。已知木塊與擋板都是彈性碰撞且碰撞時(shí)間極短，木塊始終在工件上運(yùn)動(dòng)，重力加速度取g＝10m/s2，下列說法正確的是（）A．下滑過程中，工件和木塊系統(tǒng)沿斜面方向上動(dòng)量不守恒 B．下滑過程中，工件的加速度大小為6m/s2 C．木塊與擋板第1次碰撞后的瞬間，工件的速度大小為3m/s D．木塊與擋板第1次碰撞至第2次碰撞的時(shí)間間隔為0.75s17．我們知道，處于自然狀態(tài)的水都是向重力勢(shì)能更低處流淌的，當(dāng)水不再流淌時(shí)，同一滴水在水表面的不同位置具有相同的重力勢(shì)能，即水面是等勢(shì)面。通常穩(wěn)定狀態(tài)下水面為水平面，但將一桶水繞豎直固定中心軸以恒定的角速度ω轉(zhuǎn)動(dòng)，穩(wěn)定時(shí)水面呈凹狀，如圖所示。這一現(xiàn)象依舊可用等勢(shì)面說明：以桶為參考系，桶中的水還多受到一個(gè)“力”，同時(shí)水還將具有一個(gè)與這個(gè)“力”對(duì)應(yīng)的“勢(shì)能”。為便于探討，在過桶豎直軸線的平面上，以水面最低處為坐標(biāo)原點(diǎn)、以豎直向上為y軸正方向建立xOy直角坐標(biāo)系，質(zhì)量為m的小水滴（可視為質(zhì)點(diǎn)）在這個(gè)坐標(biāo)系下具有的“勢(shì)能”可表示為Epx＝﹣．該“勢(shì)能”與小水滴的重力勢(shì)能之和為其總勢(shì)能，水會(huì)向總勢(shì)能更低的地方流淌，穩(wěn)定時(shí)水表面上的相同質(zhì)量的水將具有相同的總勢(shì)能。依據(jù)以上信息可知，下列說法中正確的是（）A．與該“勢(shì)能”對(duì)應(yīng)的“力”的方向指向O點(diǎn) B．與該“勢(shì)能”對(duì)應(yīng)的“力”的大小隨x的增加而減小 C．該“勢(shì)能”的表達(dá)式Epx＝﹣是選取了y軸處“勢(shì)能”為零 D．穩(wěn)定時(shí)桶中水面的縱截面為圓的一部分18．如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流的變更的特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線。曲線Ⅲ與直線Ⅰ、Ⅱ相交點(diǎn)的坐標(biāo)分別為P（5，3.5）、Q（6，5）。假如把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說法不正確的是（）A．電源1與電源2的內(nèi)阻之比是3：2 B．電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1：1 C．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是21：25 D．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是7：1019．如圖所示，直桿與水平面成30°角，一輕質(zhì)彈簧套在直桿上，下端固定在直桿底端?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m的小滑塊從桿頂端A點(diǎn)由靜止釋放，滑塊壓縮彈簧到達(dá)最低點(diǎn)B后返回，脫離彈簧后恰能到達(dá)AB的中點(diǎn)。設(shè)重力加速度為g，AB＝L，則該過程中（）A．滑塊和彈簧剛接觸時(shí)的速度最大 B．滑塊克服摩擦做功為 C．滑塊加速度為零的位置只有一處 D．彈簧最大彈性勢(shì)能為20．一個(gè)物體沿直線運(yùn)動(dòng)，從t＝0時(shí)刻起先，物體的﹣t的圖象如圖所示，圖線與縱橫坐標(biāo)軸的交點(diǎn)坐標(biāo)分別為0.5m/s和﹣1s，由此可知（）A．物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為1m/s2 B．物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng) C．物體的初速度大小為0.5m/s D．物體的初速度大小為1m/s21．如圖所示a、b、c、d為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的等勢(shì)面，一個(gè)質(zhì)量為m電荷量為q（q＞0）的粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)。A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)。已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v1，在B點(diǎn)的速度大小為v2，方向與等勢(shì)面平行。A、B連線長(zhǎng)為L(zhǎng)，連線與等勢(shì)面間的夾角為θ，不計(jì)粒子受到的重力，則（）A．v1小于v2 B．等勢(shì)面b的電勢(shì)比等勢(shì)面c的電勢(shì)低 C．粒子從A運(yùn)動(dòng)到B所用時(shí)間為t＝ D．勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為二、非選擇題（共174分，其中33-38為選考題）22．（6分）某物理愛好小組利用如圖甲所示的裝置進(jìn)行驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的試驗(yàn)。光滑的水平平臺(tái)上的A點(diǎn)放置有一個(gè)光電門。試驗(yàn)步驟如下：A．在小滑塊a上固定一個(gè)寬度為d的窄擋光片；B．用天平分別測(cè)得小滑塊a（含擋光片）和小球b的質(zhì)量為m1、m2；C．在a和b間用細(xì)線連接，中間夾一被壓縮了的水平輕短彈簧，靜止放置在平臺(tái)上；D．細(xì)線燒斷后瞬間，a、b被彈開向相反方向運(yùn)動(dòng)；E．記錄滑塊a離開彈簧后通過光電門時(shí)擋光片的遮光時(shí)間t；F．小球b離開彈簧后從平臺(tái)邊緣飛出，落在水平地面的B點(diǎn)，測(cè)出平臺(tái)距水平地面的高度h及B點(diǎn)與平臺(tái)邊緣鉛垂線之間的水平距離x0；G．變更彈簧壓縮量，進(jìn)行多次試驗(yàn)。（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量遮光條的寬度，如圖乙所示，則遮光條的寬度為mm。（2）若a、b與彈簧作用過程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則m1＝（用上述試驗(yàn)所涉及物理量的字母表示，重力加速度為g）23．（8分）小宇有一臺(tái)帶USB接口的小型電風(fēng)扇，額定電壓為5.0V，額定功率為2W，他想通過試驗(yàn)描繪出這臺(tái)小電風(fēng)扇的伏安特性曲線。他在試驗(yàn)室中沒有找到合適的電壓表，但找到了導(dǎo)線、開關(guān)，還有以下器材：A．電源E（電動(dòng)勢(shì)為6.0V）B．電流表A1（量程為0～0.6A，內(nèi)阻為0.2Ω）C．電流表A2（量程150mA，內(nèi)阻為0.5Ω）D．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值100Ω）E．滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值10Ω）F．固定電阻R3＝40ΩG．固定電阻R4＝20Ω（1）為了便于調(diào)整，減小讀數(shù)誤差和系統(tǒng)誤差，試驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用；固定電阻應(yīng)選用（填所選儀器前的字母序號(hào)）。（2）請(qǐng)你為他設(shè)計(jì)試驗(yàn)電路，并把電路圖畫在甲圖中的方框內(nèi)（方框內(nèi)已畫出了小電風(fēng)扇的電路符號(hào)）。（3）小宇在試驗(yàn)過程中發(fā)覺，小電風(fēng)扇在電流表A，讀數(shù)小于0.1A時(shí)電風(fēng)扇沒有轉(zhuǎn)動(dòng)。他通過試驗(yàn)描繪出I1（電流表A1的讀數(shù)）、I2（電流表A2的讀數(shù)）的圖象如圖所示（I1為0.1A時(shí)I2為10mA）。由此可以判定，小電風(fēng)扇的電阻為Ω，正常工作時(shí)的發(fā)熱功率為W，機(jī)械效率為（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。24（14分）．半徑為R的內(nèi)壁絕緣光滑的半圓筒如圖所示，圓筒的截面在豎直平面內(nèi)，O為圓心，MN為圓筒的水平直徑，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，平行圓圓筒軸線方向在圓筒內(nèi)放入一根長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量為m的通電直導(dǎo)線，當(dāng)通入的電流為I時(shí)，導(dǎo)線剛好靜止，此時(shí)導(dǎo)線與圓心的連線與豎直方向的夾角為37°，已知重力加速度為g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。（1）求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。唬?）現(xiàn)把導(dǎo)線拉到M位置后無初速度釋放，保持導(dǎo)線中的電流大小和不變，求導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)對(duì)圓筒的壓力大小。25（19分）．如圖所示，兩水平面（虛線）之間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。從離該區(qū)域上邊界高為h的O點(diǎn)，沿平行于電場(chǎng)的方向，以相同的速率分別先后向左、右拋出a、b兩個(gè)小球。a、b兩小球均帶正電，且質(zhì)量均為m，a球帶電量為βq，b球帶電量為q。兩小球到達(dá)電場(chǎng)上邊界的位置之間的距離為L(zhǎng)，b球進(jìn)入電場(chǎng)后在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)。忽視a、b之間的庫(kù)侖力，重力加速度為g。求：（1）兩小球拋出時(shí)速度v0的大?。唬?）若β＝1，且a球進(jìn)入電場(chǎng)的位置與離開電場(chǎng)的位置在同一豎直線上，求電場(chǎng)上下邊界之間的距離；（3）若電場(chǎng)的上下邊界之間的距離為3h，β為何值時(shí)可使兩小球從同一位置離開電場(chǎng)。33.【物理——選修3-3】（15分）1．下列說法正確的是（）A．零攝氏度的物體的內(nèi)能為零 B．氣體假如失去了容器的約束會(huì)散開，這是因?yàn)闅怏w分子熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果 C．溫度相同的氧氣和臭氧氣體，分子平均動(dòng)能相同 D．志向氣體，分子之間的引力、斥力依舊同時(shí)存在，且分子力表現(xiàn)為斥力 E．浸潤(rùn)現(xiàn)象是分子間作用力引起的2．如圖所示，一長(zhǎng)L＝37cm的導(dǎo)熱細(xì)玻璃管AB水平放置，B端密閉，A端開口。在玻璃管內(nèi)用一段長(zhǎng)L1＝25cm的水銀柱密閉一段長(zhǎng)L2＝10cm的志向氣體。已知大氣壓強(qiáng)p0＝75cmHg，氣體初始溫度為t1＝27℃，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度間的關(guān)系為T＝t+273K。（?。┤魧⒉ＡЧ芾@A端沿逆時(shí)針方向緩慢旋轉(zhuǎn)，當(dāng)玻璃管與水平面的夾角α為多少時(shí)水銀柱的下端剛好到達(dá)A端？（ⅱ）當(dāng)玻璃管轉(zhuǎn)到與水平面成α角時(shí)，用一薄玻璃片將A端蓋住以防止管中水銀流出并對(duì)管中氣體加熱。當(dāng)加熱到溫度為t2時(shí)由靜止釋放玻璃管并同時(shí)快速抽去玻璃片，讓玻璃管做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落過程中玻璃管不發(fā)生翻轉(zhuǎn)，發(fā)覺在玻璃管下落過程中管中的水銀柱相對(duì)于玻璃管的位置不變，求t2．（玻璃管下落過程中管中氣體溫度不變）34．【物理——選修3-4】（15分）1、5G，即第五代移動(dòng)通信技術(shù)，采納3300﹣5000MHz頻段，相比于現(xiàn)有的4G（即第四代移動(dòng)通信技術(shù)，1880﹣2635MHz頻段）技術(shù)而言，具有極大的帶寬。關(guān)于5G信號(hào)，下列說法正確的是（）A．5G信號(hào)既可以實(shí)現(xiàn)無線通信，也可以通過光纜、電纜傳輸 B．5G信號(hào)在真空中傳播時(shí)，其傳播方向與電場(chǎng)強(qiáng)度、磁感應(yīng)強(qiáng)度方向均垂直 C．5G信號(hào)可以由電磁振蕩產(chǎn)生，若波源的電磁振蕩停止，空間的5G信號(hào)隨即消逝 D．5G信號(hào)與4G信號(hào)相比在真空中傳播速度更快 E．5G信號(hào)與4G信號(hào)相比更不簡(jiǎn)單越過障礙物發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象2（10分）．如圖所示，ABCD是一玻璃磚的截面圖，一束光與AB面成30°角從AB邊上的E點(diǎn)射入玻璃磚中，折射后經(jīng)玻璃磚的BC邊反射后，從CD邊上的F點(diǎn)垂直于CD邊射出。已知∠B＝90°，∠C＝60°，EB＝10cm，BC＝30cm。真空中的光速c＝3×108m/s，求：①玻璃磚的折射率；②光在玻璃磚中從E到F所用的時(shí)間。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）物理選擇題14、解：A、依據(jù)數(shù)學(xué)組合公式，能輻射出6種光，則有，解得：n＝4，發(fā)出的復(fù)色光通過玻璃三棱鏡后分成a、b、c、d、e、f六束，可知，f光對(duì)應(yīng)的是最高頻率，而a對(duì)應(yīng)是最低頻率，故f光對(duì)應(yīng)的是最大折射率，而a對(duì)應(yīng)是最小折射率；依據(jù)得出在三棱鏡中a光的傳播速率大于f光的傳播速率，故A錯(cuò)誤；B、f光對(duì)應(yīng)的是最大折射率，若變更復(fù)色光的入射角，最先消逝的是f光，故B錯(cuò)誤；C、依據(jù)輻射能量即為能級(jí)之差，即△E＝Em﹣En，則有：從n＝4能級(jí)向n＝1能級(jí)（基態(tài)）躍遷產(chǎn)生的f光，從n＝3能級(jí)向n＝1能級(jí)（基態(tài)）躍遷產(chǎn)生的e光，故C正確；D、依據(jù)依據(jù)可知，b光的波長(zhǎng)大于c光，，可知，b通過同一雙縫干涉裝置產(chǎn)生的干涉條紋的間距△xb大于c通過同一雙縫干涉裝置產(chǎn)生的干涉條紋的間距△xc，故D錯(cuò)誤；故選：C。15．【解答】解：A、文昌的緯度比西昌的低，則其線速度大，在火箭推力相同的狀況下，在文昌放射時(shí)有效荷載比西昌大，故A正確B、第一宇宙速度7.9km/s是近地衛(wèi)星的運(yùn)行速度，也是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大運(yùn)行速度，由解得v＝可知軌道半徑越大線速度越小，試驗(yàn)船的軌道半徑大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，其運(yùn)行速度肯定小于7.9km/s，故B錯(cuò)誤；C、在試驗(yàn)船內(nèi)，植物是處于完全失重狀態(tài)的，所以根的生長(zhǎng)方向不會(huì)表現(xiàn)向地性，生長(zhǎng)方向是隨機(jī)的。故C錯(cuò)誤。D、其次宇宙速度11.2km/s是衛(wèi)星脫離地球引力束縛的最小放射速度，第三宇宙速度16.7km/s是衛(wèi)星逃逸太陽(yáng)系的最小放射速度，火星探測(cè)器脫離地球引力束縛，繞火星做圓周運(yùn)動(dòng)，故放射速度應(yīng)當(dāng)大于11.2km/s，小于16.7km/s，故D錯(cuò)誤。故選：A。16．】解：A、起先L形工件沿斜面勻速向下運(yùn)動(dòng)，有3mgsinα＝μ?3mgcosα，解得μ＝0.75；放上木塊后，工件增加的摩擦力f＝μmgcosα，而木塊重力沿斜面對(duì)下的分力為mgsinα，二者相等，故工件和木塊系統(tǒng)沿斜面方向上合力為零，所以沿斜面方向上動(dòng)量守恒，故A錯(cuò)誤；B、把木塊放上工件后，對(duì)工件依據(jù)牛頓其次定律可得：μ?4mgcosα﹣3mgsinα＝3ma，解得工件的加速度大小為a＝2m/s2，故B錯(cuò)誤；C、設(shè)木塊與工件碰撞前瞬間木塊的速度為v，依據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：3mv0＝mv，解得：v＝3v0＝3m/s；木塊與工件碰撞過程中，依據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：mv＝mv1+3mv2，依據(jù)能量關(guān)系可得：mv2＝mv12+3mv22，聯(lián)立解得：v1＝﹣1.5m/s，v2＝1.5m/s，所以木塊與擋板第1次碰撞后的瞬間，工件的速度大小為1.5m/s，故C錯(cuò)誤；D、設(shè)木塊與擋板第1次碰撞至第2次碰撞的時(shí)間間隔為t，在此時(shí)間內(nèi)工件的位移為x工＝v2t﹣，木塊的位移x木＝v1t，相碰時(shí)有：x工＝x木，聯(lián)立解得t＝0.75s，此時(shí)依據(jù)剛好速度為零，故D正確。故選：D。17】解：A、若我們?nèi)∫好鍭處有一個(gè)小液滴，它離O點(diǎn)有肯定的高度，因?yàn)樵谝好嫔戏€(wěn)定時(shí)相同質(zhì)量的水將具有相同的總勢(shì)能，而A點(diǎn)的重力勢(shì)能大于O點(diǎn)，所以這個(gè)特別的“勢(shì)能”A點(diǎn)要小于O點(diǎn)，故由O到A的過程中，這個(gè)“勢(shì)能”減小，故它對(duì)應(yīng)的力做的是正功，所以該“力”由O指向A，故A錯(cuò)誤；B、設(shè)這個(gè)“力”為F，則Fx＝EpO﹣EPA＝0﹣（﹣），即F＝，故該力的大小隨x的增大而增大，故B錯(cuò)誤；C、由于O點(diǎn)的這個(gè)“勢(shì)能”最大，向兩側(cè)時(shí)減小，而“勢(shì)能”的表達(dá)式是EPx＝﹣，故是選取了y軸處的“勢(shì)能”為零，故C正確；D、假如我們?nèi)點(diǎn)的重力勢(shì)能為0，這個(gè)“勢(shì)能”也為0，則質(zhì)量相等的小液滴，由于它們?cè)谝好嫔戏€(wěn)定時(shí)具有相同的總勢(shì)能，即某點(diǎn)的總勢(shì)能Ep＝mgy﹣＝0，故y與x是二次函數(shù)的關(guān)系，所以桶中水面的縱截面為拋物線，不是圓的一部分，故D錯(cuò)誤。故選：C。18解：A、在電源的U﹣I圖象中，圖象的斜率的肯定值表示電源的內(nèi)電阻，依據(jù)電源U﹣I圖線，可知，電源1、電源2的內(nèi)阻分別為r1＝Ω＝Ω，同理，r2＝Ω＝Ω，則r1：r2＝3：2，故A正確；B、U﹣I圖象的縱軸截距表示電動(dòng)勢(shì)，故E1＝E2＝10V，即電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1：1，故B正確；CD、燈泡伏安特性曲線與電源外特性曲線的交點(diǎn)即為燈泡與這電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，則連接電源1時(shí)，U1＝3.5V，I1＝5A，故燈泡消耗的功率為P1＝U1I1＝17.5W，燈泡的電阻R1＝＝Ω＝0.7Ω連接電源2時(shí)，U2＝5V，I2＝6A，故燈泡消耗的功率P2＝U2I2＝30W，燈泡的電阻R2＝＝Ω故R1：R2＝21：25，P1：P2＝7：8，故C正確。本題選擇不正確的，故選：D。19解：A、對(duì)滑塊受力分析，當(dāng)滑塊剛接觸彈簧時(shí)，重力沿桿向下的分力大于彈簧的彈力，滑塊接著向下做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重力沿斜面對(duì)下的分力等于彈簧的彈力時(shí)，這時(shí)加速度為零，速度達(dá)到最大，故A錯(cuò)誤；B、在整個(gè)過程中，依據(jù)動(dòng)能定理可得：，解得：，滑塊克服摩擦做功為，故B正確；C、在下滑過程中，對(duì)滑塊受力分析有：mgsinθ﹣F彈﹣μmgcosθ＝0，在上滑階段，F(xiàn)′彈﹣mgsinθ﹣μmgcosθ＝0，故F彈＜F′彈，加速度為零的位置由兩處，故C錯(cuò)誤；D、在下滑過程中，彈簧的壓縮量最大時(shí)，彈性勢(shì)能最大依據(jù)動(dòng)能定理可知mgLsin30°﹣μmgcosθ?L﹣Ep＝0﹣0在整個(gè)過程中摩擦力做功大小為：聯(lián)立解得，故D正確；故選：BD。20、【解答】解：由圖可得：＝（0.5t+0.5）m/s，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移﹣時(shí)間公式x＝v0t+at2得：＝v0+at對(duì)比可得a＝0.5m/s2，則物體的加速度為a＝1m/s2，初速度為v0＝0.5m/s，可知，物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故ABC正確，D錯(cuò)誤。故選：ABC。21．解：A、電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，等勢(shì)面沿水平方向，則電場(chǎng)線的方向沿豎直方向，粒子彎曲的方向向上，所以粒子受力的方向向上，從A到B的過程中電場(chǎng)力做負(fù)功，所以粒子的速度減小，故A錯(cuò)誤；B、粒子受力的方向向上，粒子帶正電，則電場(chǎng)的方向向上，c的電勢(shì)高于b的電勢(shì)；故B正確；C、粒子在A點(diǎn)的速度大小為v1，在B點(diǎn)的速度大小為v2，粒子在沿等勢(shì)面方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以水平方向的分速度不變，為v2所以粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t＝，故C錯(cuò)誤；D、在沿電場(chǎng)線的方向的位移：y＝Lsinθ設(shè)A．B間的電勢(shì)差為UAB，由動(dòng)能定理，有：聯(lián)立解得：E＝，故D正確。故選：BD。22/解：（1）螺旋測(cè)微器的讀數(shù)是由固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)的和，所以遮光條的寬度d＝3.5mm+20.4×0.01mm＝3.704mm；（2）燒斷細(xì)線后，ab被彈簧彈開，a獲得的動(dòng)量與b獲得的動(dòng)量大小相等方向相反，而a通過光電門的速度v1＝，動(dòng)量m1v1＝m1，b做平拋運(yùn)動(dòng)，速度v2＝＝彈開后的動(dòng)量pb＝m2v2＝m2。故答案為：（1）3.704（2）m223解：（1）額定電壓為5.0V，額定功率為2W，電風(fēng)扇的額定電流為：I＝＝A＝0.4A，因此須要選用電流表A1，因電壓需從零起先測(cè)起，則滑動(dòng)變阻器采納分壓式接法，而電風(fēng)扇電阻大約為：R＝＝Ω＝12.5Ω．則滑動(dòng)變阻器選擇總電阻為10Ω的誤差較小，即選擇E；由于沒有電壓表，則必需通過電流表與電阻來改裝，因電源的電動(dòng)勢(shì)為：E＝6.0V，那么電流表A2（量程150mA，內(nèi)阻為0.5Ω）與固定電阻R3＝40Ω，改裝成電壓表，其量程為：U＝6V；因此固定電阻應(yīng)選用F。（2）因?yàn)殡妷盒鑿牧闫鹣葴y(cè)起，則滑動(dòng)變阻器采納分壓式接法，電風(fēng)扇的電阻大約R＝12.5Ω，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采納外接法；電路圖如圖所示：（3）小電風(fēng)扇在電流表A，讀數(shù)小于0.1A時(shí)小電風(fēng)扇沒有轉(zhuǎn)動(dòng)，屬于純電阻，依據(jù)I1為0.1A時(shí)I2為10mA，故答案為：（1）E；F；（2）如上圖所示；（3）4.5；0.72、64%24【解答】解：（1）導(dǎo)線靜止時(shí)，對(duì)導(dǎo)線受力分析如圖所示：正交分解后得：FNsin37°＝BILFNcos37°＝mg解得：B＝（2）從M位置釋放到運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，由動(dòng)能定律得：mgR﹣BILR＝在最低點(diǎn)處對(duì)導(dǎo)線分析，設(shè)導(dǎo)線受到的支持力為FN′，由牛頓其次定律得解得：FN′＝由牛頓第三定律得導(dǎo)線運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)對(duì)圓筒的壓力大小也為；25．【解答】解：（1）小球在進(jìn)入電場(chǎng)前做的是平拋運(yùn)動(dòng)知：解得：（2）a球進(jìn)入電場(chǎng)的位置與離開電場(chǎng)的位置在同一豎直線上知：a球水平方向的速度變更量△vx＝2v0因?yàn)棣拢?，b球與a球水平方內(nèi)的加速度相同，所以b球水平方向的速度變更量也為△vx＝2v0，b球出電場(chǎng)的水平速度為v′x＝3v0b球進(jìn)電場(chǎng)前豎直方向的運(yùn)動(dòng)，vy2＝2gh解得：因?yàn)閎球在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)，由＝，解得：v′y＝3vy由v′y2﹣vy2＝2gH解得：H＝8h（3）依據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子b進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)設(shè)偏轉(zhuǎn)角為θ，則：tanθ＝若電場(chǎng)的上下邊界之間的距離為3h，則可得b球離開電場(chǎng)的位置在O點(diǎn)下方到O點(diǎn)的距離：x＝即a球離開電場(chǎng)的位置在O點(diǎn)下方到O點(diǎn)的距離也是L；b球從釋放到離開電場(chǎng)整個(gè)過程中豎直方向的加速度始終為g，其總時(shí)間為t′，則：，可得b在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：b在水平方向的位移：聯(lián)立可得：a球在水平方向的位移：解得：依據(jù)牛頓其次定律：，聯(lián)立可得：β＝9，即β＝9時(shí)可使兩小球從同一位置離開電場(chǎng)33-1．解：A、一切物體在任何溫度下都具有內(nèi)能，所以零攝氏度的物體仍舊有內(nèi)能。故A錯(cuò)誤；B、氣體分子間的作用力很小，可以忽視不計(jì)，氣體分子不停地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，氣體分子可以充溢整個(gè)容器，假如沒有約束，氣體將散開，故B正確；C、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)記，溫度相同的氧氣和臭氧氣體，分子平均動(dòng)能相同；故C正確；D、志向氣體，分子之間的引力、斥力依舊同時(shí)存在，但由于分子之間的距離較大，都可以忽視不計(jì)。故D錯(cuò)誤；E、浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)現(xiàn)象是液體分子間相互作用的表現(xiàn)，與分子力有關(guān)。故E正確。