黑龍江省安達(dá)市第七中學(xué)校2024-2025學(xué)年高二物理下學(xué)期期初測試試題

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一、單選題1.關(guān)于下面四位杰出物理學(xué)家所做貢獻(xiàn)的說法,正確的是(

)

A.庫侖發(fā)覺了電流的磁效應(yīng) B.楞次認(rèn)為電、磁作用都是通過場來傳遞的

C.安培發(fā)覺了電荷之間的相互作用規(guī)律 D.洛侖茲提出磁場對運(yùn)動(dòng)電荷有力的作用

2.如圖各電場中,A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同的是()A. B. C. D.3.帶電粒子M和N，先后以不同的速度沿PO方向射入圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。不計(jì)重力，下列分析正確的是（）A．M帶負(fù)電，N帶正電 B．M和N都帶正電C．M帶正電，N帶負(fù)電 D．M和N都帶負(fù)電4.圖中實(shí)線所示為某電場的電場線，虛線為某摸索電荷在僅受電場力的狀況下從a點(diǎn)到b點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)軌跡，則下列說法正確的是()A.b點(diǎn)的電場強(qiáng)度比a點(diǎn)的電場強(qiáng)度小B.該摸索電荷帶負(fù)電C.該摸索電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中電場力始終做負(fù)功D.該摸索電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中速度先增加后削減5.如圖所示的電路，閉合開關(guān)S后，三盞燈均能發(fā)光，電源電動(dòng)勢E恒定且內(nèi)阻r不行忽視?，F(xiàn)將滑動(dòng)變阻器R的滑片稍向上滑動(dòng)一些，關(guān)于三盞燈亮度改變的狀況及電容器帶電量推斷正確的是()A.a燈變亮，b燈和c燈變暗，電容器C所帶電荷量增多B.a燈和c燈變亮，b燈變暗，電容器C所帶電荷量削減C.a燈和c燈變暗，b燈變亮，電容器C所帶電荷量削減D.a燈和b燈變暗，c燈變亮，電容器C所帶電荷量增多二、試驗(yàn)題6.某學(xué)生試驗(yàn)小組利用如圖甲所示電路進(jìn)行試驗(yàn)，運(yùn)用的器材有：多用電表、電壓表(量程5V，內(nèi)阻十幾kΩ)、滑動(dòng)變阻器(最大阻值5kΩ)、導(dǎo)線若干(1)將多用電表擋位調(diào)到電阻“×1000”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，進(jìn)行_____；(2)將圖甲中多用電表的紅表筆和_____(填“1”或“2”)端相連，黑表筆連接另一端；(3)若多用電表擋位調(diào)到電阻“×100Ω”擋測量，指針偏轉(zhuǎn)角度過小，應(yīng)換_____擋(填“×10Ω”或“×1kΩ”)；(4)換擋后重新進(jìn)行(1)的步驟后，將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖乙所示，多用電表的讀數(shù)為_____kΩ。7.某同學(xué)用如圖所示的試驗(yàn)器材探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象。(1)接好電路，合上開關(guān)瞬間，電流表指針(填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”)；(2)電路穩(wěn)定后，電流表指針(填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”)；快速移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電流表指針(填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”)。8.為了測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，某同學(xué)采納了伏安法，現(xiàn)備有下列器材：A.被測干電池一節(jié)B.電流表1：量程0～0.6A，內(nèi)阻r=0.3ΩC.電流表2：量程0～0.6A，內(nèi)阻約為0.1ΩD.電壓表1：量程0～3V，內(nèi)阻未知E.電壓表2：量程0～15V，內(nèi)阻未知F.滑動(dòng)變阻器1：0～10Ω，2AG.滑動(dòng)變阻器2：0～100Ω，1AH.開關(guān)、導(dǎo)線若干在用伏安法測電池電動(dòng)勢和內(nèi)阻的試驗(yàn)中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差；在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能精確地測量電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。(1)在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑模?填寫選項(xiàng)前的字母)；(2)試驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇下圖中的(填“甲”或“乙”)；(3)依據(jù)試驗(yàn)中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U-I圖像，則干電池的電動(dòng)勢E=_____V，內(nèi)電阻r=Ω。三、計(jì)算題9.如圖所示的線框，面積為S，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，B的方向與線框平面成θ角，當(dāng)線框沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)過90°到如圖所示的虛線位置時(shí)。求：(1)初、末位置穿過線框的磁通量大小φ1和φ2；(2)磁通量的改變量Δφ。10.如圖所示,長的輕質(zhì)細(xì)繩上端固定,下端連接一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球,小球靜止在水平向右的勻強(qiáng)電場中,繩與豎直方向的夾角。已知小球所帶電荷量,勻強(qiáng)電場的場強(qiáng),取重力加速度,,,求:(1)小球所受電場力F的大小。(2)小球的質(zhì)量m。11.如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L=0.40m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50T、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場。金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢E=4.5V、內(nèi)阻r=0.50Ω的直流電源。現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m=0.04kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止。導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直、且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R0=2.5Ω，金屬導(dǎo)軌的其它電阻不計(jì)，g取10m/s2。已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：(1)導(dǎo)體棒受到的安培力大小；(2)導(dǎo)體棒受到的摩擦力的大小。12.在豎直平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy，其第一象限存在著正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場強(qiáng)度的方向水平向右，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面對里。一帶電荷量為+q，質(zhì)量為m的微粒從原點(diǎn)動(dòng)身沿與x軸正方向的夾角為45°的初速度進(jìn)入復(fù)合場中，正好做直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)微粒運(yùn)動(dòng)到A(2L，2L)時(shí)，電場方向突然變?yōu)樨Q直向上(不計(jì)電場改變的時(shí)間)，粒子接著運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，正好垂直于y軸穿出復(fù)合場。(不計(jì)一切阻力)求：(1)電場強(qiáng)度E大??；(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。四、多選題13.如圖所示，光滑固定導(dǎo)軌M、N水平放置，兩根導(dǎo)體棒P、Q平行放置在導(dǎo)軌上，形成一個(gè)閉合回路，一條形磁鐵從高處下落接近回路時(shí)()A.P、Q將相互靠攏 B.P、Q將相互遠(yuǎn)離 C.磁鐵的加速度仍為g D.磁鐵的加速度小于g14.某導(dǎo)體中的電流隨其兩端電壓的改變?nèi)鐖D所示，則下列說法中正確的是()A.由圖可知，隨著電壓的增大，導(dǎo)體的電阻不斷增加B.圖像上某點(diǎn)切線的斜率的倒數(shù)即為該狀態(tài)的電阻值C.電壓為5V時(shí)，導(dǎo)體的電阻是0.2ΩD.電壓為12V時(shí)，導(dǎo)體電阻的電功率為18W15.如圖所示為回旋加速器原理示意圖,兩個(gè)靠得很近的D形盒處在與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場中,一質(zhì)子從加速器的A處起先加速.已知D形盒的半徑為R,磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,高頻交變電源的電壓為U、頻率為f,質(zhì)子的質(zhì)量為m、電荷量為q.下列說法正確的是()A.質(zhì)子的最大速度不超過B.質(zhì)子的最大動(dòng)能為C.質(zhì)子的最大動(dòng)能與電壓U無關(guān)D.只增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B,其他量R、U、f都不變，可增大質(zhì)子的最大動(dòng)能

參考答案1.答案：D

解析：奧斯特發(fā)覺了電流的磁效應(yīng),A錯(cuò)誤;法拉第提出了場的概念,認(rèn)為電、磁作用都是通過場來傳遞的,B錯(cuò)誤;庫侖利用扭秤試驗(yàn)發(fā)覺了電荷之間的相互作用規(guī)律—庫侖定律,C錯(cuò)誤;洛侖茲提出運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生了磁場和磁場對運(yùn)動(dòng)電荷有作用力(洛侖茲力)的觀點(diǎn),D正確。2.答案：C解析：A、B是同一圓上的兩點(diǎn),場強(qiáng)大小相等,但方向不同,則電場強(qiáng)度不同.故A錯(cuò)誤.A、B場強(qiáng)大小不等,但方向相同,則電場強(qiáng)度不同.故B錯(cuò)誤.A、B是勻強(qiáng)電場中的兩點(diǎn),電場強(qiáng)度相同,故C正確.電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小,所以A、B場強(qiáng)不等,故D錯(cuò)誤.故選C.3.答案：A解析：粒子向右運(yùn)動(dòng)，依據(jù)左手定則，N向上偏轉(zhuǎn)，應(yīng)當(dāng)帶正電；M向下偏轉(zhuǎn)，應(yīng)當(dāng)帶負(fù)電，故BCD錯(cuò)誤，A正確。4.答案：B

解析：由圖可知,b處電場線較密,則b處電場強(qiáng)度較大,A錯(cuò)誤;合力指向軌跡凹的一側(cè),可知電場力方向向上,與電場線的方向相反,所以該粒子帶負(fù)電,B正確;從a運(yùn)動(dòng)到b,力和速度方向夾角為銳角,電場力做正功,動(dòng)能增大,速度增大,C錯(cuò)誤.5.答案：B解析：分析電路的結(jié)構(gòu)，c燈與變阻器R串聯(lián)后與b燈并聯(lián)，再與a燈串聯(lián)，電容器兩端電壓為b燈兩端電壓。R的滑片稍向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器R接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，依據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，a燈變亮。b燈的電壓減小，b燈變暗，則電容器兩端電壓減小，依據(jù)Q=CU可知，電容器所帶電荷量削減。通過c燈的電流增大，減小，則增大，c燈變亮。故B正確，ACD錯(cuò)誤。6.答案：（1）歐姆調(diào)零（2）1（3）×1k（4）19.0解析：（1）將多用電表擋位調(diào)到電阻“×100”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零。（2）電流從歐姆表黑表筆流出，從電壓表正接線柱流入，由圖示電路圖可知，應(yīng)將多用電表的紅表筆和1端相連，黑表筆連接另一端。（3）若多用電表擋位調(diào)到電阻“×100Ω”擋測量，指針偏轉(zhuǎn)角度過小，說明所選擋位太小，為精確測電阻阻值，應(yīng)換×1k擋。（4）歐姆表選擇×1k擋位，由圖乙所示可知，多用電表示數(shù)為：19.0×1kΩ=190kΩ。7.答案：（1）偏轉(zhuǎn)（2）不偏轉(zhuǎn)；偏轉(zhuǎn)解析：（1）接好電路，合上開關(guān)瞬間，穿過大線圈的磁通量增加，電流表指針偏轉(zhuǎn)。（2）電路穩(wěn)定后，穿過大線圈的磁通量不變，電流表指針不偏轉(zhuǎn)；快速移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片穿過大線圈的磁通量改變，電流表指針偏轉(zhuǎn)。8.答案：（1）ABDFH（2）甲（3）1.5；0.7解析：（1）在題述器材中選擇適當(dāng)?shù)钠鞑模罕粶y干電池一節(jié)；電流表B的內(nèi)阻是已知的故選B，電壓表選擇量程0~3V的D，滑動(dòng)變阻器選擇阻值較小的F，開關(guān)、導(dǎo)線若干，故選ABDFH。（2）因電流表的內(nèi)阻已知，故試驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇圖甲。（3）依據(jù)試驗(yàn)中電流表和電壓表的示數(shù)得到了題圖丙所示的U圖像，由圖可知干電池的電動(dòng)勢E=15V，內(nèi)電阻。9.答案：（1）初態(tài)時(shí)磁通量大小是,順時(shí)針轉(zhuǎn)過90度時(shí)，磁通量大小是.（2）磁通量的改變量是.解析：10.答案：(1)由得.

(2)對小球進(jìn)行受力分析,如下圖。因?yàn)樾∏蜢o止,處于平衡狀態(tài),所以,由共點(diǎn)力的平衡條件得.即:.

解析：11.答案：（1）由歐姆定律得：,導(dǎo)體棒受到的安培力大小F=BIL=0.5×1.5×0.4N=0.3N.（2）假設(shè)導(dǎo)體棒受到的摩擦力沿導(dǎo)軌向上依據(jù)左手定則，導(dǎo)體棒受到的安培力沿導(dǎo)軌向上則由平衡條件得：F+f=mgsinθ,得：f=mgsinθ-F=0.04×10×0.6-0.3N=-0.06N.解析：12.答案：（1）微粒在到達(dá)之前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受力分析如圖甲所示，依據(jù)平衡條件有,解得.（2）依據(jù)平衡條件有,電場方向改變后，微粒所受重力與電場力平衡，微粒在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖乙所示，依據(jù)牛頓其次定律有,由幾何關(guān)系可得,聯(lián)立解得,.解析：13.答案：AD

解析：依據(jù)楞次定律,感應(yīng)電流的效果總是要阻礙產(chǎn)生感應(yīng)電流磁通量的改變,磁鐵下落靠近回路,回路中Φ的增加,感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場會(huì)阻礙Φ的增加,表現(xiàn)為阻礙磁鐵的靠近,所以P、Q將相互靠攏,即“增縮減擴(kuò)”;依據(jù)左手定則,回路電流受到向下的力的作用,由牛頓第三定律知磁鐵受到向上的作用力,磁鐵的加速度小于g,即“來拒去留”。故選AD。14.答案：AD解析：由圖知，隨著電壓的增大，圖像上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率減小，此斜率等于電阻的倒數(shù)，則知導(dǎo)體