河北省衡水市桃城區(qū)第十四中學(xué)2024-2025學(xué)年高一物理下學(xué)期期末考試試題

PAGE11-河北省衡水市桃城區(qū)第十四中學(xué)2024-2025學(xué)年高一物理下學(xué)期期末考試試題留意事項：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用簽字筆干脆答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～8題只有一項符合題目要求，第9～12題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1．下列有關(guān)勻速圓周運動的說法正確的是()A．勻速圓周運動是勻變速曲線運動B．做勻速圓周運動的物體所受合外力是恒定的C．做勻速圓周運動的物體角速度與轉(zhuǎn)速成正比D．做勻速圓周運動的物體向心加速度與半徑成反比2．一顆咆哮的子彈射入樹樁，最終停在樹樁內(nèi)，這個過程中()A．總能量削減了，能量不再守恒B．子彈的動能無緣無故地消逝了C．子彈的機(jī)械能(包括動能、聲能等)增加D．子彈和樹樁的內(nèi)能增加了3．關(guān)于庫侖定律,下列說法中正確的是(

)A.庫侖定律適用于點電荷,點電荷其實就是很小的球體

B.依據(jù),當(dāng)兩點電荷間的距離趨于零時,庫侖力將趨向于無窮大

C.若點電荷的電荷量大于的電荷量,則對的庫侖力大于對的庫侖力

D.庫侖定律和萬有引力定律的表達(dá)式相像,都是平方反比定律4．質(zhì)量為M的小孩站在質(zhì)量為m的滑板上，小孩和滑板均處于靜止?fàn)顟B(tài)，忽視滑板與地面間的摩擦。小孩沿水平方向躍離滑板，離開滑板時的速度大小為v，此時滑板的速度大小為()A．B．C．D．5．如圖所示，從地面上方某點，將一質(zhì)量為1kg小球以5m/s的初速度沿水平方向拋出，小球經(jīng)過1s落地。不計空氣阻力，g＝10m/s2。則可求出()A．小球拋出時離地面的高度是10mB．小球落地時重力的瞬時功率為100WC．小球落地時的速度大小是15m/sD．小球落地時的速度方向與水平地面成30o角6．甲、乙兩物體都做勻速圓周運動，其質(zhì)量之比為1∶2，轉(zhuǎn)動半徑之比為1∶2，在相等時間里甲轉(zhuǎn)過60°，乙轉(zhuǎn)過45°，則它們所受外力的合力之比為()A．1∶4B．2∶4C．4∶9D．9∶167．假設(shè)將來一艘飛船靠近火星時，經(jīng)驗如圖所示的變軌過程，已知萬有引力常量為G，則下列說法正確的是()A．飛船在軌道Ⅱ上運動到P點的速度小于在軌道Ⅰ運動到P點的速度B．若軌道Ⅰ貼近火星表面，測出飛船在軌道Ⅰ運動的周期，就可以推知火星的密度C．飛船在軌道Ⅰ上運動到P點時的加速度大于飛船在軌道Ⅱ上運動到P點時的加速度D．飛船在軌道Ⅱ上運動時的周期等于在軌道Ⅰ上運動時的周期8．如圖所示，重10N的滑塊在傾角為30°的斜面上，從a點由靜止下滑，到b點接觸到一個輕彈簧。滑塊壓縮彈簧到c點起先彈回，返回b點離開彈簧，最終又回到a點，已知ab＝0.8m，bc＝0.4m，那么在整個過程中()A．彈簧彈性勢能的最大值是6JB．滑塊動能的最大值是6JC．從b到c彈簧的彈力對滑塊做的功是6JD．滑塊在整個過程機(jī)械能守恒9．一粒鋼珠從靜止?fàn)顟B(tài)起先自由下落，然后陷入泥潭中。若把其在空中下落的過程稱為過程Ⅰ，進(jìn)入泥潭起到停止的過程稱為過程Ⅱ，則()A．過程Ⅰ中鋼珠的動量的變更量等于重力的沖量B．過程Ⅱ中阻力的沖量大小等于過程Ⅰ中重力的沖量的大小C．Ⅰ、Ⅱ兩個過程中合外力的總沖量等于零D．過程Ⅱ中鋼珠的動量的變更量等于零10．如圖所示,一電子沿等量異種點電荷的中垂線由勻速飛過,電子重力不計,則電子除受電場力外,所受另一個力的大小和方向的變更狀況是()A.先變大后變小,方向水平向左B.先變大后變小,方向水平向右C.先變小后變大,方向水平向左D.先變小后變大,方向水平向右11．如圖所示，質(zhì)量為m的小球用兩細(xì)線懸掛于A、B兩點，小球可視為質(zhì)點，水平細(xì)線OA長L1，傾斜細(xì)線OB長為L2，與豎直方向夾角為θ，現(xiàn)兩細(xì)線均繃緊。小球運動過程中不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法中正確的是()A．在剪斷OA現(xiàn)瞬間，小球加速度大小為gtanθB．剪斷OA后，小球?qū)砘負(fù)u擺，小球運動到B點正下方時細(xì)線拉力大小為mg(3－2cosθ)C．剪斷OB線瞬間，小球加速度大小為gsinθD．剪斷OB線后，小球從起先運動至A點正下方過程中，重力功領(lǐng)先增大后減小12．一質(zhì)量為2kg的物體受水平拉力F作用，在粗糙水平面上做加速直線運動時的a－t圖象如圖所示，t＝0時其速度大小為2m/s，滑動摩擦力大小恒為2N，則()A．t＝2s時，水平拉力F的大小為4NB．在0～6s內(nèi)，合力對物體做的功為396JC．在0～6s內(nèi)，合力對物體的沖量為36N·sD．t＝6s時，拉力F的功率為180W二、非選擇題：本題共5小題，共52分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最終答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位。13．(5分)如圖所示為氣墊導(dǎo)軌，滑塊在水平氣墊導(dǎo)軌上滑動時摩擦很小可以忽視不計。導(dǎo)軌上的兩滑塊質(zhì)量均為m，兩滑塊上的擋光片寬度均為d?，F(xiàn)用該裝置做“驗證動量守恒定律”試驗。(1)調(diào)整氣墊導(dǎo)軌，在導(dǎo)軌上只放一個滑塊，輕推滑塊，視察滑塊通過兩個光電門的擋光時間_______即可認(rèn)為氣墊導(dǎo)軌調(diào)水平了。(2)試驗時使滑塊甲從圖示位置獲得一初速度撞擊靜止在導(dǎo)軌上的滑塊乙，兩滑塊碰撞端粘有橡皮泥，碰撞后兩滑塊粘在一起。光電門1記錄了滑塊甲上的擋光片的擋光時間為t1，光電門2記錄了滑塊乙上的擋光片的擋光時間為t2。試驗數(shù)據(jù)滿意表達(dá)式__________________即可認(rèn)為兩滑塊組成的系統(tǒng)遵循動量守恒定律。14．(8分)如圖甲所示，在用打點計時器驗證機(jī)械能守恒定律的試驗中，使質(zhì)量為m＝1.0kg的重物從靜止起先自由下落，打點計時器在紙帶上打出一系列的點，選取一條符合試驗要求的紙帶如圖乙所示。O為打下的第一個點A、B、C為從合適位置起先選取的三個連續(xù)點（其他點未畫出）。已知打點計時器每隔0.02s打一個點，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間＝9.8m/s2。那么：(1)為驗證機(jī)械能是否守恒，須要比較重物下落過程中隨意兩點間的______。A．動能變更量與重力勢能變更量B．速度變更量和重力勢能變更量C．速度變更量和高度變更量(2)紙帶的________端（選填“左”或“右”）與重物相連。(3)從打O點到打B點的過程中，重物重力勢能的削減量ΔEP＝____J，動能增加量ΔEk＝____J。（結(jié)果取兩位有效數(shù)字）15．(12分)跳臺滑雪是冬奧會的競賽項目之一，如圖為一簡化后的跳臺滑雪的雪道示意圖。助滑坡由AB和BC組成，AB為斜坡，BC為R＝10m的圓弧面，二者相切于B點，與水平面相切于C，AC間的豎直高度差為h1＝40m，CD為豎直跳臺。運動員連同滑雪裝備總質(zhì)量為80kg，從A點由靜止滑下，通過C點水平飛出，飛行一段時間落到著陸坡DE上的E點。運動員運動到C點時的速度是20m/s，CE間水平方向的距離x＝40m。不計空氣阻力，取g＝10m/s2。求：(1)運動員從A點滑到C點過程中阻力做的功；(2)運動員到達(dá)C點時對滑道的壓力大小；(3)運動員落到E點時的瞬時速度大小。16．(13分)我國自行研制、具有完全自主學(xué)問產(chǎn)權(quán)的新一代大型噴氣式客機(jī)C919首飛勝利后，拉開了全面試驗試飛的新征程。假設(shè)飛機(jī)在水平跑道上的滑跑是初速度為零的勻加速直線運動，當(dāng)位移x＝1.6×103m時才能達(dá)到起飛所要求的速度v＝80m/s。已知飛機(jī)質(zhì)量m＝7.0×104kg，滑跑時受到的阻力為自身重力的0.1倍，重力加速度取g＝(1)加速度a的大?。?2)牽引力的平均功率P。17．(14分)如圖甲所示，A、B兩物體與水平面間的動摩擦因數(shù)相同，A的質(zhì)量為3kg，A以肯定的初速度向右滑動，與B發(fā)生碰撞（碰撞時間特別短），碰前A的速度變更如圖乙中圖線Ⅰ所示，碰后A、B的速度變更分別如圖線Ⅱ、Ⅲ所示，g取10m/s2。(1)求A與地面間的動摩擦因數(shù)；(2)計算說明A、B間發(fā)生的是彈性碰撞還是非彈性碰撞。物理答案一、選擇題：本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～8題只有一項符合題目要求，第9～12題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1．【答案】C【解析】勻速圓周運動的加速度是變更的，則不是勻變速曲線運動，選項A錯誤；做勻速圓周運動的物體所受合外力的方向是時刻變更的，則合外力時刻在變更，選項B錯誤；依據(jù)ω＝2πn可知，做勻速圓周運動的物體角速度與轉(zhuǎn)速成正比，選項C正確；做勻速圓周運動的物體向心加速度與受力有關(guān)，與半徑無關(guān)，選項D錯誤。2．【答案】D【解析】子彈射入樹樁，受到阻力作用而減速，子彈的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，能量依舊保持守恒，故A正確。3．答案：D解析：A、庫侖定律適用于點電荷,點電荷并不是體積很小的球體,故A錯誤.

B、當(dāng)兩個點電荷距離趨于0時,兩帶電體已不能看出點電荷了,該公式不適用了,故電場力并不是趨于無窮大,故B錯誤.

C、兩點電荷之間的作用力是相互的,依據(jù)牛頓第三定律,無論點電荷的電荷量與的電荷量大小如何,對Q2的電場力大小上總等于對電場力.故C錯誤.

D、庫侖定律的表達(dá)式為,萬有引力定律的表達(dá)為,故兩表達(dá)式相像,都是平方反比定律,故D正確.故選:D.4．【答案】D【解析】設(shè)滑板的速度為u，小孩和滑板動量守恒得：0＝mu－Mv，解得，故D正確。5．【答案】B【解析】小球拋出點的高度h＝eq\f(1,2)gt2＝5m，故A錯誤；小球落地時豎直分速度vy＝gt＝10m/s，落地時重力的瞬時功率為P＝mgvy＝100W，選項B正確；小球的速度大小，故C錯誤；設(shè)小球落地的速度方向與水平方向的夾角為θ，則tanθ＝＝2，可知θ≠30°，故D錯誤。6．【答案】C【解析】由合外力供應(yīng)向心力得F1＝m1a1，F(xiàn)2＝m2a2，依據(jù)角速度公式得，，再由向心加速度公式得a1＝ω12r1，a2＝ω22r2，聯(lián)立解得F1∶F2＝4∶9，C正確。7．【答案】B【解析】從軌道I到軌道Ⅱ要在P點點火加速，則在軌道I上P點的速度小于軌道Ⅱ上P點的速度，故A錯誤；飛船貼近火星表面飛行時，假如知道周期T，由Geq\f(Mm,R2)＝meq\f(4π2,T2)R，M＝ρ·eq\f(4,3)πR3，可得ρ＝eq\f(3π,GT2)，故B正確；依據(jù)Geq\f(Mm,r2)＝ma得a＝eq\f(GM,r2)，飛船在I、Ⅱ軌道上的P點加速度相等，故C錯誤；因為軌道Ⅱ半長軸大于軌道Ⅰ的半徑，所以飛船在軌道Ⅱ上運動時的周期大于在軌道Ⅰ上運動時的周期，故D錯誤。8．【答案】A【解析】由于滑塊又返回a點，故斜面是光滑的，到c點時，彈簧的彈性勢能最大，此時滑塊的重力勢能完全轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，即Ep＝mg×ac×sin30°＝6J，故A正確；彈簧推動物塊上升時，彈性勢能轉(zhuǎn)化為物塊的機(jī)械能，整個過程的機(jī)械能是守恒的，機(jī)械能的大小均是6J，而滑塊動能最大的位置肯定在bc之間，即物塊在斜面的方向上受到的合外力為0時動能最大，所以此時彈簧仍有肯定的彈性勢能，故滑塊的動能的最大值只能小于6J，故B錯誤；滑塊從b到c，彈簧的彈性勢能由0到最大，彈簧的彈力對滑塊做的功是－6J，故C錯誤；由于摩擦不計，整個過程只有重力與彈力做功，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)整個過程機(jī)械能守恒，故D錯誤。9．【答案】AC【解析】過程Ⅰ中鋼珠所受外力只有重力，由動量定理可知，鋼珠動量的變更等于重力的沖量，故A正確；過程Ⅱ中，鋼珠所受外力有重力和阻力，所以過程Ⅱ中阻力的沖量大小等于過程Ⅰ中重力的沖量大小與過程Ⅱ中重力沖量大小的和，故B錯誤；在整個過程中，鋼珠動量的變更量為零，由動量定理可知，Ⅰ、Ⅱ兩個過程中合外力的總沖量等零，故C正確；過程Ⅱ中鋼珠所受合外力的沖量不為零，由動量定理可知，過程Ⅱ中鋼珠的動量的變更量不等于零，故D錯誤。10．答案：B解析：依據(jù)等量異種點電荷連線的中垂線上電場的疊加狀況可知,從,電場強(qiáng)度的方向不變,水平向右,電場強(qiáng)度的大小先增大后減小,則電子所受電場力的大小先變大后變小,方向水平向左,則另一個力的大小先變大后變小,方向水平向右,故B正確.11．【答案】BD【解析】剪斷細(xì)線AO的瞬間，小球起先做豎直面內(nèi)的圓周運動，其線速度為零，所以沿半徑方向的加速度為零，只有沿切線方向的加速度。由牛頓其次定律有，沿半徑方向TOB－mgcosθ＝0，沿切線方向mgsinθ＝ma，解得a＝gsinθ，故A錯誤；剪斷AO后，設(shè)小球運動到B點正下方時的速度大小為v，由動能定理得mgL2(1－cosθ)＝eq\f(1,2)mv2，在最低點，設(shè)小球運動到B點正下方時細(xì)線拉力大小為F，由牛頓其次定律得，聯(lián)立解得F＝mg(3－2cosθ)，故B正確；剪斷OB線瞬間，小球做自由落體運動，加速度為g，故C錯誤；剪斷OB線后，設(shè)小球與水平方向的夾角為θ時，速度為v1，則mgL1sinθ＝eq\f(1,2)mv12，此時重力的瞬時功率，依據(jù)數(shù)學(xué)學(xué)問可知，當(dāng)0<θ<90°時，重力功率P先增大后減小，故D正確。12．【答案】BC【解析】由圖象可知，t＝2s時，加速度a＝m/s2，由牛頓其次定律F－f＝ma，得N，故A錯誤；依據(jù)Δv＝at可知，在a－t圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示速度的增量，則在0～6s時間內(nèi)速度增量為Δv＝18m/s，所以v6＝v0＋Δv＝20m/s，依據(jù)動能定理得W合＝ΔEk＝eq\f(1,2)mv62－eq\f(1,2)mv02，得W合＝396J，故B正確；依據(jù)動量定理得I＝mv6－mv0＝36N?s，故C正確；t＝6s時，依據(jù)牛頓其次定律得F6－f＝ma6，解得F6＝10N，則P＝F6v6＝200W，故D錯誤。二、非選擇題：本題共5小題，共52分。按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最終答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位。13．(5分)【答案】(1)相等(2分)(2)(3分)【解析】(1)因為滑塊上的擋光片寬度d是肯定的，所以滑塊通過兩個光電門的擋光時間相等，說明滑塊勻速運動，也說明氣墊導(dǎo)軌調(diào)水平了。(2)滑塊甲的速度為，它的動量為；碰后滑塊甲乙粘在一起，碰后的速度為，碰后甲乙的動量為，若，即成立，即可認(rèn)為兩滑塊組成的系統(tǒng)遵循動量守恒定律。14．(8分)【答案】(1)A(2)左(3)0.310.30(每空2分)【解析】(1)為驗證機(jī)械能是否守恒，須要比較重物下落過程中隨意兩點間的重力勢能的削減量與動能的增加量是否在誤差允許的范圍之內(nèi)相等，A正確，BC錯誤。(2)重物在下落過程中，速度在增大，故相鄰點間的距離應(yīng)當(dāng)是增大的，由圖可知，紙帶的左端與重物相連。(3)從打O點到打B點的過程中，重物重力勢能的削減量ΔEP＝mghOB＝0.31J；打B點時，重物的速度大小為，由初速度為零，則此過程中，重物動能的增加量ΔEk＝eq\f(1,2)mvB2＝0.30J。15．(12分)【解析】(1)運動員從A點滑到C點過程中，由動能定理可得：mgh＋Wf＝eq\f(1,2)mvB2(2分)解得：Wf＝－16000J。(1分)(2)由牛頓其次定律可