2023-2024學(xué)年河南省平許濟洛四市高三下學(xué)期第四次質(zhì)量檢測物理試題 （解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1洛平許濟2023—2024學(xué)年高三第四次質(zhì)量檢測能力測試一、選擇題1.半衰期長達100年的放射性同位素鎳Ni可作為原子能電池的材料，通過衰變實現(xiàn)了衰變能向電能的持續(xù)轉(zhuǎn)化，下列說法不正確的是A.Ni的衰變方程是Ni→e＋Cu B.16個Ni經(jīng)過400年一定剩2個C.Ni的比結(jié)合能小于Cu，所以Cu更穩(wěn)定 D.Ni發(fā)生衰變的過程質(zhì)量數(shù)守恒，但質(zhì)量有虧損〖答案〗B〖解析〗A．Ni的衰變方程是Ni→e＋Cu，選項A正確；B．半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，隨少數(shù)原子核不適用，選項B錯誤；C．反應(yīng)放出核能，生成物更加穩(wěn)定，比結(jié)合能更大，則Ni的比結(jié)合能小于Cu，所以Cu更穩(wěn)定，選項C正確；D．Ni發(fā)生衰變的過程質(zhì)量數(shù)守恒，但反應(yīng)放出核能，質(zhì)量有虧損，選項D正確。此題選擇不正確的，故選B。2.如圖所示電路中，A、B為水平放置的平行板電容器的兩個極板。閉合開關(guān)K，電路穩(wěn)定后，一帶電液滴位于電容器極板間的P點并處于靜止?fàn)顟B(tài)，整個裝置處于真空中，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.若把電阻箱R1阻值調(diào)大，則電容器放電B.若把電阻箱R1阻值調(diào)大，則液滴向上運動C.若將電容器上極板上移少許，則P點的電勢升高D.若減小電容器兩極板的正對面積，則液滴向下運動〖答案〗A〖解析〗AB．若把電阻箱R1阻值調(diào)大，根據(jù)分壓比可知兩端電壓減小，即電容器極板間的電勢差減小，根據(jù)可知電容器帶電量減小，電容器放電，根據(jù)可知電容器極板間的電場強度減小，帶電液滴受到的電場力減小，小于重力，液滴向下運動，故A正確，B錯誤；C．若將電容器上極板上移少許，增大，電容器極板間的電場強度減小，根據(jù)可知P點的電勢減小，故C錯誤；D．若減小電容器兩極板的正對面積，電容器電容減小，電容器極板間的電勢差不變，電容器極板間的電場強度不變，帶電液滴受到的電場力不變，液滴保持靜止，故D錯誤。故選A。3.2023年10月26日17時46分，“神舟十七號”載人飛船與空間站核心艙成功對接。已知核心艙繞地心運行的軌道半徑為r，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，核心艙繞地心可近似看勻速圓周運動，引力常量為G。下列說法正確的是（）A.核心艙運行的向心加速度大小為B.核心艙運行的周期為C.根據(jù)題中的信息可以求出地球的密度為D.根據(jù)題中的信息可以求出空間站的質(zhì)量〖答案〗C〖解析〗A．由萬有引力提供向心力結(jié)合解得故A錯誤；B．由得核心艙運行的周期為故B錯誤；C．根據(jù)題中的信息可以求出地球的密度為故C正確；D．根據(jù)題中的信息不可以求出空間站的質(zhì)量。故D錯誤。故選C。4.水袖舞是中國京劇的特技之一，因其身姿搖曳、技法神韻倍受人們喜歡。某次表演中演員用出水袖的波浪可簡化為簡諧橫波，以右手的平衡位置為坐標(biāo)原點，下圖是演員右手在抖動水袖過程中t＝0時刻的波形，若右手10秒鐘上下抖動完成25次全振動，K點橫坐標(biāo)為0.375m，下列說法正確的是（）A.這列波的波速大小為0.4m/sB.t＝0.25s時質(zhì)點K剛好到達y軸負(fù)向最大位移處C.t＝0時刻時質(zhì)點K的位移為cmD.質(zhì)點L的振動方程為y＝20cos(0.8πt＋π)cm〖答案〗B〖解析〗A．依題意，可得由圖可知，波長為1m，根據(jù)故A錯誤；C．該簡諧橫波的波動方程為代入x=0.375m，可得故C錯誤；B．質(zhì)點K的振動方程為當(dāng)t=0時，。代入，可得可得t＝0.25s時，質(zhì)點K的位移為可知剛好到達y軸負(fù)向最大位移處。故B正確；D．同理，可得質(zhì)點L的振動方程為y＝20cos(5πt＋π)cm故D錯誤。故選B。5.如圖所示，光滑水平面上正三角形導(dǎo)線框abc在水平向右力F的作用下，勻速進入左側(cè)有理想邊界的勻強磁場，運動過程中bc邊始終與磁場邊界垂直，設(shè)c點剛進入磁場時為零時刻，a點進入磁場的時刻為t1，b點進入磁場的時刻為t2，設(shè)穿過線框的磁通量為Φ，感應(yīng)電動勢為E，通過導(dǎo)線某橫截面的電荷量為q，則Φ、E、F、g隨時間t變化的圖像可能正確的是A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)題意勻速進入左側(cè)有理想邊界的勻強磁場時，有效長度為磁通量為聯(lián)立解得得可知，圖像為拋物線，故A錯誤；B．c點進入磁場后的感應(yīng)電動勢為由聯(lián)立解得可知，圖像為一直線，a點進入磁場后，有效長度逐漸減小，則感應(yīng)電動勢逐漸減小，全部進入磁場時感應(yīng)電動勢為零，故B錯誤；C．根據(jù)題意勻速進入左側(cè)有理想邊界的勻強磁場時線框受力平衡，有而聯(lián)立解得圖像為拋物線，故C正確；D．由可知圖像為開口向上的拋物線，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，在水平地面上有四個等間距點A、B、C和D?？梢暈橘|(zhì)點的小滑塊P以初速度從A出發(fā)，受到水平向左的恒定風(fēng)力作用，若地面與滑塊間無摩擦，則滑塊恰好到達D點，而后反向運動；若地面AB部分與滑塊間有摩擦，其余部分與滑塊間仍無摩擦，則滑塊恰好滑到C點，而后反向運動，則下列說法正確的是（）A.若AB部分有摩擦?xí)r，滑塊反向運動到A點時速度大小為B.若AB部分有摩擦?xí)r，滑塊反向運動到A點時速度大小為C.若AB部分無摩擦?xí)r，風(fēng)力在由A到B和由B到C兩過程中沖量相等D.小滑塊所受的摩擦力與風(fēng)力大小相等〖答案〗AD〖解析〗ABD．設(shè)間隔點之間的距離為x，風(fēng)力大小為。若AB部分無摩擦?xí)r，A到D，由動能定理得若AB部分有摩擦，A到C，由動能定理得C到A，由動能定理得聯(lián)立解得，故AD正確，B錯誤；C．若AB部分無摩擦?xí)r，A到B和由B到C位移相同，受力相同，但A到D做減速運動，所以它們時間不同，沖量不同。故C錯誤。故選AD。7.如圖為手機無線充電原理圖，送電線圈a、b端接有效值為220伏的正弦交流電，受電線圈c、d端連接在給電池充電的電路上，送電線圈為1100匝，受電線圈為50匝。若工作狀態(tài)下，穿過受電線圈的磁通量約為送電線圈的90%，忽略其它損耗，下列說法正確的是（）A.穿過送電線圈磁通量的變化率和受電線圈磁通量的變化率相同B.送電線圈和受電線圈中交變電流的頻率相同C.受電線圈的輸出電壓有效值約為9VD.受電線圈與送電線圈電流之比約為1:22〖答案〗BC〖解析〗A．由于穿過受電線圈的磁通量約為送電線圈的90%，則穿過送電線圈磁通量的變化率和受電線圈磁通量的變化率不相同，故A錯誤；B．變壓器不改變交流電的頻率，即送電線圈和受電線圈中交變電流的頻率相同，故B正確；C．由于穿過受電線圈的磁通量約為送電線圈的90%，則有，解得故C正確；D．根據(jù)功率關(guān)系有解得故D錯誤。故選BC。8.無人機的應(yīng)用日益廣泛。如圖所示，某次表演中一架無人機正對山坡勻加速水平飛行，加速度大小為10m/s2，山坡傾角為45°。無人機先后釋放兩顆相同的小球，兩小球均落到山坡上，重力加速度為g＝10m/s2，不考慮小球所受空氣阻力。則下列說法正確的是（）A.兩顆小球可能都垂直落在山坡上 B.兩顆小球同時落在山坡上C.兩顆小球不會同時落在山坡上 D.兩顆小球落到山坡上的動能可能相等〖答案〗BD〖解析〗BD．設(shè)扔下第一個小球時，飛機的速度大小為，此時到山坡的豎直高度為，則水平勻速直線，位移為豎直方向因為山坡傾角為，則即設(shè)從仍第一個小球開始計時，經(jīng)過時間后扔下第二個小球，在時刻第二個小球落到山坡上，則第二個小球的初速度為水平方向豎直方向其中化簡得所以故B正確，C錯誤；A．兩球運動時間相同，第二個小球水平方向運動水平位移長，即水平分速度大；豎直方向運動位移小，即豎直分速度小，所以兩小球落到山坡末速度方向一定不同，故A錯誤；D．兩球運動時間相同，第二個小球水平方向運動水平位移長，即水平分速度大；豎直方向運動位移小，即豎直分速度小，則兩球的合速度大小可能相同，即兩球的動能可能相同，故D正確。故選BD。二、非選擇題9.某同學(xué)利用激光完成以下光學(xué)實驗：（1）測量一半圓形透明玻璃磚的折射率。①用游標(biāo)卡尺測玻璃磚的直徑d，卡尺前端沒有畫出，后端如圖乙所示，則d＝____________cm；②將玻璃磚放在位于水平桌面的白紙上，如圖甲所示，若激光垂直底邊射入，從圓心O點開始向左平移0.3d，剛好半圓界面上沒有出射光線，則玻璃磚對該激光的折射率為n＝____________（2）若用激光做雙縫干涉實驗，下列說法正確的是A.做實驗時，主要是應(yīng)用激光的亮度高的特性B.僅將入射光由紅色激光改為藍色激光，則光屏上相鄰明條紋間距變寬C.光屏上得到的是等間距的條紋D.僅換用間距更窄的雙縫，條紋間距變寬〖答案〗（1）6.43（2）CD〖解析〗【小問1詳析】①[1]直徑②[2]激光垂直底邊射人，從圓心O點開始向左平移0.3d，剛好半圓界面上沒有出射光線，發(fā)生全反射，入射角為臨界角，正弦值玻璃磚對該激光的折射率為【小問2詳析】A．做實驗時，主要是應(yīng)用激光的相干性好的特性，故A錯誤；B．根據(jù)紅色激光波長大于藍色激光波長，僅將入射光由紅色激光改為藍色激光，則光屏上相鄰明條紋間距變窄，故B錯誤；C．用激光做雙縫干涉實驗，光屏上得到的是等間距的條紋，故C正確；D．根據(jù)僅換用間距更窄的雙縫，條紋間距變寬，故D正確。故選CD。10.某小組同學(xué)在社團實踐活動中自制電子秤，原理如圖甲所示，電壓表可視為理想電壓表（量程為3V），用電壓表的示數(shù)指示物體的質(zhì)量，托盤與金屬輕彈簧相連，托盤質(zhì)量與輕彈簧電阻均忽略不計?；瑒幼冏杵骺傠娮铻镽=12Ω，總長度為l，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，變阻箱R0，彈簧勁度系數(shù)為k，不計一切摩擦和阻力。（1）該小組同學(xué)先利用如圖乙所示電路測定電子秤里電池的電動勢和內(nèi)阻，根據(jù)多次測量的數(shù)據(jù)作出的U—I圖像如圖丙所示，可知電池的電動勢為E=______V，內(nèi)阻為r=______Ω（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）；（2）該小組同學(xué)想得到電壓表的示數(shù)U與被測物體質(zhì)量m之間的關(guān)系，設(shè)計了如下實驗：①當(dāng)托盤中沒有放物體時，滑片恰好指在變阻器R的最上端，電壓表的示數(shù)恰好為零；②在托盤里緩慢加入細(xì)砂，直到滑動變阻器的滑片P恰好滑到R的最下端，然后調(diào)節(jié)電阻箱R0，直到電壓表達到滿偏，實驗過程中彈簧一直處于彈性限度內(nèi)，則此時電阻箱的讀數(shù)為R0=______Ω；③已知所用的彈簧的勁度系數(shù)為k=2.0×102N/m，重力加速度g=9.8m/s2，R長度l=20cm，則該電子秤所能稱量的最大質(zhì)量為m=______kg（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）實驗過程中電壓表的示數(shù)U和所稱量物體的質(zhì)量m的關(guān)系式為______（用題中所給字母表示，不代入數(shù)值）?！即鸢浮剑?）6.02.0（2）104.1（3）〖解析〗小問1詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有結(jié)合圖乙有，【小問2詳析】[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律有根據(jù)歐姆定律有解得[2]根據(jù)胡克定律有解得【小問3詳析】根據(jù)胡克定律有滑動變阻器接入電阻根據(jù)閉合電路歐姆定律有干路電流解得11.某興趣小組用打氣筒制作一彈跳玩具，其核心部分可簡化為如圖所示的圓筒形汽缸（導(dǎo)熱性良好），連桿一端與水平地面接觸，另一端與面積為S的活塞連接（活塞厚度不計），汽缸內(nèi)密封一定質(zhì)量的理想氣體。沒有站人時活塞位于距缸底為H的A處，A處有卡塞，活塞只能在卡塞上方移動。已知外界溫度為27℃，氣缸內(nèi)封閉氣體壓強為p，此時活塞與卡塞恰好接觸且二者之間無相互作用力，重力加速度為g，取T=t＋273K，不計活塞與汽缸間的摩擦，汽缸始終保持豎直。求：（1）若外界溫度升高10℃時，氣缸內(nèi)封閉氣體增加的壓強△p；（2）若外界溫度保持不變，仍為27℃，一質(zhì)量為m的同學(xué)站在該玩具上最終穩(wěn)定時，活塞與缸底的距離h?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）當(dāng)外界溫度升高10℃時，溫度的變化量為氣缸內(nèi)封閉氣體發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律有其中解得（2）若溫度保持不變，氣缸內(nèi)封閉氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律有解得12.某研究小組研究傳送帶上物體的碰撞。如圖所示，傳送帶兩端相距3.6m，以v＝2m/s的速率沿順時針方向勻速運行，讓質(zhì)量為1kg的物塊A和質(zhì)量為2kg的物塊B同時從傳送帶的左端和右端以相對于地面大小為v0＝4m/s的速度滑上傳送帶，兩物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.5，不計物塊的大小，兩物塊碰撞后粘在一起（碰撞時間極短），重力加速度為g＝10m/s2。求：（1）物塊A和B碰撞前瞬間各自速度的大?。唬?）物塊A和B在碰撞過程中損失的能量。〖答案〗（1）2m/s，0；（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意，對物塊A，B分析，由牛頓第二定律可得二者加速度大小相等假設(shè)物塊A與傳送帶共速前二者未相碰，則有解得物塊A，B的位移為解得此時二者間距故假設(shè)正確。此后A向右勻速，B繼續(xù)向左減速，設(shè)再經(jīng)相碰，則解得碰撞前，物塊B的速度為即碰撞前瞬間物塊A的速度為2m/s，B的速度為0（2）之后物塊A和B碰撞，由動量守恒定律有解得13.如圖，直角坐標(biāo)系Oxy中，在第一象限內(nèi)有沿y軸負(fù)方向的勻強電場；在第三、第四象限內(nèi)分別有方向垂直于坐標(biāo)平面向里和向外的有界勻強磁場。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的粒子，從y軸上的P（0，L）點處，以初速度v0垂直于y軸射入電場，再經(jīng)x軸上的M點沿與x軸正方向成45°角進入磁場，粒子重力不計。（1）求M點的坐標(biāo)；（2）要使粒子能夠與y軸正方向或負(fù)方向成60°角進入第三象限，求出兩種情況下第四象限內(nèi)磁感應(yīng)強度B的取值；（3）若第四象限內(nèi)磁感應(yīng)強度大小為，第三象限內(nèi)磁感應(yīng)強度大小為，且第三、第四象限的磁場下邊界AB與x軸平行，則要使粒子能夠從第四象限垂直邊界AB飛出磁場，求邊界AB與x軸間距離h的可能取值?！即鸢浮剑?）；（2）見〖解析〗；（3）（n＝0，1，2，3…）〖解析〗（1）粒子離開電場時，，解得x＝2L則M點坐標(biāo)為。（2）粒子進入第四象限時速度大小第一種情況速度方向與y軸負(fù)方向成60°，如圖粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力解得第二種情況速度方向與y軸正方向成60°，如圖粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力解得（3）由牛頓第二定律可得粒子在第四象限中運動的半徑為在第三象限的半徑為粒子可能的運動軌跡如圖所示由運動分析可（n＝0，1，2，3…）解得（n＝0，1，2，3…）洛平許濟2023—2024學(xué)年高三第四次質(zhì)量檢測能力測試一、選擇題1.半衰期長達100年的放射性同位素鎳Ni可作為原子能電池的材料，通過衰變實現(xiàn)了衰變能向電能的持續(xù)轉(zhuǎn)化，下列說法不正確的是A.Ni的衰變方程是Ni→e＋Cu B.16個Ni經(jīng)過400年一定剩2個C.Ni的比結(jié)合能小于Cu，所以Cu更穩(wěn)定 D.Ni發(fā)生衰變的過程質(zhì)量數(shù)守恒，但質(zhì)量有虧損〖答案〗B〖解析〗A．Ni的衰變方程是Ni→e＋Cu，選項A正確；B．半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，隨少數(shù)原子核不適用，選項B錯誤；C．反應(yīng)放出核能，生成物更加穩(wěn)定，比結(jié)合能更大，則Ni的比結(jié)合能小于Cu，所以Cu更穩(wěn)定，選項C正確；D．Ni發(fā)生衰變的過程質(zhì)量數(shù)守恒，但反應(yīng)放出核能，質(zhì)量有虧損，選項D正確。此題選擇不正確的，故選B。2.如圖所示電路中，A、B為水平放置的平行板電容器的兩個極板。閉合開關(guān)K，電路穩(wěn)定后，一帶電液滴位于電容器極板間的P點并處于靜止?fàn)顟B(tài)，整個裝置處于真空中，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.若把電阻箱R1阻值調(diào)大，則電容器放電B.若把電阻箱R1阻值調(diào)大，則液滴向上運動C.若將電容器上極板上移少許，則P點的電勢升高D.若減小電容器兩極板的正對面積，則液滴向下運動〖答案〗A〖解析〗AB．若把電阻箱R1阻值調(diào)大，根據(jù)分壓比可知兩端電壓減小，即電容器極板間的電勢差減小，根據(jù)可知電容器帶電量減小，電容器放電，根據(jù)可知電容器極板間的電場強度減小，帶電液滴受到的電場力減小，小于重力，液滴向下運動，故A正確，B錯誤；C．若將電容器上極板上移少許，增大，電容器極板間的電場強度減小，根據(jù)可知P點的電勢減小，故C錯誤；D．若減小電容器兩極板的正對面積，電容器電容減小，電容器極板間的電勢差不變，電容器極板間的電場強度不變，帶電液滴受到的電場力不變，液滴保持靜止，故D錯誤。故選A。3.2023年10月26日17時46分，“神舟十七號”載人飛船與空間站核心艙成功對接。已知核心艙繞地心運行的軌道半徑為r，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，核心艙繞地心可近似看勻速圓周運動，引力常量為G。下列說法正確的是（）A.核心艙運行的向心加速度大小為B.核心艙運行的周期為C.根據(jù)題中的信息可以求出地球的密度為D.根據(jù)題中的信息可以求出空間站的質(zhì)量〖答案〗C〖解析〗A．由萬有引力提供向心力結(jié)合解得故A錯誤；B．由得核心艙運行的周期為故B錯誤；C．根據(jù)題中的信息可以求出地球的密度為故C正確；D．根據(jù)題中的信息不可以求出空間站的質(zhì)量。故D錯誤。故選C。4.水袖舞是中國京劇的特技之一，因其身姿搖曳、技法神韻倍受人們喜歡。某次表演中演員用出水袖的波浪可簡化為簡諧橫波，以右手的平衡位置為坐標(biāo)原點，下圖是演員右手在抖動水袖過程中t＝0時刻的波形，若右手10秒鐘上下抖動完成25次全振動，K點橫坐標(biāo)為0.375m，下列說法正確的是（）A.這列波的波速大小為0.4m/sB.t＝0.25s時質(zhì)點K剛好到達y軸負(fù)向最大位移處C.t＝0時刻時質(zhì)點K的位移為cmD.質(zhì)點L的振動方程為y＝20cos(0.8πt＋π)cm〖答案〗B〖解析〗A．依題意，可得由圖可知，波長為1m，根據(jù)故A錯誤；C．該簡諧橫波的波動方程為代入x=0.375m，可得故C錯誤；B．質(zhì)點K的振動方程為當(dāng)t=0時，。代入，可得可得t＝0.25s時，質(zhì)點K的位移為可知剛好到達y軸負(fù)向最大位移處。故B正確；D．同理，可得質(zhì)點L的振動方程為y＝20cos(5πt＋π)cm故D錯誤。故選B。5.如圖所示，光滑水平面上正三角形導(dǎo)線框abc在水平向右力F的作用下，勻速進入左側(cè)有理想邊界的勻強磁場，運動過程中bc邊始終與磁場邊界垂直，設(shè)c點剛進入磁場時為零時刻，a點進入磁場的時刻為t1，b點進入磁場的時刻為t2，設(shè)穿過線框的磁通量為Φ，感應(yīng)電動勢為E，通過導(dǎo)線某橫截面的電荷量為q，則Φ、E、F、g隨時間t變化的圖像可能正確的是A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)題意勻速進入左側(cè)有理想邊界的勻強磁場時，有效長度為磁通量為聯(lián)立解得得可知，圖像為拋物線，故A錯誤；B．c點進入磁場后的感應(yīng)電動勢為由聯(lián)立解得可知，圖像為一直線，a點進入磁場后，有效長度逐漸減小，則感應(yīng)電動勢逐漸減小，全部進入磁場時感應(yīng)電動勢為零，故B錯誤；C．根據(jù)題意勻速進入左側(cè)有理想邊界的勻強磁場時線框受力平衡，有而聯(lián)立解得圖像為拋物線，故C正確；D．由可知圖像為開口向上的拋物線，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，在水平地面上有四個等間距點A、B、C和D。可視為質(zhì)點的小滑塊P以初速度從A出發(fā)，受到水平向左的恒定風(fēng)力作用，若地面與滑塊間無摩擦，則滑塊恰好到達D點，而后反向運動；若地面AB部分與滑塊間有摩擦，其余部分與滑塊間仍無摩擦，則滑塊恰好滑到C點，而后反向運動，則下列說法正確的是（）A.若AB部分有摩擦?xí)r，滑塊反向運動到A點時速度大小為B.若AB部分有摩擦?xí)r，滑塊反向運動到A點時速度大小為C.若AB部分無摩擦?xí)r，風(fēng)力在由A到B和由B到C兩過程中沖量相等D.小滑塊所受的摩擦力與風(fēng)力大小相等〖答案〗AD〖解析〗ABD．設(shè)間隔點之間的距離為x，風(fēng)力大小為。若AB部分無摩擦?xí)r，A到D，由動能定理得若AB部分有摩擦，A到C，由動能定理得C到A，由動能定理得聯(lián)立解得，故AD正確，B錯誤；C．若AB部分無摩擦?xí)r，A到B和由B到C位移相同，受力相同，但A到D做減速運動，所以它們時間不同，沖量不同。故C錯誤。故選AD。7.如圖為手機無線充電原理圖，送電線圈a、b端接有效值為220伏的正弦交流電，受電線圈c、d端連接在給電池充電的電路上，送電線圈為1100匝，受電線圈為50匝。若工作狀態(tài)下，穿過受電線圈的磁通量約為送電線圈的90%，忽略其它損耗，下列說法正確的是（）A.穿過送電線圈磁通量的變化率和受電線圈磁通量的變化率相同B.送電線圈和受電線圈中交變電流的頻率相同C.受電線圈的輸出電壓有效值約為9VD.受電線圈與送電線圈電流之比約為1:22〖答案〗BC〖解析〗A．由于穿過受電線圈的磁通量約為送電線圈的90%，則穿過送電線圈磁通量的變化率和受電線圈磁通量的變化率不相同，故A錯誤；B．變壓器不改變交流電的頻率，即送電線圈和受電線圈中交變電流的頻率相同，故B正確；C．由于穿過受電線圈的磁通量約為送電線圈的90%，則有，解得故C正確；D．根據(jù)功率關(guān)系有解得故D錯誤。故選BC。8.無人機的應(yīng)用日益廣泛。如圖所示，某次表演中一架無人機正對山坡勻加速水平飛行，加速度大小為10m/s2，山坡傾角為45°。無人機先后釋放兩顆相同的小球，兩小球均落到山坡上，重力加速度為g＝10m/s2，不考慮小球所受空氣阻力。則下列說法正確的是（）A.兩顆小球可能都垂直落在山坡上 B.兩顆小球同時落在山坡上C.兩顆小球不會同時落在山坡上 D.兩顆小球落到山坡上的動能可能相等〖答案〗BD〖解析〗BD．設(shè)扔下第一個小球時，飛機的速度大小為，此時到山坡的豎直高度為，則水平勻速直線，位移為豎直方向因為山坡傾角為，則即設(shè)從仍第一個小球開始計時，經(jīng)過時間后扔下第二個小球，在時刻第二個小球落到山坡上，則第二個小球的初速度為水平方向豎直方向其中化簡得所以故B正確，C錯誤；A．兩球運動時間相同，第二個小球水平方向運動水平位移長，即水平分速度大；豎直方向運動位移小，即豎直分速度小，所以兩小球落到山坡末速度方向一定不同，故A錯誤；D．兩球運動時間相同，第二個小球水平方向運動水平位移長，即水平分速度大；豎直方向運動位移小，即豎直分速度小，則兩球的合速度大小可能相同，即兩球的動能可能相同，故D正確。故選BD。二、非選擇題9.某同學(xué)利用激光完成以下光學(xué)實驗：（1）測量一半圓形透明玻璃磚的折射率。①用游標(biāo)卡尺測玻璃磚的直徑d，卡尺前端沒有畫出，后端如圖乙所示，則d＝____________cm；②將玻璃磚放在位于水平桌面的白紙上，如圖甲所示，若激光垂直底邊射入，從圓心O點開始向左平移0.3d，剛好半圓界面上沒有出射光線，則玻璃磚對該激光的折射率為n＝____________（2）若用激光做雙縫干涉實驗，下列說法正確的是A.做實驗時，主要是應(yīng)用激光的亮度高的特性B.僅將入射光由紅色激光改為藍色激光，則光屏上相鄰明條紋間距變寬C.光屏上得到的是等間距的條紋D.僅換用間距更窄的雙縫，條紋間距變寬〖答案〗（1）6.43（2）CD〖解析〗【小問1詳析】①[1]直徑②[2]激光垂直底邊射人，從圓心O點開始向左平移0.3d，剛好半圓界面上沒有出射光線，發(fā)生全反射，入射角為臨界角，正弦值玻璃磚對該激光的折射率為【小問2詳析】A．做實驗時，主要是應(yīng)用激光的相干性好的特性，故A錯誤；B．根據(jù)紅色激光波長大于藍色激光波長，僅將入射光由紅色激光改為藍色激光，則光屏上相鄰明條紋間距變窄，故B錯誤；C．用激光做雙縫干涉實驗，光屏上得到的是等間距的條紋，故C正確；D．根據(jù)僅換用間距更窄的雙縫，條紋間距變寬，故D正確。故選CD。10.某小組同學(xué)在社團實踐活動中自制電子秤，原理如圖甲所示，電壓表可視為理想電壓表（量程為3V），用電壓表的示數(shù)指示物體的質(zhì)量，托盤與金屬輕彈簧相連，托盤質(zhì)量與輕彈簧電阻均忽略不計。滑動變阻器總電阻為R=12Ω，總長度為l，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，變阻箱R0，彈簧勁度系數(shù)為k，不計一切摩擦和阻力。（1）該小組同學(xué)先利用如圖乙所示電路測定電子秤里電池的電動勢和內(nèi)阻，根據(jù)多次測量的數(shù)據(jù)作出的U—I圖像如圖丙所示，可知電池的電動勢為E=______V，內(nèi)阻為r=______Ω（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）；（2）該小組同學(xué)想得到電壓表的示數(shù)U與被測物體質(zhì)量m之間的關(guān)系，設(shè)計了如下實驗：①當(dāng)托盤中沒有放物體時，滑片恰好指在變阻器R的最上端，電壓表的示數(shù)恰好為零；②在托盤里緩慢加入細(xì)砂，直到滑動變阻器的滑片P恰好滑到R的最下端，然后調(diào)節(jié)電阻箱R0，直到電壓表達到滿偏，實驗過程中彈簧一直處于彈性限度內(nèi)，則此時電阻箱的讀數(shù)為R0=______Ω；③已知所用的彈簧的勁度系數(shù)為k=2.0×102N/m，重力加速度g=9.8m/s2，R長度l=20cm，則該電子秤所能稱量的最大質(zhì)量為m=______kg（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（3）實驗過程中電壓表的示數(shù)U和所稱量物體的質(zhì)量m的關(guān)系式為______（用題中所給字母表示，不代入數(shù)值）。〖答案〗（1）6.02.0（2）104.1（3）〖解析〗小問1詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有結(jié)合圖乙有，【小問2詳析】[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律有根據(jù)歐姆定律有解得[2]根據(jù)胡克定律有解得【小問3詳析】根據(jù)胡克定律有滑動變阻器接入電阻根據(jù)閉合電路歐姆定律有干路電流解得11.某興趣小組用打氣筒制作一彈跳玩具，其核心部分可簡化為如圖所示的圓筒形汽缸（導(dǎo)熱性良好），連桿一端與水平地面接觸，另一端與面積為S的活塞連接（活塞厚度不計），汽缸內(nèi)密封一定質(zhì)量的理想氣體。沒有站人時活塞位于距缸底為H的A處，A處有卡塞，活塞只能在卡塞上方移動。已知外界溫度為27℃，氣缸內(nèi)封閉氣體壓強為p，此時活塞與卡塞恰好接觸且二者之間無相互作用力，重力加速